2024年辽宁省沈阳第一二六中学中考物理三模试卷

2024年辽宁省沈阳126中学中考物理三模试卷 一、单选题：本大题共6小题，共12分。 1.下列数据最接近实际的是(    ) A. 教室内日光灯正常发光的电流约为1A B. 中考物理试卷的重力约为 C. 优秀短跑运动员功率可达到一千瓦 D. 洗澡时感觉舒适的水温约为 2.下列关于物态变化的说法正确的是(    ) A. 戴眼镜的人从温暖的室内进入寒冷的室外，镜片会蒙上一层小水珠，是液化现象 B. 衣柜里的樟脑片逐渐变小，是由于樟脑片升华了 C. 北方冬天美丽的雾凇是空气凝华形成的 D. 加湿器喷出的水雾是水蒸气液化形成的 3.如图所示，用相同的电加热器加热质量相同的甲和乙两种液体，实验数据记录如下表。以下判断正确的是(    ) 加热时间 0 1 2 3 4 甲的温度 20 22 24 26 28 乙的温度 20 24 28 32 36 A. 吸收相同热量时，甲的温度变化量大于乙的 B. 温度变化量相同时，乙需要更多的加热时间 C. 甲和乙的内能都是通过热传递的方式增加的 D. 实验结束停止加热后，乙的降温速度比甲慢 4.如图是一只红嘴鸥从水中捕食，飞离水面的情景。下列说法正确的是(    ) A. 水中的倒影是由于光的反射形成的实像 B. 红嘴鸥飞离水面时，它的像也远离水面 C. 水越深，红嘴鸥的像到水面的距离越远 D. 红嘴鸥飞离水面时，水中的像变小 5.下列关于安全用电的说法正确的是(    ) A. 图甲，人体会触电，此时位于a处的空气开关会自动切断电路 B. 图乙，闭合开关时，灯泡会发光，b点会使试电笔发光 C. 图丙，c处断路时，冰箱会立即停止工作 D. 图丁，使用试电笔时手要接触笔尾的金属体 6.关于电与磁现象的应用，下列说法中正确的是(    ) A. 甲图中的司南静止时勺柄指北，是受地磁场作用的结果 B. 乙图中的电铃是利用电流磁效应工作的 C. 丙图中的手摇发电机的工作原理可以制成扬声器 D. 丁图中使A带上正电荷，B不带电。用带绝缘柄的金属杆把A和B连接起来的瞬间，电流方向为自B流向A 二、多选题：本大题共3小题，共6分。 7.下列说法不正确的是(    ) A. 激光在光导纤维中利用光的反射传递信息，其传播速度为 B. “冻梨”放在水中“缓”一下，变软才好吃。缓的时候冻梨中发生的物态变化是熔化 C. 搬起石头所用的力等于石头的重力 D. 物体处于平衡状态时，机械能不变 8.如图所示，水平桌面上是两个完全相同的溢水杯，杯中装满不同种类的液体，将两个完全相同的小球分别放入溢水杯中，甲杯溢出1N的液体，乙杯溢出的液体，下列说法中正确的是(    ) A. 小球在甲杯中受到的浮力小于在乙杯中受到的浮力 B. 小球重1N，在乙杯中受到的浮力是 C. 甲液体对杯底的压强大于乙液体对杯底的压强 D. 放入小球后，甲容器对桌面的压力变化量比乙的小 9.如图甲所示的电路，电源电压保持不变。灯泡L的额定功率为2W，滑动变阻器上标有“”的字样，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑动至灯泡正常发光。图乙是两电压表中的一个电压表示数与滑动变阻器阻值变化关系的图像。下列说法中正确的是(    ) A. 电源电压为12V B. 滑动变阻器的滑片滑动至最右端时，灯泡的阻值为 C. 整个电路的最小功率为 D. 灯泡正常发光时，灯泡与滑动变阻器的功率之比为5：1 三、填空题：本大题共6小题，共12分。 10.在太阳内部，氢原子核发生______选填“热核反应”或“链式反应”释放出巨大的核能。核能属于______选填“可再生”或“不可再生”能源。 11.中医“艾灸”是用点燃艾条产生的热刺激人体穴位，达到一定的理疗效果。“艾灸”时通过______的方式改变了穴位处的内能。整个房间内弥漫着艾草香味，这是由于物质的分子在______。 12.如图所示，物块A重15N、B重5N，B放在A上。用100N的水平推力F将A压在竖直墙上，恰能让A和B一起匀速下滑，A所受到的摩擦力是______ N。推力F保持不变，将B拿走，在A的下方施加一个竖直向上的力，使物体A恰好向上做匀速直线运动，则的大小为______ N。 13.2024年3月20日，“长征八号遥三”运载火箭从我国文昌航天发射场发射升空，成功将探月工程四期“鹊桥二号”中继星送入预定轨道，如图所示。中继星随火箭加速升空过程中，中继星的机械能______选填“变大”“变小”或“不变”；火箭燃料选择液态氢是因为它的______大。 14.如图为某单缸四冲程汽油机的______冲程。该汽油机的飞轮每分钟旋转3000转，每秒对外做功______次。 15.如图甲所示，为具有加热功能的座椅垫。该座椅垫加热部分的电路简图如图乙所示，电源电压为24V，“高温”挡功率为36W，高低温挡的功率比为3：1，则电热丝的电阻是______，电阻与之比为______。 四、作图题：本大题共3小题，共12分。 16.平衡大师将装有适量水的易拉罐斜立在水平桌面上静止时，如图所示。若易拉罐的重心在简图的虚线上，请你在其简图中作出易拉罐的受力分析图。 17.如图请做出光线经平面镜反射和凸透镜折射后的光路图。 18.  五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。 19.如图甲是做“探究水在沸腾前后温度变化的特点”实验时的实验装置。 为了______，并且防止水沸腾时飞溅，以及避免水蒸气在温度计上液化影响读数，需要在烧杯上盖一块硬纸板，硬纸板的中间部分留有固定温度计的小孔，如图乙，纸板上另一个小孔的作用是______； 实验过程中，某时刻温度计的示数如图丙所示为______。某同学认为此时温度低于，水没有沸腾。该同学的判断方法不妥当，实验时应该根据______的现象确定水沸腾了； 根据实验数据绘制水沸腾前后温度变化图象如图丁，由图象分析可知，水在沸腾时的温度变化特点是______。 20.用如图甲所示的装置“探究凸透镜成像特点”，其中凸透镜的焦距为15cm，实验时在坐标纸上记录了蜡烛与光屏上像的位置和大小，如图乙所示带箭头的线段表示物或像，、分别表示蜡烛在A、B时像的位置。 从图乙可以看出，蜡烛在A、B位置时光屏上得到的都是______填像的性质。 当把蜡烛放在C位置时，在光具座上无论怎样移动光屏部不能得到清晰的像。为了让蜡烛在C位置的像能成在光具座上的光屏上，他采用了两种做法。 做法一：保持蜡烛和透镜位置不变更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像；由此推断更换的凸透镜比原有的凸透镜的聚光能力______。填“强”或“弱”。 做法二：保持蜡烛和透镜位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像。由此实验联系实际可推知，远视眼的晶状体焦距______。 在实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距u随时间t的变化图象如图丙所示，则像距v与t的大致变化关系为丁图中的______。 21.某学习小组利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”的实验。每个钩码重均为 利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究： ①实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，如甲图所示，此时杠杆______填“处于”或“没处于”平衡状态，接下来的操作是：______； ②同学们进行实验并收集数据，其中A、B表示杠杆两端悬挂钩码的位置，如图乙所示。 序号 1 2 3 同学们分析数据，分别得出以下两个结论： A.动力支点到动力作用线的距离=阻力支点到阻力作用线的距离 B.动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离 为了验证哪个结论正确，他们继续进行实验。杠杆在水平位置平衡时，用弹簧测力计分别竖直向下和斜向下拉动杠杆，如图丙所示，观察到______的现象。由此，他们得出结论 A是正确的； ③小组中的一名同学设计了一个更巧妙的方法证明A结论是正确的。他们制作了一个密度均匀的圆盘相当于杠杆，圆盘可以绕着圆心O转动转轴阻力忽略不计。如图丁所示，若已知以O为圆心的三个同心圆的半径关系，，则在C点悬挂4个钩码，需要在D点挂上______个钩码才能使圆盘平衡。为了改变支点到力的作用点的距离，他将挂在 D点的钩码先后挂在______两个点，又进行了两次实验，发现圆盘仍在图示位置平衡。这一发现进一步加深了他们对“力臂”的认识； 另一组同学用如图戊所示的一根左粗右细的直木棒进行探究，悬挂使其水平平衡，利用钩码和刻度尺，使用该直木棒______选填“能”或“不能”探究“杠杆平衡条件”。 22.如图甲是探究“导体的电流跟电阻的关系”的电路。实验器材：电源电压恒为，电流表、电压表各一只，开关一个，定值电阻5个、、、、，滑动变阻器“，2A”，导线若干。 用笔画线代替导线完成图甲电路的连接； 先用的电阻做实验，两电表的指针所指位置如图乙，根据图中信息可以判断电路故障可能是______；排除故障并选择合适的量程，调节滑动变阻器直到电压表示数如图丙所示为______ V； 当用电阻替代继续实验时，应将滑片向______端移动才能使电压表的示数保持不变；改用的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数保持不变，在现有的器材的基础上，请你提出一种改进方法：______。 根据实验数据绘制图象如图丁，可初步得到结论：电压一定时，______。 设计了如图戊的电路，也能测量额定电流为的小灯泡正常发光时的电阻。电源电压未知、定值电阻的阻值为，请你将实验步骤补充完整。 ①闭合开关，调节滑片，直到电压表的示数为______，此时小灯泡正常发光，读取电压表的示数为； ②小灯泡正常发光时电阻的表达式是______。均用给定的物理量表示 六、计算题：本大题共2小题，共14分。 23.如图甲所示，实验室用来储水的平底铁桶重为8千克，桶的底面积为，往桶里倒入16kg的水，水的深度为30cm，平放在水平台面上取。求： 水对桶底的压强； 台面受到桶的压强； 如图乙、丙分别是小明在实验室测量某小球质量和体积的情景，如果小明将该小球投入到储水桶的水中，求小球静止时所受的浮力。 24.如表是某同学家的电热水器铭牌，充满水后，打开开关，显示屏显示热水器内水温为，将调温开关调到“”的位置，加热指示灯亮起，热水器开始以额定功率加热，等了温度达到加热指示灯熄灭。请你回答下列问题： 加热指示灯从亮起到熄灭的过程中，热水器中的水一共吸收多少热量？【，】 加热指示灯从亮起到熄灭的过程中，热水器消耗多少电能？ 热水器的效率是多少？ 在用电高峰期，完成相同的加热过程所用的时间T ______选填“大于”“小于”或“等于”。 贮水式电热水器 额定容量：60L 额定电压：220V 额定频率：50Hz 额定功率：3000W 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：日光灯的额定功率在40W左右，正常发光的电流为左右，故A错误； B.一张试卷的质量在左右，受到的重力约为，故B错误； C.优秀短跑运动员1s做功约1000J，功率可达到一千瓦，故C正确； D.人体正常体温在左右，洗澡水的温度应该略高于体温，约为，不可能达到，故D错误。  故选：C。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 2.【答案】B  【解析】解：A、从温暖的室内进入寒冷的室外，因镜片温度高于室外水蒸气的温度，水蒸气不会遇冷，因此镜片上不会出现小水珠，故A错误； B、衣柜里的固态樟脑片逐渐变小，看不到液体，是由固态直接变成气态，是升华现象，故B正确； C、雾凇是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，故C错误； D、加湿器喷口外的水雾是由超声波的高频振荡，将水打散成很细小的水雾颗粒形成的，物态没有发生变化，故D错误。 故选：B。 物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。 该题考查了几种物态变化过程，解题的关键是分清每个过程前后物体所处的状态及其吸放热。 3.【答案】C  【解析】解：根据表格中的数据科长，加热时间相同，吸收的热量相同，甲的温度变化量小于乙的温度变化量，故A错误； B.吸收相同热量，甲的温度变化量小于乙的温度变化量，据此推理可知，变化相同的温度，甲需要更多的加热时间，故B错误； C.甲和乙的内能都是通过热传递的方式改变的，故C正确； D.用相同的电加热器加热质量相同的甲和乙两种液体，在相同时间内，吸收相同的热量，乙液体升高温度比较快，根据 可知，乙的比热容小于甲的比热容，所以实验结束停止加热后，乙的降温速度比甲快，故D错误。 故选：C。 我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。 比较物质吸热能力的2种方法： ①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强； ②使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； 改变物体内能的方法：做功和热传递。 本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。 4.【答案】B  【解析】解：A、水中的倒影是由于光的反射形成的虚像，故A错误； B、像与物到平面镜的距离相等，红嘴鸥飞离水面时，它的像也远离水面，故B正确； C、像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离有关，与水的深度无关，故C错误； D、红嘴鸥飞离水面时，根据平面镜成像特点，像与物大小相同，所以水中的像大小不变，故D错误。 故选：B。 水中倒影是平面镜所成的虚像； 根据平面镜成像特点，像与物到平面镜的距离相等，像与物大小相同。 本题主要考查了光的反射和平面镜成像，属于基础题。 5.【答案】D  【解析】解：人体发生触电时，若是由于不小心碰到火线且站在地面上，则漏电保护器会自动断开电路，故A错误； B.图乙，闭合开关时，灯泡会发光，b点与零线相连，试电笔的氖管不会发光，故B错误； C.若三线插头的地线断路，人会有触电的危险，不会影响正常用电器的工作情况，故C错误； D.使用试电笔时，手指要按住笔尾的金属帽或者笔卡，才能形成通路，故D正确。 故选：D。 人体站在地面上单独接触火线会触电。 试电笔是辨别火线和零线的工具。 有金属外壳的家用电器要使用三孔插座。 使用试电笔时手必须接触笔尾金属体。 本题考查的是试电笔的使用和触电的种类；知道空气开关和漏电保护器的作用；知道三孔插座的正确使用方法。 6.【答案】B  【解析】解：甲图中的司南静止时指南北，是受地磁场作用的结果，司南静止时勺柄指向南方，故A错误； B.乙图中的电铃的主要装置是电磁铁，利用电流的磁效应工作的，故B正确； C.丙图中的手摇发电机的工作原理是电磁感应现象，扬声器是根据磁场对通电导体有力的作用原理制成的，故C错误； D.丁图中使A带上正电荷，A缺少电子，B不带电，用带绝缘柄的金属杆把A和B连接起来的瞬间，电子从B流向A，电流方向与电子定向移动的方向相反，电流方向为自A流向B，故D错误。 故选：B。 司南指示南北是因为受到地磁场的作用。 电铃是利用电流的磁效应来工作的。 闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。 负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。 知道地磁场和电流的磁效应；知道发电机和扬声器的原理。 7.【答案】ACD  【解析】解：真空中的光速是宇宙中的最大速度，为，光纤通信是利用激光在光导纤维中多次反射传递信息的，速度小于，故A错误； B.冻梨变软是熔化现象，是水由固态变为液态，是熔化现象，故B正确； C.当匀速搬起石头时，所用的力等于石头的重力，如果是加速搬起，则人所用的力大于石头的重力，故C错误； D.物体处于平衡状态时，机械能也可能发生变化，如匀速下落的降落伞，机械能变小，故D错误。 故选：ACD。 真空中的光速是宇宙中的最大速度，为； 物质由固态变成液态叫熔化； 做匀速直线运动的物体受平衡力，做变速运动的物体受力不平衡； 机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度，弹性势能的影响因素是弹性形变量。 本题考查机械能、光速、物态变化、力与运动等知识点，较为综合。 8.【答案】BCD  【解析】解：A、小球在甲杯中漂浮，受到的浮力等于其重力，在乙杯中下沉，受到的浮力小于其重力，则小球在甲杯中受到的浮力大于在乙杯中受到的浮力，故A错误； B、甲杯溢出1N的液体，由阿基米德原理得，小球在甲杯中受到的浮力为1N，小球在甲杯中受到的浮力等于其重力，则小球重1N；乙杯溢出的液体，由阿基米德原理得，在乙杯中受到的浮力是，故B正确； C、由小球在乙液体下沉和在甲液体中漂浮可知，，，故，液体深度相同，由可知，甲容器中的液体对容器底的压强大，故C正确； D、放入小球后，甲中小球排开水的重力等于小球的重力，因此甲溢水杯的总重力不变，对桌面的压力不变，即甲容器对桌面的压力变化量为0；乙中，小球排开水的重力小于小球的重力，因此乙溢水杯的总重力变大，乙容器对桌面的压力变化量为：，因此放入小球后，甲容器对桌面的压力变化量比乙的小，故D正确。 故选：BCD。 根据浮沉情况判断出浮力与重力的关系，进而判断出小球在两种液体中浮力的关系； 根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，求出甲杯中小球受到的浮力；根据漂浮时浮力等于重力可求得甲杯中小球的重力，然后根据阿基米德原理分析乙杯中球受到的浮力； 由小球在乙液体下沉和在甲液体中漂浮可以判断液体密度大小，根据分析液体对杯底的压强； 根据排开的液体的重力判定压力的变化情况。 本题考查了学生对阿基米德原理和重力公式的应用，关键是理解和运用漂浮条件、下沉条件密度关系得出两液体的密度关系。 9.【答案】BCD  【解析】解：由图甲可知，开关S闭合后，灯泡L与变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电压表测量变阻器两端的电压；变阻器滑片向右滑动时，变阻器的接入电阻变大，根据串联电路分压原理可知，变阻器两端的电压变大，由此分析图乙是电压表的示数与变阻器阻值变化关系的图像。 A、当变阻器的滑片滑动到灯泡正常发光时，电路中的电流最大，变阻器两端的电压最低，由乙图可知电压表的示数，变阻器的接入电阻：， 根据欧姆定律可得，电路中的电流：， 由串联电路电流规律可得，灯泡的额定电流：， 根据电功率计算公式可得，灯泡两端的电压：， 由串联电路电压规律可得额，电源电压：，故A错误； B、滑动变阻器滑片在最右端时，变阻器的接入电阻最大，，由乙图可知变阻器两端的电压，即电压表的示数：， 根据欧姆定律可得，电路中的电流：， 由串联电路电压规律可得，此时灯泡两端的电压：， 由欧姆定律可得，灯泡的电阻：，故B正确； C、变阻器的滑片在最右端时，变阻器接入电阻最大，电路中的电流最小：， 则电路的最小电功率：，故C正确； D、当变阻器的滑片滑动到灯泡正常发光时，电路中的电流最大，灯泡两端的电压：，变阻器两端的电压：， 由可得，灯泡与滑动变阻器的功率之比：，故D正确。 故选：BCD。 由图甲可知，开关S闭合后，灯泡L与变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电压表测量变阻器两端的电压；变阻器滑片向右滑动时，变阻器的接入电阻变大，根据串联电路分压原理可知，变阻器两端的电压变大，由此分析图乙是电压表的示数与变阻器阻值变化关系的图像。 当变阻器的滑片滑动到灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由乙图可知电压表的示数和变阻器的接入电阻，根据欧姆定律计算电路中的电流，由串联电路规律和电功率计算公式计算电源电压； 由乙图可知滑动变阻器的滑片滑动至最右端时，电压表的示数，根据欧姆定律和串联电路规律计算灯泡的电阻； 变阻器的滑片在最右端时，电路中的电流最小，根据计算电路的最小功率； 灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据计算灯泡与滑动变阻器的功率之比。 本题考查串联电路规律和欧姆定律、电功率公式得应用，从图像中获取信息是解题关键。 10.【答案】热核反应  不可再生  【解析】解：在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生核聚变，也就是热核反应，释放出巨大的核能。 因核能燃料属于矿产资源，矿产资源消耗后很难再生，故核能属于不可再生能源。  故答案为：热核反应；不可再生。 获取核能的方式：核聚变和核裂变；不可再生能源指短时间内不能再次获得的能源。 本题考查了核能获取方式和不可再生能源，属于基础题。 11.【答案】热传递  不停地做无规则运动  【解析】解：“艾灸”是用点燃艾条产生的热刺激人体穴位，是通过热传递的方式改变了内能； 整个房间内弥漫着艾草香味，这是因为分子在永不停息地做无规则运动。 故答案为：热传递；不停地做无规则运动。 改变物体内能有两种方式：做功和热传递；做功实质是能量的转化，热传递实质是能量的转移； 物质是由分子组成的，一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动。 本题考查了物体内能改变的方式和分子运动等知识点，难度不大，密切联系生活，属于中考的热点。 12.【答案】20 35  【解析】解：当A和B匀速下滑时，为平衡状态，受力平衡，A所受到的摩擦力等于A与B的重，所以摩擦力为； 根据影响摩擦力的因素知，当推力F保持不变时，A与墙面的摩擦力不变，仍为20N，在A的下方施加一个力，使物体A恰好向上做匀速直线运动，仍然为平衡状态，即与A的重力和摩擦力平衡，故。 故答案为：20；35。 A和B一起匀速下滑时，A和B一起处于平衡状态，根据得出A所受到的摩擦力。 由题意知，将B取走，F保持不变时，物体A与墙面的压力和接触面的粗糙程度不变，故摩擦力不变，在A的下方施加一个力，使物体A恰好向上做匀速直线运动，处于平衡状态，根据得出的大小。 本题考查二力平衡条件的应用、影响摩擦力大小的因素、摩擦力的有关计算，难度适中。 13.【答案】变大  热值  【解析】解：中继星随火箭加速升空过程中，质量不变，速度变大，动能变大；高度变大，重力势能变大；动能和势能之和为机械能，所以机械能变大； 火箭燃料选择液态氢是因为它的热值大，完全燃烧相同质量的液态氢时，可以放出更多的热量。 故答案为：变大；热值。 动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能=动能+势能； 热值是燃料的一种特性，在完全燃烧相同质量的燃料时，热值越大的燃料释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。 此题考查了机械能的改变和对热值的理解，属于基础知识。 14.【答案】压缩  25  【解析】解：由图可知，图中汽油机的气门关闭，活塞上行，所以是压缩冲程。 因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以，四冲程汽油机的飞轮转速为，每秒钟飞轮转50圈，共100个冲程，对外做功25次。 故答案为：压缩；25。 判断冲程可以看气门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程；四冲程汽油机1个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功一次。 本题考查热机的工作过程、做功次数的计算，属于基础题。 15.【答案】16 1：2  【解析】解：由可知，当座椅垫处于“高温”挡加热时，电路中的电流：； 由可知，的阻值：； 由图乙可知，当座椅垫处于“低温”挡加热时，电路中和串联，根据串联电路特点，①，而高温挡的电功率P高温①，高低温挡的功率比为3：1，所以：3，解得：：2。 故答案为：16；1：2。 知道“高温”挡的电功率和电压，利用求出此时电路中的电流；由图乙可知，当座椅垫处于“高温”挡加热时，电路中只有工作，利用欧姆定律求出的阻值； 高低温挡的功率比为3：1，由图乙可知，当座椅垫处于“低温”挡加热时，电路中和串联，根据串联电路特点，分析与之比。 本题考查电功率公式、欧姆定律的应用，是一道电学综合题，稍微有些难度。 16.【答案】解：易拉罐处于静止状态，易拉罐受到重力和支持力是一对平衡力，过接触点垂直于桌面的直线为支持力的作用线，易拉罐的重心在支持力的作用线上，也在图中虚线上，则该作用线与图中虚线的交点为易拉罐的重心，从重心沿竖直向下、竖直向上的方向分别画一条带箭头的线段，如图所示：   【解析】易拉罐静止在水平桌面上，重心在支持力的作用线上，也在图中虚线上，据此确定易拉罐重心的位置，再根据力的示意图的画法作图。 本题考查了力的示意图的画法，能确定易拉罐的重心是关键。 17.【答案】解：图中入射角为，过入射点垂直于镜面画出法线，再根据反射角等于入射角画出反射光线，可得反射光线平行主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线必过焦点。   【解析】先根据光的反射定律画出反射光线，反射后的光线入射到凸透镜上，再根据“平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线必过焦点”画出折射光线。 本题考查了凸透镜有三条特殊光线的画法、光的反射定律的应用，注意作图要规范。 18.【答案】    【解析】  19.【答案】缩短水加热到沸腾的时间  使烧杯内外气压平衡  98 水中出现大量气泡上升变大、温度不变  温度保持不变  【解析】解：加盖可以减小水蒸气蒸发，减少热量损失，缩短水被加热到水沸腾的时间。 纸板上另一个小孔的作用是使烧杯内外气体相同，保持烧杯内外气压平衡。 由图丙得，温度计的分度值为，示数为。 水沸腾过程中，温度达到沸点，且有大量气泡产生，温度保持沸点不变，实验过程中根据水中出现大量气泡上升变大、温度不变确定水沸腾了； 由图丁得，水在沸腾前后，温度变化特点是：水沸腾前，温度不断上升；水沸腾时，温度保持沸点不变。 故答案为：缩短水加热到沸腾的时间；使烧杯内外气压平衡；；水中出现大量气泡上升变大、温度不变；温度保持不变。 加盖可以减小水蒸气蒸发，减少热量损失，缩短水被加热到水沸腾的时间；液体的沸点还与气压有关，纸板上小孔的作用是保持烧杯内外气压相等； 读数时，视线要与液柱上表面保持向平，不能俯视或仰视；水沸腾时，继续吸热，温度不变； 分析温度随时间变化的图象可知水在沸腾前后温度变化的特点。 本题是探究水的沸腾特点的实验，考查了物态变化，液体沸腾的特点，液体的沸点的条件，温度计的读数等，考查的内容很多，容量很大，对解决学生实验中的疑惑起到较好的指导作用。但总体难度不大。 20.【答案】倒立、放大的实像  强  大  C  【解析】解：从图乙中可以看出，蜡烛在A，B位置时，，凸透镜成倒立、放大的实像； 做法一：保持蜡烛和透镜的位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像，由此推断更换的凸透镜会聚光的能力较强，焦距变小，像距也变小； 做法二：产生远视眼的原因是，晶状体太薄，折光能力太弱，焦距变大，近处的物体的像成在视网膜之后，因此远视眼看不清近处的物体，可以用凸透镜的镜片进行矫正； 当物距大于焦距时凸透镜成的是实像；将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距变大，像距则变小，成实像时，物距大于一倍焦距，故图象为C图。 故答案为：倒立、放大的实像；做法一：强；做法二：大；。 当时，凸透镜成倒立放大的实像； 凸透镜会聚光的能力越强，焦距越短；焦距越大，会聚能力越弱； 远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的；远视矫正方法，需配戴凸透镜； 根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析。 此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 21.【答案】处于  将平衡螺母向左调节  弹簧测力计示数不同  6 G、P 能  【解析】解：①杠杆虽然右端下沉，但是杠杆保持静止，杠杆在力的作用下静止或缓慢匀速转动的状态，都称为杠杆的平衡状态，所此时杠杆处于平衡状态； 应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，本题杠杆右端下沉，说明左侧较高，应该将平衡螺母向左侧调节； ②杠杆在水平位置平衡时，用弹簧测力计分别竖直向下和斜向下拉动杠杆，如图丙所示，观察到弹簧测力计的示数不同。说明斜拉时结论②不成立，因而他们得出结论 A是正确的。 ③设一个钩码的重力为G，在C点悬挂4个钩码，由杠杆平衡条件得到：，即，解得，， 所以需要在D点挂上6个钩码才能使圆盘平衡； 根据杠杆的平衡条件得，左边力与力臂保持不变，右边力也保持不变，要使圆盘仍然平衡，则右边的力臂也必须保持不变，即他可以将挂在D点的钩码先后挂在G、P两个点又进行实验，确保力臂不变； 如图所示， 木棒悬挂时在水平位置平衡，可得到其重心在支点上，避免了杠杆自重对实验的影响，在其两端挂上数量不同的钩码，调整位置，使杠杆在水平位置平衡，用刻度尺测出力臂，就能探究杠杆平衡的条件。 故答案为：①处于；将平衡螺母向左调节；②弹簧测力计示数不同；③6；G、P；能。 ①杠杆在力的作用下静止或缓慢匀速转动的状态，称为杠杆的平衡；在调节杠杆平衡时，应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上读取力臂； ②根据杠杆平衡条件分析弹簧测力计的示数变化； ③由题意知，左边力与力臂保持不变，右边力也保持不变，要使圆盘仍然平衡，则右边的力臂也必须保持不变，从而找到另外挂钩码的点； 找到不均匀的木棒的支点点处，木棒处于平衡状态，即可得到杠杆的平衡条件。 本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作步骤及结论记忆清楚，仔细分析即可解答，对于复杂的图形，把它转化为基本的杠杆模型来分析。 22.【答案】定值电阻R断路  换用阻值更大的滑动变阻器  电流与电阻成反比     【解析】解：实验需要定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压。如图所示： 乙图中，左表为电压表有示数，且等于电源电压；右边电流表示数为0，由此可知，与电压表并联的定值电阻断路了。 如图丙电压表接小量程，分度值为，电压表示数。 在探究导体的电流跟电阻的关系时，需要保持电阻两端的电压不变，当用的电阻替换的电阻时，闭合开关发现电压表的示数变大，为保持电阻的电压不变，应增加变阻器分得的电压，根据分压原理可知，应增大变阻器连入电路中的电阻，他应该将滑动变阻器的滑片向A端移动，使电压表示数为。 改用的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数保持不变是因为滑动变阻器的最大阻值太小，把滑动变阻器阻值全部接入电路时，滑动变阻器分得的电压还是较小，不能使电阻两端达到要求的值；应更换最大阻值更大的滑动变阻器。 由图丁所示图象可知：通过电阻的电流与电阻值的乘积是一个定值，这说明：在电压不变时，电流与电阻成反比。 如图戊的电路，定值电阻、灯泡和滑动变阻器串联，当电路电流为时，灯泡正常发光，此时电压表的示数为。电压表测量灯泡两端电压，读取电压表的示数为，说明灯泡的额定电压为，则根据欧姆定律，小灯泡正常发光时电阻的表达式。 故答案为： 定值电阻R断路；；；换用阻值更大的滑动变阻器；电流与电阻成反比  ；   ； 探究“导体的电流跟电阻的关系”实验定值电阻与滑动变阻器串联，变阻器选择一上一下接线柱； 电压表有示数且等于电源电压，电流表示数为0；结合电压表的量程、分度值读数； 在探究导体的电流跟电阻的关系时，需要保持电阻两端的电压不变；当用的电阻继续实验时，将“”的变阻器变阻器的最大电阻连入电路，根据欧姆定律求出定值的电压与比较分析； 结合图像得出规律； 闭合开关，调节滑片，直到电压表的示数为，此时电路中的电流为额定电流，读取电压表的示数为，利用欧姆定律求得小灯泡正常发光时电阻。 本题探究通过“导体的电流跟电阻的关系，考查电路的连接，故障的分析、分析数据归纳能力。 23.【答案】解：水对桶底的压强： ； 台面受到的压力： ， 台面受到桶的压强： ； 由图丙可知，小球排开水的体积为： ； 则小球静止时所受的浮力为： 。 答：水对桶底的压强为3000Pa； 台面受到桶的压强为6000Pa； 小球静止时所受的浮力为。  【解析】已知水的密度和深度，利用公式计算水对桶底的压强； 桶对台面的压力等于桶重与水重之和，利用求出；已知桶底面积，利用公式求台面受到桶的压强； 根据图丙读出小球排开水的体积，根据阿基米德原理求出小球静止时所受的浮力。 本题主要考查了液体压强公式、压强定义式以及阿基米德原理的应用，灵活运用公式是解题的关键。 24.【答案】大于  【解析】解：水的体积：，  由可知，水的质量：，  水吸收的热量：；  由可知，热水器消耗的电能：；  热水器的效率：；  在用电高峰期，实际电压小于额定电压，热水器的实际功率小于额定功率，而加热过程中水吸收的热量不变，由可知，完成相同的加热过程所用的时间大于。  答：热水器中的水一共吸收的热量；  热水器消耗的电能；  热水器的效率是；  大于。 根据密度公式求出水的质量，根据求出水吸收的热量； 根据求出热水器消耗的电能； 根据效率公式求出热水器的效率； 在用电高峰期，实际电压小于额定电压，热水器的实际功率小于额定功率，而加热过程中水吸收的热量不变，根据分析完全加热过程所用的时间变化。 本题是一道电热综合题，主要考查密度公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，是一道常考题，难度不大。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$