2024年陕西省普通高中学业水平合格性考试·物理-【学考一本通】2025年陕西省普通高中学业水平测试物理

2024年陕西省普通高中学业水平合格性考试·物理 (满分:100分) 第一部分 (选择题 共60分) 一、选择题(共20小题,每小题3分,计60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题 目要求的) 1.下列属于国际单位制(SI)中基本单位的是 ( ) A.秒 B.瓦特 C.米/秒 D.焦耳 2.下列情境中,带下划线的物体可看成质点的是 ( ) A.在跳水比赛中,裁判员给跳水运动员评分 B.观赏歼-20在空中翻转飞行花样表演 C.测算蚂蚁拖动饭粒爬行5分钟的路程 D.研究地球的自转 3.下列v-t图像中,属于匀速直线运动的是 ( ) A B C D 4.我们通常上午8时上课,经45分钟,8时45分下课,课间休息10分钟。下列说法正确的是 ( ) A.“8时”指时刻 B.“10分钟”指时刻 C.“45分钟”指时刻 D.“8时45分”指时间间隔 5.体育课上某同学沿周长为400m的标准跑道运动一周,其位移大小和路程分别是 ( ) A.0,0 B.0,400m C.400m,400m D.400m,0 6.高铁已成为我国一张亮丽的名片,让世界见证了中国速度。一列高铁由静止启动,经过100s 速度达到30m/s,将此过程视为匀加速直线运动,其加速度大小为 ( ) A.3.3m/s2 B.3.0m/s2 C.0.6m/s2 D.0.3m/s2 7.从屋檐下落的水滴做自由落体运动,经1s落地。屋檐离地面的高度约为 ( ) A.5m B.10m C.15m D.20m 8.重力为100N的木箱放在水平地板上,在20N的水平推力作用下,木箱做匀速直线运动。木 箱受到的摩擦力大小为 ( ) A.120N B.100N C.80N D.20N 9.物体做曲线运动时,下列说法正确的是 ( ) A.合力大小一定是不变的 B.合力大小一定是变化的 C.合力方向与速度方向不在同一直线上 D.合力方向与速度方向在同一直线上 10.2024年国际乒联单打世界杯比赛于4月21日落下帷幕,我国运动员包揽男、女单 打冠军。在决赛中,某时刻乒乓球的速度大小为v、与水平方向夹角为θ,此时乒乓 球水平方向分速度大小为 ( ) A.vsinθ B.vcosθ C.vsinθ D. v cosθ —16— 11.场地自行车比赛中,某运动员骑自行车在赛道上做半径为R 的匀速圆周运动,t时间内恰好骑 行了一周。该运动员的线速度大小为 ( ) A.Rt B. 2R t C. πR t D. 2πR t 12.如图所示,重力为G的汽车以一定的速度经过拱桥的最高点时,受桥面支持力大小为FN,此 时汽车的向心力大小为 ( ) A.G-FN B.G+FN C.G D.FN 13.随着中国空间站全面建成,我国航天员太空“出差”已成常态。空间站绕地球运转可近似看作 匀速圆周运动。已知空间站总质量为m、距地球表面高度为h,地球质量为M、半径为R,万有 引力常量为G。空间站所受地球的万有引力大小为 ( ) A.GMmh B.G Mm R C.G Mm (R+h)2 D.G Mm(R-h)2 14.物体质量不变,速度大小变为原来的2倍,该物体的动能变为原来的 ( ) A.14 倍 B.12 倍 C.2倍 D.4倍 15.新能源汽车以经济、环保等优点而迅速崛起。某新能源汽车以16m/s的速度沿水平路面匀 速行驶,受到的牵引力为2000N,此时牵引力的功率为 ( ) A.3.2×105W B.3.2×104W C.1.25×103W D.1.25×102W 16.滑雪运动员沿赛道下滑的过程中,下列说法正确的是 ( ) A.重力做正功,重力势能增加 B.重力做正功,重力势能减少 C.重力做负功,重力势能增加 D.重力做负功,重力势能减少 17.真空中两个静止的点电荷之间的距离为r,静电力大小为F。仅将电荷间的距离变为2r,静电 力大小变为 ( ) A.4F B.2F C.F2 D. F 4 18.如图所示,a、b、c、d是电场中一条电场线上的四个点,其中电势最高的点是 ( ) A.a点 B.b点 C.c点 D.d点 19.在通电螺线管左侧,小磁针静止时N 极所指方向正确的是 ( ) A B C D 20.关于闭合电路中的能量分析,下列说法正确的是 ( ) A.电流做多少功,整个回路就产生多少热 B.非静电力做多少功,就有多少化学能转化为电能 C.电源把正电荷从负极搬运到正极过程中,正电荷的电势能减少 D.在同一时间内,非静电力做的功一定等于电流做的功 —26— 第二部分 (非选择题 共40分) 二、填空题(共2小题,计12分) 21.(6分)在“探究弹簧弹力与形变量的关系”的实验中,根据两种不同 弹簧的实验数据,作出了弹力F与伸长量x 关系的F-x 图像。 (1)根据实验图像可以得出:弹簧弹力F 与伸长量x 成 。 (填“正比”或“反比”)。 (2)生活中常说弹簧的“软”和“硬”,是指弹簧劲度系数不同,劲度系 数越大表明弹簧越“硬”。这两种弹簧,其中较“硬”的是 (填“弹簧1”或“弹簧2”)。 (3)将相同的重物分别挂在这两种竖直悬挂的弹簧下端,重物静止时形变量较大的弹簧是 (填“弹簧1”或“弹簧2”)。 22.(6分)如图所示是“验证机械能守恒定律”的实验装置。 (1)打点计时器使用的电源是 (填“交流电源”或“直流电 源”)。 (2)实验中,操作顺序正确的是 (填“A”或“B”)。 A.先接通电源,再释放重物 B.先释放重物,再接通电源 (3)在实验中由于阻力的影响,重物减少的重力势能ΔEp 重 物增加的动能ΔEk(填“略大于”或“略小于”)。 三、计算题(共3小题,计28分) 23.(8分)如图所示,光滑水平面上有一质量m=1kg的物块,在水平拉力F=2N作用下,由静 止开始运动。求: (1)物块加速度大小。 (2)物块运动3s时的速度大小。 (3)物块运动3s内通过的位移大小。 —36— 24.(8分)如图所示,电源电动势E=6V,电动机铭牌上标有“5V 10W”字样。当S闭合后,电动 机恰好正常工作。求: (1)通过电动机的电流。 (2)电源内阻。 (3)电源内阻的热功率。 25.(12分)如图甲所示,竖直平面内的光滑轨道AB 为半径R=0.2m的四分之一圆弧,固定于 足够高的水平桌面上,B 点位于桌子边缘,O 点为轨道圆心并在B 点正上方。现将质量m= 0.02kg、可视为质点的小球从圆弧顶端A 点由静止释放,沿圆弧轨道下滑。 不计空气阻力,g取10m/s2。求: (1)小球运动至B 点时的速度大小。 (2)小球在B 点对轨道的压力。 (3)若小球从AB 圆弧上某点释放,由B 点水平抛出,C、D 为平抛轨迹上的两点,如图乙所示, B、C两点与C、D 两点间的时间间隔均为0.2s、距离之比为3∶5。求小球从B 点抛出时的速 度大小。 图甲 图乙 —46— 23.答案 (1)0.8m/s (2)vA=0.8m/s,vB=1m/s (3)2m/s2 解析 (1)依题意知,相邻两次闪光的时间间隔Δt=110 s=0.1s 由题图可知O 到B 的位移为xOB=16cm=0.16m 所用时间为tAB=2Δt=0.2s 则微型机器人从O 到B 的平均速度大小为vOB= xOB tOB = 0.16 0.2 m /s=0.8m/s. (2)根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的 平均速度,可知微型机器人在 A 点的瞬时速度大小为 vA=vOB=0.8m/sA 到C 的位移为xAC=27cm-7cm =20cm=0.2m 所用时间为tAC=2Δt=0.2s 则vAC= xAC tAC =0.2m0.2s=1m /s 所以微型机器人在B 点的瞬时速度大小为vB=vAC=1 m/s. (3)微 型 机 器 人 运 动 的 加 速 度 大 小 为a= vB-vA tAB = 1-0.8 0.1 m /s2=2m/s2. 24.答案 (1)12.5N (2)3m/s (3)2.5rad/s 解析 (1)竖直方向根据平衡条件得Fcosα=mg 解得F=12.5N. (2)根据牛顿第二定律得mgtan37°=m v 2 Lsin37° 解得v=3m/s. (3)根据牛顿第二定律得mgtan37°=mω2Lsin37° 解得ω=2.5rad/s. 25.答案 (1)18B0l 2 (2)-18B0l 2,-B0l2 (3)B= ll+2vt 2 B0 解析 (1)根据磁通量的定义式Φ=BS,其中S=12× l2 2 =l 2 8 代入解得此时穿过金属框的磁通量为Φ0= 1 8B0l 2. (2)若向纸面外转动90°,则Φ1=0 所以磁通量的变化量为ΔΦ1=Φ1-Φ0=- 1 8B0l 2 若向纸面外转动180°,则Φ2=- 7 8B0l 2 所以磁通量的变化量为ΔΦ2=Φ2-Φ0=-B0l2. (3)要使线框中不产生感应电流,即线框中的磁通量不 发生变化,则经任意时刻t,线框运动的位移为x=vt 此时穿过金属框的磁通量Φ'=B·12× 1 2× 12l+ vt 2,且Φ'=Φ0 联立可得磁 感 应 强 度 B 与 时 间t 之 间 的 关 系 式B= ll+2vt 2 B0. 2024年陕西省普通高中学业水平合格性 考试·物理 1.A 2.C 3.A 4.A 5.B 6.D 7.A 8.D 9.C 10.B 11.D 12.A 13.C 14.D 15.B 16.B 17.C 18.A 19.C 20.D 21.(1)正比 (2)弹簧1 (3)弹簧2 22.(1)交流电源 (2)A (3)略大于 23.答案:(1)2m/s2 (2)6m/s (3)9m 解析:(1)根据牛顿第二定律得物体运动的加速度 a=Fm = 2 1 m /s2=2m/s2。 (2)物体在3s末的速度 v=at=2×3m/s=6m/s。 (3)物体在3s内的位移 x=12at 2=12×2×9m=9m 。 24.答案:(1)2A (2)0.5Ω (3)2W 解析:(1)根据题意,设通过电动机的电流为I 由P=UI得,I=PU = 10 5A=2A 。 (2)由闭合电路欧姆定律E=U+Ir得 r=E-UI = 6-5 2 Ω=0.5Ω 。 (3)根据题意,电源内阻的热功率 Pr=I2r=4×0.5W=2W。 25.答案:(1)2m/s (2)0.6N (3) 142 m /s 解析:(1)设物体到达B 点时的速度为vB 到B 点时由机械能守恒 1 2mvB 2=mgR 解得vB= 2gR= 2×10×0.2m/s=2m/s。 (2)受力如图所示,由合力提供向心力。 FN-mg=m vB2 R 解得FN=0.6N 由牛顿第三定律,物体对轨道的压力大小也是0.6N。 (3)设小球从B 点抛出时速度为vB' 由平抛运动得t=0.2s xBC=xCD=vB'·① yBC= 1 2gt 2 ② yCD= 1 2g (2t)2-12gt 2 ③ 由题意得:xBC 2+yBC2 xCD2+yCD2 =35 ④ 由①②③④得:vB'= 14 2 m /s。 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 —29—