广东省广东华侨中学2024-2025学年高一上学期10月月考物理试卷

试卷第 1页，共 4页 广东华侨中学 2024 级高一 10 月考试试题 物理 姓名：___________班级：___________考号：___________ 考试范围：高中物理粤教版物理必修一第二章第二节匀变速直线运动的规律以前 考试时间：75 分钟 考试要求：客观题用 2B 铅字在答题卡上填涂，主观题用黑色字迹的签字笔在答题卡上填写，写在试卷上无效。 一、单选题（每题 4分，共 32 分） 1．我国神舟十四号载人飞船于 2022年 6月 5日 17时 42分，成功对接天和核心舱，航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲依 次全部进入天和核心舱。在下列各种情况中，天和核心舱可视为质点的是（ ） A．观测宇航员在核心舱内的实验活动 B．研究天和核心舱绕地球的运行轨道 C．研究载人飞船与天和核心舱对接的过程 D．神舟十四号载人飞船调整飞行姿势以便对接 2．2023年 5月 30日，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号 F遥十六运载火箭，在酒泉卫星发射中心成功发射， 下列说法正确的是（  ） A．以地面为参照物，地面发射塔是运动的 B．以地面发射塔为参照物，火箭是静止的 C．以舱内的航天员为参照物，火箭是静止的 D．以舱内的航天员为参照物，地面发射塔是静止的 3．一质点向东直线运动 3m，再向南直线运动 4m，则该质点的位移大小和路程分别是（ ） A．1m ，7m B．7m ，5m C．5m ，7m D．7m ，1m 4．关于时间间隔和时刻，下列说法中正确的是（ ） A．第 4s末就是第 5s初，指的是时刻 B．第 5s初指的是时间间隔 C．物体在前 5s内指的是物体在第 4s末到第 5s初这 1s的时间间隔 D．物体在第 5s内指的是物体在第 4s末到第 5s初这 1 s的时间间隔 5．三个质点 A、B、C的运动轨迹如图所示，三个质点同时从 N点出发，同时到达 M点，下列说法正确的是 （ ） A．三个质点从 N点到 M点的平均速度相同 B．三个质点任意时刻的速度方向都相同 C．三个质点从 N点出发到任意时刻的平均速度都相同 D．三个质点从 N到 M的平均速率相同 6．2024年 9月 11日 12时，由蓝箭航天空间科技股份有限公司自主研发的朱雀三号 VTVL-1 可重复使用垂直起降 回收试验箭，在酒泉卫星发射中心圆满完成十公里级垂直起降返回飞行试验，在某次回收火箭减速降落的过程中， 下列说法正确的是（ ） A．火箭降落过程中，其加速度的方向与速度的方向相同 B．火箭的速度越小，其加速度一定越小 C．火箭落地的瞬间，其加速度一定为零 D．火箭速度的变化率越大，其加速度就越大 试卷第 2页，共 4页 7．如图所示为 A、B两辆汽车在平直公路上运动的位移—时间图像，则在 00 ~ t 时间内，下列说法正确的是（ ） A．A、B的速度越来越大 B．A、B间的距离越来越大 C．任一时刻，A、B速度不可能相等 D．A、B的平均速度相等 二、多选题（每题 6分，共 18 分,少选且正确得 3分） 8．某物体沿直线运动，其 v－t图像如图所示，下列说法正确的是（ ） A．第 1 s内和第 2 s内物体的加速度相同 B．第 2 s内和第 3 s内物体的加速度相同 C．第 3 s内物体的速度方向和加速度方向相同 D．第 2 s末物体的加速度为零 9．某汽车正以 72km/h 在公路上行驶，为“礼让行人”，若以 24m/s 加速度刹车，则以下说法正确的是（ ） A．刹车后 2s时的速度大小为 12m/s B．汽车滑行 50m停下 C．刹车后 6s时的速度大小为 48km/h D．刹车后 6s内的位移大小为 48m 10．某“闯关游戏”在通道上每 6m设有一个关卡；各关卡每间隔一段时间同时喷射干冰作为惩罚；休息和喷射的时 间分别是 2s和 1s。某次干冰喷射刚结束时；某同学在关卡 1由静止；加速度为 2m/s2出发加速至 4m/s后匀速运动； 运动中受到惩罚的关卡是（忽略惩罚对该同学速度的影响） A．关卡 2 B．关卡 3 C．关卡 4 D．关卡 5 三、实验题（每空 2分，共 16 分） 11．像打点计时器一样，光电门计时器（后续简称“光电门”）也是一种研究物体运动情况的常用计时仪器，其结构 如图甲所示。a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当有物体从 a、b间通过时，光电门就可以显示物体的挡 光时间。某同学为了测定气垫导轨上滑块的加速度，在滑块上安装了宽度为 d的遮光条，如图乙所示。实验时可通 过调节旋钮调节气垫导轨左右侧的高度，从光电门 1的右侧轻推滑块，滑块开始做匀变速直线运动，先后通过光电 门 1、2，配套的计时器记录了遮光条通过光电门 1、光电门 2的时间分别为 t₁、t₂，并记录了遮光条从开始遮住光 电门 1到开始遮住光电门 2的时间为Δt。 试卷第 3页，共 4页 （1）某次实验时测得 1 2t t ，说明滑块在做 （填“匀加速”、“匀减速”或“匀速”）直线运动。 （2）该次实验时滑块通过光电门 2时的速度大小 v₂= ，滑块从光电门 1运动到光电门 2的过程中平均加 速度大小 a  。（用题目中给定的物理量符号表示） 12．在研究匀变速直线运动的实验中，如图所示是一次记录小车做匀变速直线运动情况的纸带，图中 A、B、C、D、 E为相邻的计数点，相邻计数点间有 4个点未标出，打点计时器的电源频率为 50Hz，设 A点为计时起点。（图中的 数据单位都为 cm） （1）C点的瞬时速度 Cv  m/s（结果保留三位有效数字） （2）如果当时电网中交变电流的频率变成 49Hz，而做实验的同学并不知道，那么速度的测量值与实际值相比 （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。 13．某学习小组为了研究小球在桌面上的直线运动规律，使用智能手机的连拍功能测量小球的运动。如图所示，实 验时，保持桌面水平，用手向左轻轻地推一下小球，在小球向左运动过程中，用智能手机的连拍功能记录不同时刻 小球的位置。图中记录了小球在桌面上连续 6个像的位置（已知智能手机连拍时每 30s内共能拍下 46个相片，图 中所标数据单位为 cm）。 （1）由图可知，小车在桌面上向左做 运动。 （2）智能手机连拍两张照片的时间间隔是 s。（结果均保留 2位有效数字） （3）该小组同学根据图中测得的数据判断，小球运动到 M点位置时的速度大小为 m/s（结果均保留 2位有 效数字） 四、解答题（共 38 分） 14．（12分）如图所示，小球以 5 m/s的初速度自由冲上光滑的斜面（设斜面足够长），2 s末速度大小变为 1 m/s， 方向不变。 (1)求这段时间内小球的加速度； (2)求小球到达斜面的最高点的时间。 试卷第 4页，共 4页 15．（12分）某车手参加摩托车比赛。表格为该车手驾驶摩托车在直跑道上飞驰时测量的数据，根据测量数据，完 成下列问题。（设所有变速过程速度随时间均匀变化，表格中运动有多个阶段，即同一阶段加速度恒定不变） （1）求出摩托车在第 25s末的速度大小； （2）求摩托车全过程发生的位移大小。 t/s 0 8 12 16 20 22 24 30 v/(m/s) 0 16 24 24 24 18 12 0 16．（14分）分拣机器人在智能系统的调度下，能够自主规划路线，确保高效、准确的分拣作业。如图所示为某次 分拣过程示意图，机器人从 A处由静止出发沿两段直线路径 AB、BC运动到 C处停下，再将货物从托盘卸到分拣口。 已知机器人最大运行速率 m 3m/sv  ，机器人加速或减速运动时的加速度大小均为 22.5m/sa  ，AB距离 1 6mx  ，BC 距离 2 2.5mx  ，机器人途经 B处时的速率为零，要求机器人能在最短时间内到达分拣口。求： (1)机器人从 A到 B过程中，从静止加速到最大运行速率 mv 所需时间 0t ； (2)机器人从 A运动到 B的时间 1t ； (3)机器人从 B运动到 C的平均速度v。 答案第 1页，共 4页 广东华侨中学 2024 级高一 10 月考试试题 参考答案： 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C C A A D D BC AB AC 1．B 【详解】A．观测宇航员在核心舱内的实验活动时，天和核心舱大小形状不可忽略，不能视为质点，故 A错误； B．研究天和核心舱绕地球的运行轨道，天和核心舱大小形状可忽略，能视为质点，故 B正确； C．研究载人飞船与天和核心舱对接的过程，天和核心舱大小形状不可忽略，不能视为质点，故 C错误； D．神舟十四号载人飞船调整飞行姿势以便对接，天和核心舱大小形状不可忽略，不能视为质点，故 D错误。 2．C 【详解】A．以地面为参照物，发射塔的位置不变，是静止的，故 A错误； B．以发射塔为参照物，火箭的位置不断变化，是运动的，故 B错误； C．以舱内的航天员为参照物，火箭位置不变，是静止的，故 C正确； D．以舱内的航天员为参照物，发射塔位置不断变化，是运动的，故 D错误。故选 C。 3．C 【详解】路程是轨迹的长度，所以路程为 3m 4m 7ms    位移为初位置指向末位置的有向线段，所以位移大小为 2 23 4 m 5mx    故选 C。 4．A 【详解】A．第 4s末就是第 5s初，指的是时刻，故 A正确； B．第 5s初指的是时刻，故 B错误； C．物体在前 5s内指的是物体在零时刻到第 5s末这 5s的时间间隔，故 C错误； D．物体在第 5s内指的是物体在第 4s末到第 5s末这 1s的时间间隔，故 D错误。故选 A。 5．A 【详解】A．三个质点同时从 N点出发，同时到达 M点，可知三个质点的位移相同，时间相等，则三个质点从 N 点到 M点的平均速度相同，故 A正确； B．由于质点 A、C做曲线运动，速度方向时刻发生变化，所以三个质点任意时刻的速度方向并没有都相同，故 B 错误； C．三个质点从 N点出发到 M点前的任意时刻的位移不相同，所以三个质点从 N点出发到 M点前任意时刻的平均 速度不相同，故 C错误； D．三个质点从 N到 M的路程不相等，所用时间相等，所以三个质点从 N到 M的平均速率不相同，故 D错误。 6．D 【详解】A．火箭减速降落，则其加速度的方向与速度的方向相反，故 A错误； B．加速度与速度无关，火箭的速度越小，其加速度不一定越小，故 B错误； 答案第 2页，共 4页 C．火箭落地的瞬间，其加速度不为零，故 C错误； D．加速度表示速度的变化率，则火箭速度的变化率越大，其加速度就越大，故 D正确。故选 D。 7．D 【详解】AC． x t 图像的斜率表示速度，由图可知 A的速度越来越小，B的速度越来越大，某一时刻 A、B速度 可能相等，故 AC错误； B．由图可知，A、B间的距离先增大后减小，故 B错误； D．平均速度 xv t    可知 A、B的时间和位移均相等，故 A、B的平均速度相等，故 D正确。故选 D。 8．BC 【详解】ABD．根据 v t 图像的斜率表示加速度，可知第 1 s内第 2 s内物体的加速度大小相等，方向相反；第 2 s 和第 3 s内物体的加速度相同，第 2 s末物体的加速度不为零，故 AD错误，B正确； C．由 v t 图像可知，在第 3 s内物体向负方向做匀加速直线运动，则物体的速度方向和加速度方向相同，故 C正 确。故选 BC。 9．AB 【详解】A．汽车的刹车时间为 0 5s vt a  刹 刹车后 2s时的速度大小为 0 12m / sv v at   故 A正确； BD．由 2 0 50m 2 vx a   可知汽车滑行 50m停下。刹车后 6s内的位移大小为刹车后 5s内的位移大小，即汽车停止时的 位移大小为 50m。故 B正确；D错误；C．因为刹车时间为 5s，所以刹车后 6s时的速度为零。故 C错误。故选 AB。 10．AC 【详解】该同学加速运动达到最大速度 4m/s所用时间为 m1 4 s 2s 2 vt a    加速过程通过的位移大小为 2 1 1 4m 2 x at  可知该同学到达关卡 2前先加速后匀速，则该同学从开始到达关卡 2的时间为 2 1 m 2.5sL xt t v     该同学从开始到达关卡 3的时间为 m 3 1 2 4sL xt t v     该同学从开始到达关卡 4的时间为 m 4 1 3 5.5sL xt t v     该同学从开始到达关卡 5的时间为 m 5 1 5 7sL xt t v     而各个关卡的喷射时间过程为 2 ~ 3s，5 ~ 6s，8 ~ 9s，……，可知该同学运动中受到惩罚的关卡是关卡 2和关卡 4。 故选 AC。 11． 匀减速 2 d t 2 1 1 1( )d t t t   【详解】（1）[1]经过第 1个光电门的速度 1 1 dv t  滑块经过第 2个光电门的速度 2 2 dv t  答案第 3页，共 4页 因为 1 2t t 因此 1 2v v 物体做匀减速直线运动。 [2]滑块经过第 2个光电门的速度 2 2 dv t  [3]加速度大小为 2 1 Δ 1 1( ) Δ Δ v da t t t t    12． 1.82 偏大 【详解】 （1）由于打点计时器的电源频率为50Hz，相邻计数点间有 4个点未标出，则相邻计数点间的时间间隔为 5 0.1s T f 根据中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，由图可得，C点的瞬时速度为   243.80 7.50 10 m s 1.82m s 2 0.2 BD C xv T      （2）若电网中交变电流的频率变成 49Hz，打点计时器的打点时间间隔比频率是50Hz时大，则计算时T 的值小于 真实值，因此速度的测量值大于实际值。 13． 匀减速直线 0.67 1.9 【详解】（1）[1]由图可知，任相邻相等时间内的位移差基本都相等，约为 17cm，且向左相等时间内的位移逐渐减 小，则说明小车向左做匀减速直线运动。 （2）[2]根据每 30s内共能拍下 46个相片，则手机连拍两张照片的时间间隔是 30 2s s 0.67s 46 1 3 T     （3）[3]根据匀变速直线运动的推论，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则小球运动到 M点位置时的速度大小为 2117 133 10 m/s 1.9m/s22 3 v     14．(1) 22m/s 方向与初速度方向相反 (2)2.5s 【详解】（1）因为 2s末速度方向与初速度方向相同，根据速度与时间关系有 0v v at  代入数据解得 22m/sa   “-”代表方向与初速度方向相反；（公式 3分答案 2分方向 1分） （2）因为加速度为 22m/sa   ，则有 0 10 v at  解得 1 2.5t  s（公式 3分答案 3分） 15．（1） 9m / s；（2） 432m 答案第 4页，共 4页 【详解】（1）由表格数据可知，摩托车做匀减速运动阶段的加速度大小为 2 22 18 12 m / s 3m / s 24 22 a    （公式 1分答案 1分） 则摩托车在第 25s末的速度的大小为 25 24 2 12m / s 3 1m / s 9m / sv v a t       （公式 2分答案 1分） （2）由表格数据可知，摩托车做匀加速运动阶段的加速度大小为 2 21 16 0 m / s 2m / s 8 a   摩托车做匀速运动阶段的速度为 24m / sv  ，则摩托车做匀加速运动阶段的时间为 1 1 24 s 12s 2 vt a    摩托车匀加速运动阶段的位移为 1 1 24 12m 144m 2 2 vx t    （公式 1分答案 1分） 由表格数据可知，摩托车在 20st  开始做匀减速直线运动，摩托车匀速运动阶段的位移为 2 2 24 (20 12)m 192mx vt     （公式 1分答案 1分） 摩托车匀减速运动阶段的位移为 2 2 3 2 24 m 96m 2 2 3 vx a     （公式 1分答案 1分） 则摩托车全过程发生的位移的大小为 1 2 3 432mx x x x    （答案 1分） 16．(1)1.2s (2)3.2s (3)1.25m/s 【详解】（1）机器人从 A到 B过程中，从静止加速到最大运行速率 mv 所需时间 m0 3 s=1.2s 2.5 vt a  （公式 2分答案 1分） （2）机器人从 A运动到 B的过程，加速运动位移 m11 0 1.8m2 vx t  （公式 1分答案 1分） 减速运动位移 m12 0 1.8m2 vx t  （公式 1分答案 1分） 匀速运动时间 ' 11 12 m 0.8sx x xt v     （答案 1分） 则机器人从 A运动到 B的时间 01 ' 0 3.2st t t t    （答案 1分） （3）由于 11 22x x ，机器人从 B运动到 C的过程不能加速度到最大速度 mv （判断 1分），设机器人加速到 1v 后开始减 速，加速和减速过程中时间和位移大小相等，设机器人从 B运动到 C的时间为 t2 2 1 2 2 2 vx a   （公式 1分） 12 2 vt a   （公式 1分） 2 2 xv t  （公式 1分） 解得 1.25m/sv  ，方向从 B指向 C（答案 1分，方向 1分，最后一问能算对答案的都给 4分/5分）