2025名校高考全真模拟试题(一)-【师大金卷】2025年高考物理复习冲刺全真模拟试卷精选必刷题（新教材）

卷１ 第一部分　名校高考全真模拟试题狂练 ２０２５名校高考全真模拟试题(一) 物　理 本试卷共１１０分,考试时间６０分钟. 　 　　　　　　　　 　　　　　　　 　　　　　　一、单项选择题:本题共５小题,每小题６分,共３０分.在每小题给出的 四个选项中,只有一项是符合题目要求的. １．(２０２４􀅰山东菏泽模拟)核污染水中含有的多种放射性元素可能对人 类和自然界造成损害.其中铯(１３７５５Cs)半衰期约为３０年,它经β衰变 转变为钡核.下列说法正确的是 (　　) A．β衰变产生的电子来自铯原子的核外电子 B．钡核的比结合能比铯核小 C．钡原子核内有８１个中子 D．容器中有１kg的铯,经过６０年后,容器中物质的质量变成２５０g ２．(２０２４􀅰江苏徐州调研)如图所示,小球从O 点的正上方离地h＝４０m高处的P 点以v１ ＝１０m/s的速度水平抛出,同时在O点右方 地面上S点以速度v２ 斜向左上方与地面成θ ＝４５°抛出一小球,两小球恰在O、S连线靠近O的三等分点M 的正上 方相遇.若不计空气阻力,g取１０m/s２,则两小球抛出后到相遇所用 的时间为 (　　) A．１s B．２s C．２s D．３s ３．(２０２４􀅰哈尔滨六中模拟)如图所示,导线A、B 通以大 小、方向均相同的恒定电流,在A、B 连线的垂直平分线 上放置一段长为L 的直导线C,A、B、C刚好在正三角形 的三个顶点上.现C通以恒定电流,C 受到的安培力大 小为F.现将导线A 的电流反向,且增大为原来的两倍,则C受到的 安培力大小变为 (　　) A．F B．２F C．３３F D．３F ４．(２０２４􀅰江苏南京二模)保险丝对电路安全有着重 要作用,如图所示,A 是额定电流为１A 的保险 丝,理想变压器的原、副线圈的匝数比为５∶１,交 变电压U＝２２０V,保险丝电阻为１Ω,R 是可变 电阻.则 (　　) A．要使电路正常工作,可变电阻R 的阻值不能大于８􀆰７６Ω B．可变电阻R 越大,其消耗的功率越大 C．可变电阻R 两端的电压不能低于４３􀆰８V D．保持R 不变,增加原线圈匝数,通过保险丝的电流增大 ５．(２０２４􀅰安徽鼎尖三模)地球赤道上有一个观察者a,赤道平面内有一 颗自西向东做匀速圆周运动的近地卫星b,a观测发现,每隔时间t卫 星b就会从其正上方飞过.已知地球质量为 M、半径为R,引力常量 为G,下列说法正确的是 (　　) A．a的加速度等于b的加速度 B．a的线速度大于b的线速度 C．近地卫星b的周期为４π ２R３ GM D．地球自转的周期为 ２πtR R t GM－２πR R 二、多项选择题:本题共３小题,每小题６分,共１８分.在每小题给出的 四个选项中,每题有多项符合题目要求.全部选对得６分,选对但不全 的得３分,有选错的得０分. ６．(２０２４􀅰重庆南开中学适应)利用光的干涉可以检查工件表面的平整 度,其装置如图甲所示,将一块标准平板玻璃放置在待检测平板玻璃 之上,在一端夹入两张纸片,从而在两片玻璃表面之间形成一个劈形 空气薄膜,当光垂直入射后,从上往下看到的干涉条纹可能如图乙、 丙所示.以下说法正确的是 (　　) A．若要使干涉条纹变密,可以增加垫的纸张数量 B．若要使干涉条纹变密,可以使用波长更长的单色光 C．若要使干涉条纹变密,可以向左移动纸片 D．图丙条纹弯曲处对应着待检测平板玻璃有凹陷 ７．(２０２４􀅰重庆南开中学适应)如图甲所示,为沿x轴传播的一列简谐 横波在t＝０􀆰５s时刻的波动图像,乙图为x＝２m处质点P 的振动图 像,质点M 位于x＝１m处.下列判断正确的是 (　　) A．此波在向x轴负方向传播 B．该波的传播速率为４m/s C．经过２s时间,质点P 沿波的传播方向移动８m D．质点M 从图示位置开始运动路程为０􀆰５m时,所需的时间为２３s ８．(２０２４􀅰河南信阳模拟)如图甲所示,纸面内有abc和de两光滑导体 轨道,bc与de平行且足够长,ab与bc成１３５°角,两导轨左右两端接 有定值电阻,阻值分别为R 和２R.一质量为m、长度大于导轨间距 的导体棒横跨在两导轨上,与轨道ab接触于G 点,与轨道de接触于 H 点.导体棒与轨道de垂直,GH 间距为L,导体棒与b点间距也为 L.以H 点为原点、沿轨道de向右为正方向建立x 坐标轴.空间中 存在磁感应强度大小为B、垂直纸面向里的匀强磁场.某时刻,导体 棒获得一个沿x轴正方向的初速度v０,同时受到沿x轴方向的外力 F 作用,其运动至b点前的速度的倒数与位移关系如图乙所示.导体 棒运动至b点时撤去外力F,随后又前进一段距离后停止运动,整个 运动过程中导体棒与两导轨始终接触良好,不计导轨及导体棒的电 阻.以下说法正确的是 (　　) A．流过电阻R 的电流方向为d→a B．导体棒在bc轨道上通过的距离为 mRv０ １２B２L２ C．撤去外力F前,流过电阻R 的电流为 BLv０ R D．导体棒运动过程中,电阻２R 产生的焦耳热为 ３B２v０L３ ４R 三、非选择题:本题共５小题,共６２分. ９．(２０２４􀅰广西玉林模拟)(６分)某中学实验小组为探究加速度与合力 的关系,设计了如图甲所示的实验装置. 主要实验步骤如下: ①按图甲安装实验器材:重物用轻绳挂在动滑轮上(二者的总质量为 m),其下端与纸带相连;轻绳左端与固定于天花板的力传感器相连, 可以测量绳上的拉力大小,右端跨过定滑轮与质量为M 的钩码连接; ②接通打点计时器的电源,释放钩码,带动重物上升,在纸带上打出 一系列点,记录此时传感器的读数F; ③改变钩码的质量,多次重复实验步骤②,利用纸带计算重物的加速 度a,得到多组a、F数据. 请回答以下问题: (１)已知打点计时器的打点周期为０􀆰０２s,某次实验所得纸带如图乙 所示,M、P 和P、N 间各有４个点未标出,则重物的加速度大小为a ＝　　　　m/s２(结果保留两位有效数字). 卷１ (２)实验得到重物的加速度大小a与力传感器示数F 的关系如图丙 所示,图像的斜率为k、纵截距为－b(b＞０),则重物和动滑轮的总质 量m＝　　　　,当钩码与二者总质量相等时,重物的加速度大小为 a＝　　　　.(本问结果均用k、b表示) １０．(２０２４􀅰宁夏银川一中二模)(１０分)材料的电阻随压力的变化而变 化的现象称为“压阻效应”,利用这种效应可以制作压敏电阻.某中 学创新小组准备从实验室中两个压敏电阻m、n中选择一个,与电磁 继电器组成电路为学校食堂设计一个小型“可自动注水的储水池”, 主要步骤如下: (１)利用图甲所示电路测量压敏电阻的阻值随压力变化的规律.主 要器材如下: 压敏电阻两个 电源(电动势E＝１２V,内阻不计) 电流表G１(量程１０mA,内阻Rg１＝２００Ω) 电流表G２(量程５０mA,内阻Rg２约为１００Ω) 定值电阻R１＝２００Ω 滑动变阻器R２(最大阻值为１５０Ω) 开关S１、S２ 及导线若干 ①为尽量准确的测量压敏电阻的阻值,导线c端应与　　　　(选填 “a”或“b”)点连接. ②首先测量压敏电阻零压力时的阻值R０,正确连接电路,使压敏电 阻上的压力F＝０,闭合开关S１、S２,调节滑动变阻器的滑片到合适 位置,分 别 记 录 电 流 表 G２ 和 G１ 的 读 数I２ 和I１,可 知 R０＝ 　　　　(用字母I１、I２、Rg１、R１ 表示). ③两名同学分别测得两个压敏电阻m,n的阻值随压力变化的图像 如图乙、丙所示. (２)“可自动注水储水池”的电路如图丁所示,RA 为保护电阻.当线 圈中的电流超过某一值I０ 时,继电器的衔铁将被吸合,与上方触点 分离、注水装置所在电路断开并停止注水. ①分析原理可知,压敏电阻应选择　　　　(选填“m”或“n”),水位 上升时,保护电阻RA 的电功率会　　　　(选填“变大”或“变小”). ②若想增大可自动注水储水池的蓄水量,可将保护电阻RA 的阻值 　　　　(选填“变大”或“变小”). １１．(２０２４􀅰江西抚州监测)(１２分)如图所示,某老师 用封闭着一定质量理想气体、横截面积S＝４cm２ 的注射器提起质量m＝３kg的桶装水,此时注射 器内气柱长度L＝４cm.已知大气压强p０＝１× １０５Pa,环境温度t０＝２７℃,注射器内气柱最大长 度为８cm,g取１０m/s２,注射器和水桶质量可以 忽略,不计一切阻力,注射器密封良好.求: (１)当放下桶装水时,注射器内气柱的长度; (２)当环境温度变为３７℃时,注射器最多能提起桶装水的质量(结 果保留三位有效数字). １２．(２０２４􀅰陕西渭南检测)(１４分)如图所示,一虚线 将xOy坐标系分为上下两部分,虚线交y轴于P 点、交x轴于Q 点,∠PQO＝６０°.虚线上方区域 为垂直PQ 指向左下方的匀强电场,电场强度大 小为E;下方区域为垂直于平面向里的匀强磁 场,磁感应强度未知.一带电荷量为＋q、质量为 m 的粒子从P 点以v０ 沿x轴正方向抛出,不计重力,此后运动过程 中其轨迹与虚线边界的第一个交点为M、第二个交点为N(M、N 两 点未画出). (１)求从P 点运动至M 点的过程中,粒子离虚线边界的最远距离; (２)若PM＝MN,求磁感应强度的大小; (３)若B＝３Ev０ 且PQ＝ ３ ３mv２０ qE ,求粒子被抛出后到达x 轴所用的 时间. １３．(２０２４􀅰浙江绍兴二模)(２０分)如图所示,劲 度系数k＝１００N/m的弹簧一端固定于地面 上,另一端连接物块A,物块B 置于A 上(不 粘连),A、B 质量均为１kg且都可看成质 点,物块B 上方有一带圆孔的挡板,质量为４ kg的物块C放在圆孔上方不掉落,整个装置 处于静止状态.现在给物块B 施加方向始 终竖直向上、大小为F＝１０N的恒力,使A、B 开始运动,A、B 分离 时,A 在锁定装置的作用下迅速在该位置静止,B 向上运动并与C 发生碰撞,然后下落与A 碰撞,已知A 碰撞前瞬间解除锁定,锁定装 置之后不再对A 作用.B 与A、C 的碰撞均为弹性碰撞,弹簧的弹 性势能Ep＝ １ ２kx ２(x为弹簧的形变量),重力加速度g取１０m/s２. 求:(结果可用根号表示) (１)A、B 第一次分离时弹簧的形变量x１; (２)A、B 第一次分离时物块B 的速度大小v０; (３)B 下落与A 第一次碰撞结束时,物块A 的速度大小vA１. 新教材物理 N答案 —１　 第一部分　名校高考全真模拟试题狂练 ①２０２５名校高考全真模拟试题(一) １．C　[试题解析]β衰变产生的电子是由原子核内的中子 转化而来的,故 A错误;由于β衰变释放能量,所以 钡核的比结合能比铯核大,故 B错误;铯Ｇ１３７的衰 变方程为１３７５５Cs→１３７５６Ba＋ ０－１e,钡原子核内有１３７－５６ ＝８１个中子,故 C正确;经过６０年,两个半衰期,铯 变成２５０g,但是钡也在容器中,所以质量大于２５０ g,故 D错误.故选 C. ２．C　[试题解析]根据题意,设两小球抛出后到相遇所用 的时间为t,水平方向上有２v１t＝v２cos４５°􀅰t,竖直 方向上有h＝１２gt ２＋v２sin４５°􀅰t－ １ ２gt ２,联立解得 t＝２s,故选 C. ３．A　[试题解析]对C受力分析如图甲所示, 设导线A 给C 的力大小为F０,则F＝２F０cos３０°＝ ３F０,将A 导线电流反向,并增大到２倍后,对C受 力分析如图乙所示, 有F１＝F０tan６０°＝ ３F０＝F,故选 A. ４．C　[试题解析]将可变电阻等效到原线圈电路中,其等 效电阻R′＝n ２ １ n２２ R,原线圈回路满足闭合回路欧姆定 律,即U＝I(RA＋R′),由于 A 的熔断电流为１A, 可得R′≥２１９Ω,即R≥８􀆰７６Ω,故 A 错误;当R′＝ RA 时R 消耗的功率最大,R′＞RA 时,电阻越大,功 率越小,故B错误;设可变电阻R 两端电压为U′,则 原线圈两端电压为５U′,根据U－５U′RA ≤１A,可得U′ ≥４３􀆰８V,故 C正确;增加原线圈匝数,等效电阻变 大,通过保险丝的电流减小,故 D错误.故选 C. ５．D　[试题解析]根据万有引力定律及卫星运动规律,知 近地卫星b的周期小于同步卫星,即Tb＜Ta,且ra ＝rb＝R,又a＝ ４π２r T２ ,v＝２πrT ,则a的加速度和线速 度都小于b,A、B错误;b为近地卫星,可认为其运动 半径为R,设其周期为T１,由万有引力提供向心力 有GMm R２ ＝m４π ２R T２１ ,解得 T１＝ ４π２R３ GM ,C错误;设地 球自转周期为T０,又由每隔时间t卫星b 超地球一 圈,有 t T１ － tT０ ＝１,解 得 地 球 自 转 周 期 T０ ＝ ２πtR R t GM－２πR R ,D正确.故选 D. ６．AC　[试题解析]经空气薄膜上下表面分别反射的两列 光是相干光源,其光程差 Δx＝２d,即光程差是空 气层厚度的２倍,当光程差 Δx＝nλ,此处出现亮 条纹,因此相邻亮条纹之间的空气层厚度差一定 为λ ２ ,增加纸张数量后,空气层的倾角变大,则相 邻亮纹(或暗纹)之间的间距变小,因此干涉条纹 变密,A 正确;使用波长更长的单色光,相邻亮纹 (或暗纹)之间的间距变大,因此干涉条纹变疏,B 错误;向左移动纸片,空气层的倾角变大,则相邻 亮纹(或暗纹)之间的间距变小,因此干涉条纹变 密,C正确;同一级条纹对应的空气膜厚度相等, 则图丙条 纹 弯 曲 处 对 应 着 待 检 测 平 板 玻 璃 有 凸 起,D错误.故选 AC. ７．BD　[试题解析]由图乙可知,０􀆰５s时质点P 沿y 轴正 方向运动,由上下坡法可知P 点处于下坡,即波的 传播方向为x轴正方向,故 A 错误;由图可知,波 的波长λ＝４m,周期T＝１s,波的传播速率v＝λT ＝４m/s,故B正确;质点P 不会随波迁移,只会上 下振动,故 C错误;当质点 M 运动的路程为０􀆰５m 时,M 处于－０􀆰１m 处且沿y轴正方向运动,以图 示位置为 计 时 ０ 点,质 点 M 的 振 动 方 程 为y＝ ０􀆰２cos２πt(m),当y＝－０􀆰１m,可得t＝２３ s ,故 D 正确.故选BD. ８．BC　[试题解析]根据右手定则,流过电阻R 的电流方 向为a→d,故 A错误;由图乙可知,导体棒运动至 b点时速 度 为v０２ ,由 几 何 关 系 可 得,ce的 距 离 为 ２L,对导体棒从b点开始沿轨道运动直至静止,根 据动量定理有－BI􀅰２L􀅰Δt＝０－mv０２ ,又有q＝ I􀅰Δt＝ ER总 􀅰Δt＝ ΔΦ Δt R总 􀅰Δt＝ΔΦR总 ＝ B×２L×d ２ ３R ,解 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 新教材物理 N答案 —２　 得d＝ mRv０ １２B２L２ ,故 B正确;导体棒在ab轨道上运 动 到 任 意 位 置 x 时,根 据 图 像 可 知 １v ＝ １ v０ ( L＋x L ) ,电动势E＝B(L＋x)􀅰v＝BLv０,通 过导体棒的电流I＝ E２ ３R ＝ ３BLv０ ２R ,通过电阻R 的 电流IR＝ ２ ３I ,即IR＝ BLv０ R ,故 C正确;撤去外力 F 前电路中的总热量Q１＝I２􀅰 ２ ３R 􀅰t,由图像面 积可知t＝３L２v０ ,撤去外力F 后导体棒继续运动,整 个回路产生的热量Q２＝ １ ２m( v０ ２ ) ２ ,电阻２R 产生 的热量Q＝１３ (Q１＋Q２)＝ ３B２v０L３ ４R ＋ mv２０ ２４ ,故D错 误.故选BC. ９．[试题解析](１)打点周期为０．０２s,M、P 和P、N 间各有 ４个点未标出,则M、P 和P、N 间的运动时间为T＝５× ０．０２s＝０．１s,由逐差法有xPN －xMP ＝aT２,解得a＝ (２４．０２－１８．８１)－(１８．８１－１５．２０) ０．１２ ×１０－２ m/s２ ＝１􀆰６ m/s２. (２)对重物由牛顿第二定律得２F－mg＝ma,可得a＝ ２F m －g ,则斜率k＝２m ,截距绝对值b＝g,解得 m＝２k ; 由图可知,钩 码 的 加 速 度 为 重 物 的２倍,则 Mg－F＝ M􀅰２a,又 M＝m,解得a＝g５＝ b ５ . [参考答案](１)１．６　(２)２k　 b ５ １０．[试题解析](１)①根据题意,结合图甲电路图可知,由 于电流表 G１ 的内阻已知,则选“a”时,测量无系统误 差,故导线c端应与“a”点连接. ②根据 题 意,由 欧 姆 定 律 有 (I２ －I１)R０ ＝I１ (R１ ＋ Rg１),解得R０＝ I１(R１＋Rg１) I２－I１ . (２)①根据题意可知,水位上升时,继电器的衔铁将被 吸合,说明电磁铁磁性变强,电路中电流变大,压敏电 阻R 的阻值会变小,故选 m;水位上升时,电路中电流 变大,保护电阻RA 的电功率变大. ②若想增大可自动注水储水池的蓄水量,即压力更大, 压敏电阻阻值更小时停止注水,由于停止注水时的电 流I０ 不变,故应将保护电阻RA 阻值变大. [参考答案](１)a　I１ (R１＋Rg１) I２－I１ (２)m　变大　变大 １１．[解](１)根据题意,受力分析有 p０S＝mg＋p１S 解得p１＝０􀆰２５×１０５Pa 气体发生等温变化,有p１LS＝p０L０S 解得L０＝１cm (２)根据理想气体状态方程有 p０L０S T０ ＝p２L２ST 解得p２≈０􀆰１２９×１０５Pa 又有p０S＝m′g＋p２S 解得m′≈３􀆰４８kg [参考答案](１)１cm　(２)３􀆰４８kg １２．[解](１)将v０ 在沿电场强度方向和垂直电场强度方向 分解,当沿电场强度方向速度减至０时,粒子离虚线边 界最远,沿电场强度方向有 qE＝ma,t１＝ v０sin６０° a 最远距离s＝１２at ２ １＝ ３mv２０ ８qE (２)粒子轨迹如图所示 粒子从P→M 在垂直电场强度方向上做匀速直线运 动,则 PM＝v０sin３０°􀅰２t１＝ ３mv２０ ２qE 粒子从 M→N 做匀速圆周运动,由qv０B０＝m v２０ R０ 整理得R０＝ mv０ qB０ 由几何关系知 MN＝２R０cos３０°＝ ３mv０ qB０ 结合PM＝MN 解得B０＝ ２E v０ (３)粒子从P→M 的时间tPM ＝２t１＝ ３mv０ qE 由于B＝３Ev０ ＝３２B０ 可知R＝２３R０ 对应的 MN′＝２３MN＝ ３mv２０ ３qE 由几何关系可知,粒子从 M→N 的圆心角θ＝２π３ 则tMN′＝ θR v０ ＝ ２πmv０ ９qE 由题意知,粒子的运动具有重复性,结合几何关系有 PQ＝４PM＋３MN′ 故粒子从抛出至到达x轴的时间t＝４tPM ＋３tMN′ 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 新教材物理 N答案 —３　 解得t＝２ (６ ３＋π)mv０ ３qE [参考答案](１) ３mv２０ ８qE 　 (２)２Ev０ 　(３) ２(６ ３＋π)mv０ ３qE １３．[解](１)初始A、B静止时,有kx＝(mA＋mB)g 解得x＝０．２m 分离时的临界状态,两者之间无弹力且两者加速度相 等,对A 有kx１－mAg＝mAa 对B有F－mBg＝mBa 解得x１＝０．１m (２)从开始运动到A、B两者分离,有F(x－x１)－(mA ＋mB)g(x－x１)＋ １ ２k (x２－x２１)＝ １ ２ (mA＋mB)v２０ 解得v０＝ ２ ２ m /s (３)由于物块B 受到的外力与物块B 的重力大小相 等,所以物块A、B分离后,B 做匀速直线运动,之后与 C发生弹性碰撞,B、C组成的系统动量守恒,有 mBv０＝mBv１＋mCvC 机械能守恒有１ ２mBv ２ ０＝ １ ２mBv ２ １＋ １ ２mCv ２ C 解得v１＝－ ３ ２ １０ m /s B在向下运动过程中仍是匀速运动,与A 发生弹性碰 撞,A、B组成的系统动量守恒,有 mBv１＝mBv２＋mAvA１ 机械能守恒有１ ２mBv ２ １＝ １ ２mBv ２ ２＋ １ ２mAv ２ A１ 解得vA１＝－ ３ ２ １０ m /s 所以B下落与A 第一次碰撞结束时,物块A 的速度大 小为３ ２ １０m /s. [参考答案](１)０．１m　(２)２２ m /s　(３)３ ２１０ m /s 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ②２０２５名校高考全真模拟试题(二) １．C　[试题解析]根 据 氢 原 子 能 级 图 可 得 E２ －E１ ＝ －３􀆰４０eV－(－１３􀆰６)eV＝１０􀆰２eV,可知此谱线来 源于太阳中氢原子n＝２和n＝１能级之间的跃迁. 故选 C. ２．B　[试题解析]北斗－G４为一颗地球静止轨道卫星,可 知北斗－G４相对地面静止;北斗－IGSO２为一颗倾 斜同步轨道卫星,则北斗－IGSO２的周期等于地球 自转周期,但北斗－IGSO２相对地面不是静止的,故 A错误;根据万有引力提供向心力GMm r２ ＝m４π ２ T２ r, 可得T＝ ４π ２r３ GM ,由于北斗－G４和北斗－IGSO２的 周期相等,则北斗－G４和北斗－IGSO２的轨道半径 相等,故B正确;根据开普勒第三定律r ３ T２ ＝k,可知 北斗－M３与北斗－G４的周期平方之比等于轨道 半径立方之比,故 C 错误;根据万有引力提供向心 力GMm r２ ＝mv ２ r ,可得v＝ GMr ,由于中圆地球轨道 卫星轨道半径小于静止轨道半径,则北斗－M３的 线速度比北斗－IGSO２的线速度大,故 D 错误.故 选B. ３．D　[试题解析]b对a 的支持力与a 受到的重力不在同 一直线上,所以不是一对平衡力,故 A 错误;以a、b 两个石块为整体,根据受力平衡可知,地面对b只有 支持力作用,没有摩擦力作用,则地面受到的压力 等于a和b 的重力之和;以b为研究对象,b受到重 力、a对b的压力和摩擦力、地面的支持力作用,共４ 个力的作用,故BC错误,D正确.故选 D. ４．D　[试题解析]向上斜抛出一小石块,石块到最高点时 具有一定的水平速度,即速度不为０,故 A 错误;由 于石块具有和水流相同的分速度,即具有一定沿河 岸的分速度,所以石块在空中运动轨迹所在平面与 该段河岸不垂直,故 B错误;石块抛出的初速度越 大,但不知道抛出时初速度与水平方向的夹角是否 一定,所以落地点不一定越远,故 C错误;根据运动 的独立性可知,石块从抛出到落地所用时间只由竖 直方向的分运动决定,与河水流速无关,故 D正确. 故选 D. ５．D　[试题解析]为了行车安全,路面转弯处应利用重力 和支持力的合力提供向心力,所以路面转弯处应做 成外高内低,故 A 错误;拖拉机沿盘山公路以恒定 速率向山 上 运 送 农 资,在 水 平 圆 弧 弯 道 和 上 坡 过 程,拖拉机牵引力的瞬时功率不相同,故 B错误;拖 拉机沿盘山公路以恒定速率向山上运送农资,拖拉 机依次经过两个水平圆弧弯道１和２,且R１＞R２, 根据F＝mv ２ R ,可知其合外力满足F１＜F２,故 C错 误;上坡过程拖拉机的动能不变,重力势能增加,则 机械能增加,故 D正确.故选 D. ６．AC　[试题解析]闹钟响起手机振动,充电线也跟着振 动,可知充电线做受迫振动,则有f１＝f２,由于受 迫振动的频率取决于驱动力的频率,所以同一手 机,更换不同长度充电线,振动时的频率相同,故 A正确,D错误;当手机振动的频率等于充电线振 动的固有频率时,充电线抖动幅度最大;所以手机 振动的频率越大,充电线抖动幅度不一定越大,故 B错误;充电线上越靠近振源位置的点越先振动, 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋