2025年普通高等学校招生全国统一考试(预测卷三)-【师大金卷】2025年高考物理复习冲刺全真模拟试卷精选必刷题（新高考）

卷３３ ２０２５年普通高等学校招生全国统一考试(预测卷三) 物　理 本试卷共１００分,考试时间７５分钟. 　 　　　　　　　　 　　　　　　　 　　　　　　一、单项选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要 求的. １．图甲为氢原子的能级图,大量处于第３能级的氢原子,向低能级跃迁 过程中能发出不同频率的光,用这些光照射图乙中的光电管,有２种 频率的a、b光可让光电管发生光电效应.图丙为a、b光单独照射光 电管时产生的光电流I与光电管两端电压U 的关系图线.下列说法 正确的是 (　　) A．光照强度减小,光电子的最大初动能也减小 B．图乙中滑片P 从O 向N 端移动过程中,电流表示数逐渐减小 C．a光光子的能量为１０．２eV D．光电管中金属的逸出功为２．２５eV ２．一定质量的理想气体由a状态开始,经历a→b→ c→a过程,其图像如图,ab的延长线过坐标原点 O,bc与纵轴平行.已知a、c两状态下气体的温 度相同,a→b过程中气体向外界放出的热量为 Q.下列说法正确的是 (　　) A．气体在a状态下单位时间内对单位面积器壁 的冲量小于在c状态下的冲量 B．a→b过程中气体内能变化量的绝对值大于Q C．b→c过程中气体从外界吸收的热量为１５２p０V０ D．a→b→c→a整个过程中气体对外界做功为零 ３．２０２３年１２月２６日,我国在西昌卫星发射中心用 长征三号乙运载火箭与远征一号上面级,成功发射 第五十七颗、五十八颗北斗导航卫星.长征三号乙 运载火箭与上面级脱离后,上面级继续推动卫星运 动,直接将卫星送到预定工作轨道Ⅰ,然后上面级 与卫星分离,为避免影响卫星的运行,上面级继续 点火抬高轨道进入类磁场轨道Ⅱ,轨道Ⅰ与轨道Ⅱ均可视为圆形轨 道.根据上述信息,下列说法正确的是 (　　) A．卫星在轨道Ⅰ运行的速度大于第一宇宙速度 B．上面级在轨道Ⅱ运行的周期小于卫星在轨道Ⅰ运行的周期 C．上面级在轨道Ⅱ上的加速度小于卫星在轨道Ⅰ上的加速度 D．上面级在轨道Ⅱ上受到的万有引力小于卫星在轨道Ⅰ上受到的万 有引力 ４．如图所示,将透镜凸起的一面压在表面平整的玻璃 板上,让单色光从上方射入,从上往下看透镜,可以 看到明暗相间的圆环状条纹.已知透镜凸起面表 现为球面,球面的半径叫作这个曲面的曲率半径 (曲率半径越大,球面弯曲程度越小).下列说法正确的是 (　　) A．圆环状条纹是透镜上下两个表面反射的两列光发生干涉形成的 B．圆环状条纹间距不相等,越往外条纹间距越宽 C．换用曲率半径更大的透镜,可以看到条纹将变密集 D．改用频率更高的单色光照射,可以看到条纹将变密集 ５．如图甲所示,质量m＝１kg的物体静止在水平地面上,t＝０时刻对物 体施加一个水平向右的作用力,作用力随时间的变化关系如图乙所 示,物体与地面间的动摩擦因数μ＝０􀆰１,最大静摩擦力等于滑动摩擦 力,g取１０m/s２.下列说法正确的是 (　　) A．t＝４s时物体的速度最大 B．t＝７s时物体的动能为４０􀆰５J C．０~４s内物体的平均速度大小为２．２５m/s D．０~４s内物体所受摩擦力的冲量大小为４N􀅰s ６．直流特高压输电可以减少感抗和容抗的损耗,该技术已成为我国“西 电东送”战略的技术基础,如图为特高压输电示意图,升压变压器T１、 降压变压器T２ 均为理想变压器,整流及逆变等过程不计能量损失且 有效值不变.若直流输电线的总电阻R＝１０Ω,T２ 匝数之比n３∶n４ ＝５３∶２５,结合图中信息,下列说法正确的是 (　　) A．图中“５００kV”指交流电的峰值 B．直流输电线损失的电压为４０kV C．输电功率为４􀆰２４×１０９ W D．当用户负载增加时,用户端增加的功率大于T１ 输出端增加的功率 ７．如图所示,质量相等的物体a和b用劲 度系数k＝１００N/m 的轻弹簧连接,b 放置在地面上,一根不可伸长的轻绳 一端与a连接,另一端绕过两个光滑的 小定滑轮O１、O２ 与小球c连接,c套在 倾角θ＝３７°的光滑轻杆上,F点为轻杆 的底端,开始时小球c处于轻杆的E 点,连接c的轻绳处于水平状态, 此时物体b恰好对地面没有压力.E、F 两点关于P 点对称,且O２P ⊥EF,已知物体a和b 的质量均为３kg,小球c的质量为１􀆰５kg, |O２E|＝１􀆰０m,g取１０m/s２,sin３７°＝０􀆰６,弹簧的弹性势能为Ep＝ １ ２kx ２(x为弹簧的形变量).小球c从E 点由静止释放到达F 点的过 程中,下列说法正确的是 (　　) A．物体a、b及小球c组成的系统机械能守恒 B．小球c到达P 点时,物体a的速度不为０ C．小球c到达P 点时,小球c的机械能增加了１６J D．小球c刚到达F 点时,a的动能为９．６J 二、多项选择题:在每小题给出的四个选项中,每题有多项符合题目 要求. ８．瓷器是“泥琢火烧”的艺术,是古人智慧的结晶. 如图所示,气窑是对陶瓷泥坯进行升温烧结的一 种设备.某次烧制前,封闭在窑内的气体压强为 p０,温度为２７℃,当窑内气压达到３p０ 时,气窑 上方的单向排气阀开始排气,使气窑内气体压强 保持３p０ 不变,窑内气体温度逐渐升高至１２２７ ℃后保持不变,连续烧制８~１０小时.下列说法正确的是 (　　) A．单向排气阀开始排气时,窑内气体温度为９１℃ B．单向排气阀开始排气时,窑内气体温度为６２７℃ C．本次烧制排出气体的质量与原来气体质量之比２∶３ D．本次烧制排出气体的质量与原来气体质量之比２∶５ ９．如图所示,倾角为α的斜面固定在水平 面上,一根不可伸长的轻绳一端连接在 置于斜面的物体a上,另一端绕过光滑 的定滑轮与小球b连接,轻绳与斜面平 行,定滑轮到小球b的距离为L.用手 按住物体a不动,把小球b拉开很小的 角度θ(θ＜５°)后释放,使小球b做单摆运动,稳定后放开物体a.当 小球运动到最高点时,物体a恰好不下滑,整个过程物体a始终静 止.忽略空气阻力及定滑轮的大小,重力加速度为g.下列说法正确 的是 (　　) A．小球b多次经过同一位置的动量可以不同 B．小球b摆到最低点时,物体a受到的摩擦力一定沿斜面向下 C．物体a与斜面间的动摩擦因数μ＝tanα D．物体a受到的摩擦力变化的周期T＝π Lg １０．如图所示,虚线MN 上方区域有垂直纸面向外的匀强磁场,MN 下 卷３３ 方区域有竖直向下的匀强磁场,两处磁场磁感 应强度大小均为B,足够长的等间距金属导轨 竖直放置,导轨间距为L.两金属棒ab、cd 水 平地靠在金属导轨上,金属棒ab的质量为２m, 接入电路的阻值为２R,cd的质量为m,接入电 路的阻值为R,开始时金属棒ab距MN 的高 度是金属棒cd 到MN 高度的２倍.金属棒与 两导轨之间的动摩擦因数相同.同时由静止 释放两金属棒,金属棒cd 进入MN 下方区域时立即做匀速运动. 已知运动过程中导体棒始终保持水平且与导轨接触良好,导轨电阻 不计,重力加速度为g,下列说法正确的是 (　　) A．金属棒cd进入MN 下方时的速度大小为２mgR B２L２ B．金属棒cd的释放位置到MN 的距离为１８m ２gR２ B４L４ C．从开始释放到金属棒ab进入下方磁场运动的过程中通过金属棒 ab的电荷量为６m ２gR B３L３ D．金属棒ab在MN 上方区域运动过程中金属棒cd 上产生的焦耳 热为１２m ３g２R２ B３L４ 三、非选择题:本题共５小题,请按要求作答. １１．某学习小组通过实验测定一截面为半圆形玻璃砖的折射率n,可用 的实验器材有半圆形玻璃砖、白纸、激光笔、刻度尺、游标卡尺、光 屏、圆规、铅笔.部分步骤如下: ①用游标卡尺测量玻璃砖的直径d; ②在平铺的白纸上利用圆规画出半圆形玻璃砖的位置和圆心O,过 O点画出法线;将玻璃砖沿画好的半圆形位置放好,玻璃砖直径AB 与竖直放置的光屏MN 垂直并接触于A 点; ③用激光笔从玻璃砖一侧照射半圆形玻璃砖的圆心O,如图甲所 示,在光屏MN 上可以观察到两个光斑C、D;从图示位置逆时针缓 慢移动激光笔,使光斑D 恰好消失,用铅笔在白纸上标记此时光斑 E 的位置,移走玻璃砖和光屏. 根据以上步骤,回答下列问题: (１)测得半圆形玻璃砖直径d的读数如图乙所示,则d＝　　　　cm; (２)为了精准测量半圆形玻璃砖的折射率n,还需测量的一个物理量 及表示它的字母为　　　　; (３)根据以上测量的物理量,写出计算玻璃砖折射率的表达式n＝ 　　　　. １２．小明同学是一名山地车骑行爱好者,为了夜间骑行安全,他网购了 一个太阳能山地车尾灯(如图甲所示).好奇心驱使他将太阳能尾 灯拆开,发现了可为内部一组镍氢电池组充电的光伏板.小明同学 想测量该光伏板的电动势(电动势约为４V)及其内阻,于是他从实 验室借到了以下器材: A．电压表 V(量程０~３V,内阻为３kΩ) B．毫安表 A(量程０~１００mA,内阻很小) C．滑动变阻器R(０~５００Ω) D．定值电阻R１＝３kΩ E．定值电阻R２＝１２kΩ F．开关、导线若干 (１)小明设计了如图乙所示的电路,为了精确测量电路电压,则与电 压表串联的定值电阻为　　　　(选填“R１”或“R２”); (２)给光伏板一定的光照进行实验,将电压表的读数记为U,毫安表 的读数记为I,通过改变滑动变阻器的阻值,测得多组U、I值,根据 记录的实验数据做出U－I图像如图丙所示,通过图像可得光伏板 的电动势E＝　　　　V,图中线性段时光伏板的内阻r＝　　　　 Ω;(结果保留２位有效数字) (３)将一个５０Ω的定值电阻与光伏板串联,保持光照条件不变,则 该定值电阻消耗的功率P＝　　　　W.(结果保留２位有效数字) １３．如图所示,海洋浴场的海面上等间距排列着 一排浮球,用来警示航行者注意安全,避免 进入危险海域.现有距离为３􀆰６m 的两个 浮球A 和B 停在海面上,在沿浮球排列方向上的水波作用下,浮球 每分钟上下浮动１５次.当浮球A 处于波峰位置时,浮球B 恰在平 衡位置,两浮球间还有一个波谷.求: (１)该水波的传播周期T; (２)该水波的波速v. １４．用喷水机浇灌草坪,喷水机将水加速后 通过喷水嘴喷出,喷水嘴出水速度的大 小v和夹角θ均可调节.已知喷水嘴 的截面积S＝１􀆰０×１０－４m２,水喷出的最大水平射程为１０m,水的 密度ρ＝１􀆰０×１０３kg/m３,g取１０m/s２,水流冲击到地面后,水平方 向速度变为０,忽略喷嘴离地高度以及空气阻力的影响.求: (１)喷水嘴出水的最大速率vm; (２)若出水速度v１＝８m/s,夹角θ＝６０°,则水流对地面水平方向平 均冲力的大小. １５．如图甲所示,在y轴左侧有一对竖直放置的平行金属板M、N,两板 间的电势差为U,在x≥０区域内存在方向垂直于xOy平面的匀强 磁场,该磁场做周期性变化(不考虑磁场变化瞬间对粒子运动的影 响),变化规律如图乙所示,规定垂直xOy平面向里的磁场方向为 正.一质量为m、电荷量为q的带正电粒子,从贴近 M 板的位置由 静止开始运动,通过N 板小孔后在t＝０时刻从坐标原点O 沿x 轴 正方向垂直射入磁场中.不计粒子重力和空气阻力,图中磁感应强 度B０ 已知. (１)求粒子在磁场中运动时的动量大小p; (２)若T０＝ πm qB０ ,求t＝T０ 时刻粒子的位置坐标; (３)若T０ 在 πm qB０ ,２πm qB０ é ë êê ù û úú的范围内取值,问:T０ 取何值时,在０~２T０ 时间内,粒子击中的γ轴上的点到坐标原点的距离最大,最大距离 为多少. 新高考物理答案 —７８　 (２)根据洛伦兹力提供向心力,结合几何关系有 qv０B＝m v２０ R (３h)２＋(R－h)２＝R２ 联立解得B＝mv０２qh [参考答案](１) ２mv２０ ３qh 　 (２) mv０ ２qh １４．[解](１)粒子从O１ 到O２ 的过程,根据动能定理有 q０U０＝ １ ２mv ２ 粒子进入磁场后做匀速圆周运动,由向心力公式有 q０vB＝ mv２ r 由题意知,粒子的轨迹如图中①所示,由几何关系知粒 子在磁场中运动的轨迹半径r＝R 联立以上各式,解得粒子的比荷为q０ m＝ ２U０ B２R２ (２)当质量为m１ 的粒子打在C 端点时,轨迹如图中② 所示,根据几何关系可得粒子在磁场中运动的轨迹半 径r１＝ (２R)２－R２＝ ３R 当另一粒子打在 D 端点时,轨迹如图中③所示,轨迹 半径为r２＝Rtan３０°＝ ３ ３R 由(１)中得粒子质量的通用表达式为m＝qB ２r２ ２U 则 m２ m１ ＝ r２２ r２１ ＝１９ 解得这个粒子的质量为m２＝ １ ９m１ (３)当粒子沿轨迹②最终打在胶片的C端点时,此时粒 子在磁场中的轨迹半径为r１＝ ３R 粒子在磁场中运动轨迹所对的圆心角为θ１＝ １ ３π 由qvB＝mv ２ r 得到该粒子进入磁场时的速度大小为 v１＝ qBr１ m ＝ ３qBR m 粒子在电场中经历的时间为t１＝ R v１ ２ ＝２ ３m３qB 粒子在磁场中经历的时间t２＝ θ１T ２π 而T＝２πmqB 可得t２＝ πm ３qB 粒子出磁场后做匀速直线运动经历的时间为 t３＝ R v１ ＝ ３m３qB 则粒子从进入电场到打在胶片上所经历的时间为 t＝t１＋t２＋t３＝ (３ ３＋π)m ３qB [参考答案](１) ２U０ B２R２ 　(２)１９m１　 (３) (３ ３＋π)m ３qB １５．[解](１)设木板 C 的质量为m,物体 A、B 的质量为 ２m,B碰撞C 由动量守恒定律可知 ２mv０＝２mvB＋mvC 由机械能守恒可知１ ２×２mv ２ ０＝ １ ２×２mv ２ B＋ １ ２mv ２ C 联立并代入数据解得vB＝０􀆰６m/s,vC＝２􀆰４m/s (２)A 恰好达到C 的最左端,A、C系统由动量守恒可知 mvC＝３mv共 解得v共 ＝０􀆰８m/s 对物体A 进行受力分析,根据牛顿第二定律可知 ２μmg＝２ma 物体A 加速到v共 的时间为t＝ v共 a 联立解得t＝０．８s (３)A 与木板C 系统损失的机械能为摩擦力做的功,由 能量守恒可知２μmgL＝ １ ２mv ２ C－ １ ２×３mv ２ 共 则木板的长度L为L＝０􀆰９６m A、B在运动方向上速度相同时,距离最小,运动时间为 t０＝ vB a 解得t０＝０．６s B、C碰撞后B 做匀速直线运动,此时B 的位移为xB′ ＝vBt０ B、C碰撞后A 做匀加速直线运动,此时 A 的位移为 xA′＝ １ ２at ２ ０ A、B最初的距离为L,此时A、B的距离最小为 d＝L＋xA′－xB′ 联立解得d＝０．７８m [参考答案](１)０．６m/s　(２)０􀆰８s　(３)０􀆰７８m 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀃊􀁋􀁕２０２５年普通高等学校招生全国统一考试(预测卷三) １．D　[试题解析]光电子的最大初动能与光照强度无关, 与光电子频率有关,A错误;滑片P 从O 向N 端移 动过程中,A 板带正电,电压为正向电压,增大电压, 电流先增大后不变,B错误;大量处于第３能级的氢 原子,跃迁时能产生３种频率的光,能发生光电效应 的应该是三能级到一能级和二能级到一能级,a光 的遏止电压大,光子能量高,所以a光光子的能量为 E３－E１＝１２􀆰０９eV,C错误;因为b光的遏止电压为 －７􀆰９５eV,根据公式可得eU＝Ek＝hν－W０,hν＝ E２－E１＝１０􀆰２eV,解得 W０＝２􀆰２５eV,D正确.故 选 D. ２．A　[试题解析]a状态气体的体积较大,气体密度较小, 又两个状态的温度相同.故气体在a 状态下单位 时间内对单位面积器壁的作用力较小,冲量较小,A 正确;b→c过程体积不变,压强增大.根据 pT ＝C 可知,气体温度升高,则c状态气体内能大于b状态 气体内能,由于a与c 状态气体温度相同,内能相 等.则b状态气体内能小于a 状态气体内能.a→b 过程气体体积减小,外界对气体做功,根据 ΔU＝Q 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 新高考物理答案 —７９　 ＋W,ΔU 为负值,W 为正值,故气体放热大于内能 的减少量,B错误;由图可知,a状态的气体压强为 ４p０,a→b 过 程 外 界 对 气 体 做 功 为 W ＝ p０＋４p０ ２ (４V０－V０)＝ １５ ２p０V０ ,b→c过程中气体体积不变, 外界对气体不做功,则气体内能的增加量等于气体 吸收的热量,由于a状态与c状态气体内能相等,则 b→c过 程 中 气 体 从 外 界 吸 收 的 热 量 为Q′＝Q－ １５ ２p０V０ ,C错误;a→b→c→a整个过程中气体对外 界做功等于△abc的面积,D错误.故选 A. ３．C　[试题解析]第一宇宙速度是最大环绕速度,卫星在 轨道Ⅰ运 行 的 速 度 一 定 小 于 第 一 宇 宙 速 度,A 错 误;根据GMm r２ ＝m４π ２ T２ r＝ma,得 T＝ ４π ２r３ GM ,a＝ GM r２ ,由于轨道Ⅱ的运动半径大于轨道Ⅰ的运动半 径,则上面级在轨道Ⅱ运行的周期大于卫星在轨道 Ⅰ运行的周期,上面级在轨道Ⅱ上的加速度小于卫 星在轨道Ⅰ上的加速度,B错误,C 正确;由于质量 关系未 知,无 法 判 断 万 有 引 力 大 小,D 错 误.故 选 C. ４．D　[试题解析]环状条纹是由凸透镜与平面玻璃所夹 空气膜的上、下表面反射光干涉形成的,故 A 错误; 圆环状条纹的间距不相等,从圆心向外条纹越来越 密集,越往外条纹间距越窄,故 B错误;若换一个曲 率半径更大的凸透镜,仍然相同的水平距离但空气 层的厚度变小,所观察到的圆环状条纹间距变大, 可以看到条纹将变稀疏,故 C错误;改用频率更高 的单色光照射,由c＝λf,可知单色光波长更小,而 其他条件保持不变,则观察到的圆环状条纹间距变 小,可以看到条纹将变密集,故 D正确.故选 D. ５．B　[试题解析]由题意可得,物体所受的滑动摩擦力Ff ＝μmg＝１N,结合乙图,０~１s:F＜Ff,物体静止,１ ~７s:F＞Ff,由牛顿第二定律得F－Ff＝ma１,物体 向右加速.７~８s:F＜Ff,由牛顿第二定律得Ff－ F＝ma２,物体向右做减速运动.由分析可知,t＝７s 时物体的速度最大,故 A错误;由动量定理得,１~７ s,IF７－Fft７＝mv７　①,由图像可得,１~７s,F 的冲 量IF７＝２× １＋４ ２ ×３N 􀅰s＝１５N􀅰s,将IF７、Ff、t７ ＝６s带入①式得,t７＝７s时物体的速度v７＝９m/ s,t＝７s时物体的动能Ek＝ １ ２mv ２ ７＝４０􀆰５J,故B正 确;由动量定理得,１~４s,IF４－Fft４＝mv４　①,由 图像可得,１~４s,F 的冲量IF４＝ １＋４ ２ ×３N 􀅰s＝ ７􀆰５N􀅰s,将IF４、Ff、t４＝３s带入①式得,t４＝３s时 物体的速度v４＝４􀆰５m/s,由于０~４s物体不做匀 加速,所以０~４s内物体的平均速度v≠v４２＝２􀆰２５ m/s,故 C 错误;１~４s摩擦力的冲量If４＝Fft４＝ １×３N􀅰s＝３N􀅰s,０~１s摩擦力小于滑动摩擦 力,所以冲量If１＜Fft１＝１×１N􀅰s＝１N􀅰s,０~４ s摩擦力的冲量If＜(Fft１＋Fft４)＝４N􀅰s,故 D错 误.故选B. ６．B　[试题解析]图中“５００kV”指交流电的有效值,故 A 错误;根据理想变压器原副线圈电压与线圈匝数的 关系 U３ U４ ＝ n３ n４ ,解得U３＝１０６０kV,直流输电线损失 的电压为 ΔU＝U２－U３＝４０kV,故 B正确;输电电 流为I２＝ ΔU R ＝４０００A ,输 电 功 率 为 P＝I２U２ ＝ ４０００×１１００×１０３ W＝４􀆰４×１０９ W,故 C错误;当 用户负载增加时,T１ 输出端增加的功率等于用户端 增加的功率与输电线上增加的损失功率之和,故用 户端增加的功率小于 T１ 输出端增加的功率,故 D 错误.故选B. ７．C　[试题解析]当弹簧的弹性形变发生变化时,弹簧的 弹性势能也发生变化,可知,物体a、b及小球c与弹 簧组成的系统机械能守恒,故 A 错误;由于O２P⊥ EF,可知,小球c到达P 点时,小球c的速度方向垂 直于轻绳,即小球c沿轻绳方向的速度为０,可知,小 球c到达P 点时,物体a的速度为０,故 B错误;小 球c处于轻杆的E 点时,由于物体b恰好对地面没 有压力,则弹簧的拉伸量x１＝ mbg k ＝０􀆰３m ,小球c 到达P 点 时,物 体a 下 降 的 高 度 为x２ ＝O２E－ O２Esinθ＝０􀆰４m,可知,小球c到达P 点时,弹簧处 于压缩状态,压缩量为x３＝x２－x１＝０􀆰１m,结合上 述,小球c到达P 点时,物体a的速度为０,对物体 a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒,可知小 球c的机械能增加 ΔE１＝magx２＋ １ ２kx ２ １－ １ ２kx ２ ３, 解得 ΔE１＝１６J,故 C 正确;小球c刚到达F 点过 程,物体a、b及小球c 与弹簧组成的系统机械能守 恒,则有mcg􀅰２O２Ecosθsinθ＝ １ ２mcv ２ c＋ １ ２mav ２ a,根 据绳的牵连速度规律有va＝vccosθ,a的动能为Ek ＝１２mav ２ a,解得Ek＝ ７６８ ９５J≈８􀆰０８J ,故 D错误.故 选 C. ８．BD　 [试 题 解 析]根 据 等 容 变 化 p０(２７＋２７３)K ＝ ３p０ (t＋２７３)K ,单向排 气 阀 开 始 排 气 时,窑内气体 温度为t＝６２７℃,A错误,B正确;排气后气窑内 气 体 压 强 保 持 ３p０ 不 变,根 据 等 压 变 化 V (６２７＋２７３)K＝ V＋V′ (１２２７＋２７３)K ,由于密度相同, 则本次烧制排出气体的质量与原来气体质量之比 为m′∶m＝V′∶(V＋V′),得m′∶m＝２∶５,C错 误,D正确.故选BD. ９．AD　[试题解析]小球b多次经过同一位置的速度方向 可以不同,所以动量可以不同,故 A 正确;小球b 在任意位置受到重力和拉力,重力垂直于绳的分 量提供了回复力,沿绳方向有T＝mgcosθ,当摆角 最大时,拉力最小,此时a受到的摩擦力方向可能 沿斜面向上,小球b摆到最低点时,拉力增大,此 时a受到的摩擦力方向仍可能沿斜面向上,摩擦 力大小会减小,故B错误;因为当小球运动到最高 点时,物体a 恰 好 不 下 滑,则 F＋fm ＝Gx,所 以 mgsinα＞μmgcosα,解得μ＜tanα,故 C错误;物体 a受到的 摩 擦 力 变 化 的 周 期 是 单 摆 的 周 期 的 一 半,即T＝T单摆２ ＝π L g ,故 D正确.故选 AD. １０．BCD　[试题解析]根据整体法分析可知,ab、cd在MN 上方区域运动时,磁通量不变,没有感应电流, 没有安培力,做加速度为重力加速度的加速运 动,金属棒cd 刚进入MN 下方时,两金属棒速 度相同,由于金属棒cd进入MN 下方区域时立 即做匀速运动,则金属棒ab一定做匀速运动, 有２mg＝F安 ,F安 ＝BIL,I＝BLv３R ,联 立 得v＝ 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 新高考物理答案 —８０　 ６mgR B２L２ ,故 A 错误;根据v２－０＝２gh,得金属棒 cd的 释 放 位 置 到 MN 的 距 离 为h＝v ２ ２g＝ １８m２gR２ B４L４ ,故B正 确;从 开 始 释 放 到 金 属 棒ab 进入下方磁场运动的过程中电流I＝BLv３R ,需要 时间t＝hv ,则通过金属棒ab的电荷量为q＝It ＝BLv３R 􀅰h v ＝ ６m２gR B３L３ ,故 C正确;金属棒ab在 MN 上方区域运动过程中金属棒cd 上产生的 焦耳热为Q＝I２Rt＝１２m ３g２R２ B３L４ ,故 D 正确.故 选BCD. １１．[试题解析](１)由图乙可知,游标卡尺为２０分度的游 标卡尺,精 度 为０􀆰０５mm,故d＝７􀆰７cm＋１５×０􀆰０５ mm＝７􀆰７７５cm. (２)由题可知,光斑在E 处时,光斑 D 恰好消失,即光 线此时发生全反射,故为测量折射率,还需测量OE 的 长度L. (３)当光线恰好发生全反射时,有n＝ １sinθ＝ １ OA OE ＝２Ld . [参考答案](１)７．７７５　(２)OE的长度L (３)２Ld １２．[试题解析](１)电压表内阻为３kΩ,若与阻值为３kΩ 的定值电阻串联,可将电压表量程扩大一倍,可满足实 验要求. (２)根据电路结合闭合电路的欧姆定律可知E＝２U＋ Ir,可得U＝１２E－ １ ２Ir ,由图可知 １ ２E＝２􀆰１ ,可得E ＝４􀆰２V;内阻 １２r＝ ２．１０－１．５０ ０．０７６ Ω＝７􀆰８Ω ,可得r＝ １６Ω. (３)将一个５０Ω的定值电阻与光伏板串联,则该定值 电阻消耗的功率P＝ ( ER＋r) ２ R＝ ( ４．２５０＋１６) ２ ×５０ W ＝０．２０W. [参考答案](１)R１　(２)４．１/４．２/４．３　１４/１５/１６ (３)０．２０/０．２１/０．２２ １３．[解](１)浮球每分钟上下浮动１５次可得浮球振动的周 期T＝tn 解得T＝４s,所以水波的传播周期为４s (２)两球间还有一个波谷,故 xAB＝ ３ ４λ 或xAB＝ ５ ４λ 解得λ＝４􀆰８m或λ＝２􀆰８８m 水波的传播速度v＝λT 解得v＝１􀆰２m/s或v＝０􀆰７２m/s [参考答案](１)４s　(２)１．２m/s或０􀆰７２m/s １４．[解](１)设喷水嘴出水的最大速度为vm,出水方向与 水平方向夹角为θ,水从喷水嘴到地面运动的时间为t, 水的水平射程为x,则竖直方向速度 vmsinθ＝ １ ２gt 水平方向位移x＝vmcosθ􀅰t 解得x＝v ２ msin２θ g 当θ＝４５°时,水平射程最大xm＝１０m 解得vm＝１０m/s (２)在时间 Δt内,水的质量 Δm＝ρSv１Δt 由动量定理得FxΔt＝Δmv１cosθ 解得Fx＝３􀆰２N 由牛顿第三定律可得Fx′＝Fx＝３􀆰２N [参考答案](１)１０m/s　(２)３．２N １５．[解](１)粒子在电场中运动时,由动能定理得 qU＝１２mv ２ 粒子在磁场中运动时的动量为p＝mv 联立解得p＝ ２qUm (２)当磁感应强度为B０ 时,带电粒子在磁场中做圆周 运动时半径为r１,由qvB０＝m v２ r１ 可得r１＝ １ B０ ２Um q 运动周期为T１＝ ２πm qB０ 同理可得当磁感应强度为２B０ 时,带电粒子在磁场中 做圆周运动时半径为r２＝ １ ２B０ ２Um q 运动周期为T２＝ πm qB０ 由 T０ ４＝ T１ ８＝ T２ ４ 则粒子在０~T０ 内的轨迹如图所示 由几何关系可得x＝２r１sin４５°＋r２＋r１(１－cos４５°)＝ ３＋ ２ ２B０ ２Um q y＝２r１(１－cos４５°)＋r２＋r１sin４５°＝ ５－ ２ ２B０ ２Um q 则粒子的坐标为 (３＋ ２２B０ ２Um q ,５－ ２ ２B０ ２Um q ) . (３)经分析可知,当 T０ ４＝ πm ２qB０ 时,粒子轨迹如图所示 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 新高考物理答案 —８１　 此时距离最大,由几何关系得粒子击中y轴的位置为 y＝４r１＋２r２ 可得粒子能击中y轴的点到坐标原点的最大距离为y ＝５B０ ２Um q [参考答案](１)p＝ ２qUm (２)(３＋ ２２B０ ２Um q ,５－ ２ ２B０ ２Um q ) (３)５B０ ２Um q 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀃊􀁋􀁖２０２５年普通高等学校招生全国统一考试(预测卷四) １．C　[试题解析]核反应方程为１０５B＋１０n→７３Li＋４２He,因此 X为α粒子,贯穿能力最弱,故 A 错误;该反应属于 原子核的人工转变,衰变反应是原子核自发进行的, 反应前只有一个核,故 B错误;组成原子核的核子 越多,它的结合能越大,故 C正确;该核反应释放的 核能为 ΔE＝(E２＋E３－E１),故 D错误.故选 C. ２．C　[试题解析]风对小球的力恒定,则小球可视为在等 效重力场 中 运 动,等 效 重 力 方 向 为 重 力 和 风 力 的 合力, 小球运动过程中速度与等效重力方向垂直时速度 最小,故小球速度最小时,位于AO 之间的某处,故 A错误;小球自 A 运动到B,风力做功为零.由动 能定理得mgh＝ １２mv ２ B － １ ２mv ２ ０,解得 AB 间的距 离h＝２v ２ ０ g ,又由h＝ １２gt ２,得小球运动的时间t＝ ２v０ g ,故 B错误,C 正确;由于水平方向合力做功为 ０,在水平方向速度大小不变,在水平方向上,由动 量定理得 Ft＝２mv０,所 以 F＝mg,故 D 错 误.故 选 C. ３．B　[试题解析]卫星在转移轨道B 点加速才能进入同 步轨道,则在转移轨道上的B 点的速度小于在同步 轨道速度,根据v＝ GMr ,同步轨道速度小于近地 轨道速度v１,所以卫星在转移轨道经过B 点速度肯 定小于v１,故 A错误;根据ma＝ GMm r２ ,卫星加速度 的表达式为a＝GM r２ ,所以卫星两次经过B 点时加速 度相等,在近地轨道和同步轨道卫星的加速度比为 r２２∶r２１,故 B正确、C错误;根据开普勒第三定律可 知 r３１ T２１ ＝ (r１＋r２２ ) ３ T２２ ,卫星在转移轨道周期应为T２＝ T１ (r１＋r２２r１ ) ３ ,故 D错误.故选B. ４．D　[试题解析]绳子上各质点的起振方向都与波源(弹 簧振子)的起振方向相同,故 A 错误;波源在坐标原 点,绳子上产生的波只能向右传播,由t０ 到t１ 波传 播的距离 为 Δx＝nλ＋ １４λ＝ (４n＋１)m(n＝０,１, ２􀆺􀆺),所以０􀆰２s＝nT＋１４T (n＝０,１,２􀆺􀆺),则 波速 v＝ (２０n＋５)m/s(n＝０,１,２􀆺􀆺),T＝ ０．８ ４n＋１s (n＝０,１,２􀆺􀆺),当n＝０时,该波振动周期 最大值为０􀆰８s,则质点P 的振动频率最小值为f＝ １ T＝１􀆰２５ Hz ,故 B 错误;绳子各 质 点 都 是 在 波 源 (振子)的驱动下做受迫振动,受迫振动的频率与驱 动力频率相同,据以上分析可知,该波的波速不可 能为１５m/s,故 C错误;根据波的图像和以上分析 可知,在t＝１􀆰０s 时 刻,质 点 Q 的 位 移 为y＝ －０􀆰１sin(２πT×１) m＝ －０􀆰１sin ( ２π ０．８ ４n＋１ ) m ＝ －０􀆰１sin(１０n＋２．５)πm(n＝０,１,２􀆺􀆺)＝－０􀆰１m, 故 D正确.故选 D. ５．B　[试题解析]根据题意,小球在界面上方做匀加速直 线运动,在界面下方做匀减速直线运动,位移相同, 初末速度为零,根据速度位移关系可知,小球在上、 下两电场中运动的加速度大小相等,方向相反,根据 速度时间关系可知,小球运动时间相同,故 A 错误, B正确;A 到C 过程,运用动能定理得qUAC ＋mg􀅰 ２h＝０,解得UAC ＝－ ２mgh q ,由此可知,A、C 点的电 势不等,则电势能不相等,故 C、D错误.故选B. ６．D　[试题解析]设折射角为θ,根据几何关系有sinθ＝ R ２R＝ １ ２ ,则玻璃砖对该单色光的折射率为n＝sinαsinθ ＝ ２,故 A 错 误;光 线 在 玻 璃 砖 中 通 过 的 路 程 为 ２ ３R,则 AB 段 传 播 的 时 间 为t＝ xv ＝ ２ ３R c ２ ＝ ２ ６R c ,故 B错误;根据对称性可知,单色光不可能 在玻璃砖外壁发生全反射,则一定能从玻璃砖外壁 射出,故 C错误;单色光经一次折射后,恰好在玻璃 砖内壁发生全反射,作出光路图,如图所示, 设此时的入射角为α,折射角为β,全反射临界角为 C,设单色光在D 点发生全反射,在△ADO 中,根据 正弦定理有 ２R sin∠ADO＝ R sinβ ,根据几何关系有sinC 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋