2025名校高考全真模拟试题(十七)-【师大金卷】2025年高考物理复习冲刺全真模拟试卷精选必刷题（新高考）

卷１７ ２０２５名校高考全真模拟试题(十七) 物　理 本试卷共１００分,考试时间７５分钟. 　 　　　　　　　　 　　　　　　　 　　　　　　一、单项选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目 要求. １．(２０２４􀅰辽宁联考二模)２０２３年４月１２日,中国“人造太阳”一全超导 托卡马克核聚变实验装置(EAST)成功实现稳态高约束模式等离子 体运行４０３秒,创造了新的世界纪录,其内部发生的核反应方程为２１H ＋３１H→４２He＋X,则 (　　) A．该反应为β衰变 B．X为中子 C．X为质子 D．４２He的结合能比２１H 的结合能小 ２．用手上下抖动绳的一端,产生一列向右传播的横波,其中a、b、c、d、e 是绳上的五个质点,某时刻这列波恰好传播到e点,如图所示.此时 质点a在平衡位置,质点b、c、d偏离平衡位置的位移大小相等,下列 说法正确的是 (　　) A．手开始抖动的方向竖直向上 B．质点b、c的位移始终相等 C．这五个质点中,最先到达波峰的质点是c D．这五个质点中,最先到达波谷的质点是d ３．(２０２４􀅰天津一中校考)如图所示,矩形线圈abcd与理想变压器原线 圈组成闭合电路,副线圈接一定值电阻.矩形线圈abcd在有界匀强 磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动,磁场只分布在bc边的左侧, 磁场的磁感应强度大小为B,线圈的匝数为N,转动的角速度为ω,ab 边的长度为L１,ad边的长度为L２,线圈电阻不计.下列说法正确的 是 (　　) A．原线圈两端电压的有效值为 ２NBL１L２ω ２ B．若仅增大线圈的转速,则通过定值电阻的电流减小 C．若仅增大变压器原线圈的匝数,则通过定值电阻的电流减小 D．若仅增大定值电阻的阻值,则原线圈两端的电压增大 ４．如图所示,一条含有两种单色光的细光束,从真 空中由均质玻璃砖的上表面入射后,分成折射角 分别为θ１、θ２ 的a、b光线,则a、b光线在该玻璃砖 中运动的速度大小之比为 (　　) A． cosθ１ cosθ２ B． sinθ１ sinθ２ C． cosθ２ cosθ１ D． sinθ２ sinθ１ ５．(２０２４􀅰湖南高三期中)均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于 电荷集中于球心处产生的电场.如图所示,在半球面AB 上均匀分布 着总电荷量为q的正电荷,球面半径为R,CD 为通过半球顶点与球心 O的轴线,在轴线上有M、N 两点,OM＝ON＝３R,已知M 点的电场强 度大小为E,静电力常量为k,则N 点的电场强度大小为 (　　) A．２kq ９R２ －E B．kq ４R２ ＋E C．kq ２R２ ＋E D．kq ２R２ －E ６．(２０２４􀅰辽宁统考二模)如图所示,在以半径为 R 和２R 的同心圆为边界的区域中,有磁感应强 度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场. 在圆心O 处有一粒子源(图中未画出),在纸面 内沿各个方向发射出比荷为q m 的带负电的粒 子,粒子的速率分布连续,忽略粒子所受重力和 粒子间的相互作用力,已知sin３７°＝０􀆰６,cos３７°＝０􀆰８.若所有的粒 子都不能射出磁场,则下列说法正确的是 (　　) A．粒子速度的最大值为２qBRm B．粒子速度的最大值为qBR４m C．某粒子恰好不从大圆边界射出磁场,其在磁场中运动的时间为 １２７πm ９０qB (不考虑粒子再次进入磁场的情况) D．某粒子恰好不从大圆边界射出磁场,其在磁场中运动的时间为 ４πm ３qB (不考虑粒子再次进入磁场的情况) ７．“两江四岸”烟花活动中,某同学用手机录制了一 段烟花运动视频,经电脑处理得到某一烟花的运 动轨迹如图所示,其中最高点b切线水平,c点切 线竖直,由图可知 (　　) A．该烟花由a点运动到c点过程中,水平方向匀 速运动 B．该烟花由b点运动到c点过程中,其机械能守恒 C．该烟花在b点的加速度方向竖直向下 D．该烟花在b点处于失重状态 二、多项选择题:在每小题给出的四个选项中,每题有多项符合题目 要求. ８．如图１所示,用输出电压u＝Umsinωt的 交流电对定值电阻R 供电,通过定值电 阻R 的电流变化频率为f１,其电功率为 P１.在该电路中连接一个理想二极管 D (正向导通时电阻为零,反向截止时电阻 无限大),其他条件不变,如图２所示,通 过定值电阻R 的电流变化频率为f２,其电功率为P２.下列说法正确 的是 (　　) A．f２＝f１ B．f２＝２f１ C．P２＝ P１ ２ D．P２＝ P１ ４ ９．(２０２４􀅰湖北统考模拟预测)如图所示,一轻杆通过 铰链固定在竖直墙上的O 点,轻杆的另一端C 用弹 性轻绳连接,轻绳的另一端固定在竖直墙上的 A 点.某人用竖直向下、大小为F 的拉力作用于C 点,静止时AOC构成等边三角形.下列说法正确的 是 (　　) A．此时弹性轻绳的拉力大小为F B．此时弹性轻绳的拉力大小为２F C．若缓慢增大竖直向下的拉力,则在OC 到达水平位置之前,轻绳 AC的拉力增大 D．若缓慢增大竖直向下的拉力,则在OC 到达水平位置之前,轻杆 OC对C 点的作用力减小 １０．天空中星体壮丽璀璨,在万有引力作用下,做着不同的运动.如图 １、２所示分别为双星、三星模型,星体都绕它们之间的某一点做匀速 圆周运动,轨迹圆半径都为R,五个环绕天体质量均为m,引力常量 为G,忽略其他天体对系统的作用,则 (　　) A．图１中两环绕天体向心力相同 B．图１中天体运动的周期为４π R ３ Gm C．图２中天体运动的向心力大小为G２m ２ ３R２ D．图１和图２中环绕天体的线速度之比为 ４ ３∶２ 卷１７ 三、非选择题:本题共５小题,请按要求作答. １１．(２０２４􀅰北京统考二模)某同学探究“小车的加速度与力的关系”的 实验装置如图所示,轨道上的B 点固定一光电门,将连接小车的细 线跨过滑轮系住钩码,平衡摩擦力后在A 点由静止释放小车,测出 小车上的挡光片通过光电门的时间t. (１)在该实验中,下列说法正确的是　　　　. A．要用天平称量小车的质量 B．每次改变钩码的个数,都需要测量钩码的总质量 C．调节滑轮的高度,使细线与轨道平行 D．A、B 之间的距离尽可能小些 (２)若挡光片的宽度为d,挡光片与光电门的距离为L,d≪L.则小 车通过光电门时的速度大小为　　　　,加速度大小为　　　　. (均用题中所给物理量的符号表示) １２．(２０２４􀅰山东联考三模)为了测定某电池的电动势(约为１０V)和内 阻(小于５Ω),一个量程为５V的电压表与电阻箱串联,将其量程扩 大为１５V,然后用伏安法测电池的电动势和内阻,电压表的内阻远 大于滑动变阻器的最大电阻,该实验的操作过程如下: (１)扩大电压表的量程,实验电路如图甲所示. ①把滑动变阻器的滑片移至　　　　(填“a”或“b”)端,把电阻箱的 阻值调到零,闭合开关. ②移动滑动变阻器的滑片,使电压表的示数为４􀆰８V,保持滑动变阻 器滑片的位置不变,把电阻箱的阻值调到适当值,使电压表的示数 为　　　　V,若此时电阻箱的示数为R０,则改装后电压表的内阻 为　　　　(结果用R０ 表示). (２)用该扩大了量程的电压表(电压表的表盘没变)测电池电动势E 和内阻r,实验电路如图乙所示,记录多组电压表的示数U 和电流表 的示数I,并作出U－I 图线如图丙所示,可知电池的电动势为 　　　　V,内阻为　　　　Ω. １３．(２０２４􀅰东北师大附中一模)如图所示,高为h、 导热性能良好的汽缸开口向上放置在水平地面 上,汽缸中间和缸口均有卡环,质量为m 的活塞 在缸内封闭了一定质量的理想气体,活塞的横 截面积为S,活塞与汽缸内壁无摩擦且汽缸不漏气.开始时,活塞对 中间卡环的压力大小为１ ５mg (g为重力加速度大小),活塞离缸底的 高度为１ ２h ,大气压强恒为４mg S ,环境的热力学温度为T０,不计卡环、 活塞及汽缸的厚度.现缓慢升高环境温度至２􀆰５T０,求此时活塞与 上卡环间的弹力大小F. １４．(２０２４􀅰河北高三校考)如图所示,滑雪道AB 由坡道和水平道组成, 且平滑连接,坡道倾角均为４５°.平台BC 与缓冲斜坡CD 相连,平 台BC的长度L１＝２４m,斜坡CD 的长度L２＝３０m.若滑雪者(视 为质点)从P 点由静止开始下滑,恰好到达B 点.现滑雪者从A 点 由静止开始下滑,从B点飞出.若A、P两点间的距离d＝１５ ２m,滑 雪者与滑道间的动摩擦因数μ＝０􀆰０４,取重力加速度大小g＝１０m/ s２,不计空气阻力. (１)求滑雪者从A 点运动到P 点的时间t; (２)求滑雪者从B 点飞出后在空中运动过程中的最小速度; (３)若滑雪者从B 点飞出后,经过t′＝３s,落在斜坡CD 上,求斜坡 CD 倾角的正切值. １５．(２０２４􀅰浙江高三月考)如图所示,两根 足够长的光滑金属直导轨平行放置,导 轨间距L＝２０cm,两导轨及其所构成的 平面与水平面的夹角θ＝３７°,整个装置处 于垂直于导轨平面向上的匀强磁场中, 磁场的磁感应强度大小B＝５T.现将质量分别为m１＝０􀆰１kg、m２ ＝０􀆰２kg的金属棒a、b垂直导轨放置,每根金属棒接入导轨之间的 电阻均为R＝１Ω.运动过程中金属棒与导轨始终垂直且接触良 好,金属棒始终未滑出导轨,导轨电阻忽略不计,取重力加速度大小 g＝１０m/s２,sin３７°＝０􀆰６,cos３７°＝０􀆰８. (１)先保持b棒静止,将a棒由静止释放,求a棒匀速运动时的速度 大小v０; (２)在(１)问中,当a棒匀速运动时,再将b棒由静止释放,求释放瞬 间b棒的加速度大小a０; (３)在(２)问中,从b棒释放瞬间开始计时,经过时间t０,两棒恰好达 到相同的速度v(未知),求速度v的大小与t０ 的关系式及时间t０ 内 a棒相对于b棒运动的距离Δx. 新高考物理答案 —３８　 根据法拉第电磁感应定律有E＝ΔΦΔt＝ BLs t 解得s＝３mgRt－２mRv０ B２L２ 则拉力做的功WF＝Fs＝ ６m２g２Rt－４m２gRv０ B２L２ (３)改变拉力后,金属棒以大小为１２g 的加速度向上做 匀减速运动,根据牛顿第三定律可知,金属棒运动过程 中,拉力始终与安培力等大反向.当金属棒的速度为 v时,有 F＝B ２L２v ２R ＝ B２L２ (v０－１２gt) ２R 即拉力F与时间t成线性关系.则拉力的冲量IF＝ １ ２Fmt′ 其中Fm＝ B２L２v０ ２R ,t′＝２v０g 解得IF＝ B２L２v２０ ２gR [参考答案](１)a＝１．５g (２)WF＝ ６m２g２Rt－４m２gRv０ B２L２ (３)IF＝ B２L２v２０ ２gR 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀃊􀁉􀁙２０２５名校高考全真模拟试题(十七) １．B　[试题解析]根据反应过程满足质量数和电荷数守恒 可知,X为中子１０n;该反应为核聚变;原子序数越大 的原子核的结合能越大,则４２He的结合能比２１H 的结 合能大.故选B. ２．C　[试题解析]由同侧法可知,手开始抖动的方向竖直 向下,故 A 错误;如图所示位置,质点b、c的位移相 等,接下来b回到平衡位置,c远离平衡位置,故 B 错误;由同侧法可知,最先到达波峰的质点是c,故C 正确;由同侧法可知,最先到达波谷的质点是a,故 D错误.故选 C. ３．C　[试题解析]线圈转动产生正弦式交变电流,由于磁 场只分布在bc边的左侧,则波形只有完整波形的一 半,感应电动势的最大值为Um＝NBSω,设电压有 效值为U,有U ２ RT＝ (Um２ ) ２ R 􀅰T ２ ,解得电压有效值 为U＝Um２ ＝ NBSω ２ ＝ NBL１L２ω ２ ,A 错误;若增大转 速,则角速度ω＝２πn增大,原线圈电压有效值U 变 大,由变压器规律U UR ＝ n１ n２ ,定值电阻两端电压UR 变大,则通过定值电阻的电流IR＝ UR R 变大,B错误; 若仅增大变压器原线圈的匝数,则定值电阻两端电 压UR 减小,则通过定值电阻的电流减小,C 正确; 原线圈两端的电压只与产生交变电流的线圈的匝 数,转动角速度,线圈面积和转动角速度有关,和副 线圈的负载电阻大小无关,所以仅增大定值电阻的 阻值,原线圈两端的电压不变,D错误.故选 C. ４．B　[试题解析]根据光的折射定律可得na＝ sini sinθ１ ,nb＝ sini sinθ２ ,根据光在介质中的传播速度与折射率的关系 有v＝cn ,所以va vb ＝ nb na ＝ sinθ１ sinθ２ ,故选B. ５．A　[试题解析]右边补齐半球面,电荷量为２q的球在 N 点产生的电场强度大小为E＝k 􀅰２q (３R)２ ＝２kq ９R２ ,由于 对称性可得,N 点实际的电场强度大小EN＝ ２kq ９R２ － E,故选 A. ６．C　[试题解析]根据洛伦兹力提供向心力qvB＝mv ２ r , 可得粒子的运动半径为r＝mvqB 可知粒子速度最大时,运动半径最大,做出粒子的运 动轨迹如图所示 根据几何关系有(２R－r)２＝R２＋r２,联立解得r＝ ３ ４R ,v＝３qBR４m .故 AB错误,某粒子恰好不从大圆 边界射出磁场,即粒子速度最大时,根据几何关系有 tan∠ACD２ ＝ R r ＝ ４ ３ ,解得其在磁场中运动的时间 为t＝３６０°－∠ACD３６０° ×T＝ １２７πm ９０qB ,故 C 正确,D 错 误.故选 C. ７．D　[试题解析]轨迹的切线方向为速度方向,由题图可 知a、b点切线水平,c点切线竖直,即a、b两点速度 在水平方向分量不为０,c点速度在水平方向分量减 为０,所以该烟花由a点运动到c点过程中,水平方 向做减速运动,故 A 错误;结合 A 选项可知该烟花 由a点运动到c点过程中,水平方向做减速运动,即 该烟花由b点运动到c 点过程中,烟花在运动过程 中受到摩擦阻力,机械能不守恒,故 B错误;该烟花 在最高点b切线水平,即此时运动方向为水平向右, 摩擦阻力 水 平 向 左,则 摩 擦 力 和 重 力 的 合 力 朝 左 下,所以加速度方向与合力方向一致,故 C错误;该 烟花在最高点b有竖直向下的加速度分量,所以处 于失重状态,故 D正确.故选 D. ８．AC　[试题解析]连接理想二极管前,通过定值电阻R 的电流为完整的正弦交变电流,连接理想二极管 后,通过定值电阻R 的电流为完整的正弦交变电 流的一半;可知连接理想二极管前后,通过定值电 阻R 的电流变化周期不变,频率不变,则有f２＝ f１,故 A 正确,B错误;连接理想二极管前,有 P１ 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 新高考物理答案 —３９　 ＝ (Um２ ) ２ R ＝ U２m ２R ,连 接 理 想 二 极 管 后,有 P２T＝ (Um２ ) ２ R 􀅰T ２ ＝ U２m ４RT ,联立 可 得 P２＝ P１ ２ ,故 C 正 确,D错误.故选 AC. ９．AC　[试题解析]轻杆通过铰链 固 定 在 竖 直 墙 上 的 O 点,可知轻杆对C端的支持力方向沿杆的方向,两 边细线的拉力方向成１２０°角,轻杆的弹力方向在 两细绳拉力的平分线上,可知两边细绳的拉力大 小相等,均为F,选项 A正确,B错误;对C 受力分 析如图 由相似三角形可知 F AO＝ T AC＝ N OC ,若缓慢增大竖 直向下的拉力F,则在OC 到达水平位置之前,轻 绳AC 的拉力T 增大,轻杆OC 对C 点的作用力 N 变大,选项 C正确,D错误.故选 AC. １０．BD　[试题解析]它们的向心 力由万有引力提供,大小 相等、方向相反,故 A 错 误;根据万有引力提供向 心 力 可 知Gm 􀅰m (２R)２ ＝m ４π２ T２ R,解 得 T ＝ ４π R３ Gm ,故B正确;每颗行 星运行所需向心力都由其余两颗行星对其万有 引力的合力提供,如图所示,故Gm ２ L２ ×２×cos３０° ＝Fn,L＝２Rcos３０°,解 得 Fn＝ ３Gm２ ３R２ ,故 C 错 误;图１中根据Gm 􀅰m (２R)２ ＝mv ２ １ R ,解得v１＝ Gm ４R , 图２中根据Gm ２ L２ ×２×cos３０°＝mv ２ ２ R ,解得v２＝ ３Gm ３R ,则v１ v２ ＝ Gm ４R ３Gm ３R ＝ ４ ３ ２ ,故 D 正 确.故 选BD. １１．[试题解析](１)探究“小车的加速度与外力关系”时,只 要保持小车质量不变即可,没有必要测量其质量,故 A 错误;本题直接从力传感器上读出绳子拉力的大小,不 需要测量钩码质量,故B错误;要使绳子的拉力等于小 车受到的合外力,则要使细线与轨道平行,故 C正确; A、B 之间的距离尽可能大些,可以减小测量误差,故 D 错误.故选 C. (２)小车通过光电门时的速度大小为v＝dt ,根据v２＝ ２aL,解得小车的加速度大小为a＝ d ２ ２Lt２ . [参考答案](１)C　(２)dt 　 d２ ２Lt２ １２．[试题解析](１)①把滑动变阻器的滑片移至b端,可以 保证电路的安全. ②根据电路分析,把量程５V 的电压表量程扩大到１５ V,则电阻箱所分电压为１０V,其阻值为改装前电压表 的两倍,保持滑动变阻器滑片的位置不变,把电阻箱的 阻值调到 适 当 值,使 电 压 表 与 电 阻 箱 的 电 压 之 和 为 ４􀆰８V,即电压表电压为１􀆰６V,电阻箱电压为３􀆰２V, 符合实验要求. 若此时电阻箱的示数为R０,则改装后电压表的内阻为 RV＝０􀆰５R０＋R０＝１􀆰５R０ (２)由闭合电路欧姆定律,可得３U＝E－Ir 整理,可得U＝１３E－ r ３I 结合丙图,可得１ ３E＝３􀆰２V ,r ３＝ １．４－３．２ １．８ 解得E＝９􀆰６V,r＝３􀆰０Ω [参考答案](１)b　１．６　１．５R０　(２)９．６　３．０ １３．[解]设开始时缸内封闭气体的压强为p１,对活塞受力 分析有mg＋４mgS 􀅰S＝p１S＋ １ ５mg 解得p１＝ ２４mg ５S 设当活塞与上卡环接触时,气体压强为p２,由理想气 体状态方程有 p１􀅰 h ２S T０ ＝p２ 􀅰hS ２．５T０ 解得p２＝ ６mg S 对活塞受力分析,由平衡方程可知p２S＝ ４mg S 􀅰S＋ mg＋F 解得F＝mg. [参考答案]mg １４．[解](１)滑雪者从A 点到P 点做匀加速直线运动,由 牛顿第二定律有mgsinθ－μmgcosθ＝ma 解得a＝２４ ２５ m /s２ 由公式d＝１２at ２ 解得t＝２􀆰５s. (２)由于滑雪者从P 点由静止开始下滑,恰好到达B 点,因此该过程合力做的功为０,当滑雪者从A 点下滑 时,到达B点有vB＝vP＝at＝１２ ２m/s 此后滑雪者在上升的过程中速度变小,到达最高点时 速度最小,由运动的分解可知v＝vBcos４５°＝１２m/s. (３)设滑雪者从B点飞出后在空中运动的时间为t′,水 平方向有x＝vBcos４５°􀅰t′,竖直方向有h＝－vBsin４５° 􀅰t′＋ １２gt′ ２,则斜坡 CD 倾角的正切值为 hx－L１ ＝ ９m １２m＝０􀆰７５ . [参考答案](１)２．５s　(２)１２m/s　(３)０．７５ １５．[解](１)金属棒a在运动过程中,重力沿导轨平面的分 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 新高考物理答案 —４０　 力和a棒受到的安培力相等时a 棒做匀速运动,由法 拉第电磁感应定律有E＝BLv０ 根据闭合电路欧姆定律及安培力公式有I＝ E２R ,F ＝BIL a棒受力平衡,有m１gsinθ＝F 解得v０＝１􀆰２m/s. (２)由右手定则可知金属棒b受到沿导轨平面向下的 安培力,对b 棒,由 牛 顿 第 二 定 律 有 m２gsinθ＋BIL ＝m２a０ 解得a０＝９m/s２. (３)释放b棒后a 棒受到沿导轨平面向上的安培力,在 两棒达到共速的过程中,对a棒,由动量定理有 m１gsinθt０－BILt０＝m１v－m１v０ b棒受到向下的安培力,对b棒,由动量定理有 m２gsinθt０＋BILt０＝m２v 解得v＝(６t０＋０􀆰４)m/s 则q＝It０＝０􀆰０８C 由法拉第电磁感应定律有E＝ΔФΔt 由闭合电路欧姆定律有I＝E２R 又 ΔΦ＝BLΔx 解得 Δx＝０􀆰１６m. [参考答案](１)１􀆰２m/s　(２)９m/s２　(３)v＝(６t０＋ ０􀆰４)m/s,０􀆰１６m 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀃊􀁉􀁚２０２５名校高考全真模拟试题(十八) １．A　[试题解析]太阳内部的两个轻核结合成质量较大 的核,可在瞬间产生大量热能,发生的反应是热核 反应,核反应方程为２１H＋３１H→４２He＋１０n,故选 A. ２．D　[试题解析]根据等量同种正点电荷的电场分布规 律可知,在中垂线上,无穷远处的电场强度为０,中 点O 处的电场强度也为０,则从无穷远到中点的电 场强度先增大后减小,由于C 点与D 点 位 置 不 确 定,可知,沿中垂线从C 点到D 点电场强度可能先 减小后增大,也可能先增大后减小,再增大最后减 小,故 A错误;沿电场线电势降低,根据等量同种正 点电荷的电场分布规律可知,沿MN 从A 点到B 点 电势先降低后升高,故 B错误;结合上述可知,沿中 垂线从C点到D 点电场强度可能先减小后增大,也 可能先增大后减小,再增大最后减小,则电子沿中 垂线从C点到D 点所受电场力可能先减小后增大, 也可能先增大后减小,再增大最后减小,即电子所 受电场力大小与相对平衡位置的位移大小不成正 比关系,即将电子在C 点释放,电子在C、D 之间的 运动不是简谐运动,故 C错误;沿电场线电势降低, 根据等量同种正点电荷的电场分布规律可知,从A 点移到O 点,再从O 点移到C 点,电势一直降低,电 子带负电,则将电子沿直线从 A 点移到O 点,再从 O 点移到C 点,电子的电势能一直增加,故 D正确. 故选 D. ３．D　[试题解析]频率与周期由波源的振动决定,可知, 波由介质１进入介质２周期不变,故 A 错误;根据 图像可知,介 质 １与 介 质 ２中 的 波 长 分 别 为λ１＝ ４x０,λ２＝２x０,根据v１＝λ１f,v２＝λ２f,结合上述可知 v１ v２ ＝２１ ,故B错误;t＝t０ 时刻,x 轴上的P 点恰好 开始振动,根据图像有t０＝T＋ T ２ ,解得T＝２t０３ ,故 C错误;波在介质２中的传播速度为v２＝ λ２ T ＝ ２x０ ２t０ ３ ＝ ３x０ t０ ,故 D正确.故选 D. ４．C　[试题解析]理想变压器P１＝P２,且P１＝U１I１,用于 ２２０V电源时,电流I１＝ P１ U１ ＝５０W２２０V＝ ５ ２２ A＜０􀆰３ A,故变压器可正常使用,A 错误;由上述分析,用于 １１０V电源时,两线圈并联,线圈电流I１′＝ P１ U１′ ＝５１１ A＜０􀆰３A×２＝０􀆰６A,故变压器可正常使用,B错 误;B、D 相连,A、C端引线接电源时,两个线圈产生 的磁场抵消,铁芯中磁通量为零,所以副线圈没有输 出,C正确;A、C 相连,B、D 端引线接电源时,两线 圈产生的磁场抵消,铁芯中磁通量为零,所以副线圈 没有输出,D错误.故选 C. ５．C　[试题解析]根据图(b)可知该卫星轨道平面与北纬 ３０°线所在平面不重合,故 A错误;卫星做圆周运动, 根据万有引力提供向心力,有GMm r２ ＝mv ２ r ,解得v ＝ GMr ,该卫星运行的轨道半径大于地球半径,因 此该卫星运行速度小于第一宇宙速度,故 B错误; 由图(a)可知２T＝T地 则该卫 星 运 行 周 期 为 T＝１２h,故 C 正 确;根 据 GMm r２ ＝m４π ２ T２ r,G Mm(６．６R)２ ＝m４π ２ T２地 􀅰(６􀆰６R)解得 该卫星轨 道 半 径 约 为r＝ ３ T２ T２地 (６􀆰６R)３ ＝６．６３ ４ R≈ ４􀆰１R,故 D错误.故选 C. ６．B　[试题解析]对物体受力分析,并构成封闭的矢量三 角形,如图所示,由图可知,在拉力到达竖直方向前, 与竖直 方 向 的 夹 角 越 来 越 小,拉 力 F 增 大,FN 减 小,经过竖直方向后,夹角又逐渐变大,拉力F 继续 增大,FN也增大,故B正确.故选B. 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋