仿真模拟卷（一）（word版）-【精英1号】2025年高中物理学考笔记·仿真综合卷

仿真模拟卷(一) (时间：60分钟　分值：100分) 一、选择题(本题共18小题，每小题3分，共54分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1．[2023·浙江舟山·学考模拟]下列几个单位不属于国际单位制基本单位的是(　　) A．米(m) B．秒(s) C．焦耳(J) D．千克(kg) 【答案】C 【解析】千克(kg)、米(m)、秒(s)都是国际单位制的基本单位；焦耳(J)是国际单位制的导出单位。故A、B、D错误，C正确。故选C。 2．下列各组物理量中，全部是矢量的是(　　) A．位移、时间、速度 B．质量、力、加速度 C．位移、加速度、电场强度 D．功、功率、温度 【答案】C 【解析】位移、速度既有大小也有方向是矢量，时间是标量，故A不符合题意；力、加速度既有大小也有方向，是矢量，质量是标量，故B不符合题意；位移、加速度、电场强度既有大小也有方向，是矢量，故C符合题意；功、功率、温度只有大小没有方向，是标量，故D不符合题意。故选C。 3．[2023·浙江杭州·高一统考期末]关于质点，下列说法正确的是(　　) A．甲图：研究如何才能踢出香蕉球时，可以把足球看作质点 B．乙图：研究列车从杭州到北京的路程时，可以把列车看作质点 C．丙图：研究雄鹰为什么能在空中翱翔时，可以把雄鹰看作质点 D．丁图：研究运动员起跑动作时，可以把运动员看作质点 【答案】B 【解析】研究如何才能踢出香蕉球时，足球的形状不可忽略，不可以把足球看作质点，故A错误；研究列车从杭州到北京的路程时，列车的形状、大小对所研究的问题影响很小，可以忽略不计，可以把列车看作质点，故B正确；研究雄鹰为什么能在空中翱翔时，雄鹰的形状不可忽略，不可以把雄鹰看作质点，故C错误；研究运动员起跑动作时，运动员的形状、姿态不可忽略，不可以把运动员看作质点，故D错误。故选B。 4．[2023·浙江丽水·学考模拟]下列实例中的“速度”为瞬时速度的是(　　) A．100 m短跑中，运动员冲过终点时的速度为12 m/s B．动车在“成都东到天府国际机场”这一路段行驶的速度是170 km/h C．汽车以100 km/h的速度通过长江大桥 D．物体在第2秒内运动的速度为100 m/s 【答案】A 【解析】100 m短跑中，运动员冲过终点时的速度为12 m/s，指的是瞬时速度，A正确；动车在“成都东到天府国际机场”这一路段行驶的速度是170 km/h，指的是平均速率，B错误；汽车以100 km/h的速度通过长江大桥，指的是平均速度，C错误；物体在第2秒内运动的速度为100 m/s，指的是平均速度，D错误。故选A。 5．如图所示，一只青蛙静止在水平的荷叶上面，不考虑青蛙质量的改变。下列说法正确的是(　　) A．青蛙受到支持力的作用是由青蛙形变产生的 B．荷叶受到的压力是由青蛙形变产生的 C．青蛙受到的重力没有施力物体 D．假如把该青蛙从云南转移到东北，其重力大小不变 【答案】B 【解析】弹力是因为发生弹性形变的物体要恢复原状而产生的，因此青蛙受到弹力的作用是由荷叶形变产生的，故A错误；荷叶受到的压力是由青蛙形变产生的，故B正确；青蛙受到的重力的施力物体是地球，故C错误；云南和东北重力加速度大小不同，根据重力G＝mg，可知该青蛙的重力大小发生改变，故D错误。故选B。 6．[2023·浙江温州·阶段练习]2000年国际乒联将乒乓球由小球改为大球，改变前直径是0.038 m，质量是2.50 g；改变后直径是0.040 m，质量是2.70 g。对此，下列说法正确的是(　　) A．球的直径大了，所以惯性大了，球的运动状态更难改变 B．球的质量大了，所以惯性大了，球的运动状态更难改变 C．球的直径大了，所以惯性大了，球的运动状态更容易改变 D．球的质量大了，所以惯性大了，球的运动状态更容易改变 【答案】B 【解析】惯性的大小只跟质量有关，与其他任何因素无关，则球的质量大了，惯性大了，球的运动状态更难改变。故A、C、D错误，B正确。故选B。 7．[2023·浙江金华·学考模拟]一个木块以一定的初速度冲上一个粗糙的斜面，下列对木块上滑过程中的受力分析正确的是(　　) A B C D 【答案】D 【解析】木块受到重力、支持力和摩擦力的作用，重力竖直向下，支持力垂直斜面向上，物体相对于斜面向上运动，摩擦力沿斜面向下。故选D。 8．如图所示，当工人师傅用扳手拧螺母时，扳手上的P、Q两点的转动半径之比为 2∶3，其角速度分别为ωP和ωQ，线速度大小分别为vP和vQ，则(　　)　　　　　　　　　　 　 A．ωP∶ωQ＝2∶3，vP∶vQ＝1∶1 B．ωP∶ωQ＝3∶2，vP∶vQ＝1∶1 C．ωP∶ωQ＝1∶1，vP∶vQ＝3∶2 D．ωP∶ωQ＝1∶1，vP∶vQ＝2∶3 【答案】D 【解析】扳手上的P、Q两点随扳手同轴转动，角速度相等，即ωP∶ωQ＝1∶1。由v＝rω可得vP∶vQ＝rP∶rQ＝2∶3。故选D。 9．电子显示握力器(图甲)是一种锻炼人手腕、手臂力量的小型健身器材。在进行握力训练时可以简化成如图乙所示状态，此时弹簧被压缩静止。弹簧原长L0，受到握力后弹簧长度变为L(在弹性限度内)，弹簧的劲度系数为k，则下列说法正确的是(　　) A．图乙中的F1、F2可以不相等 B．弹簧的形变量是L C．弹簧的弹力是k(L0－L) D．显示器上显示的握力大小为kL 【答案】C 【解析】此时的弹簧处于静止状态，根据二力平衡可知 F1、F2的大小一定相等，故A错误；由于弹簧处于压缩状态，所以弹簧的形变量为ΔL＝L0－L，故B错误；根据胡克定律可得，弹簧的弹力是F＝kΔL＝k(L0－L)，故C正确；显示器上显示的握力大小应为k(L0－L)，故D错误。故选C。 10．[2023·浙江绍兴·阶段练习]闭合线圈从左往右匀速运动，经过如图所示位置时，能产生感应电流的是(　　 ) 　 　　 A B C D 【答案】C 【解析】产生感应电流的条件是闭合回路内磁通量发生变化。由题图可知，线圈从左往右匀速运动，经过如图所示位置时，只有C选项图中磁通量发生了变化。故选C。 11．下列说法一定正确的是(　　) A．物体运动速度越大，则加速度越大 B．物体运动速度变化越大，则加速度越大 C．物体运动速度变化越快，则加速度越大 D．物体运动加速度大于零，做加速运动 【答案】C 【解析】根据a＝可知物体运动速度越大，加速度不一定越大；物体运动速度变化Δv越大，Δt未知，则加速度不一定越大。故A、B错误；物体运动速度变化越快，意味着单位时间内的速度变化量越大，加速度越大，故C正确；若物体加速度与速度反向，则加速度大于零时，速度小于零，做减速运动，故D错误。故选C。 12．[2023·浙江湖州·阶段练习]在2022年卡塔尔世界杯赛场上，梅西在一次主罚定位球时，踢出的足球划出一条完美弧线，轨迹如图所示。下列关于足球在飞行过程中的说法正确的是(　　) A．在空中只受到重力的作用 B．合外力的方向与速度方向在一条直线上 C．合外力的方向沿轨迹切线方向，速度方向指向轨迹内侧 D．合外力的方向指向轨迹内侧，速度方向沿轨迹切线方向 【答案】D 【解析】若足球在空中只受到重力的作用，则其应该做抛体运动，不会划出一条完美弧线绕过人墙，故A错误；足球做曲线运动，则合外力的方向与速度方向不在一条直线上，故B错误；做曲线运动的物体，合外力的方向指向轨迹内侧，速度方向沿轨迹切线方向，故C错误，D正确。故选D。 13．如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，A、B、C为电场中的三个点，下列说法不正确的是(　　) A．电场中A点的电势低于C点的电势 B．电场中B点的电场强度大于C点的电场强度 C．电子在B点受到的电场力水平向左 D．电子在B点的电势能大于在C点的电势能 【答案】C 【解析】沿电场线方向，电势逐渐降低，A不符合题意；电场线越密，电场强度越大，B不符合题意；电子在B点受到的静电力方向水平向右，C符合题意；从B点到C点静电力做正功，电势能减小，所以电子在B点的电势能大于在C点的电势能，D不符合题意。故选C。 14．[2023·浙江·阶段练习]游乐场中的摩天轮如图所示，摩天轮边缘挂着座舱供游客乘坐观光。当摩天轮在竖直面内匀速转动时，游客(　　) A．机械能守恒 B．所受合外力不断变化 C．始终处于失重状态 D．在最高位置可能处于平衡状态 【答案】B 【解析】当摩天轮在竖直面内匀速转动时，机械能等于动能和重力势能的总和，在这个过程中游客的动能不变，重力势能在不断的变化，故机械能在变化，A错误；当摩天轮在竖直面内匀速转动时，合力提供向心力，大小不变，但方向时刻发生变化，B正确；处于失重状态的物体具有向下的加速度，当摩天轮在竖直面内匀速转动时，加速度的方向时刻在变化，有时失重，有时超重，C错误；在最高位置时，游客依然受到向下的合外力，用来提供向心力，故此时不是处于平衡状态，D错误。故选B。 15．如图所示，有一辆满载西瓜的汽车在水平路面上向左沿直线做匀加速运动，加速度大小为a，其中一质量为m的西瓜A受到其他西瓜对它的作用力的合力为F，则关于F的大小和方向的判断正确的是(　　) A．F的大小为m B．F的大小为ma C．F的方向向右偏上 D．F的方向水平向左 【答案】A 【解析】由题意可得，质量为m的西瓜A所受合外力水平向左，又因为受竖直向下的重力，还受到其他西瓜对它的作用力的合力F，如图所示： 由三角形知识以及牛顿第二定律可得F＝＝＝m， 由图还可得F的方向向左偏上，故A正确，B、C、D错误。 故选A。 16．[2023·浙江宁波·联考]口罩中使用的熔喷布经驻极处理后，对空气的过滤增加静电吸附功能。驻极处理装置如图所示，针状电极与平板电极间存在高压，针尖附近的空气被电离后，带电尘埃在电场力的作用下运动，被熔喷布捕获。已知正、负极间的电压为U，尘埃受到的重力可以忽略不计，则针状电极附近带的电荷量为q、质量为m的带负电尘埃被熔喷布捕获时的速度大小为(　　) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】已知正、负极间的电压为U，有qU＝mv2，尘埃被熔喷布捕获时的速度大小为v＝。故选B。 17．如图所示，R1为热敏电阻(阻值随温度升高而减小)，R2和R3均为定值电阻，电源电动势为E、内阻为r，电压表和电流表均为理想电表。如果R1的温度降低，则(　　) A．电压表示数增大，电流表示数减小 B．电压表、电流表示数均增大 C．电压表示数减小，电流表示数增大 D．电压表、电流表示数均减小 【答案】A 【解析】如果R1的温度降低，其电阻增大，电路总电流减小，电流表示数减小，电源内阻电压及R2电压减小，电压表示数增大，选项A正确。故选A。 18．[2023·浙江宁波·阶段练习]以前人们盖房打地基叫打夯，夯锤的结构如图所示。参加打夯的共有五人。四个人分别握住夯锤的一个把手，一个人负责喊号，喊号人一声号子，四个人同时向上用力将夯锤提起，号音一落四人同时松手，夯锤落至地面将地基砸实。某次打夯时，设夯锤的质量为m，将夯锤提起时，每个人都对夯锤施加竖直向上的力，大小均为，持续的时间为t，然后松手，夯锤落地时将地面砸出一个凹痕。重力加速度为g，不计空气阻力，则(　　) A．夯锤上升的最大高度为gt2 B．松手时夯锤的动能为mg2t2 C．在下落过程中，夯锤速度增大，机械能增加 D．在上升过程中，夯锤超重，在下落过程中，夯锤失重 【答案】A 【解析】夯锤加速上升阶段，由牛顿第二定律4·－mg＝ma，松手时夯锤的速度为v＝at，此时夯锤的动能为Ek＝mv2，松手后，夯锤做竖直上抛运动，则上升的最大高度为h＝at2＋，解得h＝gt2，Ek＝，故A正确，B错误；在下落过程中，仅有重力做功，夯锤机械能守恒，C错误；加速上升过程中，夯锤处于超重状态，竖直上抛过程中，夯锤处于完全失重状态，D错误。故选A。 二、非选择题(本题共5小题，共46分) 19．(8分)[2023·浙江·学考模拟](1)打点计时器接________(选填“交变”或“直流”)电源，当频率是50 Hz时，打点计时器每隔________秒打一个点。 (2)电磁打点计时器是一种使用交变电源的计时仪器，根据打点计时器打出的纸带，我们可以从纸带上直接得到的物理量是________。(多选) A．时间间隔 B．位移 C．平均速度 D．瞬时速度 (3)在“练习使用打点计时器”的实验中，某同学选出了一条清晰的纸带，如图所示，相邻点的时间间隔为0.02 s，纸带旁边是一把最小刻度为1 mm的直尺，则拖着纸带做直线运动的物体在AC这段时间内的平均速度为________ m/s；物体运动到B点的瞬时速度为________ m/s。(小数点后保留两位数字) 【答案】(1)交变　0.02　(2)AB　　(3)0.22　0.22 【解析】(1)打点计时器接交变电源，当频率是50 Hz时，打点计时器每隔0.02秒打一个点。 (2)打点计时器每隔0.02 s打下一个点，因此根据点数可以直接得到时间间隔，A正确；利用刻度尺直接测量两点间的距离即可得出位移，B正确；平均速度需要运用物理公式得到，C错误；瞬时速度需要通过匀变速直线运动的推论求出，D错误。故选A、B。 (3)根据平均速度的定义，AC这段时间内的平均速度就等于从A到C的位移跟所用时间的比值，位移的大小可以从刻度尺上直接读出xAC＝4.00 cm，从A到C共10个点，9个时间间隔，所以从A到C所用的时间t＝0.02 s×9＝0.18 s，所以AC这段时间内的平均速度为v＝＝ m/s＝0.22 m/s； 为了尽量精确地反映物体在B点的运动快慢，我们尽量在靠近B点的地方取得数据。例如，取靠近B点的左右两个点，左边点在刻度尺上的读数是1.77 cm，右边点在刻度尺上的读数是2.65 cm，那么Δx＝2.65 cm－1.77 cm＝0.88 cm，两点间相隔的时间为Δt＝0.02 s×2＝0.04 s，所以B点的瞬时速度vB＝＝ m/s＝0.22 m/s。 20．(8分)[2023·浙江湖州·阶段练习]某同学用伏安法测量导体的电阻率，现有量程为0～3 V、内阻约为3 kΩ的电压表和量程为0～0.6 A、内阻约为0.1 Ω的电流表。采用分压电路接线，待测电阻丝Rx阻值约为5 Ω。 　　 (1)图甲是未完成的实物连线图，图中a为待测导体右端接线柱，b为电流表负极接线柱，c为滑动变阻器左上端接线柱，d为滑动变阻器左下端接线柱。导线①应连接________(选填“a”或“b”)。导线②应连接________(选填“c”或“d”)。 (2)正确接线后，实验测得的数据如下表，请在图乙中作出U­I图线。 U/V 0.30 0.40 0.80 1.10 1.20 1.60 I/A 0.07 0.09 0.18 0.22 0.27 0.35 (3)用作图法求得Rx的阻值为________ Ω。(结果保留两位有效数字) (4)某次用螺旋测微器测金属丝直径d，用游标卡尺测金属丝的长度l，示数如图丙所示，则d＝________ mm，l＝________ cm。 (5)写出该金属丝的电阻率的表达式：________________(用U、I、d、l表示)。 【答案】(1)a　d　 (2)　 (3)4.7(4.5 ～ 4.8均可)　(4)1.843(1.842～1.844)　4.240　(5) 【解析】(1)由于电流表内阻与待测电阻阻值接近，因此只能采用电流表外接法，以减小实验误差，故导线①应接a； 由题意可知，本实验采用分压接法，故导线②要与d接通。 (2)根据表中的数据作出的U­I图像如下图所示： (3)U­I图像的斜率表示电阻，则有Rx＝＝ Ω≈4.7 Ω(4.5～ 4.8 Ω均正确)。 (4)由题图丙所示螺旋测微器可知，其示数为 d＝1.5 mm ＋ 34.3 × 0.01 mm＝1.843 mm (1.842 ～ 1.844 mm均正确)。 游标卡尺示数为 l＝42 mm ＋ 8 × 0.05 mm＝42.40 mm＝4.240 cm 。 (5)由欧姆定律有Rx＝，由电阻定律有Rx＝ρ，金属丝的横截面积S＝π2，联立得ρ＝。 21．(8分)[2023·浙江台州·学考模拟]电场中某区域的电场线分布如图所示，已知A点的电场强度E＝3.0×104 N/C。将电荷量q＝－3.0×10－8 C的点电荷放在电场中的A点。该点电荷所受静电力的大小为________ N，方向________。若将该电荷从A移到B，则静电力________(选填“做正功”“做负功”或“不做功”)，静电力大小________(选填“变大”“变小”或“不变”)，电势能________(选填“增加”“减少”或“不变”) 【答案】9×10－4　向右　做负功　变大　增加 【解析】该点电荷所受静电力的大小为 FA＝qE＝3.0×10－8×3.0×104 N＝9×10－4 N， 负电荷受静电力方向与电场线方向相反，即方向向右。 若将该负电荷从A移到B，顺着电场线方向移动，静电力做负功；由于电场线的疏密程度表示电场强度的大小，又根据F＝qE可知从A移到B静电力大小变大。电场力做负功，其他形式的能转化为电势能，即电势能增加。 22．(10分)[2023·浙江绍兴·高一统考期末]如图所示，某品牌小轿车连同司机的总质量为m＝2000 kg，当小轿车受到大小为F1＝1000 N的牵引力时，恰好以v0＝10 m/s的速度在平直路上匀速运动。现司机突然加大油门，小轿车受到大小为F2＝3000 N的牵引力作用开始做匀加速直线运动。假设小轿车运动时所受的阻力保持不变。 (1)求小轿车加速过程中的加速度大小。 (2)求小轿车加速10 s后达到的速度大小。 (3)若小轿车加速10 s后关闭发动机，求小轿车从开始加速到停下位移的大小。 【答案】(1)1.0 m/s2　(2)20 m/s　(3)550 m 【解析】(1)根据题意，设小轿车加速过程中所受阻力为Ff，加速度大小a1，则有Ff＝F1＝1000 N，由牛顿第二定律有F2－Ff＝ma1，得a1＝1.0 m/s2。 (2)根据题意，设小轿车加速10 s后达到的速度大小为v1，有v1＝v0＋a1t1，解得v1＝20 m/s。 (3)根据题意，设小轿车加速10 s的位移大小为x1，有x1＝v0t1＋a1t，解得x1＝150 m，设小轿车减速过程中加速度大小为a2，由牛顿第二定律有Ff＝ma2，解得a2＝0.5 m/s2，设小轿车减速过程中位移大小为x2，有x2＝，解得x2＝400 m，则小轿车从开始加速到最后停下经过的位移大小为x＝x1＋x2＝550 m。 23．(12分)[2023·浙江·学考模拟]如图所示，竖直面内有光滑斜面AB和光滑半圆轨道BC在B点平滑连接，半圆轨道的半径为R。一质量为m的小球从A点由静止滚下，恰好能通过半圆轨道最高点C点，之后小球又恰好垂直落到斜面AB上，小球可视为质点，重力加速度g已知，求： (1)A点到水平面BD的高度H； (2)斜面AB的长度L。 【答案】(1)R　(2)R 【解析】(1)因小球恰好能通过半圆轨道最高点C点，则 mg＝m，从A到C由动能定理得mg(H－2R)＝mv，解得H＝R； (2)小球离开C点后做平抛运动，垂直打在斜面上，设斜面倾角为θ，则vy＝＝gt，由几何关系得tan θ＝，解得tan θ＝，斜面AB的长度L＝＝R。 学科网（北京）股份有限公司 $$