仿真模拟卷（五）（word版）-【精英1号】2025年高中物理学考笔记·仿真综合卷

仿真模拟卷(五) (时间：60分钟　分值：100分) 一、选择题(本题共18小题，每小题3分，共54分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1．[2023·浙江舟山·学考模拟]下列均属于国际单位制中基本单位的是(　　) A．米(m)、千克(kg) B．米每秒(m/s)、千克(kg) C．牛顿(N)、米(m) D．安培(A)、焦耳(J) 【答案】A 【解析】国际单位制中的基本单位有米、千克、秒、安培、摩尔、开尔文等。故选A。 2．某学校田径运动场跑道如图所示，其中A点是所有跑步项目的终点，也是400 m、800 m赛跑的起跑点，B点是100 m赛跑的起跑点，在一次运动会中，甲、乙、丙三位同学分别参加了100 m、400 m和800 m赛跑，则从开始比赛到比赛结束(　　) A．甲的位移最大 B．乙的位移最大 C．丙的位移最大 D．乙、丙的路程相等 【答案】A 【解析】由题意可知，400 m、800 m的比赛中，起点和终点相同，所以在400 m、800 m的比赛中位移的大小是零，而在100 m的比赛中，做的是直线运动，位移的大小就是100 m，所以甲的位移最大，乙和丙的位移是零，所以A正确，B、C错误；路程是指物体所经过的路径的长度，所以在100 m、400 m和800 m的比赛中，路程最大的是丙，所以D错误。故选A。 3．下列关于物体所受重力的说法正确的是(　　) A．重心是物体各部分所受重力的合力的等效作用点 B．某一物体在某处向上抛出后所受重力较小，向下抛出后所受的重力较大 C．物体在同一位置运动时比静止时受到的重力大 D．地球上的物体只有运动时才受到重力 【答案】A 【解析】重心是物体各部分所受重力的合力的等效作用点，故A正确；物体的重力为G＝mg，即重力的大小除了与质量有关，与该处的重力加速度也有关；在同一位置，重力加速度一样，所以同一物体在同一位置所受重力是相同的，与物体的运动状态无关，故B、C、D错误。故选A。 4．[2023·浙江宁波·学考模拟]下列关于电磁波说法正确的是(　　) A．电磁波跟声波一样，只能在介质中传播 B．电磁波可以传递信息，也可以传播能量 C．遥控器发出的红外线的频率比医院CT中的X射线的频率大 D．各种频率的电磁波在真空中传播的速度不同 【答案】B 【解析】电磁波可以在真空中传播，故A错误；电磁波可以传递信息，也可以传播能量，故B正确；根据电磁波谱可知，遥控器发出的红外线的频率比医院CT中的X射线的频率小，故C错误；各种频率的电磁波在真空中传播的速度都等于真空中的光速，故D错误。故选B。 5．关于牛顿运动定律的说法不正确的是(　　) A．牛顿第一定律描述的是理想化的状态，实际并不存在 B．牛顿第二定律在F＝0时能够推出牛顿第一定律 C．牛顿第三定律表明任何的作用力都存在反作用力 D．牛顿在前人的基础上，以实验为指导，利用观测与数学分析相结合的方法，提出了牛顿运动定律 【答案】B 【解析】牛顿第一定律描述的是理想化的状态，揭示了物体不受力时所处的状态及力对物体所产生的效果，实际并不存在，故A正确；牛顿第一定律描述的是物体不受外力时的运动状态，物体不受外力和物体所受合外力为零是有区别的，所以不能把牛顿第一定律当作牛顿第二定律的特例，故B错误；牛顿第三定律揭示了作用力与反作用力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，且作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，故C正确；牛顿在前人的基础上，以实验为指导，利用观测与数学分析相结合的方法，提出了牛顿运动定律，故D正确。故选B。 6．“神舟十一号”飞船于2016年10月17日发射，对接“天宫二号”。若飞船质量为m，距地面高度为h，地球质量为M，半径为R，引力常量为G，则飞船所在处的重力加速度大小为(　　) A．0 B. C. D. 【答案】B 【解析】飞船质量为m，在距地面高度为h的地方，由地球的引力等于重力可得＝mg，解得飞船所在处的重力加速度大小为g＝，A、C、D错误，B正确。故选B。 7．在电场中的某点放入电荷量为－q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电荷量为＋2q的试探电荷，其他条件不变，此时测得该点的电场强度为(　　) A．大小为2E，方向和E相反 B．大小为E，方向和E相同 C．大小为2E，方向和E相同 D．大小为E，方向和E相反 【答案】B 【解析】电场强度E是描述电场本身性质的物理量，与试探电荷的电荷量及电性无关，故电场强度E保持不变，此时测得该点的电场强度大小仍为E，方向和E相同，故B正确，A、C、D错误。故选B。 8．关于两个力的合成，下列说法正确的是(　　) A．合力大小一定大于分力的大小 B．合力大小一定小于分力的大小 C．合力大小不可能小于分力的大小 D．合力大小可能小于分力的大小 【答案】D 【解析】根据平行四边形可知，合力范围大于等于两分力之差，小于等于两分力之和，当两分力夹角为锐角时，合力大小大于任一个分力，但两分力夹角为钝角时，根据平行四边形法则可知，合力大小可能比任一分力都小，如夹角接近平角的情况。故选D。 9．[2023·浙江湖州·学考模拟]在磁场中的同一位置放置一根直导线，导线的方向与磁场的方向垂直。先后在导线中通入不同的电流，导线受到的力也不同。导线受到的力的大小F与通入导线的电流I的关系图像正确的是(　　) A B C D 【答案】B 【解析】在磁场中的同一位置磁感应强度B一定，由于直导线放置的方向与磁场的方向垂直，导线长度L一定，根据F＝BIL可知，F与I成正比，即F­I图像为一条过原点的倾斜直线。故选B。 10．[2023·浙江丽水·学考模拟]某一物体运动的v­t图像如图所示，图中QM平行于横轴，表示物体做匀变速直线运动的线段是(　　) A．OP B．PN C．MN D．QM 【答案】C 【解析】由物体运动的v­t图像可知，OP段物体静止，PQ段物体做匀加速直线运动，QM段物体做匀速直线运动，MN段物体做匀减速直线运动，故表示物体做匀变速直线运动的线段是PQ和MN。故选C。 11．如图所示，将自行车后轮架起，转动脚踏板，下列说法正确的是(　　) A．大齿轮边缘点的线速度小于小齿轮边缘点的线速度 B．大齿轮边缘点的角速度小于小齿轮边缘点的角速度 C．后轮边缘点的线速度小于小齿轮边缘点的线速度 D．后轮边缘点的角速度小于小齿轮边缘点的角速度 【答案】B 【解析】大齿轮和小齿轮边缘上各点都在链条上，所以两处各点的线速度大小相等，故A错误；根据v＝ωr可知两齿轮边缘点的角速度与各自的轨道半径成反比，依题意大齿轮边缘点的轨道半径大，所以大齿轮边缘点的角速度小于小齿轮边缘点的角速度，故B正确；后轮与小齿轮属于同轴转动，二者边缘点的角速度相同，由v＝ωr可知，后轮边缘点的线速度大于小齿轮边缘点的线速度，故C、D错误。故选B。 12．[2023·浙江金华·学考模拟]某同学在平直路面上遥控电动玩具车，使其以3 m/s的速度匀速直线行驶，若玩具车所受的阻力恒为2 N，则玩具车的牵引力功率为(　　) A．1.5 W B．6 W C．12 W D．18 W 【答案】B 【解析】玩具车做匀速运动，牵引力和阻力大小相等，所以 F＝Ff＝2 N，则功率大小为P＝Fv＝6 W，故选B。 13．[2023·浙江嘉兴·联考]2022年4月16日，我国“神舟十三号”载人飞船在东风着落场平安着陆。如图所示，载人飞船在主降落伞牵引下正向地面匀速下降，此过程中飞船的机械能(　　) A．增加 B．减少 C．不变 D．无法判断 【答案】B 【解析】载人飞船在主降落伞牵引下正向地面匀速下降，此过程中飞船动能不变，重力势能减小，则飞船的机械能减小。故选B。 14．如图所示，重量为G的物体在水平恒力F作用下，沿竖直墙壁下滑，物体与墙壁间的动摩擦因数为μ，力F压在物体的上表面。则墙壁对物体的摩擦力大小一定是(　　) A．μF B．μ(F＋G) C．G D．μG 【答案】A 【解析】物体受到的滑动摩擦力为Ff＝μF，故选A。 15．[2023·浙江绍兴·联考]春节期间人们通过放飞孔明灯来表达新年祝福。如图所示，孔明灯在竖直Oy方向做匀加速运动，在水平Ox方向做匀速运动，孔明灯的运动轨迹可能为(　　) 　　 A．直线OA B．直线OB C．曲线OC D．曲线OD 【答案】D 【解析】孔明灯在竖直Oy方向做匀加速运动，水平Ox方向做匀速运动，加速度沿Oy方向，合力沿Oy方向，合力指向曲线弯曲内侧，因此孔明灯的运动轨迹可能为曲线D所示，D正确。故选D。 16．[2023·浙江温州·学考模拟]如图所示，地磁场的分布可用条形磁铁来模拟。北极的a点、赤道的b点和地心的c点的磁感应强度分别是Ba、Bb和Bc，下列说法正确的是(　　) A．Ba>Bb，Bc的方向由N极指向S极 B．Ba>Bb，Bc的方向由S极指向N极 C．Ba<Bb，Bc的方向由N极指向S极 D．Ba<Bb，Bc的方向由S极指向N极 【答案】B 【解析】把地球看作条形磁体，磁感应强度两极最强，中间最弱，即Ba>Bb，在磁体的内部磁场的方向由S极指向N极。故选B。 17．以下四幅图所示的实验中为探究感应电流产生条件的是(　　) 　　　　 【答案】A 【解析】A项图中通过导体棒切割磁感线，观察通过电流计的电流受哪些因素影响，A正确；B项图中用小磁针探测电流产生的磁场，B错误；C项图中用库仑扭秤探究点电荷间静电力受哪些因素影响，C错误；D项图中探究通电导线在磁场中受到的磁场力，D错误。故选A。 18.[2023·浙江台州·学考模拟]某区域的电场分布与位置相关，如图甲所示，Ox轴上正好存在与该轴正方向同向的电场分布，电场强度E的大小随x的变化情况如图乙所示，若在原点O处由静止释放一质子，质子在仅受电场力的作用下开始运动，下列说法正确的是(　　) A．质子的加速度一直增大 B．质子所受静电力一直增大 C．质子的电势能一直增大 D．质子的动能一直增大 【答案】D 【解析】由题图乙知，电场强度随着距离的增加先变大后变小，根据F＝qE＝ma，可知质子所受静电力、加速度先变大后变小，故A、B错误；质子运动过程中，电场力做正功，因此电势能减小，动能增加，故C错误，D正确。故选D。 二、非选择题(本题共5小题，共46分) 19．(8分)[2023·浙江舟山·期末联考](1)某同学应用如图甲所示的装置探究“滑块速度随时间变化的规律”。滑块拖动纸带下滑，打出的纸带一部分如图乙所示。已知打点计时器所用交变电流的频率为50 Hz，纸带上标出的每两个相邻计数点之间还有4个计时点未画出。 ①打出点C时，滑块的速度大小为________ m/s。(结果保留两位有效数字) ②利用同样的方法测出其他点速度并描绘v­t图像，即可探究速度随时间的变化规律。 (2)某探究小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验。如图甲所示，橡皮条一端固定在G点，另一端连接轻质小圆环位于E点，橡皮条处于原长。 ①在图乙中，用手通过两个弹簧测力计共同拉动小圆环至O点。记下两弹簧测力计的读数F1和F2以及它们的________。 ②撤去F1和F2，改用一只弹簧测力计拉小圆环，仍使它处于O点(图丙)。此时拉力F的大小可由弹簧测力计读出。弹簧测力计的示数如图丙所示，F的大小为________ N。 ③选定标度作出F1和F2及F的图示，按力的平行四边形定则作出F1和F2的合力F′。若F与F′在________允许的范围内大小相等，方向相同，则该实验说明两个互成角度的力的合成遵循平行四边形定则(图丁)。 【答案】(1)0.16　(2)①方向　②3.50　③误差 【解析】(1)由题意可得两个相邻计数点的时间间隔为 T＝0.1 s，所以，打出点C时滑块的速度大小为 vC＝＝×10－2 m/s≈0.16 m/s。 (2)在题图乙中，用手通过两个弹簧测力计共同拉动小圆环至O点。记下两弹簧测力计的读数F1和F2以及它们的方向。由于弹簧测力计的分度值为0.1 N，所以弹簧测力计的示数F的大小为3.50 N。选定标度作出F1和F2及F的图示，按力的平行四边形定则作出F1和F2的合力F′。若F与F′在误差允许的范围内大小相等，方向相同，则该实验说明两个互成角度的力的合成遵循平行四边形定则。 20．(8分)在“电池电动势和内阻的测量”实验中，除一节干电池、开关和导线外，还提供了如下器材： A．电流表A1(量程为0～1 mA，内阻r1＝90 Ω) B．电流表A2(量程为0～300 mA，内阻r2＝0.3 Ω) C．电压表V(量程为0～6 V，内阻RV约为2 kΩ) D．可变电阻R1：电阻箱(阻值可调范围0～999.9 Ω) E．可变电阻R2：滑动变阻器(阻值变化范围0～100 Ω) 某同学设计的电路图如图甲所示，电表应选择________(选填“A”“B”或“C”)，可变电阻应选择________(选填“D”或“E”)。正确操作后，利用测得的数据得到如图乙所示的图像，图像横坐标x表示的物理量是________(选填“I”“”“U”或“”)，该电池的内阻为________ Ω。 【答案】B　D　　0.8 【解析】干电池的电动势E约为1.5 V，所给电压表的量程太大，不适合测量干电池电压，则只能选用电流表和电阻箱测量电动势和内阻。若选电流表A1，则电路最小总电阻为Rm＝≈＝1500 Ω，显然，电阻箱R1无法满足要求；若选电流表A2，则电路最小总电阻为Rm′＝≈＝5 Ω，电阻箱R1可满足实验要求；所以电表应选B，可变电阻应选D。 由闭合电路欧姆定律可得E＝I(r＋r2＋R)， 解得R＝E－(r＋r2)， 以上关系式R与为一次函数关系式，其图像是一条倾斜的直线，如题中的图像，所以图像横坐标x表示的物理量是。由R－图像在纵轴上的截距可得r＋r2＝1.1 Ω， 电池的内电阻为r＝1.1 Ω－r2＝1.1 Ω－0.3 Ω＝0.8 Ω。 21．(8分)[2023·浙江杭州·阶段练习]在电场强度为E的匀强电场中，固定一个电荷量为Q的点电荷，以Q为圆心画一个圆，A、B为直径上的两个端点，且连线平行于电场线，C、D为垂直电场线的直径上的两个端点，如图所示，已知B点的电场强度为零，则点电荷为______(选填“正”或“负”)电荷；点电荷在B点处产生的电场强度大小为________； A点的实际电场强度大小为________；C点的实际电场强度的大小为________。 【答案】正　E　2E　E 【解析】由题意，根据电场强度的叠加法则可知，点电荷在B点处产生的电场强度方向一定向左，且大小为E，所以点电荷为正电荷。 A点的实际电场强度大小为EA＝2E， C点的实际电场强度的大小为EC＝E。 22．(10分)[2023·浙江金华·阶段练习]图甲所示为修建高层建筑常用的塔式起重机，起重机将质量m＝500 kg的重物从地面竖直吊起运动到最高点的过程中，重物运动的v­t图像如图乙所示，g取10 m/s2，不计空气阻力，求： (1)重物上升的最大高度； (2)全过程中重物的平均速度大小； (3)前3 s内与最后2 s内钢索的拉力的比值。 【答案】(1)16.5 m　(2)2.0625 m/s　(3) 【解析】(1)根据题意，由v­t图像的面积表示位移可知，最大高度为h＝×(3＋8)×3 m＝16.5 m； (2)根据题意，由公式可得，平均速度为 v＝＝ m/s＝2.0625 m/s； (3)根据题意，设0～3 s的拉力大小为F1，由牛顿第二定律有F1－mg＝ma1， 由v­t图像的斜率表示加速度可得a1＝ m/s2＝1 m/s2， 解得F1＝m(g＋a1)＝5500 N， 同理可得，6～8 s拉力大小为F2＝m(g－a2)＝4250 N， 前3 s内与最后2 s内钢索的拉力之比为＝。 23．(12分)[2023·浙江·学考模拟]如图所示，将一质量为m＝0.1 kg且可视为质点的小球从水平平台右端O点以初速度v0水平抛出，小球飞离平台后由A点沿切线落入竖直光滑圆轨道ABC，并沿轨道恰好通过最高点C，圆轨道ABC的形状为半径R＝2.5 m的圆截去了左上角120°的圆弧，CB为其竖直直径，重力加速度g取10 m/s2，求： (1)小球经过C点的速度大小； (2)小球运动到轨道最低点B时小球对轨道的压力大小； (3)平台末端O点到A点的竖直高度H。 【答案】(1)5 m/s　(2)6 N　(3)3.75 m 【解析】(1)小球恰好通过最高点，在最高点只有重力提供向心力mg＝m，解得vC＝5 m/s； (2)对B到C的运动过程应用动能定理可知 －mg×2R＝mv－mv 解得vB＝5 m/s， 小球位于B点时，有FN－mg＝m， 解得FN＝6 N，由牛顿第三定律得压力大小为6 N。 (3)对A到B的运动过程应用动能定理 mg×(R－Rsin 30°)＝mv－mv， 解得vA＝10 m/s， 由平抛运动知识可知vy＝vAsin 60°＝5 m/s， 则有H＝，解得H＝3.75 m。 学科网（北京）股份有限公司 $$