必修第三册综合卷（word版）-【精英1号】2025年高中物理学考笔记·仿真综合卷

必修第三册综合卷 (时间：60分钟　分值：100分) 一、选择题(本题共18小题，每小题3分，共54分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1．在国际单位制中电磁场理论相关物理量单位符号写法不正确的是(　　) A．电荷量的单位符号是“A” B．磁感应强度的单位符号是“T” C．电场强度的单位符号是“N/C” D．磁通量的单位符号是“Wb” 【答案】A 【解析】电荷量的单位符号是“C”，选项A错误；磁感应强度的单位符号是“T”，选项B正确； 电场强度的单位符号是“N/C”，选项C正确；磁通量的单位符号是“Wb”，选项D正确。此题选择错误的选项，故选A。 2．[2023·浙江丽水·学考模拟]第一个发现“电流磁效应”的科学家是(　　) A．法拉第 B．奥斯特 C．南仁东 D．特斯拉 【答案】B 【解析】第一个发现电流磁效应的科学家是奥斯特。故选B。 3．[2023·浙江绍兴·阶段练习]在气候干燥的秋冬季节，当手指靠近金属门把手时，有时突然有一种被电击的感觉，这是静电现象。这是因为摩擦使身体带电，当手指靠近门把手时，产生放电现象。放电前，若手指带负电，有关金属门把手的两端被感应带电的情况，下列图中标注正确的是(　　) A B C D 【答案】D 【解析】放电前，若手指带负电，根据电荷间的相互作用规律可知门把手靠近手指一端带正电，远离手指一端带负电。故选D。 4．如图所示的电解池，通电1 s，其间共有0.5 C的正离子和0.3 C的负离子通过截面xy，则这个电路中的电流是(　　) A．0.8 A B．0.2 A C．0.5 A D．0.6 A 【答案】A 【解析】由题可知时间为t＝1 s，电解液中通过截面xy的电荷量为q＝0.5 C＋0.3 C＝0.8 C，则这个电路中的电流大小是I＝＝ A＝0.8 A。故选A。 5．将长1 cm的直导线垂直磁场方向放入匀强磁场中，导线中的电流大小为2 A时，测得它所受的安培力大小为0.01 N，则该磁场的磁感应强度大小为(　　) A．0.1 T B．0.5 T C．1.0 T D．2.0 T 【答案】B 【解析】根据B＝，代入数据可得B＝0.5 T。故选B。 6．[2023·浙江杭州·阶段练习]下列选项描述的是电场线与等势面之间的关系，实线表示电场线，虚线表示等势面，其中正确的是(　　) A B C D 【答案】C 【解析】等势面和电场线处处垂直，A、B、D选项中两者均不垂直，而C选项中等势面和电场线处处垂直。故选C。 7．[2023·浙江温州·阶段练习]电磁波包含了X射线、红外线、紫外线、无线电波等，按频率由低到高的排列顺序是(　　) A．无线电波、红外线、紫外线、X射线 B．红外线、无线电波、X射线、紫外线 C．X射线、红外线、紫外线、无线电波 D．紫外线、无线电波、X射线、红外线 【答案】A 【解析】电磁波按波长从长到短为无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线，波长越长频率越小，所以按频率从低到高排列是无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线。故选A。 8．[2023·浙江金华·学考模拟]比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法，下列表达式不属于用比值定义法定义的是(　　) A．I＝ B．E＝ C．C＝ D．φ＝ 【答案】A 【解析】比值定义法的物理量与定义的两个物理量无关，电流强度与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，所以该式不属于用比值法定义的，故A符合题意；电场强度与F、q无关，由电场本身性质决定，所以该式属于用比值法定义的，故B不符合题意；电容与Q、U无关，由电容器本身决定，所以该式属于用比值法定义，故C不符合题意；电场中某位置的电势由场源和该位置到场源的距离，以及零电势点的选择决定，与试探电荷没有关系，所以该式属于用比值法定义，故D不符合题意。本题选不属于的，故选A。 9．[2023·浙江舟山·学考模拟]如图所示，点电荷＋Q固定，点电荷＋q沿直线从A运动到B。此过程中，两电荷间的库仑力是(　　) A．吸引力，先变小后变大 B．吸引力，先变大后变小 C．排斥力，先变小后变大 D．排斥力，先变大后变小 【答案】D 【解析】因两电荷均带正电，所以一直相互排斥。根据库仑力公式F＝k可知，由于r先减小后增大，所以库仑力先变大后变小。故选D。 10．如图所示的电场线，描绘的是两个点电荷形成的电场，则(　　) A．两个点电荷都是正电荷 B．两个点电荷都是负电荷 C．左边点电荷为负，右边点电荷为正 D．左边点电荷为正，右边点电荷为负 【答案】C 【解析】根据电场线的分布和方向可知，右边的点电荷为正电荷，左边的点电荷为负电荷。故选C。 11．[2023·浙江温州·阶段练习]下图所示的探究活动中，闭合导线框中能够产生感应电流的是(　　) A．甲图中，线框在匀强磁场中垂直于磁场方向水平向右运动 B．乙图中，线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴转动 C．丙图中，线框在纸面内平动靠近磁铁 D．丁图中，线框在纸面内平行于通电导线向上移动 【答案】B 【解析】甲图中，线框在匀强磁场中垂直于磁场方向水平向右运动，闭合导线框中的磁通量没有发生变化，闭合导线框中没有感应电流产生，A错误；乙图中，线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴转动，闭合导线框中的磁通量发生改变，闭合导线框中产生感应电流，B正确；丙图中，线框在纸面内平动靠近磁铁，导线框中没有磁通量，故不产生感应电流，C错误；丁图中，线框在纸面内平行于通电导线向上移动，闭合导线框中的磁通量没有发生变化，闭合导线框中没有感应电流产生，D错误。故选B。 12．图示电路中有a、b、c三根电阻丝，关于三根电阻丝的电阻值，下列说法正确的是(　　) A．长度最大的电阻丝b的阻值最大 B．横截面积最大的电阻丝c的阻值最大 C．若三根电阻丝的材料相同，则它们的阻值也相同 D．若三根电阻丝的材料相同，则长度最长、横截面积最小的电阻丝b的阻值最大 【答案】D 【解析】由电阻定律R＝ρ可知，在外界环境因素相同的条件下，导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积有关，且电阻与导体长度成正比，与横截面积成反比，即若三根电阻丝的材料相同，则长度最长、横截面积最小的电阻丝b的阻值最大。故选D。 13．[2023·浙江嘉兴·学考模拟]右图所示是某种电容器的参数。下列各种参数规格的电容器在额定电压下使用，储存电荷最多的电容器是(　　) A．100 μF　350 V B．100 μF　2.7 V C．20 μF　450 V D．1000 μF　16 V 【答案】A 【解析】电容器在额定电压下使用，能储存电荷Q＝CU，易得选项A中所给参数的电容与额定电压的乘积最大。故选A。 14．用安培定则判断电流周围的磁感线方向，下列各图正确的是(　　) 　 A B C D 【答案】A 【解析】用右手握住通电直导线，让大拇指指向电流方向，那么四指的指向(握住)就是磁感线B的环绕方向，故A正确，B错误；用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极，即磁感线的方向，故C、D错误。故选A。 15．[2023·浙江台州·学考模拟]如图所示，在正点电荷形成的电场中，将带正电的试探电荷从A处移到B处，则(　　) A．A处电势等于B处电势 B．A处电势小于B处电势 C．静电力对试探电荷做负功 D．静电力对试探电荷做正功 　　　【答案】D 【解析】沿着电场线方向，电势逐渐降低，所以A处电势大于B处电势，故A、B错误；正电荷在电势高的位置电势能较大，所以A处电势能大于B处电势能，带正电的试探电荷从A处移到B处，电势能减小，电场力做正功，故C错误，D正确。故选D。16．如图所示，图线1表示电阻为R1的导体A的伏安特性曲线，图线2表示电阻为R2的导体B的伏安特性曲线，则下列说法正确的是(　　) A．R1∶R2＝1∶3 B．把A拉长为原来的3倍后其电阻等于B的电阻R2 C．将R1与R2串联后接于电源上，则电压U1>U2 D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流I1<I2 【答案】A 【解析】由题图可知，当通过两导体的电流均为1 A时，导体A、导体B两端的电压分别为1 V、3 V，由欧姆定律可得R1∶R2＝U1∶U2＝1∶3，A正确；把A拉长为原来的3倍，由于A体积不变，因此A的横截面积变为原来的，由电阻定律R＝ρ可得，A电阻大小变为原来的9倍，则此时A电阻为B电阻的3倍，B错误；将R1与R2串联后接于电源上，由于串联电路电流处处相等，电压与电阻成正比，则U2＝3U1，C错误；将R1与R2并联后接于电源上，由并联电路中电流大小与电阻成反比，由于R1<R2，因此I1＞I2，D错误。故选A。 17．[2023·浙江杭州·阶段练习]一带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图中虚线abc所示。图中实线是同心圆，表示电场的等势面。不计重力，以下说法不正确的是(　　) A．粒子一直受到静电排斥力作用 B．粒子在b点的速度一定大于在a点的速度 C．粒子在b点的电势能一定大于在a点的电势能 D．粒子在a点的加速度大小一定小于在b点的加速度大小 【答案】B 【解析】由粒子的运动轨迹可知，此粒子一直受到静电排斥力作用，A正确，不符合题意；从a到b，电场力对粒子做负功，则动能减小，即粒子在b点的速度一定小于在a点的速度，B错误，符合题意；从a到b电场力对粒子做负功，则粒子电势能增加，即粒子在b点的电势能一定大于在a点的电势能，C正确，不符合题意；a点等势面稀疏电场强度小，粒子在a点所受静电力小，可知粒子在a点的加速度大小一定小于在b点的加速度大小，D正确，不符合题意。故选B。 18．[2023·金华·期末统考]右图为空调室内机温度采集电路的简化图，RT为热敏电阻(其阻值随温度的升高而减小)，R1、R2为定值电阻。闭合开关S，当采集区温度升高时，电流表和电压表示数I、U的变化情况是(　　) A．I变小，U变小 B．I变小，U变大 C．I变大，U变小 D．I变大，U变大 【答案】C 【解析】闭合开关S，当采集区温度升高时，可知热敏电阻阻值减小，电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流变大，路端电压变小；则电流表示数I变大；定值电阻R1两端电压变大，则定值电阻R2两端电压变小，电压表示数U变小。故选C。 二、非选择题(本题共5小题，共46分) 19．(8分)[2023·浙江绍兴·高二统考期末]在“金属丝电阻率的测量”的实验中，将金属丝绕在陶瓷管上，电阻值约为25 Ω。除了开关、若干导线之外，还提供了以下实验器材： 直流电源：电动势为6 V和12 V，内阻不计 电流表A：量程为0～0.6 A时，内阻约为0.1 Ω；量程为0～3.0 A时，内阻约为0.02 Ω。 电压表V：量程为0～3.0 V时，内阻约为3 kΩ；量程为0～15 V时，内阻约为15 kΩ。 滑动变阻器R：最大阻值为10 Ω。 (1)为精确测量该金属丝的阻值，某同学用所给器材连成如图所示的实验电路。图中的a、b、c三条导线中有一条连接有误，该导线是________(选填“a”“b”或“c”)。 (2)电路连接正确后，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于滑动变阻器的最________(选填“左端”或“右端”)。 (3)若测得金属丝的长度为L，直径为d，电压表示数为U，电流表示数为I，不考虑电流表和电压表内阻的影响，则金属丝的电阻率ρ＝________。 【答案】(1)b　(2)左端　(3) 【解析】(1)b导线连接错误，应将其上端接至滑动变阻器的右下接线柱上。 (2)正确连接后，闭合开关前，应该把滑动变阻器的滑片置于滑动变阻器的最左端，从而使闭合开关之后分压部分电路电压从零开始变化。 (3)根据欧姆定律有R＝，根据电阻定律有R＝＝，联立解得ρ＝。 20．(8分)[2023·浙江舟山·阶段练习]小王同学做测量一节干电池的电动势和内阻的实验。 (1)小王先用多用电表(图甲)粗测这节干电池的电动势，他应该把选择开关旋转到________(选填“直流2.5 V”“Ω×10”或“交流10 V”)挡，测量时多用电表的表盘指针如图乙所示，其读数为________ V。 (2)然后小王又采用图丙所示的电路进行测量。根据实验数据作出U­I图像，如图丁所示，根据图像可知该电池电动势的测量值E＝________ V，内阻r＝________ Ω。(E和r的测量值均保留3位有效数字) 　　　 【答案】(1)直流2.5 V　1.46(1.45～1.47)　 (2)1.40(1.39～1.41)　1.20(1.10～1.30) 【解析】(1)选择开关旋转到“直流2.5 V”，由题图所示多用电表可知，多用表的分度值为0.05 V，所以多用电表的读数为U＝1.46 V。 (2)根据闭合电路欧姆定律可知U＝E－Ir，可知图像的纵坐标的截距等于电源电动势，斜率表示电源内阻，即E＝1.40 V，r＝＝ Ω＝1.20 Ω。 21．(8分)[2023·浙江杭州·阶段练习]1907～1913年密立根用在电场和重力场中运动的带电油滴进行实验，发现所有油滴所带的电荷量均是某一最小电荷的整数倍，该最小电荷值就是电子电荷。密立根油滴实验原理如图所示。两块水平放置的金属板分别与电源的正、负极相接，板间电压为U，间距为d，形成竖直向下的匀强电场。用喷雾器从上板中间的小孔喷入大小、质量和电荷量各不相同的油滴。通过显微镜可找到悬浮不动的油滴，已知此悬浮油滴的质量为m，重力加速度为g。 (1)悬浮油滴带________(选填“正”或“负”)电。 (2)增大电场强度，悬浮油滴将向电势________(选填“高”或“低”)的方向运动。 (3)悬浮油滴的电荷量为________(用题中字母表示)。 (4)油滴的电荷量________(选填“一定”或“不一定”)是电子电荷量的整数倍。 【答案】(1)负　(2)高　(3)　(4)一定 【解析】(1)所带电荷量为Q的油滴静止不动，则油滴受到向上的静电力，静电力方向与电场强度方向相反，则油滴带负电。 (2)根据平衡条件，有mg＝Eq，当增大电场强度，电场力增大，则悬浮油滴将向上运动，即向电势高处运动。 (3)根据平衡条件，有mg＝q，故q＝。 (4)不同油滴的所带电荷量虽不相同，但都是某个最小电荷量(电子电荷量)的整数倍。 22．(10分)[2023·浙江湖州·联考]在如图所示的电路中，电源的电动势E＝10 V、内阻r＝1.0 Ω，小型直流电动机M的内阻r0＝0.5 Ω，闭合开关S后，电动机正常转动，理想电流表的示数I＝1.0 A，求： (1)电源的发热功率； (2)电动机的输出功率。 【答案】(1)1 W　(2)8.5 W 【解析】(1)电源的发热功率为P内＝I2·r，解得P内＝1 W； (2)电动机两端的电压U＝E－Ir＝9 V， 电动机消耗的电功率P电＝UI＝9 W， 电动机的热功率P热＝I2·r0＝0.5 W， 电动机的输出功率P输＝P电－P热＝8.5 W。 23．(12分)[2023·浙江金华·阶段练习]如图所示，圆弧轨道AB的圆心为O，半径R＝2.5 m，圆弧轨道AB在B点与水平地面BE相切，B点在O点的正下方，OA与OB夹角是53°，在B点的右侧有一竖直虚线CD，B点至竖直虚线CD的距离L1＝2.5 m，竖直虚线CD的左侧有电场强度大小为E1、水平向左的匀强电场，竖直虚线CD的右侧有电场强度大小为E2、竖直向上的匀强电场。竖直虚线CD的右侧有一竖直墙壁EF，墙壁EF到竖直虚线CD的距离L2＝5 m，墙壁EF底端E点与水平地面BE相连接，墙壁EF的高度也为L2＝5 m。将一电荷量q＝＋4×10－2 C、质量m＝1 kg的绝缘小球放在A点，恰好能静止。现给小球一个初速度v0，小球沿AB轨道到达竖直虚线CD时速度大小vCD＝5 m/s，并刚好从F点飞离墙壁。已知小球可视为质点，圆弧轨道AB和水平地面BE均光滑，重力加速度g取10 m/s2，∠AOB＝53°， sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6。求： (1)电场强度大小E1； (2)初速度大小v0； (3)电场强度大小E2。 【答案】(1)×103 N/C　(2)5 m/s　 (3)500 N/C 【解析】(1)小球在A点静止时，有qE1＝mgtan 53°， 解得E1＝×103 N/C； (2)小球从A点运动到竖直虚线CD的过程中，有 －qE1(Rsin 53°＋L1)＋mgR(1－cos 53°)＝mv－mv0 2，解得v0＝5 m/s； (3)小球从C点到F点做类平抛运动，水平方向有L2＝vCDt ，解得t＝1 s，竖直方向有L2＝ayt2，ay＝10 m/s2，解得qE2－mg＝may，解得E2＝500 N/C。 学科网（北京）股份有限公司 $$