贵州省贵阳市第一中学2024-2025学年高三上学期高考适应性月考卷（一） 物理试卷

物理参考答案·第 1 页（共 5 页） 贵阳第一中学 2025 届高考适应性月考卷（一） 物理参考答案 选择题：共 10 小题，共 43 分。在每小题给出的四个选项中，第 1～7 题只有一项符合题目要 求，每小题 4 分；第 8～10 题有多项符合题目要求，全部选对的给 5 分，选对但不全的给 3 分，有选错的给 0 分。 【解析】 1．衰变产生的电子是核内的中子转变成一个质子和一个电子，质子留在核内，电子释放出来， 故 A 错误。原子核发生 β 衰变的原因是弱相互作用，故 B 错误。原子核的衰变速度不随温 度的变化而变化，故 C 错误。根据题意可知，25 年为两个半衰期，则氚会剩原来的四分之 一，故 D 正确。 2．恰好有光从圆弧面射出，光路图如图 1 所示，临界角为 ，根据临 界角公式 1sin n   ，设此时光线与 AC 面交点为 D 点，即 AD 过程没 有光线从圆弧面射出，根据数学知识 11 sin ) 1 )AD R R n    （ （ ，看 到射出光的时刻 ( 1)AD R nt n    v v ，故 C 正确。 3． x t 图像只能够描述直线运动，即乙做直线运动，故 A 错误。由公式 s t v ，0~16s 内， 甲、乙初末位置相同，即位移相同，又经过时间相同，则甲、乙的平均速度相同，故 B 正 确。 x t 图像的斜率表示速度，将甲图像向右上方平移至与乙图像相切，该时刻两者图像 的斜率相等，即该时刻甲、乙的速度相同，故 C 正确。乙的图线是抛物线，乙做匀变速直 线运动，由于 x t 图像斜率的绝对值表示速度大小，斜率的正负表示速度方向，乙图斜率 的绝对值先减小后增大，斜率先为正值后为负值，表明乙先做匀减速运动再反向做匀加速 运动，故 D 正确。 4．冰壶做匀减速直线运动，末速度为 0，运用逆向思维方法，由公式 21 1 1 2 x at ，代入 1 0.1mx  ， 1 1st  ，得 20.2m/sa  ，故 A 正确。冰壶滑行距离为 10m，由公式 2 20 2t as v v ，则初速 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C A A B C B BD ABC AD 图 1 物理参考答案·第 2 页（共 5 页） 度 0 2 2m/sas v ，故 B 错误。第 3s 初即第 2s 末，且冰壶做匀减速直线运动，由公式 0t at v v ，代入 2st  ，则第 3s 初的速度 1.6m/sv ，故 C 错误。冰壶滑行至停下用时 0 0 0 2 10s 0.2 tt a        v v ，则第二个 6s 内实际仅滑行 4s，不满足相等时间间隔内位移之比 3∶1，故 D 错误。 5．由图可知，两个物体下落的高度是相等的，根据 21 2 h gt ，又 gt v ，可知甲乙两球下落 到轨道的时间相等，即甲、乙两球同时落到轨道上，甲乙两球下落到轨道的速度变化量相 同，故 A、C 错误。设圆形轨道的半径为 R ，则甲水平位移为 sin 30 1.5x R R R   甲 ，乙 水平位移为 sin 30 0.5x R R R   乙 ，可得 3x x甲 乙，小球水平方向做 匀速直线运动，则有 1 2 3 1∶ ∶v v ，故 B 正确。由平抛运动推论，速度 反向延长线过水平位移中点，由题图可知若甲球垂直打在轨道上，由 几何关系，其速度方向延长线应过O点，与推论矛盾，则甲球不可能 沿半径方向垂直打在半圆形竖直轨道上，故 D 错误。 6．如图 2 所示， N 变大，则 f 一定增大，故 C 正确。 7．由图乙可知，下落过程中运动员先加速后减速，即加速度先向下后向上，运动员先失重后 超重，故 A 错误。当合力为 0 时速度最大，弹力等于重力，由图乙所示， 15ml  时，运 动员的速度最大， 0a  ，即 k x mg  ，解得 150 N/ mmgk x    ，故 B 正确。弹性绳长为 24m 时，绳处于拉伸形变，且弹力 150 (24 10) N 2100 NF k x      ，由牛顿第二定律得 F mg ma  ，解得 218m/ sF mga m    ，故 C 错误。图乙描述的是运动员速度 v和下落 距离 l 的关系，即 lv 图，其斜率 ak x     v v ，从 5mx  到 15mx  过程中，速度 v增加， 斜率 k 减小，加速度无法判断，故 D 错误。 8．由乙图可知，水波波长 1m  ，故 A 错误。由丙图可知，水波的周期 0.8sT  ，由公式 1.25m/s T   v ，故 B 正确。浮子只会在平衡位置上下振动，不会“随波逐流”，故 C 错 误。由于传播方向不确定，若浮子 A 先振动，由图丙可知，则水波从 A 传到 B 经历的时间 为 3 4 t nT T  （ 1n  ，2，3…），则 3n  时， 0 3 153 0.8s 3s 4 4 t T         ， AB 间距离可 能为 0 0 3.75ms t v ，则 B 浮子的坐标可能为 4.25mBx  ，故 D 正确。 图 2 物理参考答案·第 3 页（共 5 页） 9．如图 3 所示，有 2tan ( sin )mg m L r     tan sin g L r     ， cosF mgT   ，故 A、B、C 正 确。 10．初始时，对 A、B 整体受力分析，设此时弹簧 压缩量为 1x ，根据胡克定律，有 1 ( ) sinA BF kx m m g   弹 ，解得 1 0.2mx  ，故 A 正确。 撤掉外力瞬间，取 ABC 系统，有 1( ) sin ( )C A B A B Cm g F m m g m m m a     弹 ，且弹簧 弹力不发生突变，仍有 ( ) sinA BF m m g  弹 ，即 1( )C A B Cm g m m m a   ，解得 2 1 2m/sa  ， 故 B 错误。 AB 恰好分离时 AB 间弹力为零，以 BC 整体为研究对象，有 2sin ( )C B B Cm g m g m m a   ，解得 2 0a  ，则 A 的加速度大小也为 0，此时弹簧处于压 缩状态，故 C 错误。AB 恰好分离时，以 A 为研究对象，有 2sin 0A AF m g m a   弹 ，设 此时弹簧的压缩量为 2x ，由胡克定律有 2F kx 弹 ，解得 2 0.1mx  ，所以从撤去外力到 A、 B 恰好分离整个过程，A 沿斜面移动的位移 1 2 0.1ms x x    ，故 D 正确。 三、非选择题：共 5 小题，共 57 分。 11．（5 分） （1）4.89（2 分） （2）9.78（3 分） 12．（除特殊标注外，每空 1 分，共 10 分） （1）A2 （2） 1V 1500（2 分） （3）如图 4 所示（3 分） （4） 3 2 U I （2 分） 小于 【解析】（1）（2）由于是串联，而且只有电压表 1V 内阻已知，则电压表选 1V 由串联分压可 知，电压表 1V 的电压为 3V 时， ZR 的电压为 1.5V，则 3V 3000 1.5V ZR   ，解得 ZR 为 1500Ω。 电流表测量的最大电流为 m 2.5W 0.56A 4.5V I   ，则电流表选 A2。 （3）实验要求加在小灯泡上的电压可从零开始调节，则电路应用“分压式”，小灯泡的阻值 较小，为减小误差用“外接法”测电阻。 图 4 图 3 物理参考答案·第 4 页（共 5 页） （4）由题可知，小灯泡两端电压为 3 2 U ，流过小灯泡的电流约为 I，则小灯泡的电阻为 3 2 U I 。 用外接法测电阻，电流表的读数大于小灯泡的电流，故测量值小于真实值。 13．（9 分） 解：（1）原来筒内气体 0 76cmHgp  ， 0 0 0V S L ① 后来筒内气体 1 0 66cmHghp p p   ， 1 0 1V S L ② 对于等温过程 0 0 1 1p V p V ③ 解得 1 0 38 38cm 33 L L  ④ （2）活塞上升的高度为 1 0 15cmL h L   ⑤ 评分标准：本题共 9 分。正确得出①、④式各给 1 分，得出②、③式各给 2 分，得出⑤ 式给 3 分。 14．（14 分） 解：（1）由牛顿第二定律有 2 1 NF mg m R   v ① 由牛顿第三定律有 N NF F  ② 滑板对轨道的压力 N 620NF   ③ （2）由 sinmg ma  ④ 1 atv ⑤ 解得 1.6st  ⑥ （3）滑板由 B 至 C，由机械能守恒定律 2 21 2 1 1 1 2 2 m m mgh v v ⑦ 设滑板经过 C 点时的速度方向与水平方向的夹角为 ，则 1cos R h R    ⑧ 2 siny v v ⑨ 滑板由 C 至 D，竖直方向 2 22y ghv ⑩ 1 2 2.912mH h h   ⑪ 评分标准：本题共 14 分。正确得出①、⑦、⑩式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 物理参考答案·第 5 页（共 5 页） 15．（19 分） 解：（1）对 B 有 2 B B Bm g m a  ， 21m/sBa  ① 对 C 有 3 C C Cm g m a  ， 25m/sCa  ② （2）对 A 有 1 3 2( )A B C C B A AF m m m g m g m g m a        ③ 25m/sAa  ④ 设经时间 1t ，AC 速度相等，且为 ACv ，由 1 0 1AC A Ca t a t  v v ⑤ 解得 1 1st  ， 5m/sAC v ⑥ （3）0～t1 时间内，A 的位移 1 1 2.5m2 AC Ax t  v B 的位移 21 1 1 0.5m 2B B x a t  C 的位移 0 1 7.5m2 AC Cx t    v v C 相对于 A 滑动的距离 1 5mCA C Ax x x    ⑦ B 相对于 A 滑动的距离 1 1 2mBA A Bx x x    ⑧ C 与 A 共速后，C 与 A 不在发生相对运动，此时 B 的速度 1 1m/sB Ba t v 。对 AC 整体 1 2 1( ) ( )A B C B A C ACm m m g m g m m a      ， 2 1 3m/sACa  ⑨ 设再经过时间 2t ，AB 速度相等，且为 ABv ，由 1 2 2AB AC AC B Ba t a t   v v v 解得 2 1st  ， 2m/sAB v ⑩ 1t ～ 2t 时间内，A 的位移 2 2 3.5m2 AC AB Ax t    v v B 的位移 2 2 1.5m2 B AB Bx t    v v B 相对于 A 滑动的距离 2 2 2 2mBA A Bx x x    ⑪ B 与 A 速度相等后，由于 1 2  ， ( )A C 和 B 各自匀减速到停止。对 AC 整体 1 2 2( ) ( )A B C B A C ACm m m g m g m m a      ， 2 2 2m/sACa  ⑫ 这段时间内，AC 整体的位移 2 3 2 1m 2 AB AC x a   v ，B 的位移 2 3 2m2 AB B B x a   v ，B 相对于 A 滑动 的距离 3 3 3 1mBA B Ax x x    ⑬ 所以，当 ABC 都静止时，BC 间的距离 1 2 3 2mBC CA BA BA BAx L x x x x           ⑭ 评分标准：本题共 19 分。正确得出①、②、③、⑤、⑭式各给 2 分，其余各式各给 1 分。