1.2研究有机化合物的一般方法 同步练习 2024-2025学年高二下学期化学人教版（2019）选择性必修3

1.2研究有机化合物的一般方法 同步练习 2024-2025学年高二下学期化学人教版（2019）选择性必修3 一、单选题 1．兔年春晚《满庭芳·国色》以中国传统色为切入点，使得桃红、凝脂、群青等有着优美名字的“中国色”扑而而来。其中“桃红”可从红花、铅丹、朱砂或赫石等原料中提取。下列说法错误的是 A．提取红花中的有效成分红花素时，可使用萃取操作 B．铅丹中价与价的个数比为 C．以朱砂(主要成分为)为原料提取的“桃红”不宜用于制作化妆品 D．赭石(主要成分为)可用于制作磁性物质 2．下列说法不正确的是 A．的同分异构体中新戊烷的沸点最低 B．符合通式的且n不同的烃一定属于同系物 C．乙烯水化法合成乙醇属于加成反应 D．某有机化合物的相对分子质量为58，则其分子式一定为 3．下列物质提纯方法中属于重结晶法的是 A．除去工业酒精中含有的少量水 B．粗苯甲酸的提纯 C．从碘水中提纯碘 D．除去硝基苯中含有的少量Br2 4．下列一溴代物最多的是 A． B． C．CH3C≡CCH3 D．CH2=CHCH2CH=CH2 5．采用现代仪器分析方法，可以快速、准确地测定有机化合物的分子结构。某有机化合物的谱图如下，推测其结构简式为 A． B． C． D． 6．某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到2mol乙酸和1mol醇，该醇的分子式为（　　） A．C14H18O5 B．C14H22O3 C．C14H22O5 D．C14H10O5 7．下列实验操作或相关说法合理的是（　　） A B C D 混合浓硫酸和乙醇 充分振荡后下层为无色 蒸干 溶液制取无水 制备 胶体 A．A B．B C．C D．D 8．某有机化合物9.0 g与足量氧气在密闭容器中完全燃烧，将反应生成的气体依次通过浓硫酸和碱石灰，浓硫酸增重9.0 g，碱石灰增重17.6 g，下列说法不正确的是 A．该有机化合物中一定含有氧元素 B．该有机化合物的分子式为C4H10O2 C．不能确定该有机化合物的分子式 D．该有机化合物分子中碳原子数和氢原子数之比一定是2∶5 9．下列有关实验的操作或结论正确的是（　　） 实验 操作或结论 A．浓硫酸加入到蔗糖中 蔗糖变黑体现了浓硫酸的吸水性 B．实验室收集NO 可用排空气法收集 C．SO2通入高锰酸钾溶液 高锰酸钾溶液褪色，说明SO2具有漂白性 D．CCl4萃取碘水中的I2 先从分液漏斗下口放出有机层，后从上口倒出水层 A．A B．B C．C D．D 10．2021年我国科学家实现了二氧化碳到淀粉的人工合成。有关物质的转化过程示意如图： 下列说法错误的是 A．该过程实现了能量的储存，将太阳能最终转变成化学能 B．的红外光谱图中有羧基的振动吸收峰 C．反应②中涉及到极性键、非极性键的断裂和极性键的形成 D．X射线衍射等技术可检测合成淀粉与天然淀粉的结构组成是否一致 11．下列有机化合物的一氯代物存在同分异构体的是。 A．CH4 B．CH3CH3 C． D． 12．将6.8g的X完全燃烧生成3.6g的H2O和8.96L(标准状况)的CO2。X的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为3：2：2：1.X分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，其质谱图、核磁共振氢谱与红外光谱如图。关于X的下列叙述错误的是（　　） A．X的相对分子质量为136 B．X的分子式为C8H8O2 C．X分子中所有的原子可能在同一个平面上 D．符合题中X分子结构的有机物的结构简式可能为 13．下列有关实验操作的说法中，错误的是（　　） A．蒸馏操作时，冷凝管中冷却水应从下口进上口出 B．溴化钠溶液中加入少量新制氯水振荡，再加入少量苯振荡，静置后，上层颜色变浅，下层颜色变为橙红色 C．焰色反应时，先用稀盐酸洗涤铂丝并在酒精灯火焰上灼烧，然后再进行实验 D．配制一定物质的量浓度的NaOH溶液，定容时俯视读数，所配溶液浓度会偏大 14．绿原酸(C16H18O9)是一种有机弱酸，利用金银花的水浸取液经下列操作可获得绿原酸粗品。 下列说法错误的是 A．加盐酸是为了提高绿原酸的萃取率 B．操作Ⅰ是萃取、分液 C．该流程中可循环利用的物质是乙酸乙酯 D．分液时应先打开分液漏斗上方的玻璃塞，再打开旋塞，使有机层从分液漏斗下口放出 15．下列物质与溴水混合后振荡，静置。溶液分层且上层呈红棕色的是 A．苯 B．酒精 C．四氯化碳 D．碘化钾溶液 16．化学分析的手段通常有定性分析、定量分析、仪器分析等，现代化学中仪器分析是研究物质结构的基本方法和实验手段。下列说法正确的是 A．分析有机物的红外光谱图，可获得分子中所含化学键或官能团个数的信息 B．质谱法是快速、精确测定相对分子质量的重要方法 C．核磁共振氢谱能准确测定有机物中氢元素的个数 D．X射线衍射技术不能用于有机化合物晶体结构的测定 17．某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到1mol醇和2mol乙酸，该醇的分子式为（　　） A．C14H18O5 B．C14H16O4 C．C14H22O3 D．C14H10O3 18．谱图是研究物质结构的重要手段之一，下列对各谱图的解析正确的是 A．可能是原子核外电子从基态跃迁至激发态时的光谱图 B．可能是的质谱图 C．可能是的红外光谱图 D．可能是的核磁共振氢谱图 A．A B．B C．C D．D 19．天然色素的提取往往应用到萃取操作，现在有用大量水提取的天然色素，下列溶剂不能用来萃取富集这些天然色素的是(　　) A．四氯化碳 B．苯 C．乙醇 D．直馏汽油 20．下列物质在空气里完全燃烧，生成二氧化碳和水的物质的量之比为1：1的有（　　） A．甲醇 B．乙炔 C．乙醇 D．乙醛 二、综合题 21．实验测得，某有机物A相对分子质量为72． （1）若A是烃，其分子式为　 　，它有　 　种同分异构体，沸点最高的是　 　 （写结构简式）．若该烃与Cl2发生取代反应，生成的一氯代物只有1种，则该A的结构简式为　 　． （2）若该有机物3.6g完全燃烧生成0.15molCO2和0.1molH2O，则A的分子式为　 　．若它是一种不饱和羧酸，该酸与甲醇发生酯化反应的化学方程式为（注明反应条件）：　 　． 22．某有机化合物A经李比希法测得其中含碳为70.59%、含氢为 5.88%，其余含有氧．现用下列方法测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构． 方法一：用质谱法分析得知A的质谱图如图1： 方法二：核磁共振仪测出A的核磁共振氢谱有4个峰，其面积之比为1：2：2：3．如图2． 方法三：利用红外光谱仪测得A分子的红外光谱，如图3． （1）分子中共有　 　种化学环境不同的氢原子． （2）A的分子式为　 　． （3）该物质属于哪一类有机物　 　． （4）A的分子中只含一个甲基的依据是　 　（填序号）． a．A的相对分子质量 b．A的分子式 c．A的核磁共振氢谱图 d．A分子的红外光谱图 （5）A的结构简式为　 　． 23．有机物A只由C、H、O三种元素组成，常用作有机合成的中间体，测得8.4g该有机物经燃烧生成22.0g CO2和7.2g水，质谱图表明其相对分子质量为84；红外光谱分析表明A中含有﹣OH和位于分子端的﹣C≡C﹣，核磁共振氢谱显示有3种峰，且峰面积之比为6：1：1． （1）写出A的分子式　 　； （2）写出A的结构简式　 　； （3）下列物质一定能与A发生反应的是 （填序号）． A．H2 B．Na C．Br2 D．O2（Cu作催化剂） 24．某含 、 、 三种元素的未知物 ，现对 进行分析探究。 （1）经燃烧分析实验测定，该未知物中碳的质量分数为41.38%，氢的质量分数为3.45%，则 的实验式为　 　。 （2）利用质谱法测定得 的相对分子质量为116，则 的分子式为　 　。 （3） 的红外光谱图如下，分析该图得出 中含2种官能团，官能团的名称是　 　、　 　。 （4） 的核磁共振氢谱图如下，综合分析 的结构简式为　 　。 25．已知烯烃与苯在一定条件下反应生成芳香烃．如： +H2C═CH2 +2H2C═CH2 +2H2C═CH2 丙烯是三大合成材料的基本原料，可用于合成应用广泛的DAP树脂单体和双酚等有机物，具有重要的工业用途． （1）写出丙烯在一定条件下发生聚合反应的化学方程式　 　． （2）丙烯在乙酸作用下与O2反应生成有机物A，其蒸气密度是相同状况下甲烷密度的6.25倍，元素的质量分数为：碳60%、氧32%．A的分子式为　 　 （3）丙烯与苯在一定条件下反应可生成M、N等多种芳香烃．红外光谱、核磁共振是研究有机物结构的重要方法，根据下列数据，写出M、N的结构简式． M：元素组成：C 89.99%、H 10.06%；1H核磁共振有5个信号． N：元素组成：C 88.82%、H 11.18%；1H核磁共振有3个信号． M：　 　． N：　 　． 答案解析部分 1．【答案】D 【解析】【解答】A．可用有机溶剂提取红花中的有效成分，采取萃取操作，故A不符合题意； B．可视为：，+2价与+4价的个数比为，故B不符合题意； C．有毒，不能制作化妆品，故C不符合题意； D．红棕色固体，可做红色颜料，用于制作磁性物质，故D符合题意； 故答案为：D。 【分析】A、利用有机溶剂提取有机物，属于萃取的操作； B、可以类比四氧化三铁的构成判断； C、汞是重金属，会导致人体中毒； D、磁性物质应该是四氧化三铁。 2．【答案】D 3．【答案】B 4．【答案】B 5．【答案】B 6．【答案】B 【解析】【解答】解：某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到1mol醇和2mol乙酸，说明酯中含有2个酯基，设醇为M， 则反应的方程式为C18H26O5+2H2O=M+2C2H4O2， 由质量守恒可知M的分子式为C14H22O3， 故选B． 【分析】1mol该酯完全水解可得到1mol醇和2mol乙酸，则说明酯中含有2个酯基，结合酯的水解特点以及质量守恒定律判断． 7．【答案】B 【解析】【解答】A．由于乙醇的密度比浓硫酸的小，且浓硫酸稀释过程放出大量的热，故乙醇和浓硫酸混合应该将浓硫酸沿烧杯内壁缓缓倒入乙醇中，并用玻璃棒搅拌，A不合题意； B．由于2NaOH+Br2=NaBr+NaBrO+H2O，使得Br2的CCl4溶液中的Br2不断与NaOH反应，导致下层液体变为无色，B符合题意； C．由于MgCl2+2H2O Mg(OH)2+2HCl，生成HCl易挥发，促使上述水解平衡正向移动，故直接蒸发MgCl2溶液将得不到无水MgCl2，而应该得到Mg(OH)2，C不合题意； D．将氯化铁溶液滴加到氢氧化钠溶液中将生成氢氧化铁沉淀，而得不到氢氧化铁胶体，D不合题意； 故答案为：B。 【分析】A、两溶液混合时，应将密度大的溶液倒入到密度小的溶液中； B、Br2能与NaOH溶液反应，使得下层溶液显无色； C、加热过程中MgCl2水解形成Mg(OH)2和HCl，HCl具有挥发性； D、制备Fe(OH)3胶体时，应将饱和FeCl3溶液逐滴滴入沸水中； 8．【答案】C 9．【答案】D 【解析】【解答】A．浓硫酸加入到蔗糖中，蔗糖变黑体现了浓硫酸的脱水性，A不符合题意； B．NO能与空气中的O2反应生成NO2，不能用排空气法收集，B不符合题意； C、将二氧化硫通入酸性高锰酸钾溶液中，溶液褪色，说明二氧化硫具有还原性，能被高锰酸钾氧化，C不符合题意； D．用CCl4萃取碘水中的I2，四氯化碳密度大于水溶液，则有机层在下层，分液时先从分液漏斗下口放出有机层，然后从上口倒出水层，D符合题意。 故答案为：D 【分析】A．浓硫酸具有吸水性和脱水性，注意两者区别； B.2NO+O2=2NO2，NO2污染空气； C、5SO2 + 2KMnO4 + 2H2O=K2SO4+2MnSO4+2H2SO4； D．分液漏斗分液时，下层液体从下口放出，上层也从上口倒出。 10．【答案】B 11．【答案】C 12．【答案】C 【解析】【解答】A．由上述分析可知，化合物X的相对分子质量为136，A项不符合题意； B．由上述分析可知，X的分子式为C8H8O2，B项不符合题意； C．化合物X的结构简式为，分子中甲基上的原子一定不共平面，C项符合题意； D．由上述分析可知，化合物X的结构简式为，D项不符合题意； 故答案为：C。 【分析】根据X燃烧规律，可以确定有机物中C，H，O原子个数比值，求出分子式；有图1质谱，质荷比最大的就是该物质的相对分子量，结合图2可知，有是个吸收峰，说明有4中氢原子，比值为3：2：2：1，结合图3红外光谱可知，该有机物含有碳氧双键、苯环、碳氧单键等结构。 13．【答案】B 【解析】【解答】A．蒸馏操作时，冷凝管中冷却水与蒸汽的流向相反，提高冷凝效果，则应从下口进上口出，故A不符合题意； B．溴化钠溶液中加入少量新制氯水振荡，氯气将溴离子氧化为溴单质，苯可萃取溴单质，且密度比水小，苯层在水层的上方，再加入少量苯振荡，静置后，下层颜色变浅，上层颜色变为橙红色，故B符合题意； C．盐酸易挥发，且形成的氯化物沸点较低，因此焰色反应时，先用稀盐酸洗涤铂丝并在酒精灯火焰上灼烧除去铂丝上的杂质，然后再进行实验，故C不符合题意； D．配制一定物质的量浓度的NaOH溶液，定容时俯视读数，导致容量瓶中溶液体积偏小，所配溶液浓度会偏大，故D不符合题意； 故答案为：B。 【分析】溴化钠溶液中加入少量氯水，氯水具有氧化性将溴离子氧化为溴单质，苯溶解溴单质的能力强，且密度小，溶解溴的苯在上层，水在下层 14．【答案】D 15．【答案】A 16．【答案】B 【解析】【解答】A．红外光谱图能获得官能团种类以及共价键种类，不能获得官能团的个数信息，故A不符合题意； B．质谱法是快速、精确测定相对分子质量的重要方法，故B符合题意； C．核磁共振氢谱测出的不同化学环境氢原子的个数比，故C不符合题意； D．X射线衍射技术可用于有机化合物晶体结构的测定，故D不符合题意； 故答案为：B 【分析】A.红外光谱主要是测官能团种类和共价键种类； B.指扑克测量相对分子质量； C.核磁共振主要是测不同氢原子的个数比； D.X射线衍射主要用于晶体结构测定。 17．【答案】C 【解析】【解答】解：某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到1mol醇和2mol乙酸，则说明酯中含有2个酯基，则水解反应为：C18H26O5+2H2O→醇+2CH3COOH，根据原子守恒，可知羧酸分子式为C14H22O3，故选：C． 【分析】某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到1mol醇和2mol乙酸，则水解反应为：C16H26O5+2H2O→醇+2CH3COOH，根据原子守恒确定醇的分子式． 18．【答案】A 19．【答案】C 【解析】【解答】A、四氯化碳可以溶解天然色素，同时四氯化碳不溶于水，A错误； B、苯可以溶解天然色素，同时苯不溶于水，B错误； C、乙醇可以溶解天然色素，但是乙醇可以溶于水，C正确； D、直馏汽油可以溶解天然色素，同时直馏汽油不溶于水，D错误。 故答案为：C。 【分析】萃取剂的选择要满足几个要求：1、溶质在萃取剂中的溶解度更大，2、萃取剂和原溶剂互不相溶，3、萃取剂和原溶剂、溶质不反应，4、萃取剂和原溶剂有密度差异。 20．【答案】D 【解析】【解答】解；有机物完全燃烧生成二氧化碳和水的物质的量之比为1：1，则碳、氢原子个数之比是1：2， A．甲醇分子式为CH4O，碳氢原子个数之比是1：4，故A错误； B．乙炔分子式为C2H2，碳氢原子个数之比是1：1，故B错误； C．乙醇分子式为C2H6O，碳氢原子个数之比是1：3，故C错误； D．乙醛分子式为C2H4O，碳氢原子个数之比是1：1，故D正确． 故选D． 【分析】有机物完全燃烧生成二氧化碳和水的物质的量之比为1：1，则碳、氢原子个数之比是1：2，以此解答该题． 21．【答案】（1）C5H12；3；CH3CH2CH2CH2CH3； （2）C3H4O2；CH2=CHCOOH+CH3OH CH2=CHCOOCH3+H2O 【解析】【解答】解：（1）若该有机物是烃，则 =5…2，故分子式为C5H12，同分异构体有正戊烷、异戊烷、新戊烷3种，沸点最高的为正戊烷，即CH3CH2CH2CH2CH3，若该烃与Cl2发生取代反应，生成的一氯代物只有1种，则该烃的结构简式为C（CH3）4， 故答案为：C5H12；3；CH3CH2CH2CH2CH3； ；（2）3.6g有机物中O元素质量为3.6g﹣0.15mol×12g/mol﹣0.1mol×2×1g/mol=1.6g，则氧原子物质的量为 =0.1mol，故分子中C、H、O原子数目之比为0.15：0.2：0.1=3：4：2，最简式为C3H4O2，相对分子质量为72，故分子式为C3H4O2，若它是一种不饱和羧酸，则其结构简式为CH2=CHCOOH，与甲醇发生酯化反应的化学方程式为：CH2=CHCOOH+CH3OH CH2=CHCOOCH3+H2O， 故答案为：C3H4O2；CH2=CHCOOH+CH3OH CH2=CHCOOCH3+H2O． 【分析】（1）若该有机物是烃，则 =5…2，故分子式为C5H12；（2）3.6g有机物中O元素质量为3.6g﹣0.15mol×12g/mol﹣0.1mol×2×1g/mol=1.6g，则氧原子物质的量为 =0.1mol，故分子中C、H、O原子数目之比为0.15：0.2：0.1=3：4：2，最简式为C3H4O2，相对分子质量为72，故分子式为C3H4O2，若它是一种不饱和羧酸，则其结构简式为CH2=CHCOOH． 22．【答案】（1）4 （2）C8H8O2 （3）酯类 （4）bc （5） 【解析】【解答】解：（1）由A的核磁共振氢谱图知，A有4个峰，则A中有4种氢原子， 故答案为：4；（2）由A的质谱图，可知A 的相对分子质量为136，则分子中N（C）= =8，N（H）= =8，则N（O）= =2，则分子式为C8H8O2， 故答案为：C8H8O2；（3）由红外光谱图知，A含有苯环，占6个C原子，还含有C=O、C﹣O﹣C、C﹣C、C﹣H，其中C=O、C﹣O﹣C可组合为 ，知有4种氢原子，且其比例为1：2：2：3，又由于﹣CH3上氢原子数为3，所以只能有一个﹣CH3，故A的结构简式为： ，属于酯类， 故答案为：酯类；（4）结合上述（3）的解析，再结合图A知有4种氢原子，且其比例为1：2：2：3，又由于﹣CH3上氢原子数为3，所以只能有一个﹣CH3， 故答案为：bc；（5）综上所述，A的结构简式为 ， 故答案为： ． 【分析】（1）A的核磁共振氢谱有4个峰，说明分子中有4种H原子；（2）由A的质谱图，可知A的相对分子质量为136，结合元素质量分数计算A中C、H、O原子个数，进而确定有机物A的分子式；（3）由红外光谱图知，A含有苯环，占6个C原子，还含有C=O、C﹣O﹣C、C﹣C、C﹣H，其中C=O、C﹣O﹣C可组合为 ，结合分子式、核磁共振氢谱判断；（4）A的核磁共振氢谱有4个峰，说明分子中有4种H原子，其面积之比为对应的各种H原子个数之比，根据分子式可知分子中H原子总数，进而确定甲基数目；（5）根据A分子的红外光谱，核磁共振氢谱确定确定A的结构简式． 23．【答案】（1）C5H8O （2） （3）A；B；C 【解析】【解答】解：（1）有机物A只含有C、H、O三种元素，质谱图表明其相对分子质量为84，16.8g有机物A的物质的量= =0.2mol，经燃烧生成44.0g CO2，物质的量为1mol，生成14.4g H2O，物质的量为 =0.8mol，故有机物A分子中N（C）= =5，N（H）= =8，故N（O）= =1，故A的分子式为C5H8O， 故答案为：C5H8O；（2）不饱和度为： =2，红外光谱分析表明A分子中含有O﹣H键和位于分子端的C≡C键，核磁共振氢谱有三个峰，峰面积为6：1：1，故分子中含有2个CH3、1个﹣OH连接在同一C原子上，所以A的结构简式为： ， 故答案为： ；（3）红外光谱分析表明A分子中含有O﹣H键和位于分子端的C≡C键，不饱和度为 =2，不含其它官能团，含有羟基，能与钠反应，含有C≡C双键，能与Na发生取代反应，能与溴发生加成反应，能与氢气发生加成反应， 故答案为：ABC． 【分析】（1）根据n= 计算有机物A、二氧化碳、水的物质的量，根据原子守恒计算烃分子中C、H原子数目，根据相对原子质量计算分子中氧原子数目，据此书写该烃的分子式；（2）红外光谱分析表明A分子中含有O﹣H键和位于分子端的C≡C键，核磁共振氢谱有三个峰，峰面积为6：1：1，分子中有3种不同的H原子，原子数目之比为6：1：1，结合有机物的分子式判断有机物A的结构；（3）根据有机物A含有是官能团进行分析解答． 24．【答案】（1）CHO （2）C4H4O4 （3）羧基；碳碳双键 （4）HOOC−CH=CH−COOH 【解析】【解答】(1)碳的质量分数是41.38%，氢的质量分数是3.45%，则氧元素质量分数是1-41.38%-3.45%=55.17%，则该物质中碳、氢、氧原子个数之比= ： ： =3.45：3.45：3.45=1：1：1，则该有机物的实验式为CHO； (2)A的相对分子质量为116，A的实验式为CHO，设A的分子式为CnHnOn，则12×n+4×n+16×n=116，解得n=4，则A的分子式为C4H4O4； (3)根据A的红外光谱图得出A中含有的2种官能团分别为：碳碳双键、羧基； (4)根据A的核磁共振氢谱图可知有两种类型的氢原子，且等效H个数比为1：1，则A的结构简式为HOOC−CH=CH−COOH。 【分析】(1)根据各元素的质量分数确定原子个数比，进而确定实验式； (2)根据质谱图A的相对分子质量和实验式计算分子式； (3)根据A的红外光谱图得出A中含官能团的种类； (4)根据A的核磁共振氢谱图中氢原子种类和等效H个数比确定结构简式。 25．【答案】（1） （2）C5H8O2 （3）； 【解析】【解答】解：（1）丙烯中含有双键能发生聚合反应，反应方程式为： ，故答案为： ；（2）元素的质量分数为：碳60%、氧32%，则原子个数之比：C：O：H= =5：2：8，有机物A蒸气密度是相同状况下甲烷密度的6.25倍，可以计算其相对分子质量为：16×6.25=100，分子式为：C5H8O2，故答案为：C5H8O2；（3）丙烯与苯在一定条件下反应得到加成产物，元素组成：C：89.94%、H：10.06%，则原子个数之比：C：H= ： =3：4，该物质是苯和丙烯加成的产物，所以分子式为C9H12， 1H核磁共振有5个信号，结构简式为： ，元素组成：C：88.82%、H：11.18%，则原子个数之比：C：H= =2：3，该物质是苯，分子丙烯加成的产物，分子式为：C12H18；1H核磁共振有3个信号，结构简式为 ， 故答案为： ； ． 【分析】（1）有机物中含有双键能发生聚合反应；（2）根据有机物A蒸气密度是相同状况下甲烷密度的6.25倍，可以计算其相对分子质量，根据元素的质量分数可以计算原子个数比，得到最简式；（3）根据元素的质量分数结合丙烯与苯在一定条件下的加成反应可以确定分子式，核磁共振有几个信号就有几种类型的氢原子，据此书写结构简式． 学科网（北京）股份有限公司 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