精品解析：山东省滨州市北镇中学2024-2025学年高二上学期开学物理试题

山东省北镇中学高69级第一次考试物理试题 时长：90分钟 满分：100分 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求 1. 关于电源以下说法正确的是（ ） A. 电源实质上也一个用电器，也需要外界提供能量 B. 电源的作用就是将其他形式的能转化为电能 C. 只要电路中有电源，电路中就一定有电流 D. 电源的作用是在电源内部把电子由负极不断地搬运到正极，从而保持两极之间有稳定的电势差 2. 中国民航总局规定：严禁携带额定能量超过的充电宝搭乘飞机。某充电宝铭牌标识如图所示，下列说法正确的是（　　） 产品名称：充电宝 产品型号：K112 电池容量： 电源输入： 电源输出： 转换率： 80％ A. 和均为能量单位 B. 该充电宝的输出功率为 C. 机场限定的是充电宝储存的能量不超过 D. 该款充电宝能给电池容量为的设备充满电4次 3. 对于质量一定的物体，下列说法正确的是（ ） A. 动量变化，动能一定变化 B. 动能变化，动量一定变化 C 速度不变，动量可能改变 D. 速度不变，动能可能改变 4. 图甲是充电宝正给一部手机充电，等效电路如图乙所示。假设充电开始后一段时间t内充电宝的输出电压U、输出电流I恒定不变。已知手机电池内阻为r、充满电后电动势为E，下列说法正确的是（ ） A. 充电宝的输出电压U = Ir B. 充满电后手机电池的电动势E = U＋Ir C. 在时间t内，手机电池产生的焦耳热 D. 在时间t内，手机电池储存的化学能E化 = UIt－I2rt 5. 在短道速滑接力赛中，“接棒”运动员甲在“交棒”运动员乙前面向前滑行，追上时乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出。不计阻力，则(　　) A. 乙对甲的冲量与甲对乙的冲量大小相等 B. 甲的动量变化一定比乙的动量变化快 C. 甲的动量变化量与乙的动量变化量大小不等 D. 甲的速度变化量与乙的速度变化量大小相等 6. 电子绕核运动可等效为一环形电流，如图所示。氢原子的电子绕核运动的半径为，电子质量为，电荷量为，静电力常量为，则此环形电流的大小为（　　） A. B. C D. 7. 一个质量为4kg物体在合外力F的作用下从静止开始做直线运动。物体所受的合外力F随时间t变化图像如图所示。下列说法正确的是（　　） A. s时物体的速度方向反向 B. 前2s内合外力做的功为4J C. s时物体的动量大小为8 kg·m/s D. 前6s内合外力的冲量大小为12 N·s 8. 如图所示，用长度为L的轻质细绳悬挂一个质量为M的木块，一个质量为m的子弹自左向右水平射穿此木块，穿透前后子弹的速度分别为和v。子弹穿过木块的时间和空气阻力不计，木块和子弹可以看作质点，以木块初始位置为零势能点，下列说法正确的是（ ） A. 子弹穿透木块过程中，子弹、木块组成的系统动量守恒，机械能守恒 B. 子弹刚穿透木块时，木块速度为 C. 子弹刚穿透木块时，绳子拉力为 D. 木块摆至最大高度时，重力势能为 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9. 如图所示的电路中，R1＝8 Ω，R2＝4 Ω，R3＝6 Ω，R4＝3 Ω，U=42V，下列说法正确的是（ ） A. R1、R2、R3、R4的电压之比等于4：2：1：1 B. R1、R2、R3、R4的电流之比等于4：2：1：2 C. R1、R2、R3、R4的功率之比等于12：6：1：2 D. 电路的总电阻等于21Ω，总功率等于126W 10. 如图所示，直线I为某电源的伏安特性曲线，曲线Ⅱ为某小灯泡的伏安特性曲线。则下列判断中正确的是（　　） A. 电源的电动势 B. 电源的内阻 C. 该灯泡直接与该电源相接时，灯泡电阻为1Ω D. 该灯泡直接与该电源相接时，灯泡功率为1.5W 11. 我国是世界上高铁运营里程最长、在建规模最大、运营动车组最多、商业运营速度最高的国家。高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动，则启动阶段描述列车动能、动量与位移、时间之间关系的图像正确的是（ ） A. B. C. D. 12. 如图所示，电源电动势E、内阻r恒定，定值电阻的阻值等于r，定值电阻的阻值等于2r，闭合开关S，平行板电容器两板间有一带电液滴刚好处于静止状态。将滑动变阻器滑片向上滑动，理想电压表、、的示数变化量的绝对值分别为、、，理想电流表A示数变化量的绝对值为，下列说法正确的是（ ） A. 理想电压表示数增大，理想电压表示数增大，理想电流表A示数减小 B. 带电液滴将向下运动，定值电阻中有从a流向b的瞬间电流 C. D. 电源的输出功率减小 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13. 超薄柔性导电薄膜，可用于穿戴设备、医用电子设备等。如图甲，某研究小组将一种柔性导电材料均匀涂在绝缘介质上表面，已知该材料在室温下的电阻率为，用多用电表粗测其电阻，用如下方法测定该导电材料在介质表面涂层的厚度。 （1）游标卡尺测量出涂层的长度为L，宽度为d。 （2）现有如下器材可用于精确测量涂层阻值： ①电源E（电动势为3V、内阻约为） ②电压表V（量程1.0V、内阻为1000Ω） ③电流表A1（量程0.06A、内阻）、A2（量程6A、内阻） ④滑动变阻器R1（阻值20Ω），滑动变阻器R2（阻值） ⑤定值电阻R0（阻值） ⑥导线若干，开关一只 （1）测量时为了电压表和电流表指针都有偏转明显，减小相对读数误差，电流表应选________；为了测量范围大一些，滑动变阻器R应选________。（均用所选仪器的符号表示） （2）请在图丙虚框中画出所需元件，并在图丁中完成实物连线________。 （3）经测量，电压表示数为U，电流表示数为I，则该涂层上下总厚度为________（用题目所给的物理量符号表示）。 14. 某同学要测量一节新干电池的电动势和内阻（0.3Ω左右）。根据实验室提供的器材设计了如图所示的电路。其中电流表A（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）；电压表V（量程0~3V，内阻约6）；定值电阻（阻值1.0Ω）；滑动变阻器（阻值范围0~10Ω，额定电流2A）。 （1）电流表指针位置如图二所示，其示数为___________A。 （2）测得多组电压表、电流表的示数U、I，作出图像如图三所示，则由图像可得电池的电动势__________V，电池的内阻__________Ω（结果保留1位小数）。 15. 如图所示，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘内壁放另一个圆环形电极接电源的正极做“旋转液体实验”。电源的电动势E＝6V，内阻未知，限流电阻R0＝4.8Ω。闭合开关S后，当导电液体旋转稳定时理想电压表的示数恒为3.5V，理想电流表示数为0.5A。 求： （1）电源内阻大小。 （2）液体消耗的电功率。 16. 一弹性球从距地面高h=0.8m处自由下落，与水平地面接触后立即竖直向上反弹，反弹的初速度大小v=3m/s。弹性球的质量m=0.1kg，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力。则 （1）求弹性球落地前瞬间速度v0的大小； （2）求与地面碰撞过程中，弹性球动量变化量的大小； （3）若弹性球与地面接触时间t=0.5s，求与地面碰撞过程中弹性球受到地面的平均阻力F的大小。 17. 如图所示，电源电动势、内阻，定值电阻、，为电阻箱，电容器的电容，闭合开关S，电路稳定后。求： （1）开关S1闭合前，通过的电流大小； （2）开关S1闭合后，调节电阻箱时，电容器所带的电荷量Q； （3）开关S1闭合后，要使与的总电功率最大，的阻值大小。 18. 甲、乙两小孩各乘一辆小车在光滑的水平冰面上匀速相向行驶，速度大小均为v0＝6m/s，甲车上有质量为m＝1kg的小球若干个，甲和他的小车及小车上小球的总质量为M1＝50kg，乙和他的小车的总质量为M2＝30kg.为避免相撞，甲不断地将小球以相对地面为v＝16.5m/s的水平速度抛向乙，且被乙接住． （1）甲第一次抛球时对小球的冲量； （2）乙接到第一个球后的速度（保留一位小数）； （3）为保证两车不相撞，甲总共抛出的小球个数是多少？ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 山东省北镇中学高69级第一次考试物理试题 时长：90分钟 满分：100分 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求 1. 关于电源以下说法正确的是（ ） A. 电源实质上也是一个用电器，也需要外界提供能量 B. 电源的作用就是将其他形式的能转化为电能 C. 只要电路中有电源，电路中就一定有电流 D. 电源的作用是在电源内部把电子由负极不断地搬运到正极，从而保持两极之间有稳定的电势差 【答案】B 【解析】 【详解】A．电源是将其他形式能转化为电能的装置。A错误； B．电源的作用就是将其他形式的能转化为电能，B正确； C．只要电路中有电源，且电路是闭合的，电路中才有电流。C错误； D．电源的作用是在电源内部把电子由正极不断地搬运到负极，从而保持两极之间有稳定的电势差。D错误。 故选B。 2. 中国民航总局规定：严禁携带额定能量超过的充电宝搭乘飞机。某充电宝铭牌标识如图所示，下列说法正确的是（　　） 产品名称：充电宝 产品型号：K112 电池容量： 电源输入： 电源输出： 转换率： 80％ A. 和均为能量单位 B. 该充电宝的输出功率为 C. 机场限定的是充电宝储存的能量不超过 D. 该款充电宝能给电池容量为的设备充满电4次 【答案】C 【解析】 【详解】A．是能量单位，是电荷量单位，故A错误； B．该充电宝的输出功率为 故B错误； C．机场限定的是充电宝储存的能量不超过 故C正确； D．该款充电宝电池容量为，根据 可知该款充电宝能给电池容量为的设备充满电少于4次，故D错误。 故选C。 3. 对于质量一定的物体，下列说法正确的是（ ） A. 动量变化，动能一定变化 B. 动能变化，动量一定变化 C. 速度不变，动量可能改变 D. 速度不变，动能可能改变 【答案】B 【解析】 【详解】A．对于质量一定的物体，动量变化时，可能只是速度方向发生变化，速度大小不变，则物体的动能不变，故A错误； B．对于质量一定的物体，动能变化时，速度大小一定发生变化，则动量一定变化，故B正确； CD．对于质量一定的物体，速度不变时，动量一定不变，动能一定不变，故CD错误。 故选B。 4. 图甲是充电宝正给一部手机充电，等效电路如图乙所示。假设充电开始后一段时间t内充电宝的输出电压U、输出电流I恒定不变。已知手机电池内阻为r、充满电后电动势为E，下列说法正确的是（ ） A. 充电宝的输出电压U = Ir B. 充满电后手机电池的电动势E = U＋Ir C. 在时间t内，手机电池产生的焦耳热 D. 在时间t内，手机电池储存的化学能E化 = UIt－I2rt 【答案】D 【解析】 【详解】A．手机电池不是纯电阻，则输出电压 U ≠ Ir A错误； B．充满电后不再有电流，则E = U，B错误； C．手机电池内阻为r，电流I，根据焦耳定律，时间t内，手机电池产生的焦耳热为I2rt，C错误； D．根据能量守恒定律，手机电池储存的化学能为UIt－I2rt，D正确。 故选D。 5. 在短道速滑接力赛中，“接棒”运动员甲在“交棒”运动员乙前面向前滑行，追上时乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出。不计阻力，则(　　) A. 乙对甲的冲量与甲对乙的冲量大小相等 B. 甲的动量变化一定比乙的动量变化快 C. 甲的动量变化量与乙的动量变化量大小不等 D. 甲的速度变化量与乙的速度变化量大小相等 【答案】A 【解析】 【详解】A．因为冲量是矢量，甲对乙的作用力与乙对甲的作用力大小相等、方向相反，由冲量的定义I=Ft分析可知，甲对乙的冲量与乙对甲的冲量大小相等，故A正确； B．动量变化率大小为F，即动量的变化率大小为二者的相互作用力，大小相等，所以甲的动量变化与乙的动量变化一样快，故B错误； C．由知即甲、乙的动量变化一定大小相等，方向相反。故C错误； D．由，可知由于甲、乙的质量大小关系未知，所以甲的速度变化量与乙的速度变化量大小不一定相等。故D错误。 故选A。 6. 电子绕核运动可等效为一环形电流，如图所示。氢原子的电子绕核运动的半径为，电子质量为，电荷量为，静电力常量为，则此环形电流的大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】电子绕核做匀速圆周运动，库仑力提供向心力，可得 则电子运动的周期为 根据电流的定义得 故选C。 7. 一个质量为4kg的物体在合外力F的作用下从静止开始做直线运动。物体所受的合外力F随时间t变化图像如图所示。下列说法正确的是（　　） A. s时物体的速度方向反向 B. 前2s内合外力做的功为4J C. s时物体的动量大小为8 kg·m/s D. 前6s内合外力的冲量大小为12 N·s 【答案】C 【解析】 【详解】A．由题图可知，s时物体的速度大小是 可知在前4s内物体做加速运动，s时合外力F的方向是负方向，物体开始做减速运动，但速度的方向不变，仍是正方向，故A错误； B．在4s内物体的加速度为 物体在前2s内的位移为 由力对物体做功的计算公式可得，前2s内合外力做的功为 故B错误； C．由动量的计算公式可得，s时物体的动量大小为 故C正确； D．由图像与时间轴所围的面积表示力对物体的冲量可得，前6s内合外力的冲量大小为 故D错误。 故选C。 8. 如图所示，用长度为L的轻质细绳悬挂一个质量为M的木块，一个质量为m的子弹自左向右水平射穿此木块，穿透前后子弹的速度分别为和v。子弹穿过木块的时间和空气阻力不计，木块和子弹可以看作质点，以木块初始位置为零势能点，下列说法正确的是（ ） A. 子弹穿透木块过程中，子弹、木块组成的系统动量守恒，机械能守恒 B. 子弹刚穿透木块时，木块速度为 C. 子弹刚穿透木块时，绳子的拉力为 D. 木块摆至最大高度时，重力势能为 【答案】B 【解析】 【详解】A．子弹穿透木块过程中，子弹木块组成的系统水平方向合外力为0，水平方向动量守恒，竖直方向合外力不为零，故系统动量不守恒；子弹穿透木块过程中，子弹与木块间有摩擦，一部分机械能转化成内能，故机械能不守恒，故A错误； B．子弹木块组成的系统水平方向动量守恒，得 解得子弹刚穿透木块时，木块速度为 故B正确； C．子弹穿透木块时，向心力 绳子的拉力大小 故C错误； D．从子弹穿出到木块摆至最大高度时，对木块根据机械能守恒得 木块摆至最大高度时，重力势能为 故D错误。 故选B。 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9. 如图所示的电路中，R1＝8 Ω，R2＝4 Ω，R3＝6 Ω，R4＝3 Ω，U=42V，下列说法正确的是（ ） A. R1、R2、R3、R4的电压之比等于4：2：1：1 B. R1、R2、R3、R4的电流之比等于4：2：1：2 C. R1、R2、R3、R4的功率之比等于12：6：1：2 D. 电路的总电阻等于21Ω，总功率等于126W 【答案】AC 【解析】 【详解】A．R3与R4的总电阻 由于R1、R2及R′串联，电流相等，则电压之比等于电阻之比，故电压之比为4：2：1：1；故A正确； B．流过R3与R4的电流之比与电阻成反比，故电流之比为1：2；而流过R1与R2的电流之比为1：1；流过R3的电流与干路电流的关系为 故电流之比为3：3：1：2；故B错误； C．R1、R2串联，功率之比为2：1；R3与R4并联，由可知，功率之比为 P3：P4=1：2 流过R3的电流与干路电流的关系为 则 P2：P3=6：1 故R1、R2、R3、R4的功率之比等于12：6：1：2；故C正确； D．电路中的总电阻为 根据欧姆定律得 则总功率 P=I2R=9×14W=126W 故D错误。 故选AC。 10. 如图所示，直线I为某电源的伏安特性曲线，曲线Ⅱ为某小灯泡的伏安特性曲线。则下列判断中正确的是（　　） A. 电源的电动势 B. 电源的内阻 C. 该灯泡直接与该电源相接时，灯泡电阻1Ω D. 该灯泡直接与该电源相接时，灯泡功率为1.5W 【答案】AD 【解析】 【详解】AB．根据闭合电路欧姆定律可得 可知电源的图像纵轴截距等于电动势，斜率绝对值等于内阻，则有 ， 故A正确，B错误； CD．该灯泡直接与该电源相接时，由图像交点可知，灯泡电阻为 灯泡功率为 故C错误，D正确。 故选AD。 11. 我国是世界上高铁运营里程最长、在建规模最大、运营动车组最多、商业运营速度最高的国家。高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动，则启动阶段描述列车动能、动量与位移、时间之间关系的图像正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】ABC 【解析】 【详解】高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式可得 ， 根据动量表达式可得 ， 根据动能表达式可得 ， 故选ABC。 12. 如图所示，电源电动势E、内阻r恒定，定值电阻的阻值等于r，定值电阻的阻值等于2r，闭合开关S，平行板电容器两板间有一带电液滴刚好处于静止状态。将滑动变阻器滑片向上滑动，理想电压表、、的示数变化量的绝对值分别为、、，理想电流表A示数变化量的绝对值为，下列说法正确的是（ ） A. 理想电压表示数增大，理想电压表示数增大，理想电流表A示数减小 B. 带电液滴将向下运动，定值电阻中有从a流向b的瞬间电流 C. D. 电源的输出功率减小 【答案】CD 【解析】 【详解】A．分析电路可知，当开关S闭合，滑动变阻器与定值电阻串联后接在电源两端；将滑动变阻器的滑片向上滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电阻变大，电路电流减小，理想电流表A示数减小；理想电压表V1测量定值电阻两端的电压，据欧姆定律可得 电路电流减小，则变小，即理想电压表示数减小；而理想电压表V2测量电源的路端电压，据闭合电路欧姆定律可得 电路电流减小，电源内阻上分得的电压变小，电源路端电压增大，理想电压表V2的示数增大，故A错误； B．理想电压表V3测量滑动变阻器两端的电压，据闭合电路欧姆定律可得 电路电流减小，则增大；根据 可知电容器的电荷量Q增大，电容器充电，所以定值电阻中有从b流向a的瞬间电流； 又 ， 可得 电荷量Q增大，E增大，向上的电场力增大，则带电液滴将向上运动，故B错误； C．理想电压表V1测量定值电阻两端的电压，据欧姆定律可得 理想电压表V2测量电源的路端电压，据闭合电路欧姆定律可得 理想电压表V3测量滑动变阻器两端的电压，据闭合电路欧姆定律可得 电路中定值电阻的阻值等于电源内阻r的阻值，当电路中电流增大，电阻的阻值不变，故 故C正确； D．电源的输出功率与外电阻变化的图像如下： 定值电阻的阻值等于电源内阻r的阻值，将滑动变阻器的滑片向上滑动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电路的外电阻阻值从大于内阻r继续增大，则电源的输出功率减小，故D正确。 故选CD 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13. 超薄柔性导电薄膜，可用于穿戴设备、医用电子设备等。如图甲，某研究小组将一种柔性导电材料均匀涂在绝缘介质上表面，已知该材料在室温下的电阻率为，用多用电表粗测其电阻，用如下方法测定该导电材料在介质表面涂层的厚度。 （1）游标卡尺测量出涂层的长度为L，宽度为d。 （2）现有如下器材可用于精确测量涂层阻值： ①电源E（电动势为3V、内阻约为） ②电压表V（量程1.0V、内阻为1000Ω） ③电流表A1（量程0.06A、内阻）、A2（量程6A、内阻） ④滑动变阻器R1（阻值20Ω），滑动变阻器R2（阻值） ⑤定值电阻R0（阻值） ⑥导线若干，开关一只 （1）测量时为了电压表和电流表指针都有偏转明显，减小相对读数误差，电流表应选________；为了测量范围大一些，滑动变阻器R应选________。（均用所选仪器的符号表示） （2）请在图丙虚框中画出所需元件，并在图丁中完成实物连线________。 （3）经测量，电压表示数为U，电流表示数为I，则该涂层上下总厚度为________（用题目所给的物理量符号表示）。 【答案】（1） ①. A1 ②. R1 （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 [1]本实验测导电薄膜的电阻，通过待测电阻的最大电流为 测量时为了电压表和电流表指针都有偏转明显，减小相对读数误差，当电流表选择量程A1。 [2]此时被测电阻两端的电压3V，而电压表V量程只有1.0V，为了放大电压表量程，可以利用定值电阻串联，当电压表示数为1V，则实际两端电压为3V。为了测量范围大一些，应采用滑动变阻器应采用分压接法，滑动变阻器应选总阻值小的R1。 【小问2详解】 由（3）分析可得，实验电路、实物连线如图所示 【小问3详解】 根据欧姆定律 又 解得 14. 某同学要测量一节新干电池的电动势和内阻（0.3Ω左右）。根据实验室提供的器材设计了如图所示的电路。其中电流表A（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）；电压表V（量程0~3V，内阻约6）；定值电阻（阻值1.0Ω）；滑动变阻器（阻值范围0~10Ω，额定电流2A）。 （1）电流表指针位置如图二所示，其示数为___________A。 （2）测得多组电压表、电流表的示数U、I，作出图像如图三所示，则由图像可得电池的电动势__________V，电池的内阻__________Ω（结果保留1位小数）。 【答案】（1）0.16 （2） ①. 1.5 ②. 0.4 【解析】 【小问1详解】 电流表分度值是0.02A，读数为0.16A。 【小问2详解】 [1]根据 则纵截距为电源电动势，则电动势为 [2]斜率的绝对值为 故电池的内阻为 15. 如图所示，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘内壁放另一个圆环形电极接电源的正极做“旋转液体实验”。电源的电动势E＝6V，内阻未知，限流电阻R0＝4.8Ω。闭合开关S后，当导电液体旋转稳定时理想电压表的示数恒为3.5V，理想电流表示数为0.5A。 求： （1）电源内阻大小 （2）液体消耗的电功率。 【答案】（1）0.2Ω；（2）1.75W 【解析】 【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律可得 E＝U＋I(R0＋r) 解得电源内阻为 r＝0.2 Ω （2）液体消耗的电功率为 P＝UI＝3.5×0.5 W＝1.75 W 16. 一弹性球从距地面高h=0.8m处自由下落，与水平地面接触后立即竖直向上反弹，反弹的初速度大小v=3m/s。弹性球的质量m=0.1kg，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力。则 （1）求弹性球落地前瞬间速度v0的大小； （2）求与地面碰撞过程中，弹性球动量变化量的大小； （3）若弹性球与地面接触时间t=0.5s，求与地面碰撞过程中弹性球受到地面的平均阻力F的大小。 【答案】（1）4m/s；（2）0.7kg∙m/s；（3）2.4N 【解析】 【详解】（1）弹性球落地前瞬间速度v0的大小 （2）设向上为正方向，则与地面碰撞过程中，弹性球动量变化量的大小 （3）弹性球与地面接触时间内由动量定理 解得与地面碰撞过程中弹性球受到地面的平均阻力 F=2.4N 17. 如图所示，电源电动势、内阻，定值电阻、，为电阻箱，电容器的电容，闭合开关S，电路稳定后。求： （1）开关S1闭合前，通过的电流大小； （2）开关S1闭合后，调节电阻箱时，电容器所带的电荷量Q； （3）开关S1闭合后，要使与的总电功率最大，的阻值大小。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律，开关S1闭合前，通过的电流为 代入数据解得 （2）开关S1闭合后，调节电阻箱时，与的并联电阻 电容器两端电压为 代入数据解得 此时电容器所带的电荷量 （3）开关S1闭合后，设电路中的电流为，设和的并联电阻为，有 则与的总电功率 等效内阻，根据数学知识可知当时，P有最大值，解得 18. 甲、乙两小孩各乘一辆小车在光滑的水平冰面上匀速相向行驶，速度大小均为v0＝6m/s，甲车上有质量为m＝1kg的小球若干个，甲和他的小车及小车上小球的总质量为M1＝50kg，乙和他的小车的总质量为M2＝30kg.为避免相撞，甲不断地将小球以相对地面为v＝16.5m/s的水平速度抛向乙，且被乙接住． （1）甲第一次抛球时对小球的冲量； （2）乙接到第一个球后速度（保留一位小数）； （3）为保证两车不相撞，甲总共抛出的小球个数是多少？ 【答案】（1）10.5N·s，水平向右；（2）5.3m/s,水平向左；（3）15 【解析】 【详解】（1）根据动量定理有 I=mv-mv0 解得 I=10.5N·s，方向水平向右 （2）对小球和乙的整体，根据动量守恒定律有 M2v0-mv=（M2+m）v1 解得 v1=5.3m/s，方向水平向左 （3）对所有物体组成的系统，根据动量守恒定律有 M1v0-M2v0=（M1+M2）v 对乙和他的小车及小球组成的系统，根据动量守恒定律有 M2v0-nmv=（M2+nm）v 解得 n=15 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$