第2章 3 单摆（课件PPT）-【精讲精练】2024-2025学年高中物理选择性必修第一册（教科版2019）

3　单摆 第二章　机械振动 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 目 录 预习案 01 探究案 02 知能达标训练 04 CONTENTS 提升案 03 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 预习案 必备知识·问题导学 01 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 长度 质量 静止 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 切线方向 正比 平衡位置 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 控制变量 无关 无关 长 短 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 惠更斯 正比 反比 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 探究案 关键能力·互动探究 02 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 探究点一　单摆的回复力和运动特征 [交流讨论] 1．对比弹簧振子模型，你能找到单摆与弹簧振子回复力的区别吗？ 答　略 2．单摆能看成简谐运动的条件？ 答　摆角小于5° 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 提升案 随堂演练·基础落实 03 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 谢谢观看 返回目录 第二章　机械振动 物理·选择性必修 第一册(配JK版) 1 [学业要求与核心素养] 物理观念 科学思维 知道什么是单摆，了解单摆运动的特点。 1．通过实验，探究单摆周期与摆长的关系。 2．知道单摆的周期与摆长、重力加速度的关系。 一、单摆及其运动规律 阅读教材，并回答： 1．观察下列3个摆动模型，判断模型是否是单摆，并分析原因。 答　略 2．在本节教材图2­3­2中 (1)摆球静止在O点时，它受到几个力？这些力的关系如何？ (2)当摆球摆到弧上任意一点P时，摆球受到几个力？这几个力是否平衡？ (3)摆球沿圆弧振动的回复力是什么？回复力是否为小球的合力？ 答　(1)两个力　合力为零　(2)两个力　不平衡 (3)重力切线方向的分力　不是 [概念·规律] 1．单摆 (1)若忽略悬挂小球的细线________的微小变化和________，且线长比球的直径大得多，这样的装置就叫作单摆。 (2)单摆的平衡位置：摆球________时所在的位置。 2．单摆的回复力 (1)如图所示，摆球的重力沿圆弧____________(填“切线方向”或“法线方向”)的分力提供回复力。 (2)回复力的特点：在偏角很小时，sin θ≈eq \f(x,l)，所以单摆的回复力为F＝－eq \f(mg,l)x，即小球所受的回复力与它偏离平衡位置的位移成_______，方向总是指向___________，单摆的运动可看成是简谐运动。 二、单摆的周期 1．探究单摆的振幅、质量、摆长对周期的影响 (1)探究方法：____________法。 (2)实验结论 ①单摆振动的周期与摆球质量________。 ②振幅较小时周期与振幅________。 ③摆长越长，周期越______；摆长越短，周期越______。 2．周期公式 (1)提出：周期公式是__________首先提出的。 (2)公式：T＝__________，即T与摆长l的二次方根成________，与重力加速度g的二次方根成________。 2πeq \r(\f(l,g)) [归纳总结] 1．运动规律 摆球以悬点为圆心做变速圆周运动，也是以平衡位置为中心的往复运动。 2．受力规律 (1)在运动过程中只要v≠0，半径方向一定有合力。 (2)在运动过程中只要不在平衡位置，小球一定受回复力。 (3)在平衡位置，回复力为零，小球的合力并不为零，还有合力提供圆周运动的向心力。 　下列有关单摆运动过程中的受力，说法正确的是(　　) A．单摆运动的回复力是重力和摆线拉力的合力 B．单摆运动的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力 C．单摆经过平衡位置时合力为零 D．单摆运动的回复力是摆线拉力的一个分力 [审题指导]　(1)圆周运动的向心力是指向圆心的，它是由重力沿细线的分力与细线的拉力的合力提供的。 (2)单摆的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力。 [解析]　单摆运动是在一段圆弧上运动，因此单摆运动过程不仅有回复力，而且有向心力，即单摆的合外力不仅要提供回复力，而且要提供向心力，故选项A错误；单摆的回复力是重力沿圆弧切线方向的一个分力，而不是摆线拉力的分力，故选项B正确，D错误；单摆经过平衡位置时，回复力为零，向心力最大，故其合外力不为零，所以选项C错误。 [答案]　B ●核心素养·思维升华 　　单摆的回复力是重力在切线方向的分力，或者说是摆球所受合外力在切线方向的分力。摆球所受的合外力在摆线方向的分力提供摆球做圆周运动的向心力，所以并不是合外力完全用来提供回复力。因此摆球经过平衡位置时，只是回复力为零，而不是合外力为零(此时合外力提供摆球做圆周运动的向心力)。 1．对于单摆的振动，以下说法正确的是(　　) A．单摆振动时，摆球受到的向心力大小处处相等 B．单摆振动的回复力就是摆球受到的合外力 C．摆球经过平衡位置时所受回复力为零 D．摆球经过平衡位置时所受合外力为零 解析　单摆振动过程中受到重力和绳子拉力的作用，把重力沿切向和径向分解，其切向分力提供回复力，绳子拉力与重力的径向分力的合力提供向心力，向心力大小为eq \f(mv2,l)，可见最大偏角处向心力为零，平衡位置处向心力最大，而回复力在最大偏角处最大，在平衡位置处为零。选项C正确，选项A、B、D错误。 答案　C 2．(多选)一单摆做简谐运动，在偏角增大的过程中，摆球的(　　) A．位移增大　　　　 B．速度增大 C．回复力增大 D．机械能增大 解析　做简谐运动的单摆在偏角增大过程中距平衡位置的位移x增大，A正确。速度减小，B错误。回复力F＝－kx，随x增大，回复力增大，C正确。单摆在摆动过程中悬线拉力不做功，故摆球的机械能守恒，D错误。 答案　AC 探究点二　对单摆周期公式的理解 1．单摆的周期公式：T＝2πeq \r(\f(l,g))，与单摆的振幅及摆球的质量无关，只与摆长l及单摆所在处的重力加速度g有关。 2．对摆长l的理解：在利用公式T＝2πeq \r(\f(l,g))计算周期时，l对应等效摆长，指从悬点到摆球球心的距离。 　有一摆长为l的单摆，悬点正下方某处有一小钉，当摆球经过平衡位置向左摆动时，摆线的上部被小钉挡住，使摆长发生变化。现使摆球做小幅度摆动，摆球从右边最高点M至左边最高点N运动过程的闪光照片如图所示(悬点和小钉未被拍入)。P为摆动中的最低点，已知每相邻两次闪光的时间间隔相等，由此可知，小钉与悬点间的距离为(　　) A．eq \f(3,4)l　　 　 B．eq \f(1,2)l C．eq \f(1,4)l D．无法确定 [解析]　设每相邻两次闪光的时间间隔为t，则由图可知摆球在右侧摆动的周期为T1＝8t，在左侧摆动的周期为T2＝4t，T1∶T2＝2∶1。设左侧摆长为l1，则T1＝2πeq \r(\f(l,g))，T2＝2πeq \r(\f(l1,g))，联立解得l1＝eq \f(1,4)l，所以小钉与悬点的距离s＝l－l1＝eq \f(3,4)l，故选A。 [答案]　A [变式1]　在例题中，摆球从最高点M摆至左边最高点N时，以下说法正确的是(　　) A．摆球往返运动一次的周期和无钉子时的单摆周期相同 B．摆球在左、右两侧上升的最大高度一样 C．摆球在平衡位置左、右两侧走过的最大弧长相等 D．摆线在平衡位置右侧的最大摆角是左侧的四倍 答案　B [变式2]　在例题中，设摆球相对于其平衡位置的水平位移为x，规定向右为正方向，则摆球在开始的一个周期内的x­t关系图线如图所示，小钉与悬点间的距离为(　　) A.eq \f(3,4)l　　　　　　 B．eq \f(1,2)l C.eq \f(1,4)l D．无法确定 解析　由图像可知，单摆在钉子右边振动的周期为T1＝8 s；在钉子左边振动的周期为T2＝4 s；则T1＝2π eq \r(\f(l,g))，T2＝2π eq \r(\f(l1,g))，联立解得l1＝eq \f(1,4)l，所以小钉与悬点的距离s＝l－l1＝eq \f(3,4)l，故选A。 答案　A ●核心素养·思维升华 单摆模型及问题的分析、解答 (1)单摆模型指符合单摆规律的运动模型。满足条件： ①圆弧运动。②小角度摆动。③回复力F＝－kx。 (2)首先确认符合单摆模型的条件，然后寻找等效摆长l及等效加速度g，最后利用公式T＝2πeq \r(\f(l,g))或简谐运动规律分析、解答。 3．如图所示，长为l的细绳下方悬挂一小球a。绳的另一端固定在天花板上O点处，在O点正下方eq \f(3,4)l的O′处有一固定细铁钉。将小球向右拉开，使细绳与竖直方向成一小角度(约为2°)后由静止释放，并从释放时开始计时。当小球a摆至最低位置时，细绳会受到铁钉的阻挡。设小球相对于其平衡位置的水平位移为x，向右为正。下列图像中，能描述小球在开始一个周期内的x­t关系的是(　　) 解析　由T＝2πeq \r(\f(l,g))得：T1＝2πeq \r(\f(l,g))，T2＝2πeq \r(\f(\f(1,4)l,g))＝πeq \r(\f(l,g))＝eq \f(1,2)T1，故BD错误； x1＝2l·sin eq \f(θ1,2)， x2＝2l′·sin eq \f(θ2,2)＝2eq \f(l,4)·sin eq \f(θ2,2)＝eq \f(l,2)·sin eq \f(θ2,2) eq \f(x1,x2)＝eq \f(2lsin \f(θ1,2),\f(l,2)·sin \f(θ2,2))＝eq \f(4sin \f(θ1,2),sin\f(θ2,2)) 由能量守恒定律可知，小球先后摆起的最大高度相同， 故l－lcos θ1＝eq \f(l,4)－eq \f(l,4)·cos θ2 根据数学规律可得：sin eq \f(θ2,2)＝2sin eq \f(θ1,2)， 故eq \f(x1,x2)＝eq \f(4sin\f(θ1,2),sin \f(θ2,2))＝2， 即第一次振幅是第二次振幅的2倍，故A正确，C错误。 答案　A 4．一个摆长为2 m的单摆，在地球上某地振动时，测得完成100次全振动所用的时间为284 s。 (1)求当地的重力加速度g。 (2)把该单摆拿到月球上去，已知月球上的重力加速度是1.60 m/s2，则该单摆振动周期是多少？ 解析　(1)周期T＝eq \f(t,n)＝eq \f(284,100) s＝2.84 s 由周期公式T＝2πeq \r(\f(l,g))得 g＝eq \f(4π2l,T2)＝eq \f(4×3.142×2,2.842) m/s2≈9.78 m/s2。 (2)T′＝2πeq \r(\f(l,g))＝2×3.14× eq \r(\f(2,1.60)) s≈7.02 s。 答案　(1)9.78 m/s2　(2)7.02 s 1.(多选)(对单摆回复力的理解)一单摆做小角度摆动，其振动图像如图所示，以下说法正确的是(　　) A．t1时刻摆球速度为零，摆球的合外力为零 B．t2时刻摆球速度最大，悬线对它的拉力最小 C．t3时刻摆球速度为零，摆球的回复力最大 D．t4时刻摆球速度最大，悬线对它的拉力最大 答案　CD 2．(多选)(单摆的周期公式)右图为甲、乙两单摆的振动图像，则(　　) A．若甲、乙两单摆在同一地点摆动，则甲、 乙两单摆的摆长之比l甲∶l乙＝2∶1 B．若甲、乙两单摆在同一地点摆动，则甲、乙两单摆的摆长之比l甲∶l乙＝4∶1 C．若甲、乙两单摆摆长相同，且在不同的星球上摆动，则甲、乙两单摆所在星球的重力加速度之比g甲∶g乙＝4∶1 D．若甲、乙两单摆摆长相同，且在不同的星球上摆动，则甲、乙两单摆所在星球的重力加速度之比g甲∶g乙＝1∶4 解析　由题图可知T甲∶T乙＝2∶1，根据公式T＝2πeq \r(\f(l,g))，若两单摆在同一地点，则两单摆摆长之比为l甲∶l乙＝4∶1，故A错误，B正确；若两单摆摆长相等，则所在星球的重力加速度之比为g甲∶g乙＝1∶4，故C错误，D正确。 答案　BD 3．一物体在某行星表面受到的重力是它在地球表面受到的重力的九分之一，在地球表面走时准确的摆钟，搬到此行星表面后，秒针走一圈所经历的时间是(　　) A．180 s　 B．540 s　 　 C．20 s　 D．6.7 s 解析　根据在星球表面万有引力等于重力可知，某行星表面受到的万有引力是它在地球表面受到的万有引力的九分之一，质量不变，所以该星球的重力加速度g′＝eq \f(1,9)g；根据单摆的周期公式T＝2πeq \r(\f(L,g))可知，该星球的周期是地球上周期的3倍，所以此钟的秒针走一整圈所经历的时间实际上是地球上秒针走一圈的3倍即180 s，故A正确，BCD错误。 答案　A 4．(周期公式的应用)如图甲所示，摆球在竖直面内做简谐运动。通过力传感器得到摆线拉力F的大小随时间t变化的图像如图乙所示，摆球经过最低点时的速度为v＝eq \f(\r(5),5) m/s，忽略空气阻力，取g＝10 m/s2，π2≈g。求： (1)单摆的摆长L； (2)摆球的质量m。 解析　(1)由乙图可知，单摆振动周期T＝2 s 由单摆周期公式T＝2πeq \r(\f(L,g)) 解得L＝1 m。 (2)当拉力最大时，摆球处在最低点，根据牛顿第二定律F－mg＝meq \f(v2,L) 解得m＝0.1 kg。 答案　(1)L＝1 m　(2)m＝0.1 kg 5．如图，一个半径为R的凹槽，该槽是圆柱体侧表面的一部分。MN、PQ为圆柱表面的母线，MN＝PQ＝L，在其一端的最低处有一小孔B。一半径略小于B孔半径且远小于R的小球，位于槽的另一端边缘点A处(A靠近槽的最低点)，不计摩擦。 (1)若小球初速度为零，求小球运动到轨道最低点的时间； (2)若小球以初速度v0开始沿平行于MN的方向运动，要使小球运动到槽的另一端时，恰能落入B孔中，求小球的初速度v0和L应满足的关系式。 解析　(1)如果小球没有初速度则小球做简谐运动，简谐运动的周期为T＝2πeq \r(\f(R,g))，小球运动到轨道最低点的时间t＝eq \f(T,2)n＋eq \f(T,4)＝nπeq \r(\f(R,g))＋eq \f(π,2) eq \r(\f(R,g))(n＝0,1,2,3，…)。 (2)沿MN方向小球做匀速直线运动，则L＝v0t解得v0＝eq \f(2L,2n＋1π) eq \r(\f(g,R))(n＝0,1,2,3，…)。 答案　(1)nπ eq \r(\f(R,g))＋eq \f(π,2) eq \r(\f(R,g))(n＝0,1,2,3，…)　 (2)eq \f(2L,2n＋1π) eq \r(\f(g,R))(n＝0,1,2,3，…) $$