精品解析：福建省宁德市福鼎第四中学2023-2024学年高二下学期第一次月考物理试题

福鼎四中2023-2024学年第二学期第一次月考高二物理试题 考试时间：75分钟 满分：100分 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上 第I卷（选择题） 一、单选题（16分，每小题4分，每小题只有一个正确选项，错选多选不得分） 1. 下图中不属于交变电流的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】ABC．大小和方向都随时间做周期性变化的电流叫交变电流，则A、B、C三项都是交变电流，故A、B、C正确，不符合题意； D．图像中电流的方向不变，不是交变电流，故D错误，符合题意。 故选D。 2. 如图所示是课本中交流发电机发电过程的示意图，装置中两磁极之间产生的磁场可近似为匀强磁场，为了便于观察，图中只画了一匝线圈，线圈的AB边和CD边分别连接在滑环上，线圈在匀速转动过程中，下列说法正确的是（　　） A. 转到图甲位置时，通过线圈的磁通量为0，此位置为中性面 B. 转到图乙位置时，线圈中电流方向发生改变 C. 转到图丙位置时，CD边切割磁感线，产生感应电流方向为D→C D. 转到图丁位置时，线圈中的磁通量最大，磁通量的变化率最大 【答案】B 【解析】 【详解】A．转到图甲位置时，磁场与线圈平行，线圈得磁通量为0，中性面为磁通量最大位置，因此甲图不是中性面位置，故A错误； B．转到图乙位置时，即线圈为中性面位置，此时线圈中电流方向发生改变，故B正确； C．转到图丙位置时，由右手定则可得，CD边感应电流方向为C一D，故C错误； D．转到图丁位置时，线网中的磁通量最大，磁通量变化率为零，故D错误。 故选B。 3. 如图所示，质量的物体静止在光滑水平面上，质量的物体以的初速度与发生碰撞，以的方向为正方向，则碰撞后两物体的速度可能是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】A．碰撞前的总动量为 碰撞后的总动量 可知 根据碰撞的特点，碰撞前后动量守恒，故A不符合题意； B．碰撞前的总动量为 碰撞后的总动量 可知 碰撞前的总能量为 碰撞后的总能量为 可知 根据碰撞的特点可知，碰撞后的动能不增加，故B不符合题意； C．根据碰撞的特点，碰撞后要满足运动关系 故C不符合题意； D．碰撞前的总动量为 碰撞后的总动量 可知 碰撞前的总能量为 碰撞后的总能量为 可知 且碰撞后要满足运动关系 故D符合题意。 故选D。 4. 如图所示，用轻弹簧连接的A、B两辆小车质量相等，静止在光滑的水平面上，A车与竖直墙面接触。将小车B向左推压缩弹簧，使弹簧获得弹性势能，然后释放小车B，则此后（　　） A. 在弹簧第一次恢复原长过程中，A、B的总动量守恒 B. 在弹簧第一次恢复原长过程中，墙壁对A的冲量等于B的动量变化 C. A离开墙壁后，弹簧最长时的弹性势能等于 D. A离开墙壁后，弹簧最短时的弹性势能等于 【答案】B 【解析】 【详解】A．弹簧静止释放到第一次恢复到原长前，墙壁对A有作用力，系统受到的合外力不为零，动量不守恒，故A错误； B．在弹簧第一次恢复原长过程中，A没有动，故墙壁对A的冲量等于弹簧对A的冲量，而弹簧对A的冲量大小等于弹簧对B的冲量，根据动量定理可知也等于B的动量变化，故B正确； CD．设A离开墙壁时B的速度为v，有 弹簧伸长到最长（或最短）时，两小球速度相同，设为，从A球离开墙壁到弹簧伸长到最长过程，两小球组成的系统满足动量守恒，则有 两小球与弹簧组成的系统满足机械能守恒，则有 所以 故CD错误。 故选B。 二、多选题（24分，每小题6分，少选得三分，错选多选不得分） 5. 如图所示，理想变压器原、副线圈接有额定电压均为的灯泡A和B，当输入的交流电时，两灯泡均能正常发光，设灯泡不会被烧坏，下列说法正确的是（　　） A. 原、副线圈匝数比为 B. 原、副线圈中电流的频率比为 C. 当滑动变阻器的滑片向上滑少许时，灯泡B变亮 D. 当滑动变阻器的滑片向上滑少许时，灯泡A变亮 【答案】AC 【解析】 【详解】A．交流电压的有效值为 两灯均正常发光，则原线圈输入的电压的为 副线圈电压 根据理想变压器变压比 故A正确； B．变压器不改变交流电的频率，即频率比为1：1，故B错误； CD．当滑动变阻器的滑片向上滑少许时，阻值增大，副线圈电流变小，根据 可知原线圈电流变小，灯泡A分担的电压变小，灯泡A变暗，原线圈输入的电压变大，输出电压变大，所以灯泡B亮度变亮，故C正确，D错误。 故选AC。 6. 如图中的线段a、b、c分别表示在光滑水平面上沿同一条直线运动的滑块Ⅰ、Ⅱ和它们发生正碰后结合体的位移图线。由图像给出的信息可以判定（　　） A. 碰前滑块Ⅰ的速率为 B. 碰后滑块的共同速率为 C. 碰前滑块Ⅱ的动量比滑块I的动量大 D. 滑块Ⅰ的质量是滑块Ⅱ的质量的6倍 【答案】AD 【解析】 【详解】A．由图像斜率表示速度可知，碰前滑块Ⅰ的速率为 故A正确； B．由图像斜率表示速度可知，碰后滑块的共同速率为 故B错误； C．碰撞前后系统动量守恒，由于碰撞后动量为正，故碰撞前总动量也为正（与滑块I动量方向相同），所以碰撞前滑块I动量大于滑块II的动量，故C错误； D．由图像斜率表示速度可知，碰前滑块II的速率为 由动量守恒定律可得 可得 故D正确。 故选AD。 7. 如图所示，甲图是远距离输电的电路示意图，乙图是用电器两端的电压随时间变化的图像。已知降压变压器的原线圈与副线圈的匝数之比，输电线的总电阻，降压变压器的输出功率，发电机的输出电压为250 V，电路中的升压变压器和降压变压器均为理想变压器。则下列结论正确的是（　　） A. 降压变压器原线圈中电流的频率为100 Hz B. 流过输电线的电流大小为10 A C. 发电机的输出功率为92 kW D. 升压变压器原、副线圈的匝数之比 【答案】BD 【解析】 【分析】本题考查电能的输送。 【详解】A．由用电器两端的电压随时间变化的图像可知 故 变压器不改变电流的频率，故A错误； B．由电功率可知，降压变压器的输出电流 根据 解得流过输电线的电流大小 故B正确； C．发电机的输出功率 故C错误： D．流过升压变压器原线圈的电流 根据 解得 故D正确。 故选BD。 8. 如图所示，一质量为2m的小车静止在光滑水平地面上，其左端P点与平台平滑连接。小车上表面PQ是以O为圆心、半径为R的四分之一圆弧轨道。质量为m的光滑小球，以的速度由水平台面滑上小车。已知OP竖直，OQ水平，水平台面高，小球可视为质点，重力加速度为g。则（　　） A. 小车能获得的最大速度为 B. 小球在Q点的速度大小为 C. 小球在Q点速度方向与水平方向夹角的正切值为 D. 小球落地时的速度大小为 【答案】AD 【解析】 【详解】A．小球最终由P点离开小车，从小球滑上小车至离开小车，此过程系统无机械能损失，可视为弹性碰撞，由弹性碰撞结论可知，小车能获得的最大速度为 故A正确； BC．小球在Q点时，水平方向上与小车共速，由动量守恒定律得 解得 由能量守恒定律得 解得 则小球此时在竖直方向上的分速度大小为 设小球在Q点时速度方向与水平方向的夹角为θ，则 故BC错误； D．小球离开小车时的速度大小为 由动能定理得 解得 故D正确。 故选AD。 第II卷（非选择题） 三、填空题（8分） 9. 如图，质量为30kg的物体M静止放在光滑水平面上，现用与水平方向成30°角斜向上的力F作用在物体上，力F的大小为20N，作用时间为10s。在此过程中，力F对物体的冲量大小为____________N·s，10s末物体的动量大小是__________kg·m/s。 【答案】 ①. 200 ②. 【解析】 【详解】[1]由冲量定义可得，力F对物体的冲量大小为 [2]对物体由动量定理得 解得 10. 如图所示，和是输电线，在图中空圈内填入所用的电表的名称，1位置应为______表，2位置应为______表。若已知变压比为100︰1，变流比为100︰1，并且知道电压表示数为220V，电流表示数为1000A，则输电线路中的功率为______W。 【答案】 ①. 电压表 ②. 电流表 ③. 【解析】 【详解】[1]1位置的仪表是原线圈两端接电源两端的电压，所以是电压互感器，为电压表。 [2]2位置的仪表的原线圈是串联接入输电线的一根导线，所以是电流互感器，为电流表。 [3]已知电压表示数为200V，且变压比为100：1，所以传输电压为 电流表示数为1000A，且变流比为100：1，故传输电流为 所以输电功率为 四、实验题（14分） 11. 利用如图甲所示的可拆变压器零部件，组装后通过改变原、副线圈匝数，探究原、副线圈的电压比与匝数比的关系。 （1）本实验要主要运用的科学方法是（　　） A. 等效替代法 B. 控制变量法 C. 整体隔离法 D. 理想模型法 （2）本实验可能要用到的测量仪器是（　　） A. 直流电压表 B. 电压互感器 C. 多用电表 D. 钳形电流表 （3）利用如图乙所示的装置，直接在原线圈的“0”和“800”两个接线柱之间接的交流电源，用电表测量副线圈的“0”和“400”两个接线柱之间的电压，则副线圈两端测得的电压可能是（　　） A. 8.48V B. 5.98V C. 1.48V D. 0V 【答案】（1）B （2）C （3）C 【解析】 【小问1详解】 本实验中，主要通过改变一个物理量，保持其他物理量不变，可知，探究原、副线圈的电压比与匝数比的关系时，利用了控制变量法。 故选B。 【小问2详解】 本实验需要测量副线圈两端的电压，需要用交流电压表，可用多用电表替代。 故选C。 【小问3详解】 由题可知，原线圈输入交流电的有效值为6V，若为理想变压器，根据原、副线圈的电压比与匝数比的关系 可得副线圈的电压 考虑到不是理想变压器，有漏磁等现象，则副线圈所测得得电压大于零小于3V，即可能为1.48V。 故选C。 12. 某同学利用如下实验装置研究两物体碰撞过程中的守恒量。实验步骤如下： ①如图所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球1、球2与木条的撞击点； ②将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球1从斜轨上A点由静止释放，撞击点为； ③将木条平移到图中所示位置，让入射球1从斜轨上A点由静止释放，撞击点为； ④把球2静止放置在水平轨道的末端，让入射球1从斜轨上A点由静止释放，确定球1和球2相撞后的撞击点； ⑤测得与、、各点的高度差分别为、、。 根据该同学的实验，回答下列问题： （1）两小球的质量关系为_______（填“＞”“=”或“＜”）。 （2）把小球2放在斜轨末端边缘处，让小球1从斜轨上A处由静止开始滚下，使它们发生碰撞，碰后小球1的落点在图中的_______点。 （3）若再利用天平测量出两小球的质量分别为、，则满足_______时表示两小球碰撞前后动量守恒；满足_______时表示两小球碰撞前后的机械能守恒。 【答案】 ①. ＞ ②. M ③. ④. 【解析】 【详解】[1]为了防止两球碰后球1出现反弹现象，入射球1的质量一定要大于被碰球2的质量，即。 [2]由图可知，两小球撞击在竖直木条上，三次平抛运动的水平位移相等，由平抛运动的规律可知，水平速度越大，竖直方向下落的高度越小；碰后小球1的速度减小，则碰后小球1落到点。 [3] [4]根据平抛运动规律，可知小球撞击在木条上时，下落的时间 则可知小球做平抛运动的水平速度 代入题中数据得 ，， 若碰撞过程动量守恒，则 联立解得 若碰撞过程机械能守恒，则有 联立解得 五、解答题 13. 一只质量为m1=3 kg的乌贼吸入m2=0.6 kg的水静止在水中，遇到危险时，它在极短时间内把吸入的水以大小v2=20 m/s的速度向后全部喷出，求： （1）乌贼喷水后向前逃窜的速度大小v1； （2）若向前逃窜时受到水的阻力大小恒为f=2N，乌贼喷水后经过多少时间停止？ 【答案】（1） 4m/s；（2）6s 【解析】 【详解】（1）设乌贼向前逃窜的方向为正方向，由系统动量守恒得 0=m1v1-m2v2 v1=4m/s （2）由动量定理得 -ft=0-m1v1 t=6s 14. 如图所示，用一小型交流发电机向远处用户供电，已知发电机线圈abcd匝数N=100匝，面积S=0.03，线圈匀速转动的角速度，匀强磁场的磁感应强度，输电时先用升压变压器将电压升高，到达用户区再用降压变压器将电压降下来后供用户使用，输电导线的总电阻为R=10Ω，变压器都是理想变压器，降压变压器原、副线圈的匝数比，若用户区标有“220V，8.8kW”的电动机恰能正常工作。发电机线圈电阻r不可忽略。求： （1）输电线路上损耗的电功率； （2）发电机电动势最大值和升压变压器副线圈； （3）若升压变压器原、副线圈匝数比为，交流发电机线圈电阻r上的热功率与输电线上损耗的电功率之比。 【答案】（1）；（2），；（3） 【解析】 【详解】（1）设降压变压器原、副线圈的电流分别为、，电动机恰能正常工作，有 根据理想变压器的变流比可知 解得 所以输电线路上损耗的电功率 解得 （2）根据正弦式交变电流产生规律可知，最大值为 代入数据解得 根据理想变压器的变压比可知 解得 升压变压器副线圈两端电压 解得 （3）根据理想变压器的变压比可知 可得 升压变压器的原线圈输入功率 可得 根据 解得 电机线圈内阻上消耗的热功率 可得 所以交流发电机线圈电阻r上的热功率与输电线上损耗的电功率之比 15. 小区需要安装供小朋友玩游戏的滑道，滑道由光滑曲面滑梯PO和一条与其平滑连接的水平轨道ON构成，水平轨道右侧固定有一轻质弹簧，弹簧左端恰好位于M点，如图所示。为保证小孩玩耍安全，工程师们进行了模拟测试：坐在塑料滑篮里的“小孩”从距离地面高h＝1.8m处由静止开始下滑，滑篮和“小孩”总质量mA＝10kg，下滑后与静止于O点的橡胶块B发生碰撞。碰撞后瞬间橡胶块的速度vB1＝2m/s，橡胶块向右移动x1m时的速度vm/s。已知水平轨道OM长度L＝1.0m，滑篮和橡胶块与OM段之间的动摩擦因数相同，其余部分光滑，滑篮和橡胶块均可视为质点，碰撞均为弹性碰撞，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度g＝10m/s2。求： （1）橡胶块的质量mB； （2）橡胶块与OM段之间的动摩擦因数； （3）弹簧最大的弹性势能Ep。 【答案】（1）50kg；（2）0.2；（3）J 【解析】 【详解】（1）滑篮和“小孩”由静止从P点下滑到O点，由机械能守恒定律，则有 滑篮和“小孩”与橡胶块B发生弹性碰撞，规定向右为正方向，由动量守恒定律，则有 根据能量守恒定律有 联立解得 vA＝−4m/s mB＝50kg （2）橡胶块B与滑篮和“小孩”第一次碰后向右做匀减速运动，由速度位移关系公式可得 由牛顿第二定律可得 联立解得 μ＝0.2 （3）橡胶块B从O点运动到M点过程，由动能定理可得 解得 Ek1＝0 可知橡胶块B运动到M点静止。 滑篮和“小孩”碰撞后向左运动，返回从O点运动到M点过程，设运动到M点的速度为v＇，根据动能定理有 解得 v'＝2m/s 滑篮和“小孩”与橡胶块B再次发生弹性碰撞，规定向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律可得 滑篮和“小孩”碰撞后被弹回；弹簧压缩最短时，弹簧弹性势能最大，由能量守恒定律，可知最大弹性势能为 代入数据联立解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 福鼎四中2023-2024学年第二学期第一次月考高二物理试题 考试时间：75分钟 满分：100分 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上 第I卷（选择题） 一、单选题（16分，每小题4分，每小题只有一个正确选项，错选多选不得分） 1. 下图中不属于交变电流的是（　　） A. B. C. D. 2. 如图所示是课本中交流发电机发电过程的示意图，装置中两磁极之间产生的磁场可近似为匀强磁场，为了便于观察，图中只画了一匝线圈，线圈的AB边和CD边分别连接在滑环上，线圈在匀速转动过程中，下列说法正确的是（　　） A. 转到图甲位置时，通过线圈的磁通量为0，此位置为中性面 B. 转到图乙位置时，线圈中电流方向发生改变 C. 转到图丙位置时，CD边切割磁感线，产生感应电流方向为D→C D. 转到图丁位置时，线圈中的磁通量最大，磁通量的变化率最大 3. 如图所示，质量的物体静止在光滑水平面上，质量的物体以的初速度与发生碰撞，以的方向为正方向，则碰撞后两物体的速度可能是（　　） A. B. C. D. 4. 如图所示，用轻弹簧连接的A、B两辆小车质量相等，静止在光滑的水平面上，A车与竖直墙面接触。将小车B向左推压缩弹簧，使弹簧获得弹性势能，然后释放小车B，则此后（　　） A. 在弹簧第一次恢复原长过程中，A、B的总动量守恒 B. 在弹簧第一次恢复原长过程中，墙壁对A的冲量等于B的动量变化 C. A离开墙壁后，弹簧最长时的弹性势能等于 D. A离开墙壁后，弹簧最短时的弹性势能等于 二、多选题（24分，每小题6分，少选得三分，错选多选不得分） 5. 如图所示，理想变压器原、副线圈接有额定电压均为的灯泡A和B，当输入的交流电时，两灯泡均能正常发光，设灯泡不会被烧坏，下列说法正确的是（　　） A. 原、副线圈匝数比为 B. 原、副线圈中电流的频率比为 C. 当滑动变阻器的滑片向上滑少许时，灯泡B变亮 D. 当滑动变阻器的滑片向上滑少许时，灯泡A变亮 6. 如图中的线段a、b、c分别表示在光滑水平面上沿同一条直线运动的滑块Ⅰ、Ⅱ和它们发生正碰后结合体的位移图线。由图像给出的信息可以判定（　　） A. 碰前滑块Ⅰ的速率为 B. 碰后滑块的共同速率为 C. 碰前滑块Ⅱ的动量比滑块I的动量大 D. 滑块Ⅰ的质量是滑块Ⅱ的质量的6倍 7. 如图所示，甲图是远距离输电的电路示意图，乙图是用电器两端的电压随时间变化的图像。已知降压变压器的原线圈与副线圈的匝数之比，输电线的总电阻，降压变压器的输出功率，发电机的输出电压为250 V，电路中的升压变压器和降压变压器均为理想变压器。则下列结论正确的是（　　） A. 降压变压器原线圈中电流的频率为100 Hz B. 流过输电线的电流大小为10 A C. 发电机的输出功率为92 kW D. 升压变压器原、副线圈的匝数之比 8. 如图所示，一质量为2m的小车静止在光滑水平地面上，其左端P点与平台平滑连接。小车上表面PQ是以O为圆心、半径为R的四分之一圆弧轨道。质量为m的光滑小球，以的速度由水平台面滑上小车。已知OP竖直，OQ水平，水平台面高，小球可视为质点，重力加速度为g。则（　　） A. 小车能获得的最大速度为 B. 小球在Q点的速度大小为 C. 小球在Q点速度方向与水平方向夹角的正切值为 D. 小球落地时的速度大小为 第II卷（非选择题） 三、填空题（8分） 9. 如图，质量为30kg的物体M静止放在光滑水平面上，现用与水平方向成30°角斜向上的力F作用在物体上，力F的大小为20N，作用时间为10s。在此过程中，力F对物体的冲量大小为____________N·s，10s末物体的动量大小是__________kg·m/s。 10. 如图所示，和是输电线，在图中空圈内填入所用的电表的名称，1位置应为______表，2位置应为______表。若已知变压比为100︰1，变流比为100︰1，并且知道电压表示数为220V，电流表示数为1000A，则输电线路中的功率为______W。 四、实验题（14分） 11. 利用如图甲所示的可拆变压器零部件，组装后通过改变原、副线圈匝数，探究原、副线圈的电压比与匝数比的关系。 （1）本实验要主要运用的科学方法是（　　） A. 等效替代法 B. 控制变量法 C. 整体隔离法 D. 理想模型法 （2）本实验可能要用到的测量仪器是（　　） A. 直流电压表 B. 电压互感器 C. 多用电表 D. 钳形电流表 （3）利用如图乙所示的装置，直接在原线圈的“0”和“800”两个接线柱之间接的交流电源，用电表测量副线圈的“0”和“400”两个接线柱之间的电压，则副线圈两端测得的电压可能是（　　） A. 8.48V B. 5.98V C. 1.48V D. 0V 12. 某同学利用如下实验装置研究两物体碰撞过程中的守恒量。实验步骤如下： ①如图所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球1、球2与木条的撞击点； ②将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球1从斜轨上A点由静止释放，撞击点为； ③将木条平移到图中所示位置，让入射球1从斜轨上A点由静止释放，撞击点为； ④把球2静止放置在水平轨道的末端，让入射球1从斜轨上A点由静止释放，确定球1和球2相撞后的撞击点； ⑤测得与、、各点的高度差分别为、、。 根据该同学的实验，回答下列问题： （1）两小球的质量关系为_______（填“＞”“=”或“＜”）。 （2）把小球2放在斜轨末端边缘处，让小球1从斜轨上A处由静止开始滚下，使它们发生碰撞，碰后小球1的落点在图中的_______点。 （3）若再利用天平测量出两小球的质量分别为、，则满足_______时表示两小球碰撞前后动量守恒；满足_______时表示两小球碰撞前后的机械能守恒。 五、解答题 13. 一只质量为m1=3 kg的乌贼吸入m2=0.6 kg的水静止在水中，遇到危险时，它在极短时间内把吸入的水以大小v2=20 m/s的速度向后全部喷出，求： （1）乌贼喷水后向前逃窜的速度大小v1； （2）若向前逃窜时受到水的阻力大小恒为f=2N，乌贼喷水后经过多少时间停止？ 14. 如图所示，用一小型交流发电机向远处用户供电，已知发电机线圈abcd匝数N=100匝，面积S=0.03，线圈匀速转动的角速度，匀强磁场的磁感应强度，输电时先用升压变压器将电压升高，到达用户区再用降压变压器将电压降下来后供用户使用，输电导线的总电阻为R=10Ω，变压器都是理想变压器，降压变压器原、副线圈的匝数比，若用户区标有“220V，8.8kW”的电动机恰能正常工作。发电机线圈电阻r不可忽略。求： （1）输电线路上损耗的电功率； （2）发电机电动势最大值和升压变压器副线圈； （3）若升压变压器原、副线圈匝数比为，交流发电机线圈电阻r上的热功率与输电线上损耗的电功率之比。 15. 小区需要安装供小朋友玩游戏的滑道，滑道由光滑曲面滑梯PO和一条与其平滑连接的水平轨道ON构成，水平轨道右侧固定有一轻质弹簧，弹簧左端恰好位于M点，如图所示。为保证小孩玩耍安全，工程师们进行了模拟测试：坐在塑料滑篮里的“小孩”从距离地面高h＝1.8m处由静止开始下滑，滑篮和“小孩”总质量mA＝10kg，下滑后与静止于O点的橡胶块B发生碰撞。碰撞后瞬间橡胶块的速度vB1＝2m/s，橡胶块向右移动x1m时的速度vm/s。已知水平轨道OM长度L＝1.0m，滑篮和橡胶块与OM段之间的动摩擦因数相同，其余部分光滑，滑篮和橡胶块均可视为质点，碰撞均为弹性碰撞，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度g＝10m/s2。求： （1）橡胶块的质量mB； （2）橡胶块与OM段之间的动摩擦因数； （3）弹簧最大的弹性势能Ep。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $