2024年四川省凉山州会东县中考物理二诊试卷

2024年四川省凉山州会东县中考物理二诊试卷 一、单选题：本大题共11小题，共22分。 1.下列数据中，最接近生活实际的是(    ) A. 中学生手掌的宽度约为20cm B. 教室里节能灯的电功率约为100W C. 中学生100米跑成绩约为15s D. 一瓶500mL的矿泉水质量约为5kg 2.2023年央视春晚上演员用洞箫吹奏名曲《百鸟归巢》，演奏者用洞箫以花舌吹法模拟鸟啼声，其模拟的鸟啼声使现场听众感受到了百鸟归巢的活跃气氛。下列有关说法正确的是(    ) A. 吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变声音的响度 B. 用洞箫模拟鸟啼声，主要模拟鸟啼声的音调 C. 现场的听众听到乐曲声是通过笛子传播的 D. 听众在乐曲声中感受到了百鸟归巢的活跃气氛，说明声音能传递信息 3.小明在湖边散步时，看到水中的鱼在“白云”中穿梭，下列说法正确的(    ) A. 小明看到水中的“白云”是光的反射形成的 B. 小明看到水中的鱼是光的直线传播形成的 C. 小明看到水中的鱼比实际鱼位置要深 D. 小明看到水中的鱼和“白云”都是光的折射形成的 4.口罩成为常态防疫“神器”，戴眼镜的人们常因口罩佩戴出现镜片模糊的情况，这是液化现象。下列实例中与它物态变化相同的是(    ) A. 初春，冰雪消融 B. 夏天，清晨草叶或树叶上形成露珠 C. 深秋，屋顶的瓦上结了一层霜 D. 冬天，室外冰冻的衣服变干了 5.如图所示，在某车间生产线上，用传送带运送工件，工件与传送带一起向右匀速运动时，关于工件受力，下列说法中正确的是(    ) A. 工件受摩擦力，方向水平向右 B. 工件受摩擦力，方向水平向左 C. 工件受到的重力与传送带对工件的支持力是一对平衡力 D. 工件所受到的重力与工件对传送带的压力是同一个力 6.能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。关于能源、信息和材料，下列说法正确的是(    ) A. 太阳能、风能和核能都是可再生能源 B. 光纤通讯是依靠超声波来传递信息的 C. 移动通信是用电磁波传递信号的 D. 超导材料可用于电饭锅的发热元件 7.一轻质不等臂杠杆AOB的左右两端分别吊着一实心铝块和铜块，此时杠杄在水平位置平衡。现将铝块、铜块同时浸没在水中，如图所示。已知，，，则下列判断正确的是(    ) A. A端下降 B. B端下降 C. 仍然平衡 D. 无法判断 8.如图所示，在一水平地面上，木箱重400N，受到的摩擦力为200N，用力F拉动木箱使它在2s内匀速直线运动了不计绳重、滑轮重及摩擦，下列说法正确的是(    ) A. 拉力F的大小为400N B. 拉力F功率为150W C. 绳自由端移动了6m D. 木箱移动速度为 9.下列关于温度、热量和内能的说法正确的是(    ) A. 物体吸收热量，温度一定升高 B. 温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小 C. 在热传递过程中，内能由高温物体向低温物体转移 D. 物体的内能增加，一定从外界吸收了热量 10.如图所示电路，电源电压为6V且保持不变，定值电阻，，滑动变阻器的最大阻值为。下列说法正确的是(    ) A. 当滑动变阻器滑片移至a端，闭合开关、、断开，电路为串联电路 B. 闭合开关、、，和 的两端电压之比为1：2 C. 只闭合开关，的滑片由a端移动到b端的过程中，电流表示数变小，电压表的示数变大 D. 只闭合开关， 的滑片由a端移动到b端的过程中，电压表示数的变化范围是 11.如图是电阻甲和乙的图象，由图象可知下列判断正确的是(    ) A. 甲乙都是定值电阻 B. 当乙两端电压为1V，其电阻值为 C. 将甲和乙串联，若甲的电流为时，电路的总功率为 D. 将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，干路上的电流为 二、填空题：本大题共8小题，共19分。 12.图中物体A的长度为______ cm，停表的读数为______ s。 13.将凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，此时光屏上得到清晰的像，此时成像情况符合______成像原理，如果保持蜡烛和光屏的位置不变，则向______移动凸透镜才能得到另一个清晰的像，如果把一副近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，必须向______移动光屏，才能得到清晰的像。 14.火箭在加速上升过程中其机械能______选填“减程”“不变”或“增大”。假设某火箭某火箭发射时携带了液态氢燃料，已知氢的热值为，这些液态氢完全燃烧能放出______ J的热量，假设这些放出的热量有被水吸收，能将______ kg的水从加热至沸腾。，当地大气压为1标准大气压] 15.水平面上用20N的力推一个物体，物体未推动，则摩擦力______选填“大于”、“小于”或“等于”。当推力为25N时，物体做匀速直线运动，则摩擦力为______ N，当推力变为30N时，物体做加速运动，摩擦力的大小为______ N。 16.司机开车系上安全带可以减小紧急刹车时由于______造成的伤害；小汽车的外观呈流型，在高速行驶时小汽车对地面的压力______重力选填“大于”、“小于”或“等于”。 17.如图一个重为10N、总体积为的水桶，装入总容积一半的水，置于水平地面上，桶底与地面的接触面积为，则：水桶对地面的压强为______ Pa，若将一个重为5N的木块放入水桶中，木块漂浮，木块浸在水中的体积为______。 18.如图所示是热机的______冲程，若该汽油机每秒完成20个冲程，则每分钟飞轮转______圈。 19.如图是甲、乙两个电学元件的电流与电压关系的图像，把甲和乙两个电学元件串联接在电源电压为3V的电源两端，电路的电流为______ A，当甲、乙并联在2V电压的两端时，电路中的总功率为______ W。 三、作图题：本大题共4小题，共8分。 20.如图所示，一条光线经凸透镜折射后射向平面镜，请画出入射光线和经平面镜反射后的反射光线。 21.如图所示，静止在斜面上的A物体随小车一起向右做匀速直线运动，请画出A物体的受力示意图。 22.如图所示，O点是该装置的转轴，当该装置在图中所示位置静止时，画出在D点所加最小力与该力对应的力臂。 23.如图所示，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转后静止，请在图中括号内标出电源的“+”、“-”极。 四、实验探究题：本大题共3小题，共17分。 24.在做探究浮力大小的因素的实验中： 金属块的重力为______ N，金属块浸没在水中时受到的浮力为______ N； 由图A、B可得的结论是：______；由 C、D可得的结论是：______； 根据相关实验数据，请计算出金属块的体积为______；金属块的密度为______；盐水的密度为______。 25.小明在做测量滑轮组的机械效率的实验中，用同一滑轮组进行了3次实验，如图所示，实验数据记录如表。 次数 钩码重 钩码上升距离 弹簧测力计示数 弹簧测力计上升距离 机械效率 1 2 10 30 2 4 10 30 ？ 3 6 10 30 提升重物时，弹簧测力计应______拉动绳子自由端； 第2次实验中，有用功是______ J，滑轮组的机械效率为______结果保留一位小数； 分析表格中的数据得出结论：同一滑轮组，______； 在第3次实验时，如果拉力方向与竖直方向有一定夹角，那么所测得的滑轮组的机械效率将会______选填“变大”“变小”或“不变”。 26.在探究电流与电阻的关系的实验中，提供的器材如下：电源电压恒为，五个定值电阻、、、、，标有“”的滑动变阻器R、电压表可用量程：、、电流表、开关各1只，导线若干。 用笔画线代替导线，将如图甲中电路连接完整； 电路连接完毕，闭合开关S，发现电流表有示数，电压表无示数。若电路故障只出现在电阻和滑动变阻器R上，则电路故障是______； 完成步骤后，直接断开开关，用替换，闭合开关，应向______选填“左”或“右”移动滑片P才能达到实验要求； 分别再用定值电阻、、替换多次实验。根据实验所得的五组数据绘制出图像，如图乙所示，由图像可得出的结论是：______； 在使用电阻、完成实验的过程中，当电压表示数为时，滑动变阻器R消耗的电功率分别为、，则：______。 五、计算题：本大题共2小题，共14分。 27.如图甲所示，一个底面积为的圆柱形容器，将一个底面积为，高为8cm的长方体木块放入水中，木块浸入水中的深度为4cm；如图乙所示，将一个边长为5cm的正方体金属块放在木块的上方，金属块和木块刚好浸没在水中。求： 木块的密度； 金属块的质量； 图乙中水对容器底的压强相对于甲变化了多少？ 28.如图甲所示，是通过小灯泡的电流随其两端电压变化关系的图像。将小灯泡连接到如图乙所示的电路中，已知电源电压保持3V不变，小灯泡的额定电流是，，标有“”字样。 求小灯泡正常发光时的电阻； 同时闭合开关S、，断开，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为1V，求此时滑动变阻器的电阻； 同时闭合开关S、和，当滑动变阻器的滑片调至最左端时，求此时整个电路工作消耗的电能； 在电路通电的情况下，调整开关、的开闭状态，并移动滑动变阻器的滑片，求整个电路消耗的最小电功率。 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：A、中学生拳头的宽度在10cm左右，手掌宽度与拳头差不多，在10cm左右，故A不符合实际； B、教室里节能灯的电功率约为40W，故B不符合实际； C、中学生100米跑成绩约为15s，故C符合实际； D、一瓶500mL的矿泉水质量约为，故D不符合实际。 故选：C。 首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 对日常生活中的速度、质量、长度、时间、电功率等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。 2.【答案】D  【解析】解：吹奏时按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要改变声音的音调，故A错误； B.用洞箫模拟鸟啼声，主要模拟鸟啼声的音色，故B错误； C.现场的听众听到乐曲声是通过空气传播的，故C错误； D.听众在乐曲声中感受到了百鸟归巢的轻快活泼气氛，说明声音能传递信息，故D正确。 故选：D。 声音的特性包括音调、响度和音色。音调指声音的高低，响度指声音的大小、音色是指声音的品质与特色； 声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声； 声音既能传递信息，又能传递信息。 本题考查了我们对声学多个知识点的理解，有一定综合性，但都是基础知识，难度不大。 3.【答案】A  【解析】解：当光遇到水面时会发生反射，此时水面相当于一平面镜，白云就是通过水面成虚像，出现在水面上的，因此看到的白云是光的反射现象，故A正确，B错误； 人看到水中的鱼是由于光线从水中通过折射进入空气，再进入人的眼睛的，因此是光的折射现象形成的虚像，比鱼实际位置偏高；故CD错误。 故选：A。 要解决此题，需要掌握平面镜成的像是与物体等大的虚像，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。 同时要掌握光的折射现象。我们看到水中的物体，其实看到的是物体的虚像，是由光的折射形成的。 此题主要考查了通过同一幅画面考查了光的反射和光的折射现象。特别是看到的现象同是在水中，很容易搞错。相同之处还有，都是虚像，不同之处是，成像原理不同，做题时一定要仔细，认真。 4.【答案】B  【解析】解：A、冰雪消融是物质由固态变为液态的现象，属于熔化，故A不符合题意；B、清晨草叶或树叶上形成露珠是气态变为液态的现象，属于液化，故B符合题意；C、屋顶的瓦上结了一层霜是气态直接变为固态的现象，属于凝华，故C不符合题意；D、室外冰冻的衣服变干是固态直接变为气态的现象，属于升华，故D不符合题意。故选：B。 物质由固态变为液态叫做熔化，由液态变为固态叫做凝固；物质由液态变为气态叫做汽化，由气态变为液态叫做液化；物质由固态直接变为气态叫做升华，由气态直接变为固态叫做凝华。 本题考查了物态变化的相关知识，我们要根据物质前后的状态判断物态变化。 5.【答案】C  【解析】解：AB、因为工件与传送带一起匀速运动，所以它们之间没有发生相对运动、也没有相对运动的趋势，则工件没有受到摩擦力的作用，故AB错误； C、工件在竖直方向上处于静止状态，受平衡力的作用，故工件所受到的重力与传送带对工件的支持力是一对平衡力，故C正确； D、工件所受到的重力与工件对传送带的压力，不是同一性质的力，只是大小相同，故D错误。 故选：C。 首先对工件进行受力分析，因为工件与传送带一起匀速运动，所以它们之间没有发生相对运动，也没有相对的运动趋势，是相对静止的，则没有摩擦力的作用，工件只受重力和传送带的支持力的作用。 工件在竖直方向上处于静止状态，受平衡力的作用。 此题考查了受力分析的判断和作用力以及平衡力的有关知识，是一道综合题。但难度不大，熟练掌握相关知识即可正确作答。 6.【答案】C  【解析】解： A、太阳能、风能可以长期提供是可再生能源，核能一旦消耗就很难再生不是可再生能源，故A错误； B、光导纤维是利用激光来传递信息的，故B错误； C、移动通信都是用电磁波中的微波来传递信号的，因为微波传递信息量大，故C正确； D、超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热，电饭锅是利用电流的热效应工作的，超导体不能用来制作电饭锅的发热体，故D错误。 故选：C。 像太阳能、风能、水能以及动、植物等这类可以长期提供或可以再生的能源叫可再生能源；像煤、石油、天然气，一旦消耗就很难再生的能源叫不可再生能源； 光导纤维是利用频率比较高的激光来传递信息的； 移动通信都是利用电磁波中的微波来传递信息的，因为微波传递信息量大； 超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热，电饭锅是利用电流的热效应工作的。 本题考查了的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题。 7.【答案】B  【解析】解：杠杆处于平衡状态时，根据杠杆平衡条件得， ， ----①， ， ----②， 现将铝块、铜块同时浸没在水中，由阿基米德原理， 故此时作用在杠杆左、右两端的力分别为： ， ， 求杠杆端下沉，可以采用作差法： 所以， 故B端下沉，只有B正确。 故选：B。 根据，结合杠杆平衡条件列出平衡方程。当铝块、铜块同时浸没在水中时，由阿基米德原理得出此时作用在杠杆左、右两端的力和； 根据已知条件比较与0的大小，若差值等于0，则杠杆平衡，若大于0，则左端下沉，若小于0，则右端下沉。 本题考查杠杆的平衡条件的和重力公式及阿基米德原理的运用，要掌握。 8.【答案】C  【解析】解：A、由图知，，不计绳重、滑轮重及摩擦，拉力：，故A错误； BD、木箱移动的速度：， 拉力F移动速度：； 拉力F功率，故BD错误； C、绳子自由端移动的距离：，故C正确。 故选：C。 由图知，水平使用滑轮组，，不计绳重、滑轮重及摩擦，拉力； 利用速度公式求木箱移动的速度，绳自由端移动的速度；由可求得拉力F功率； 绳自由端移动的距离。 本题考查了使用滑轮组拉力、拉力端移动距离和速度的计算，注意：水平使用滑轮组时，拉力是为了克服木箱与地面间的摩擦，木箱重为干扰因素。 9.【答案】C  【解析】解： A、物体吸收热量，温度不一定升高；比如，晶体在熔化过程中，吸收热量，但温度不变，故A错误； B、内能的大小与物体的质量、温度、状态有关，仅凭温度的高低不能判断物体内能的大小，故B错误； C、热传递过程中，高温物体放出热量，低温物体吸收热量，即热量由高温物体传向低温物体，故C正确； D、物体的内能增加，可能是从外界吸收热量，也可能是外界对物体做功，故D错误。 故选：C。 晶体熔化过程中，吸收热量，但温度不变； 内能的大小与物体的质量、温度、状态有关； 热传递的条件是存在温度差； 改变内能的方法有两个：做功和热传递。 本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中考的热点，也是难点。 10.【答案】D  【解析】解：闭合开关、、断开，当滑动变阻器滑片移至a端，滑动变阻器接入的阻值为0，、并联，故A错误； B.闭合开关、、，电路为、的并联电路，被短路，电压表测电源电压，根据并联电路电压特点可知，、两端的电压相等，故和 的两端电压之比为1：1，故B错误； C.只闭合开关，、的串联，电压表测量两端的电压，电流表测该电路的电流。的滑片由a端移动到b端的过程中，电阻阻值逐渐增大，该电路总电阻变大，电流减小，故电流表示数变小；由串联分压原理可知，滑动变阻器两端电压增大，电压表的示数变小，故C错误； D.当的滑片位于a端时，电阻阻值为0，此时电路为的简单电路，此时两端的电压等于电源电压，即电压表示数为6V；当的滑片位于b端时，电阻阻值为，此时电路中的电流为 此时两端的电压即电压表示数为 故电压表的示数的变化范围为，故D正确。 故选：D。 闭合开关、、断开，当滑动变阻器滑片移至a端，滑动变阻器接入的阻值为0，、并联； 闭合开关、、，该电路为和的并联电路，电流表测干路的电流，电压表测电源电压；利用并联电路的电压特点求得电压之比； 只闭合，该电路为和的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测两端的电压； 的滑片由a端移动到b端的过程中，先分析连入电路的阻值的变化，即可知道电路总电阻的变化，由欧姆定律分析可知电路中电流的变化，即电流表示数的变化；利用分析两端电压的变化，即电压表示数的变化； 只闭合，当的滑片在a端时，分析电路的情况以及电压表的测量情况；当的滑片在b端时，已知的阻值和的阻值，进而可得出总电阻，再利用欧姆定律求出此时电路中的电流，最后利用求出两端的电压，便可知道的滑片由a端移动到b端的过程中，电压表示数的变化范围。 本题主要考查了学生对欧姆定律的应用，熟练掌握串、并联电路的电流、电压和电阻的特点是解题的关键。 11.【答案】C  【解析】解： A、由图象可知，乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知，乙电阻的阻值是变化的，故A错误； B、由图象可知，当时，，由可得此时乙的阻值：，故B错误； C、将甲和乙串联，若甲的电流为时，根据串联电路的电流特点可知甲乙的电流均为，由图象可知，此时，， 则总功率为，故C正确； D、将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，根据并联电路的电压特点可知甲乙两端的电压均为1V，由图象可知，此时，， 则干路电流，故D错误； 故选：C。 根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲和乙电阻的变化； 据此分析图象得出当时对应的电流，根据欧姆定律即可求出电阻； 根据串联电路的电流特点，读出图象中对应的电压，根据求出总功率； 根据并联电路的电压特点，结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点，得出干路电流。 本题考查串联电路的电流特点与并联电路的电压特点，掌握欧姆定律、电功率公式的运用，关键是根据图象得出相关信息。 12.【答案】  【解析】解：由图甲知：刻度尺1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是，即此刻度尺的分度值为1mm；木块左端与对齐，右端与对齐，所以木块的长度为； 由图知，在停表的中间表盘上，中间有两个小格，所以一个小格代表，指针在“1”和“2”之间，偏向“2”一侧，所以分针指示的时间为； 在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表，指针在50s处，所以秒针指示的时间为50s，即停表的读数为。 故答案为：；110。 刻度尺的分度值为相邻的刻度线表示的长度；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位； 停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。 本题考查了刻度尺、秒表使用，属于基础性题目。 13.【答案】照相机  左  右  【解析】解：由图可知，此时物距大于像距时，成倒立、缩小实像，应用为照相机； 由于凸透镜成像时，光路可逆，所以保持蜡烛和光屏的位置不变，则向左移动凸透镜才能得到另一个清晰的像； 如果把一副近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，近视眼镜为凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会延迟光线的会聚，所以必须向右移动光屏，才能得到清晰的像。 故答案为：照相机；左；右。 当物距大于像距时，成倒立、缩小实像，应用为照相机； 凸透镜成像时，光路可逆； 近视眼为凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。 “探究凸透镜成像规律”的实验，考查了凸透镜成像的规律及应用，同时考查了对倒立实像的理解，要熟练掌握规律内容，并自己对其进行规律性的总结，做到灵活应用。 14.【答案】增大      【解析】解：火箭升空时，其动能、重力势能均增大，因此其机械能增大； 氢燃料完全燃烧放出的热量：； 由题意知， 由可得水的质量为：。 故答案为：增大；；。 动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能=动能+势能； 根据公式计算放出的热量； 先根据公式求出水吸收的热量，再利用公式计算水的末温。 本题考查了能量转化、燃料完全燃烧放热的计算，水吸热公式等，知识点较多，都要求掌握。 15.【答案】等于  25 25  【解析】解：物体受到20N的推力，物体处于静止状态，物体水平方向上受到的推力和摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等，所以摩擦力是20N。 物体受到25N水平推力时，物体恰好做匀速直线运动，物体水平方向上受到的推力和滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等，滑动摩擦力是25N。 作用在物体上的水平推力为30N物体运动时，没有改变压力大小和接触面粗糙程度，滑动摩擦力保持25N不变，增大了推力改变了物体的运动状态，使物体加速运动。 故答案为：等于；25；25。 静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力条件判断静摩擦力和滑动摩擦力。 滑动摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟其它因素没有关系。 本题考查了平衡力的应用和摩擦力大小因素的理解，根据平衡力的条件判断力的大小和力的方向，是很常用的一种方法，要掌握。 16.【答案】惯性  小于  【解析】解：司机开车系上安全带，这是为了减小紧急刹车时由于人的惯性带来的伤害； 小汽车高速行驶时，车顶的空气流速大于车底的空气流速，车顶空气压强小于车底空气压强，所以会产生向上的压强差，即而产生一定大小的向上的升力，使小汽车对地面的压力小于小汽车所受的重力。 故答案为：惯性；小于。 惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质； 流体流速越快的位置压强越小，据此分析汽车对地面压力的变化。 本题考查了与汽车有关的知识点，体现了物理知识与生活实际的联系，这些知识都非常重要，且应用广泛，但总体难度不大，值得关注。 17.【答案】    【解析】解：桶中水的重力为 水桶对地面的压强为 若将一个重为5N的木块放入水桶中，木块漂浮，木块受到的浮力为 木块浸在水中的体积为 故答案为：；。 根据得出桶中水的质量，根据得出水的重力；根据得出装水后桶对地面的压力，根据得出装水后桶对地面的压强； 木块漂浮，根据得出所受的浮力，根据阿基米德原理得出物体的浸入水中的体积。 此题考查了浮力、压强、浮沉条件的应用，难度适中。 18.【答案】压缩  600  【解析】解：如图，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，所以是热机的压缩冲程； 汽油机一个工作循环包含四个冲程，做功一次，飞轮转两圈，若该汽油机每秒完成20个冲程，则每秒完成5个工作循环，飞轮转10圈，则每分钟飞轮转600圈。 故答案为：压缩；600。 由图可知，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，故可判断是压缩冲程； 根据汽油机一个循环有4个冲程，做一次功，飞轮转两圈，活塞往返2次，即可求出每分钟飞轮转的圈数。 本题考查了热机冲程的判断及飞轮转速的计算。 19.【答案】  【解析】解：甲和乙两元件串联电流相等，； 由图像可知，当电流时，，，满足电源电压为3V，所以电路的电流为； 元件甲、乙并联时，它们两端的电压相等均为2V， 由图像可知，此时通过两元件的电流分别为：，； 并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以电路中的总电流：， 电路中的总功率：。 故答案为：；。 根据串联电路电流相等的特点及总电压等于各用电器电压的和，由图像找出各元件两端的电压与电路中的电流； 元件甲、乙并联后两元件两端的电压相等，根据图像读出相应的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用求出元件甲和乙消耗的总功率。 本题考查了并联电路的特点和电功率的简单计算，关键是根据图像得出电压对应的电流。 20.【答案】解：过凸透镜焦点的光线，经凸透镜折射后，折射光线平行于凸透镜的主光轴，据此作出入射光线； 由图可知射向平面镜的光线与主光轴平行，则由几何知识可知该光线与平面镜的夹角也为，所以入射角；由光的反射定律可知，光在反射时，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，也等于，所以反射光线与其入射光线垂直夹角为，由此作出经平面镜反射后的反射光线，如下图所示：   【解析】过凸透镜焦点的光线，经凸透镜折射后，折射光线平行于凸透镜的主光轴；光在反射时，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，据此完成光路图。 本题考查了根据光的反射定律和凸透镜的三条特殊光线进行作图，注意作图的规范性。 21.【答案】解：A物体随小车一起向右做匀速直线运动时，受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力，力的作用点都画在物体的重心，故作图如下：   【解析】对物体A进行受力分析，利用力的示意图的画法画出即可。 此题考查了力的示意图的画法，属于基础知识。 22.【答案】解：由图可知，连接OD，OD即为最长的动力臂，与它垂直的力即为最小的动力，阻力使杠杆逆时针转动，所以，动力应使杠杆顺时针转动，动力方向应向下，如图：   【解析】根据杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，在阻力阻力臂一定的情况下，动力臂越大动力越小，已知支点和动力作用点，则支点和动力作用点的连线为最长的力臂。 此题既考查了力臂的画法、杠杆平衡的条件以及最小力的确定。根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。 23.【答案】解： ①由题意可知，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转后静止，则小磁针N极指向右端，S极指向左端，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为N极、左端为S极。 ②根据安培定则，伸出右手使大拇指指向螺线管的N极即右端，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极，如图所示。   【解析】①知道闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转后静止，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。 ②根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。 本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的应用，难度不大。 24.【答案】在同种液体中，排开液体体积越大，物体所受浮力越大  排开液体体积相同时，液体密度越大，物体所受浮力越大        【解析】解：实验A中弹簧测力计的分度值为，弹簧测力计的示数为。此时金属块的重力为；由A、B或A、C，根据称重法知金属块浸没在水中时受到的浮力大小是： ； 分析A、B两次实验可知，液体的密度相同，金属块排开液体的体积越大，弹簧测力计的示数越大，物体所受的浮力越大，故可得出结论：在同种液体中，排开液体体积越大，物体所受浮力越大； 分析C、D两次实验可知，排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，且液体的密度越大，弹簧测力计的示数越小，由称重法可知，浮力越大，所以可以得出结论：在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大； 由可知金属块的质量： ， 因金属块完全浸没在水中， 根据可得金属块的体积： ， 金属块的密度为 由A、D，根据称重法知金属块浸没在盐水中时受到的浮力大小是： ； 根据可得盐水的密度为： 。 故答案为：；1；在同种液体中，排开液体体积越大，物体所受浮力越大；排开液体体积相同时，液体密度越大，物体所受浮力越大；；；。 根据弹簧测力计的分度值读出金属块的重力；根据称重法知物体在水中和盐水中受到的浮力大小等于在空气中弹簧测力计的示数减去浸没在水中或盐水中时弹簧测力计的示数； 影响浮力因素是液体的密度、排开液体的体积； 分析实验步骤A、B或C、D的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答； 根据求出金属块的质量；根据阿基米德原理求出金属块的体积，由于排开盐水的体积等于金属块的体积，由阿基米德原理算出盐水的密度。 本题考查影响浮力大小的因素、控制变量法的使用、浮力的测量、密度的计算和阿基米德原理的应用，是一道综合题。本题探究“浮力的大小与哪些因素有关”实验，考查控制变量法、称重法测浮力。 25.【答案】竖直匀速  提升物体的重力越大，机械效率越高  变小  【解析】解：在实验中，应匀速竖直缓慢拉动弹簧测力计，使弹簧测力计的示数稳定，便于得出弹簧测力计的示数； 第2次物体移动的距离，绳子自由端移动的距离， 第2次的有用功为： ； 第2次的总功为： ， 第2次实验中滑轮组的机械效率为： ； 分析表格中的数据得出结论：同一滑轮组，提升物体的重力越大，机械效率越高； 弹簧测力计拉动方向偏离了竖直方向，拉力F变大，拉下的距离s不变，总功变大，有用功不变，则滑轮组效率变小。 故答案为：竖直匀速；；；提升物体的重力越大，机械效率越高；变小。 在实验中，小明匀速竖直缓慢拉动弹簧测力计，此时，系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小； 根据算出有用功；根据算出总功，根据求出第2次实验中滑轮组的机械效率； 分析表格中的数据得出结论； 若实验时弹簧测力计没有沿竖直方向拉动拉力变大、s不变，总功变大，有用功不变，根据效率公式判断测出的机械效率的变化。 本题测量滑轮组的机械效率，考查注意事项、机械效率计算、测力计读数和数据分析等知识，为中考热点问题，要掌握。 26.【答案】电阻短路  右  电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比  5：1  【解析】解：在探究电流与电阻的关系的实验中，电流表串联在电路中，如下图所示： ； 电路连接完毕，闭合开关S，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，若电路故障只出现在电阻和滑动变阻器R上，则电路故障是电阻短路； 完成步骤后，直接断开开关，用替换，即用的电阻换成的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动； 由图乙可知，电流与电阻的乘积为：……，为一定值，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比； 把、的电阻分别接入电路，因控制电阻两端的电压不变，由欧姆定律可知，电流与电阻成反比，故电路的电流之比为：：：：1； 由串联电路的电压规律，滑动变阻器两端的电压不变，根据可知，电压不变时，电功率与电流成正比，故：：：1。 故答案为：见解答图；电阻短路；右；电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；：1。 在探究电流与电阻的关系的实验中，电流表串联在电路中； 电路连接完毕，闭合开关S，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路； 根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向； 根据图乙电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论； 因控制电阻两端的电压不变，由欧姆定律知电流与电阻成反比，据此求出电路的电流之比； 由串联电路的电压规律，滑动变阻器两端的电压不变，根据可知，电压不变时，功率与电流成正比，据此求出滑动变阻器R消耗的电功率、之比。 本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、操作过程、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。 27.【答案】解：图甲中木块排开水的体积为； 由阿基米德原理可知：木块受到的浮力为； 因图甲中木块漂浮，根据物体的浮沉条件可知：木块受到的浮力大小等于木块的重力，则木块的重力为； 由体积公式可知：木块的体积为； 由重力公式可知：木块的密度为； 正方体金属块的体积；则图乙中，木块和金属块排开水的总体积为； 图乙，把木块和金属块看作整体，该整体处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知：该整体受到的浮力等于该整体的总重力，即； 则金属块的重力为； 由重力公式可知：金属块的质量为； 图乙相对于图甲，排开水的体积增加量为； 图乙中水面上升高度为； 由液体压强公式可知：图乙中水对容器底的压强相对于甲变化了。 答：木块的密度为； 金属块的质量为； 图乙中水对容器底的压强相对于甲变化了210Pa。  【解析】已知图甲木块浸入水中的深度，求出木块排开水的体积，由阿基米德原理可知木块受到的浮力；因图甲木块漂浮，根据物体的浮沉条件可知：木块受到的浮力大小等于木块的重力； 已知长方体木块的底面积、高度，求出长方体木块的体积，因木块的重力已知，由重力公式可求出木块的密度； 图乙，金属块和木块刚好浸没在水中，求出此时金属块和木块排开水的总体积，由阿基米德原理可知金属块和木块受到的总浮力大小； 把金属块和木块看作整体，该整体处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知：该整体受到的总浮力大小等于该整体的总重力，因木块重力已知，可求出金属块的重力，进而由重力公式求出金属块的质量； 已知甲、乙两图中排开水的体积，可求出图乙中排开水的增加量；因容器的底面积已知，由体积公式可求出图乙中水面的上升高度； 已知水面上升高度、水的密度，由液体压强公式可求出图乙中水对容器底的压强相对于图甲的变化量。 本题利用物体的浮沉条件求浮力的大小、密度的简单计算、液体压强的变化量问题。解题关键是掌握物体的浮沉条件，熟练运用力学公式。 28.【答案】解：小灯泡的额定电流是，由图乙知，小灯泡两端的电压是3V，则 小灯泡正常发光时的电阻为：； 同时闭合开关S、，断开，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端电压， 由串联电路电压规律可知，此时灯泡两端电压为：， 由图甲知，此时电路中电流为：， 则此时滑动变阻器的电阻为：； 同时闭合开关S、和，当滑动变阻器的滑片调至最左端时，变阻器连入电路的阻值为0，灯泡与并联， 由欧姆定律可知，通过的电流为：， 则干路中电流为：， 此时整个电路工作消耗的电能为：； 由图甲可知，根据串联和并联电路电阻的特点可知，当S、闭合、断开，且滑片在右端时电路的总电阻最大， 电源电压一定，由可知，此时电路的总功率最小， 。 答：小灯泡正常发光时的电阻为； 同时闭合开关S、，断开，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为1V，此时滑动变阻器的电阻为； 同时闭合开关S、和，当滑动变阻器的滑片调至最左端时，此时整个电路工作消耗的电能81J； 在电路通电的情况下，当S、闭合、断开，且滑片在右端时电路的总电阻最大，整个电路消耗的最小电功率为。  【解析】由甲图可知灯泡正常发光时的电流与电压，根据欧姆定律可求出此时的电阻； 同时闭合开关S、，断开，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端电压，根据串联电路规律及欧姆定律可求出此时滑动变阻器的电阻； 同时闭合开关S、和，当滑动变阻器的滑片调至最左端时，变阻器连入电路的阻值为0，灯泡与并联，由欧姆定律可求出通过的电流，根据并联电路电流的规律及可求出此时整个电路工作消耗的电能； 电源电压一定，由知当电路中电阻最大时功率最小，由此分析解答。 本题考查了串并联电路特点、欧姆定律、电功、电功率公式的应用，会判断电路消耗的最小功率是关键。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$