2024年广东省云浮市县联考中考一模考试物理试题

2024年广东省云浮市中考物理一模试卷 一、单选题：本大题共7小题，共21分。 1.下列关于中学生的估测，符合实际的是(    ) A. 体温约为 B. 百米赛跑的成绩约为8s C. 身高约为 D. 质量约为50kg 2.日晷体现了我国古人的智慧。如图所示，阳光下呈现晷针的影子，影子形成的原理是(    ) A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 光的色散 3.祖国的山河一年四季美景如画，下列所描述的自然现象中属于液化的是(    ) A. 春天，冰雪消融 B. 夏天，草叶上形成露珠 C. 秋天，枝头挂满白霜 D. 严冬，河面结冰 4.“生命宝贵，安全第一”是同学们应具有的安全意识。下列做法不符合安全用电原则的是(    ) A. 连接家庭电路时，开关接在火线和用电器之间 B. 家用电器着火时，先切断电源，再用灭火器灭火 C. 使用试电笔时，手指按住笔尾金属体 D. 用湿毛巾擦拭工作中的用电器 5.我国的民族音乐源远流长，下列关于民族乐器说法正确的是(    ) A. 演奏古筝时琴弦振动发声 B. 敲锣的力越大，锣声的音调越高 C. 箫声与鼓声的音色相同 D. 笛声在空气中的传播速度比琴声大 6.定值电阻、的图像如图所示，定值电阻、的阻值之比是(    ) A. 1：2 B. 2：1 C. 2：3 D. 3：2 7.在炎热的夏天，喝冰镇白开水既解渴又解暑。如图所示，在装有凉白开水的玻璃杯中放入冰块，冰块漂浮在水面上。不考虑水的蒸发，当杯中的冰块全部熔化后，杯中水面(    ) A. 上升 B. 下降 C. 不变 D. 可能上升也可能下降 二、填空题：本大题共9小题，共34分。 8.物理学推动着人类社会不断进步和发展，物理学家______在前人的研究积累上发现日月星辰的运转与苹果的下落有某些相似，提出了著名的万有引力定律，人们为了纪念他对物理学的贡献，将其名字命名为______的单位。英国物理学家汤姆生发现了比原子小得多的带负电荷的粒子——______，从而说明原子是可分的。 9.小明利用劳动课学习的烹饪技能制作美味的羊肉泡馍。烹制过程中主要通过______的方式增加食材的内能；烹制好的羊肉泡馍香味扑鼻说明分子在不停地做______运动；使用天然气代替煤炭作为燃料，不仅环保，且天然气的______较大。 10.“华龙一号”是我国具有完全自主知识产权的三代压水堆核电创新成果。“华龙一号”核电站是利用核______时释放出的大量核能来发电的，核能属于______选填“可再生”或“不可再生”能源。发电机的工作原理是法拉第发现的______。 11.2023年5月28日，承载着国人“大飞机梦”的C919圆满完成首个商业航班飞行，如图所示。飞机利用流体在流速大的地方压强______的原理获得升力升空；加速升空过程中，飞机的机械能______；在空中飞行时，飞机相对于飞行员是______的。 12.如图所示，这是四冲程汽油机的______冲程；汽车发动机采用循环水进行冷却，这是利用水的______大的特性；完全燃烧100 g的汽油放出的热量为______ J。 13.近年来我国在科技领域取得辉煌成就。“嫦娥五号”将月壤样品取回地球后，月壤样品的质量______；“奋斗者号”载人潜水器在下潜过程中受到海水的压强______前两空均选填“变大”“变小”或“不变”；驻扎在我国空间站的航天员通过______与地面指挥中心进行信息的传递。 14.如图所示，质量为70kg的工人通过滑轮组用100N的拉力在4s内将重为150N的重物匀速提升2m。则工人拉力做功的功率为______ W，该滑轮组的机械效率为______；增大提升的重物的质量，滑轮组的机械效率将______选填“增大”“减小”或“不变”。取 15.如图1所示，所测物体的长度是______ cm。 如图2所示，将A、B两个金属片插入柠檬中制成水果电池，用电压表测量水果电池两端的电压。金属片______选填“A”或“B”是水果电池的正极，该水果电池两端的电压为______ V。 如图3所示，温度计的示数为______；该温度计是根据液体______的性质制成的。 三个带电小球甲、乙、丙甲带正电，它们之间的相互作用关系如图4所示，则小球丙带______选填“正”或“负”电；图4中______选填“左”或“右”图与验电器的工作原理相同。 16.图甲是我国古人运送巨木的劳动情境图，他们通过横杆、支架、石块等将巨木的一端拾起，垫上圆木，以便将巨木移到其他地方。若巨木可视为质地均匀的圆柱体，其质量为，长度为4m。横杆长度为，质量和粗细忽略不计，简化图如图乙所示，O是横杆与支架的接触点，AO长为。取 如图甲所示，架在支架上的横杆属于______选填“省力”或“费力”杠杆。 支架下垫底面积较大石块的目的是______，巨木下垫圆木的目的是______。 古人下压横杆时，手感觉到疼痛，说明物体间力的作用是______的；使巨木一端刚好离开地面时，古人对横杆的最小动力为______ N。 如果他们人手不足，无法将巨木抬起，请你提出一个有可能抬起巨木的方案，并简述其中的物理学原理：______。 三、作图题：本大题共3小题，共7分。 17.一束光线从空气斜射入水中，请画出进入水中大致的折射光线。 18.如图所示，小球悬浮在水中，请画出小球受到的浮力和重力的示意图。 19.闭合开关，通电螺线管附近的小磁针方向如图所示，请在图中括号内标出电源的极性“+”或“-”，并标出磁感线的方向。 四、实验探究题：本大题共3小题，共19分。 20.实验小组在“探究凸透镜成像的规律”的实验中： 如图甲所示，小明将一束平行光正对凸透镜，移动光屏，直到光屏上形成一个最小、最亮的光斑，该凸透镜的焦距为______ cm。 实验时，把凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，点燃蜡烛，并调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在______，目的是______； 将蜡烛移至光具座20cm刻度线处，如图乙所示，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是倒立、______的实像，生活中的______选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”就是利用这种成像规律工作的； 保持凸透镜在光具座上的位置不动，仅将图乙中蜡烛和光屏的位置互换，发现光屏上仍能观察到烛焰清晰的像，此时观察到的像比位置互换前的像______选填“大”或“小”。 21.放学回家的路上，小明在路边捡到一块不规则的路沿石样石，他想知道这路沿石是不是大理石制成的大理石的密度范围：，于是将样石带入实验室进行测量。 实验时，应将天平放在______台上。 天平调平后，将样石放在左盘中，在右盘加减砝码并移动游码。天平重新平衡时，如图1所示，则样石的质量为______ g。 在量筒内先倒入适量的水，再将样石浸没在水中，如图2所示，则样石的体积是______，样石的密度是______。由此可判断路沿石______选填“是”或“不是”大理石制成的。 小明将样石放入量筒中时，不小心溅出了几滴水，则所测样石的密度会______选填“偏大”“偏小”或“不变”。 若样石体积较大，量筒中放不进去，小明与同学们交流讨论后，重新设计实验器材：电子秤、大烧杯、记号笔，方案如下： ①电子秤测出装有适量水的大烧杯的总质量，如图3； ②将样石缓慢浸没在杯中，测得大烧杯、水和样石的总质量，如图4，用记号笔在水面处做标记，然后取出样石； ③向大烧杯中缓慢加水至标记处，测得大烧杯和水的总质量，如图5。则样石密度的表达式：______用测出量和水的密度表示。 22.小明连接了如图所示的电路，研究不同电压下小灯泡的工作情况。电源电压为且保持不变，小灯泡L的额定电压为。 闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片P应置于最______选填“左”或“右”端。 闭合开关S，观察到小灯泡L不亮，电压表无示数，电流表有示数且移动滑动变阻器R的滑片P，电流表示数有变化，则故障原因可能是小灯泡L ______选填“断路”或“短路”。 排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，多次实验并将数据和现象记录在表中。 实验序号我门 电压 电流 小灯泡L的亮度 电功率 1 不亮 2 暗 3 较暗 4 正常亮 5 很亮 分析实验数据可知：①小灯泡L正常发光时的电阻约为______结果保留一位小数； ②第1次实验中，小灯泡L不亮的原因可能是______； ③通过小灯泡L的电流与其两端的电压不成正比，其原因可能是______。 为了完成本次实验，小明所选用的滑动变阻器的规格可能是______填字母。 A.，2A； B.，1A。 五、计算题：本大题共2小题，共13分。 23.如图所示，电动清扫车以其环保高效等优点，在创建卫生城市中大显身手。该电动清扫车空车的总质量为800kg，清扫刷与路面不接触时，轮胎与路面的总接触面积为，某次清扫车完成任务后，在平直道路上以的速度匀速直线行驶，经到达垃圾处理站，行驶过程中清扫车所受阻力大小恒为400N。取求： 清扫车完成任务时距离垃圾处理站的路程； 清扫车空车停在水平路面上，清扫刷与路面不接触时对路面的压强； 清扫车完成任务后到达垃圾处理站的整个行驶过程中牵引力做的功。 24.如图所示，这是某品牌电饭锅的简化电路图，和均为电热丝阻值不变，为温控自动开关，使电饭锅处于加热或保温状态，电饭锅的额定电压为220V，额定加热功率为660W，额定保温功率为220W。求： 电饭锅处于加热状态正常工作时通过的电流； 电热丝的阻值； 电饭锅将质量为、初温为的水在一个标准大气压下加热到恰好沸腾时，水吸收的热量。 六、综合题：本大题共1小题，共6分。 25.阅读短文，回答问题。 自动制冷装置为延长蔬果保鲜时间，某同学帮助菜农设计了蔬果保鲜仓库的自动制冷装置，装置工作原理图如图甲所示。控制电路中电源电压恒定，为热敏电阻，其阻值随温度的变化关系如图乙所示，定值电阻，电磁铁线圈阻值忽略不计。当温度升高到时，控制电路中的电流刚好达到100mA，衔铁吸下，制冷器启动工作；当电流降至时，衔铁弹回，工作电路断开，制冷器停止工作，如此进行间歇性循环工作。图丙为工作电路1h内制冷器功率与时间的关系图像。 温度升高时，热敏电阻的阻值将______选填“增大”或“减小”；电磁铁的磁性将______选填“增强”或“减弱”。 控制电路中的电源电压为______ V。 该装置所控制的最低温度为______。 内，工作电路中制冷器消耗的总电能为______。 在不改变控制电路中电源电压的情况下，若要降低所控制的最低温度，请写出一种简便可行的方法：______合理即可。 答案和解析 1.【答案】D  【解析】解：A、人体体温约为，故A错误； B、中学生百米赛跑的成绩大约为15s，故B错误； C、中学生身高大约为165cm，故C错误； D、中学生的质量约为50kg，故D正确。 故选：D。 这是一个常识性的问题，考查的是生活中的常识，依据生活中的实际进行解答即可。 本题主要考查了生活中关于温度、高度、质量和时间的常识性问题，较为简单。 2.【答案】A  【解析】解：光在同种均匀介质中是沿直线传播的，日晷影子的形成原理是光的直线传播，故A正确，BCD不正确。 故选：A。 光在同种均匀介质中是沿直线传播的，日食、月食、影子、小孔成像都属于光的直线传播现象。 本题主要考查的是光的直线传播，属于基础性题目。 3.【答案】B  【解析】解：A、春天，冰雪消融属于熔化现象。故A不符合题意； B、夏天，草叶是形成的露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面。故B符合题意； C、秋天，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面。故C不符合题意； D、严冬，河面结冰，是水发生了凝固现象，变成了固态。故D不符合题意。 故选：B。 在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化； 物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。 分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 4.【答案】D  【解析】解：A、连接家庭电路时，开关接在火线和用电器之间，故A符合安全用电原则； B、若家用电器着火，应先切断电源，再用灭火器灭火，故B符合安全用电原则； C、使用试电笔时，手指要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故C符合安全用电原则； D、生活用水是导体，湿毛巾容易导电，用湿毛巾擦拭工作中的用电器容易发生触电事故，故D不符合安全用电原则。 故选：D。 家庭电路中，开关应接在火线与用电器之间； 电路失火时，应先切断电源再灭火； 使用试电笔时，手指要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体； 生活用水是导体。 本题主要考查了家庭电路的连接、电路失火的处理、试电笔的使用等，有一定综合性。 5.【答案】A  【解析】解：A、演奏古筝时琴弦振动发声，故A正确； B、敲锣的力越大，锣声的响度越大，故B错误； C、箫声与鼓声的音色不同，故C错误； D、笛声在空气中的传播速度和琴声相同，故D错误。 故选：A。 声音是物体的振动产生的；声音的三要素指音色、音调和响度；声音的传播需要介质，在同种介质中，声音的传播速度一般相同。 本题考查了有关声音的知识，属于基础题。 6.【答案】B  【解析】解：由题知，、均为定值电阻， 由图像可知，当通过两电阻的电流均为时，的电压为，的电压为， 根据公式可知，当电流相等，电阻之比等于对应的电压之比， 所以，、的阻值之比为：：：：1。 故选：B。 、均为定值电阻，根据图像读出两组数据，结合欧姆定律的变形公式可求出、的阻值之比。 本题考查了欧姆定律的应用与图像分析，属于基础题。 7.【答案】C  【解析】解：由图知，因为冰漂浮于水面上， 所以，----------------------① 又因为冰熔化成水后，其质量不变，重力不变， 所以，------------------------② 由①②可得：， 所以， 即：冰熔化为水的体积等于冰排开水的体积，故杯中水面不变。故C正确。 故选：C。 冰漂浮于水面上，要想判断冰熔化之后，水面是否变化，则需要比较冰块排开液体的体积跟冰熔化成水后的体积大小。若二者体积相等，则水面不变；若增大，则水面上升；若减小，则水面下降。 本题关键：一是冰化水质量不变，二是阿基米德原理和漂浮条件联合运用。 8.【答案】牛顿  力  电子  【解析】解：牛顿是物理学史上伟大的科学家，他在力学、光学、天文学、数学等方面作出了巨大的贡献，牛顿运动定律是物理学的三个运动定律的总称，被誉为是经典物理学的基础。牛顿是经典力学理论的集大成者，物理学上用牛顿的名字来作为力的单位； 19世纪末，英国物理学家汤姆生发现了比原子小得多的带负电的粒子：电子，从而揭示了原子是有结构的，即原子是可再分的。 故答案为：牛顿；力；电子。 根据我们对于牛顿对于物理学的贡献的了解来作答； 原子由原子核与核外电子组成，原子核由质子与中子组成。 本题考查了牛顿对人类的贡献和原子结构，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。 9.【答案】热传递  无规则  热值  【解析】解：烹制过程中，食物吸收热量，内能增加，所以主要是通过热传递的方式增加食材的内能。 由于分子在不停地做无规则的运动，所以人们能闻到羊肉泡馍的香味。 天然气的热值比煤炭大，说明相同质量的天然气完全燃烧放出的热量更多，所以可以使用天然气代替煤炭作为燃料。 故答案为：热传递；无规则；热值。 改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程； 扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动； 某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值。 本题以烹饪食物为背景考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。 10.【答案】裂变  不可再生  电磁感应  【解析】解：“华龙一号”核电站是利用核裂变时释放出的大量核能来发电的，核能属于不可再生能源。发电机的工作原理是法拉第发现的电磁感应。 故答案为：裂变；不可再生；电磁感应。 目前核电站是利用核裂变释放的核能来发电的；核能属于不可再生能源。 闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应；发电机就是利用电磁感应现象制成的。 本题考查的是核能的应用；知道核能是不可再生能源；知道发电机的基本原理和电磁感应现象。 11.【答案】小  增大  静止  【解析】解：飞机的机翼上方凸起，下方平直，在时间一定时，空气流过机翼上方的路程长，流速大，压强小，下方路程短，流速小，压强大，所以飞机利用流体在流速大的地方压强小获得升力；加速升空过程中，其速度变大，所以动能变大，高度变高，所以重力势能增大，机械能包括动能与势能，动能与势能都变大，所以机械能变大；飞机相对于飞行员没有位置变化时，二者相对静止。 故答案为：小；增大；静止。 机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度，弹性势能的影响因素是弹性形变量。 流速越大的位置流体压强越小。 当研究对象相对于参照物没有位置变化时，二者相对静止。 本题考查机械能、流体压强与流速关系、相对运动与静止等的基本概念，是一道基础题。 12.【答案】压缩  比热容    【解析】解：根据图示可知，两个气门都关闭，活塞向上运动，气缸容积减小，因此是压缩冲程； 水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多，所以汽车发动机采用循环水进行冷却； 汽油的质量， 汽油完全燃烧放出的热量：。 故答案为：压缩；比热容；。 根据图中气门的开关情况和活塞的运动方向判断出是哪一个冲程； 水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量较多，是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因。 根据求出汽油完全燃烧放出的热量。 本题考查了汽油机四冲程的判断、水的比热容较大的应用、燃料完全燃烧放热公式的应用，属于基础题目。 13.【答案】不变  变大  电磁波  【解析】解：质量是物体的属性，不随空间位置的改变而改变，所以月壤样品从月球到地球后其质量不变； 液体压强公式可知在液体密度不变时，深度越大，压强越大，所以载人潜水器在下潜过程中受到海水的压强变大； 空间站的航天员通过电磁波与地面指挥中心进行信息的传递。 故答案为：不变；变大；电磁波。 质量是物体的属性，不随空间位置的改变而改变； 利用液体压强公式分析即可； 广播、电视、卫星和移动通信都是通过电磁波传递信息的。 本题考查质量的概念、液体压强公式的应用和电磁波的应用，属于基础内容，难度不大。 14.【答案】增大  【解析】解：由图可知，绳子自由端移动的距离：， 拉力做的总功：， 拉力做功的功率：； 滑轮组的机械效率：； 增大提升的重物的质量，由可知，重物的重力增加，由可知，提升相同高度时，有用功增大，额外功几乎不变，由可知，机械效率增大。 故答案为：100；；增大。 由图可知，绳子自由端移动的距离，利用求拉力做的总功；利用求拉力做功的功率； 利用求滑轮组的机械效率； 根据分析有用功的变化，根据分析增大提升的重物的质量，滑轮组的机械效率变化情况。 本题考查了使用滑轮组时功、功率和机械效率公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。 15.【答案】热胀冷缩  负  左  【解析】解：由图知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与刻度线对齐，右侧与对齐，所以物体的长度为； 图2中电压表的指针向右偏转，说明与电压表正接线柱相连的B金属片是该电池的正极； 由图知，电压表选择的是小量程，分度值是，此时的示数是； 由图3可知，温度计的分度值是，测温物质液面在零刻度线以下，温度计读数是；液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的； 由图4可知，甲、乙相互排斥，说明甲、乙一定带同种电荷，甲带正电，则乙一定也带正电；乙、丙相互吸引，说明丙带负电； 验电器的原理是同种电荷相互排斥，图4中左图与验电器的工作原理相同。 故答案为：；；；；热胀冷缩；负；左。 刻度尺的分度值是刻度相邻两刻度线表示的长度，使用刻度尺时要明确量程和分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端刻度所对刻度即为物体的长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位； 根据电压表的正确使用规则可知，电流必须从正接线柱流入、从负接线柱流出。先判断电压表的量程，而后据分度值读出此时的示数； 对温度计读数首先确定温度计的分度值，测温液面与零刻度线的关系；液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的； 同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；验电器的原理是同种电荷相互排斥。 本题考查了刻度尺的读数、电压表的使用和读数、温度计的原理和读数、电荷间的相互作用，综合性较强。 16.【答案】省力  减小压强  减小摩擦  相互  2000 将支架更靠近巨木，缩短了阻力臂、增大了动力臂，根据杠杆平衡条件可知，在阻力一定的情况下，减小阻力臂，增大动力臂，可以省力  【解析】解：由图可知，架在支架上的横杆的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆； 支架对地面的压力一定，在支架下面垫有面积较大的石块，其实质是增大接触面积，由可知，支架对地面的压强减小；在巨木下垫圆木，以滚动代替滑动，可以减小摩擦力； 物体间力的作用是相互的，下压横杆时，手会受到横杆的作用力，手感觉到疼痛，说明物体间力的作用是相互的；巨木的重力为：；即巨木的重心在正中间，把巨木等效为杠杆，动力臂是阻力臂的两倍；巨木的右端收到的拉力为：；人在横杆的最右端用力，根据杠杆的平衡条件有：，即； 将支架更靠近巨木，缩短了阻力臂、增大了动力臂，根据杠杆平衡条件可知，在阻力一定的情况下，减小阻力臂，增大动力臂，可以省力。 故答案为：省力；减小压强；减小摩擦；相互；2000；将支架更靠近巨木，缩短了阻力臂、增大了动力臂，根据杠杆平衡条件可知，在阻力一定的情况下，减小阻力臂，增大动力臂，可以省力。 根据动力臂大于阻力臂判断杠杆是省力杠杆； 由可知，在压力一定的条件下，S越大，压强越小；减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。 物体间力的作用是相互的；根据杠杆的平衡条件解答； 根据杠杆的平衡条件进行分析。 本题考查的是杠杆的分类以及减小压强与摩擦力的方法；会根据杠杆的平衡条件进行分析和计算。 17.【答案】解：先过入射点垂直于界面画出法线；光由空气斜射入水中时，折射光线和入射光线位于法线的两侧，折射角小于入射角，据此画出折射光线，如图所示：   【解析】光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入其它透明介质时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。 此题考查光的折射光路图的画法，需要注意的是：在作图的时候一定要表现出角度的大小关系，比如本题中折射角小于入射角，在画的时候一定要让人一眼就看出折射角比入射角小才行。 18.【答案】解：小球悬浮在水中，所受浮力的方向竖直向上，重力方向竖直向下，且这两个力是一对平衡力，所以大小相等，从重心分别作竖直向上和竖直向下的有向线段，即为浮力和重力的示意图，如图所示：   【解析】小球悬浮中水中，则小球受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力是一对平衡力，过小球的重心表示出浮力和重力的方向和大小即可。 本题考查力的示意图的作图，正确分析力的大小和方向是关键，注意同一个图中，一样大的力要画一样长。 19.【答案】解：①由图可知，小磁针静止时的右端为N极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，则通电螺线管左端为S极，右端为N极。 ②因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向左的。 ③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的下端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极。如图所示：   【解析】①知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。 ②根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出、回到S极。 ③根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。 本题属于安培定则的简单应用，安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向。 20.【答案】同一高度  使烛焰的像能够成在光屏中央，便于观察  缩小  照相机  大  【解析】解：当平行光经过凸透镜时，会发生偏折，会聚于凸透镜焦点，焦点到凸透镜光心的距离，称为焦距，由图可知，该凸透镜的焦距为。 实验时要将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度，这样可以使烛焰的像能够成在光屏中央，便于观察。 将蜡烛移至光具座 20cm刻度线处，此时物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像规律，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这种成像规律工作的。 保持凸透镜在光具座上的位置不动，如果仅将图乙中蜡烛和光屏的位置互换，发现光屏上仍能观察到烛焰清晰的像。这是因为在光的折射现象中，光路是可逆的，此时所成的像是倒立、放大的实像，像比之前的大。 故答案为：；同一高度；使烛焰的像能够成在光屏中央，便于观察；缩小；照相机；大。 平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位； 为了使像成在光屏中央，应将烛焰、凸透镜和光屏三者中心调到同一高度； 根据，成倒立、缩小的实像，应用于照相机； 利用光路的可逆性分析。 此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 21.【答案】水平    是  偏大   【解析】解：将天平放在水平台上，将游码调到标尺的零刻度线处，再调平衡螺母使横梁平衡； 由图1可知，样石的质量：； 由图1可知，样石的体积：， 样石的密度为：； 由大理石的密度范围：，所以此路沿石是大理石制成的； 将样石放入量筒时，若在量筒壁上溅了几滴水，这样会导致量筒显示的样石与水的总体积偏小，因此测得样石的体积偏小，根据密度式，m正常，V偏小，则偏大； 取出了样石，再将水补充到原来的标记处，这样增加的水的体积就是样石的体积； 样石的体积：， 样石的质量为：， 样石的密度为： 。 故答案为：水平；；；；是；偏大；③。 天平调平：将天平放在水平台上，将游码调到标尺的零刻度线处，再调平衡螺母使横梁平衡； 物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值； 量筒的分度值为2mL，样石的体积等于水和石块的总体积减去水的体积； 知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度； 向量筒中放物体时，若不小心把水溅到量筒壁的上方，这样会导致量筒显示的物体与水的总体积偏小，因此测得物体的体积偏小，根据密度式进一步分析所测密度的情况； 要想测量小石块的密度，需要测量小石块的质量和体积。利用等效替代法，石块的体积等于增加的水的体积，根据密度公式求出石块的密度。 本题考查天平的使用、补水法测量物体的体积、密度公式及其应用以及实验的误差分析，是一道实验综合题。 22.【答案】右  短路  小灯泡L实际功率太小  灯丝电阻随温度的升高而增大  B  【解析】解：为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片P应置于阻值最大处，即最右端； 闭合开关S，观察到电流表有示数且移动滑动变阻器R的滑片P，电流表示数有变化，说明电路是通路，小灯泡L不亮，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，即故障原因可能是小灯泡L短路； ①由表中数据可知，当灯泡两端电压为时，通过灯泡的额定电流为，则小灯泡L正常发光时的电阻约为： ； ②由表中数据可知，在第1次实验中，两表均有示数，说明电路是通路，小灯泡L不亮，是因为小灯泡L实际功率太小，远小于灯泡的额定功率； ③由表中数据可知，灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，故通过小灯泡L的电流与其两端的电压不成正比； 由表中数据可知，当灯泡两端电压为时，通过灯泡的电流为，由串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器两端电压为， 则滑动变阻器接入电路的阻值为： ，故选：B。 故答案为：右；短路；①；②小灯泡L实际功率太小；③灯丝电阻随温度的升高而增大；。 为了保护电路，闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片P应置于阻值最大处； 闭合开关S，观察到电流表有示数且移动滑动变阻器R的滑片P，电流表示数有变化，说明电路是通路，小灯泡L不亮，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路； ①根据表中数据利用求出小灯泡L正常发光时的电阻； ②灯泡的亮度由实际功率决定，实际功率越大，灯泡亮度越亮； ③灯丝电阻随温度的升高而增大，不是一个定值； 根据表中第1组数据利用串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定滑动变阻器的规格。 本题研究不同电压下小灯泡的工作情况，考查了注意事项、电路故障、电阻的计算、灯泡亮度与实际功率的关系、影响电阻大小因素及器材的选择等知识。 23.【答案】解：清扫车完成任务时距离垃圾处理站的路程； 清扫车对地面的压力， 清扫车空车停在水平路面上，清扫刷与路面不接触时对路面的压强； 清扫车匀速直线行驶时，其受到的牵引力， 整个行驶过程中牵引力做的功。 答：清扫车完成任务时距离垃圾处理站的路程为3000m； 清扫车空车停在水平路面上，清扫刷与路面不接触时对路面的压强为； 清扫车整个行驶过程中牵引力做的功为。  【解析】速度和时间已知，利用速度公式得到车到处理站的路程； 利用重力公式得到车的重力，车对地面的压力等于其重力，利用压强公式得到车对地面的压强； 由二力平衡得到车受到的牵引力，利用功的公式得到牵引力做的功。 本题考查速度公式、重力公式、压强公式和功的公式的应用，熟悉公式即可进行解答，本题难度中等。 24.【答案】解：由可得，电饭锅在加热状态时通过的电流：； 由图可知，只闭合开关S，电路为接在电源上的简单电路，此时电饭锅的功率：； 同时闭合开关S和，与并联，此时电饭锅的功率：， 因为，所以只闭合开关S，电饭锅为保温状态，， 同时闭合开关S和，电饭锅为加热状态，， 所以，同时闭合开关S和时，消耗的电功率：， 由可得，电热丝的阻值：； 在一个标准大气压下水沸腾时温度：， 吸收的热量：。 答：电饭锅处于加热状态正常工作时通过的电流为3A； 电热丝的阻值是； 电饭锅将质量为、初温为的水在一个标准大气压下加热到恰好沸腾时，水吸收的热量是。  【解析】由计算电饭锅在加热状态时通过的电流； 由图可知，只闭合开关S电路为接在电源上的简单电路；同时闭合开关S和，与并联，根据并联电路电功率的规律可知电饭锅的状态；由计算电热丝的阻值； 由计算水吸收的热量。 本题考查并联电路规律、电功率计算公式和热量计算公式，是基础题。 25.【答案】减小  增强  减小的阻值  【解析】解：分析图象发现：温度升高时，热敏电阻阻值减小，根据欧姆定律，电路中电流就会增大，电磁铁的磁性就会增大； 当温度升高到时，，控制电路中电流达到； 电源电压； 制冷器启动工作时温度降低，当制冷器停止工作时该装置所控制的温度最低，此时电路中的电流； 此时电路中的总电阻为：； 热敏电阻； 由图乙可知，热敏电阻的阻值为时，温度为； 由图丙可知一小时内，工作电路制冷器时间； 一小时内，工作电路制冷器消耗的总电能； 降低该装置所控制的最低温度，电阻变大，若要保持电流降至时，衔铁弹回，工作电路断开，此时总电阻不变，应减小的阻值。 故答案为：减小；增强；；；；减小的阻值。 由图象分析热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化； 当温度升高到时，根据图像确定电阻大小，控制电路中的电流刚好达到100mA，根据欧姆定律和串联电路的特点计算电源电压； 制冷器启动工作时温度降低，当制冷器停止工作时该装置所控制的温度最低； 利用求出工作电路制冷器消耗的总电能； 降低该装置所控制的最低温度，电阻变小，若要保持电流降至时，衔铁弹回，工作电路断开，判断的阻值变化情况，温度越高，阻值变化越慢，判断温差的变化情况。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是根据图象得出相关信息，理解电磁继电器的原理。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$