【高考领航】2025年高考物理模拟试题精编卷(9)

高考物理模拟试题精编(九) (考试时间：70分钟　试卷满分：110分) 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 14．我国核电站的建设始于20世纪80年代中期。首台核电机的组装在秦山核电站进行，核能发电不像化石燃料发电那样排放巨量的污染物质到大气中，因此核能发电不会造成空气污染，不会加重地球温室效应。核反应堆的主要用材为铀核(U)，铀核(U)经过m次α衰变和n次β衰变变成铅核(Pb)，关于该过程，下列说法中正确的是(　　) A．m＝5，n＝4 B．其中β衰变生成的电子是原子核外电子电离产生的 C．铀核(U)的比结合能比铅核(Pb)的比结合能小 D．铀核(U)衰变过程的半衰期随环境温度的升高逐渐变小 15．音乐喷泉是一种为了娱乐而创造出来的可以活动的喷泉，随着音乐变换，竖直向上喷出的水柱可以高达几十米，为城市的人们在夜间增添一份美轮美奂的视觉和听觉的盛宴。现有一音乐喷泉，喷出的水经3 s到达最高点，把水喷射的总高度分成四等份，水通过前两等份高度用时记为t1，通过最后一等份高度用时记为t2。空气阻力不计，则满足(　　) A．1＜＜3　　　　　　　 B．3＜＜5 C．5＜＜7 D．7＜＜9 16．如图所示，用完全相同的两个电源给完全相同的两个电容器充电，甲图中电源与电容器直接用导线连接，乙图中电源与电容器中间接有电阻R，同时闭合开关后，关于甲、乙两种充电情况的说法正确的是(　　) 　 　　　　　　　　　　　　　　甲　　　　　　　　乙 A．充电结束后，甲图中电容器两极板间的电势差比乙图的大 B．由于电阻R的影响，甲乙两图充电过程中的瞬时电流不相等 C．充电结束后，保持开关闭合，仅减小电容器两极板间的距离，电容器所带电荷量将减少 D．充电结束后，保持开关闭合，在乙图电容器两极板间插入玻璃板的过程，不会有电流流过电阻R 17.如图所示，在足够大光滑水平面上，虚线右侧存在足够宽竖直向下的匀强磁场，用同种材料粗细相同的导线绕成两个单匝线框abcd与efgk，其中ab边长为L，bc边长为2L，efgk是边长为L的正方形，现让两线框以相同的速度v水平向右匀速进入磁场，下列说法正确的是(　　) A．两线框进入磁场的过程中，cd两点间与gk两点间的电势差相等 B．两线框abcd、efgk进入磁场过程中通过线框的电荷量分别为q1与q2，则q1∶q2＝2∶1 C．线框abcd完全进入磁场后继续向右运动的过程中，ab两点之间的电势差为零 D．进入磁场过程，abcd线框总发热量为Q1，efgk线框总发热量为Q2，则Q1∶Q2＝4∶3 18．中国劳动人民在长期的实践中总结了大量的智慧结晶。工人师傅想要将一质量比较大表面光滑的圆柱体物件(质量为M)推上斜面，并需要物件静止在斜面上图示位置，工人师傅拿一块小的半圆柱体(质量为m，且m远小于M)垫在大圆柱体物件的下面，但发现垫上小半圆柱体后，大圆柱体物件依然会沿斜面下滑，于是工人师傅采用了一种操作方式，顺利的让大圆柱体物件静止在斜面上，那么工人师傅的操作是(　　) 　　 A．换一个半径稍大的同材质的半圆柱体 B．换一个半径稍小的同材质的半圆柱体 C．换一个长度更长一点的同材质的半圆柱体 D．在小半圆柱体和大圆柱形物件接触部位垫上一块轻薄的粗糙毛巾 19．随着科学技术的迅猛发展，智能手机的快充技术大大缩短了手机的充电时间。快充技术的核心材料为氮化镓，氮化镓手机充电器具有体积小、功率大、发热量少的特点，图甲是这种充电器的核心电路。交流电经前端电路和氮化开关管转换后，在ab端获得如图乙所示的高频脉冲直流电，经理想变压器降压后在cd端给手机充电，则正常工作时，变压器cd端(　　) 　甲　　　　　　　　　　　　乙 A．输出功率等于ab端输入功率 B．输出电流的有效值大于ab端输入电流的有效值 C．输出电流的频率为 D．输出电压也是直流电压 20．2022年11月1日凌晨4点27分，“梦天实验舱”与“天和核心舱”成功对接，标志着中华人民共和国自己组建的中国空间站的“最后一块积木”已经就位。中国空间站可以长期驻留3位航天员进行微重力环境实验收集数据，核心舱绕地球运行可近似为匀速圆周运动，已知核心舱离地面距离约为400 km，地球半径约为6400 km，地球表面的重力加速度g取10 m/s2，由以上信息可得(　　) A．核心舱运行速率等于7.9 km/s B．空间站里面的航天员处于微重力环境，航天员所受重力几乎为零 C．考虑到稀薄大气的阻力，若无动力补充，核心舱轨道半径越来越小，运行速度会越来越大 D．核心舱的运行周期约为5.5×103 s 21．如图甲所示，某边界为abcd、边长为L的正方形匀强磁场区域，磁感强度大小为B0，方向垂直于abcd所在平面且周期性变化(周期T可根据需要调整)如图乙所示，设垂直abcd平面向里为磁感强度的正方向。现有一电子在t＝0时刻由a点沿ab方向射入磁场区，已知电子的质量为m，带电量为e，其中f点在dc边上距d点距离为，g点在bc边上距b点距离为，关于电子在磁场中的运动，以下说法正确的是(　　) 　 甲　　　　　　　　　　乙　　　 A．要想让电子沿bc方向经过c点，调整磁场变化周期T，电子的速度大小可能是 B．要想让电子沿cd方向经过d点，调整磁场变化周期T，电子的速度大小可能是 C．要想让电子经过f点，调整磁场变化周期T，电子的速度大小可能是 D．只要磁场变化周期T＝，电子一定可以到达g点 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 得分 答案 三、非选择题：共62分。第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33～34题为选考题，考生根据要求作答。 (一)必考题：共47分。 22．(5分)某同学利用如图所示的装置测量滑块P与水平桌面间的动摩擦因数。一轻质弹簧左端固定在墙面上，右端与滑块P接触不粘连，滑块P上面安装有宽度为d(约为2 mm)的遮光条，每次光电门都记录下遮光条通过光电门的时间(滑块经过光电门正下方B点时已经与弹簧分离)，已知滑块P(包括遮光条)的质量为m，重力加速度为g，某一次实验操作步骤如下： (1)按要求安装好各实验器材； (2)先用外力将滑块P缓慢的推到A位置，然后撤去外力，滑块由静止开始运动，最后停在水平桌面上的C点，记录下光电门的读数t，则滑块通过光电门的速度大小为______；用刻度尺测量出BC的长度L，利用已知条件和所测量的量可以得到动摩擦因数的表达式μ＝______(用题中所给已知物理量的符号表示)。 (3)重复以上操作，多次测量，记录多组数据，多次计算，动摩擦因数测量值的结果取平均值即可； (4)另一实验小组的同学实验结束后发现还可以用该装置测量弹簧最初储存的弹性势能。他们测得AB两点间的距离为L1，BC两点间的距离为L2，那么这次操作时弹簧最初储存的弹性势能等于__________(用L1、L2、m、g、μ表示)。 23．(10分)小明同学研究了多用电表的结构原理，利用学校实验室的器材，自己组装了一个有多挡倍率的欧姆表。学校可供使用的器材如下：电流表(量程200 μA，内阻490 Ω，表盘可调换)，干电池3节(每一节干电池电动势为1.5 V、内阻为0.8 Ω)，定值电阻两个(R1＝10 Ω，R2＝100 Ω)，多量程多用电表表盘，滑动变阻器两个——其中微调滑动变阻器RP1(最大阻值500 Ω)和粗调滑动变阻器RP2(最大阻值20 kΩ)。 　　 甲　　　　　　　　　　乙　　　 　　　　　　　　　　　　　　　　丙 (1)为了测量一个阻值在100 Ω到200 Ω之间的待测电阻，他用一节干电池组装了如图甲所示的欧姆表，经过准确的计算将电流表表盘调换成如图乙所示的多用电表表盘，则组装的这个欧姆表的倍率应为__________(选填“×1”或“×10”或“×100”)，图甲中与电流表并联的电阻R应选用定值电阻中的__________(选填“R1”或“R2”)。 (2)他按照第(1)问中的组装方式组装了欧姆表后，进行了正确的欧姆调零操作。接着用它测量待测电阻的阻值，指针偏转位置如图乙所示，则读出待测电阻阻值的测量值为__________ Ω。 (3)上面的操作和测量进行完之后，小明同学再利用题目所给的实验器材，组装了一个倍率为“×1000”的欧姆表，请你设计正确的电路连接方案，在图丙中把需要用到的器材连接起来。 24.(12分)如图所示，在竖直平面内存在一足够大、与水平方向成θ＝53°的匀强电场，电场强度大小E＝；现有一带正电，质量为m，电荷量为q的小球以初速度v0由电场中某点O(图中未画出)竖直向上射入该匀强电场，经时间t后运动到某点P。重力加速度为g，忽略空气阻力(sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)。求： (1)带电小球在P点的速度大小vP； (2)P点的坐标(以O点为坐标原点，水平向右为x轴的正方向，竖直向上为y轴的正方向建立平面直角坐标系)。 25.(20分)如图所示，在光滑水平桌面边缘，放置一半径为r＝2 cm，质量为m1＝2 kg的导体小球。桌面上方与电源相连的两根固定的水平平行光滑导轨(间距为2r)右侧末端与小球m1的某直径接触良好，导轨所在平面有竖直向下的、磁感应强度大小为B1＝10 T匀强磁场，在桌面右下方竖直平面内有四段固定导轨AC、CD、DM和MN无缝平滑连接，其中AC是半径为R1＝0.9 m的一段粗糙圆弧轨道，所对圆心角为θ＝37°，CDM为水平光滑直导轨，MN是倾角为37°的足够长粗糙斜轨道，MN轨道上方分布着平行轨道向上的强度大小未知的匀强电场E和垂直于MN轨道平面向内的匀强磁场，磁感应强度大小为B2＝20 T，在轨道的D点静止放置了与m1小球等体积且用绝缘薄膜包裹的质量未知的带正电的小球m2，带电量为q＝1.6 C。当电源开关闭合后，极短时间内小球m1以水平向右的初速度v0飞离导轨，恰好沿AC弧的切线飞入A点，接着沿AC轨道运动到C点的过程中小球m1克服摩擦阻力做功0.85 J，到C点时对轨道的压力大小为该球重力的2倍，之后在D点与m2小球发生弹性正碰。两小球在轨道上运动时均可视为质点，g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求： (1)m1小球飞离桌面右边缘的导轨时的速度的大小； (2)从电源开关闭合到小球飞离桌面右边缘的导轨过程中，流过m1小球的电荷量q0； (3)若m2小球进入MN轨道后能一直沿轨道运动(轨道上均匀散布着挤压可留痕迹的墨粉)，但并没有在该轨道上留下划痕，求电场强度E的大小和小球m2的质量。 (二)选考题：共15分。请考生从给出的两道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。 33．[物理——选修3－3](15分) (1)(5分)下列五幅图分别对应五种说法，其中正确的是__________。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分) 　　　　 甲　　 　　　乙　　　　　　　　　丙　　　　　　　丁　 戊 A．甲图中洁净的玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板的重力，其原因是水分子和玻璃分子之间存在吸引力 B．由乙图可知当两个相邻的分子间距离小于r0时，它们之间不存在引力 C．丙图为氯化钠晶体的氯离子和钠离子分布的示意图，由图可知其物理性质沿各个方向是一样的 D．丁图为油膜法测分子直径原理图，分子并不是球形的，但这里把它们当做球形处理，是一种估算的方法 E．戊图中记录的是微粒每隔相同时间所在位置的连线，悬浮微粒的无规则运动并不是分子的运动，但是微粒运动的无规则性，间接地反映了液体分子运动的无规则性 (2)(10分)如图所示，为了测量某刚性导热容器A的容积，用一体积不计的细管把它与水平固定的导热汽缸B相连，汽缸中活塞的横截面积S＝100 cm2。初始时，环境温度t＝27 °C，活塞静止在离缸底距离d1＝40 cm的位置处。现用水平向左的力F缓慢推活塞，当F＝1.5×103N时，活塞离缸底距离d2＝10 cm。已知大气压强p0＝1.0×105 Pa，不计一切摩擦，整个装置气密性良好，环境温度不变，热力学温度T＝(t＋273)K。求： ①容器A的容积VA； ②保持力F＝1.5×103 N不变，当外界温度缓慢变化时，活塞向缸底缓慢移动了Δd＝3 cm，则此时环境温度为多少摄氏度？ 34．[物理——选修3－4](15分) (1)(5分)一列沿x轴传播的简谐横波，在t时刻的波形如图甲所示，P、Q是波上的两个质点，此时质点P沿y轴正方向运动；图乙是波上某一质点的振动图象。据以上信息可知下列说法中正确的是__________。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分) 甲　　　　　　　　　　乙 A．该波沿x轴负方向传播 B．该波遇到尺寸等于8 m的障碍物将发生明显的衍射现象 C．该波遇到频率为50 Hz的简谐横波能发生稳定干涉现象 D．若t取0.20 s，则图乙可能为Q点的振动图象 E．再过0.50 s，P点的动能为零 (2)(10分)某小轿车雨刮器自动控制装置的主要部件是雨量传感器，雨量传感器的结构如图所示。传感器的光学元件MNQP紧贴在前挡风玻璃内表面，其折射率与挡风玻璃相同，光学元件的MN、PQ边分别与挡风玻璃表面垂直，MN、PQ的长度均为3.4 cm，MP的长度为2 cm，挡风玻璃的厚度为0.8 cm。当挡风玻璃外表面处于干燥状态时，红外发射管发出一细束红外线从MN中点射向挡风玻璃，红外线恰好在挡风玻璃的外表面发生全反射后射向PQ中点，最终被红外接收管接收；当挡风玻璃外表面有雨滴时，入射到挡风玻璃的红外线不能发生全反射，导致接收管接收的红外线变弱，从而自动控制雨刮的转动。 　 ①求挡风玻璃和光学元件的折射率n； ②请通过计算判断在图中红外发射管应该在a还是在b位置？红外接收管应该在c还是在d位置？请画出当挡风玻璃外表面处于干燥状态时，红外线在挡风玻璃和光学元件中传播的光路图。 学科网（北京）股份有限公司 $$ 高考物理模拟试题精编(九) 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 C A B D B AB CD AD 14.C　根据质量数守恒和电荷数守恒有235－207＝4m，92－82＝2m－n，解得m＝7，n＝4，故A错误；β衰变生成的电子是原子核内中子转化为质子释放出来的，有n→H＋e，故B错误；比结合能越大，原子越稳定，而在核反应中，生成物比反应物更稳定，因此铀核的比结合能比铅核的比结合能小，故C正确；半衰期只与原子核内部结构有关与外部环境无关，故D错误。故选C。 15．A　设上升最大高度为4h，喷泉向上喷的逆过程为初速度为零的匀加速直线运动4h＝gt2，解得总时间为t＝，通过最后一等份高度h＝gt，解得t2＝ ，水通过后两等份高度2h＝gt′2，解得t′＝ ，水通过前两等份高度用时t1＝t－t′＝ － ，所以＝＝1＋，则1<<3，故选A。 16．B　充电结束后，电路中的电流为0，电阻R的电压为0，所以两个电容器两极板间的电势差相等，都等于电源的电动势，A错误；由于电阻R的影响，在充电过程中多了阻碍作用，所以在电动势相同的情况下，甲乙两图充电过程中的瞬时电流不相等，B正确；充电结束后，保持开关闭合，电容器两极板的电势差不变，根据电容的决定式C＝可知，仅减小电容器两极板间的距离，电容器的电容C增大，根据电容的定义式C＝可知，电容器所带电荷量Q将增大，C错误；因为在乙图电容器两极板间插入玻璃板的过程，电容器的电容C增大，根据电容的定义式C＝可知，电容器所带电荷量Q将增大，则乙图中电容器在充电，所以有电流流过电阻R，D错误。故选B。 17．D　根据题意可知，线框的材料粗细相同，令长度为L的导线阻值为R，当线框刚进入磁场时，产生的感应电动势为E＝BLv，根据右手定则可知d的电势高于c，所以cd间的电压为路端电压，所以cd两端的电势差为Ucd＝－×5R＝－。同理，gk间的电压为路端电压，所以gk两端的电势差为Ugk＝－×3R＝－，故A错误；abcd线框进入磁场过程中，流过线框截面的电量为q1＝I1t1，电流为I1＝＝，进入的时间t1＝，联立可得进入磁场过程中通过线框的电荷量为q1＝，efgk线框进入磁场过程中，流过线框截面的电量为q2＝I2t2，电流为I2＝＝，进入的时间t2＝，联立可得进入磁场过程中通过线框的电荷量为q2＝，两线框abcd、efgk进入磁场过程中通过线框的电荷量分别为q1与q2，则q1∶q2＝4∶3，故B错误；线框abcd完全进入磁场后继续向右运动的过程中，ab两点之间的电势差为Uab＝BLv，故C错误；abcd线框进入磁场过程中，abcd线框总发热量为Q1＝I·6Rt1＝，同理，efgk线框总发热量为Q2＝I·4Rt2＝，由此可得发热量之比为Q1∶Q2＝4∶3，故D正确。故选D。 18．B　圆柱体物件的受力分析如图所示。根据平衡条件有mgsin θ＝FN2cos α，mgcos θ＝FN2sin α＋FN1。由此可知，当α增大，cos α减小，sin α增大，FN2增大，FN1减小，即物件更不易滑动，所以换一个半径稍小的同材质的半圆柱体可以增大α，从而增大FN2。故选B。 　 19．AB　变压器的输入功率等于输出功率，A正确；由于变压器为降压变压器，则输入电压的有效值大于输出电压的有效值，又因变压器的输入功率等于输出功率，可知输出电流的有效值大于ab端输入电流的有效值，B正确；由乙图知周期为T，故输出的电流频率f＝，C错误；经变压器输出的电压为交流电压，D错误。故选AB。 20．CD　7.9 km/s是最小的发射速度，最大的环绕速度，所以核心舱运行速率小于7.9 km/s，故A错误；航天员随空间站绕地球做圆周运动，重力提供向心力，所以航天员在空间站所受重力不为零，故B错误；考虑到稀薄大气的阻力，无动力补充，核心舱逐渐做近心运动，轨道半径逐渐减小，运行速度会越来越大，故C正确；在地球表面有G＝mg，对于核心舱有G＝m(R＋H)，联立上式，解得核心舱的运行周期T≈5.5×103 s，故D正确。故选CD。 21．AD　要想让电子沿bc方向经过c点，可能的轨迹如图甲所示。根据牛顿第二定律有evB0＝m，解得v＝，故调整磁场变化周期T，电子的速度大小可能是，故A正确； 甲 要想让电子沿cd方向经过d点，轨迹如图乙所示。根据牛顿第二定律有evB0＝m，解得v＝，故调整磁场变化周期T，电子的速度大小不可能是，故B错误； 乙 要想让电子经过f点，轨迹如图丙所示。根据几何知识可知R2＝(L－R)2＋2，解得R＝L，根据牛顿第二定律有evB0＝m，解得v＝，轨迹也可能如图丁所示，由几何关系有R＝L，根据evB0＝得v＝，故调整磁场变化周期T，电子的速度大小不可能是，故C错误； 　　 丙　　　　　　　　丁 电子到达g点，轨迹如图戊所示。根据几何知识可知R2＝L2＋，解得R＝L，根据牛顿第二定律有 evB0＝m，解得v＝，电子在磁场运动的周期为T′＝＝，由几何知识可知圆心角为60°，电子在磁场运动的时间为t＝T′＝，则有＝t，解得T＝，故D正确。故选AD。 戊 22．解析：(2)遮光条宽度为d，滑块上的遮光条经光电门的时间t，因遮光条的宽度d(约为2 mm)很小，则滑块经光电门的速度大小可为v＝，对滑块和遮光条，由牛顿第二定律可得Ff＝－μmg＝ma，解得滑块和遮光条运动的加速度为a＝－μg，由速度位移关系公式v2－v＝2ax，解得μ＝。 (4)由功能关系，可得弹簧最初储存的弹性势能等于Ep＝μmg(L1＋L2)。 答案：(2)　　(4)μmg(L1＋L2) 23．解析：(1)由指针所指刻线和待测电阻的大约阻值可知，组装的这个欧姆表的倍率应为×10；由欧姆表的倍率可知欧姆表的中值电阻为R中＝15×10 Ω＝150 Ω，电路中的最大电流为Im＝＝ A＝0.01 A，图甲中与电流表并联的电阻R的阻值为R＝＝ Ω＝10 Ω，故电阻R应选用定值电阻中的R1。 (2)欧姆表表针所指的刻线为16，倍率为×10，则待测电阻阻值的测量值为R＝16×10 Ω＝160 Ω。 (3)由题意可知组装的新欧姆表的中值电阻为R中′＝15×1000 Ω＝1.5×104 Ω，使用两节干电池时电路中的最大电流为Im′＝＝ A＝2×10－4 A＝200 μA，则电路连接方案如图所示。 答案：(1)×10　R1　(2)160　(3)见解析 24．解析：(1)对小球在匀强电场中进行受力分析如图所示。 根据角度关系可知小球重力和电场力的合力水平向右，当小球竖直向上射入该匀强电场时，小球将做类平抛运动，竖直方向做匀速直线运动，水平向右做匀加速直线运动，有F合＝＝mg 根据牛顿第二定律有F合＝ma 解得a＝g 时间t后水平方向的速度为vxP＝at＝gt 由勾股定理可得vP＝＝ 。 (2)小球在竖直方向的位移为y＝v0t 小球在水平方向的位移为x＝at2＝gt2 可知P点的位置坐标为P。 答案：(1)　(2) 25．解析：(1)小球在C点时对轨道的压力大小为该球重力的2倍，有 2mg－mg＝ 代入数据，解得vC＝3 m/s 则由A点运动到C点，由动能定理有 mg(R－Rcos 37°)－Wf＝mv－mv 代入数据，解得vA＝2.5 m/s 如图所示，当小球运动至A点时恰好沿AC弧的切线飞入A点，将此时的速度分解如图甲所示。 甲 则有cos 37°＝ 代入数据，解得v0＝2 m/s。 (2)闭合开关后，设通过小球的电流为I，通电时间为t，则有 F＝BIL，Ft＝mv0 由以上两式得流过m1小球的电荷量为 q0＝＝10 C。 (3)m1小球在D点与m2小球发生弹性正碰，设碰后m2小球的速度为v2，则有 v2＝vC 若m2小球进入MN轨道后能一直沿轨道运动(轨道上均匀散布着挤压可留痕迹的墨粉)，但并没有在该轨道上留下划痕，可知小球受力平衡，将重力分解后如图乙所示。 乙 则有m2gsin 37°＝Eq，m2gcos 37°＝Bqv 由以上各式解得 E＝22.5 N/C，m2＝6 kg。 答案：(1)2m/s　(2)10 C　 (3)22.5 N/C　6 kg 33．解析：(1)洁净的玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板的重力，其原因是水分子和玻璃分子之间存在吸引力，故A正确；由乙图可知当两个相邻的分子间距离小于r0时，斥力大于引力，合力表现为斥力，但引力依然存在，故B错误；由图离子分布示意图可知，氯化钠为晶体，其物理性质沿各个方向表现为各向异性，故C错误；实际分子并不是球形，通过油膜法估算分子直径时，是近似看做球形处理，故D正确；由于水分子的无规则运动，撞击微粒后，微粒的运动轨迹也是无规则的，因此可通过微粒运动的无规则性，间接地反映了液体分子运动的无规则性，故E正确。故选ADE。 (2)①气体压缩前p1＝p0，V1＝VA＋d1S 压缩后p2＝p0＋，V2＝VA＋d2S 据题意，气体先做等温变化，由玻意耳定律有p1V1＝p2V2 解得VA＝1000 cm3。 ②据题意，气体接着做等压变化，有＝ 其中变化前T2＝300 K 变化后V3＝V2－Δd·S，T3＝(t3＋273) K 解得t3≈－18 ℃。 答案：(1)ADE　(2)①1000 cm3　②－18 ℃ 34．解析：(1)由于质点P沿y轴正方向运动，根据同侧法可知该波沿x轴负方向传播，A正确；根据图甲可知该波的波长为8 m，根据发生明显衍射的条件可知，该波遇到尺寸等于8 m的障碍物将发生明显的衍射现象，B正确；根据图乙可知，该波的频率为f＝ Hz＝5 Hz可知，该波遇到频率为50 Hz的简谐横波不能发生稳定干涉现象，C错误；根据图甲采用同侧法可知，Q点从平衡位置沿y轴负方向振动，根据图乙可知，在0.20 s时刻， 质点也从平衡位置沿y轴负方向振动，即若t取0.20 s，则图乙可能为Q点的振动图象，D正确；由于0.50 s＝4T＋T，根据图甲可知，再过0.50 s，P点位于平衡位置与波谷之间，即其动能不为零，E错误。故选ABD。 (2)①如图甲所示，光线刚好全反射，这时sin θ＝＝ 甲 挡风玻璃和光学元件的折射率为 n＝＝1.5 ②红外发射管如果是在a位置向MN中点发射红外线，如图乙所示。 乙 则sin α＝cos θ＝ 由折射率公式n＝ 解得sin β＝nsin α＝>1 所以红外发射管不能在a位置向MN中点发射红外线，则红外发射管在b位置向MN中点发射红外线，红外接收管是在c位置，大致光路图如图丙所示。 丙 答案：(1)ABD　(2)①1.5　②见解析 学科网（北京）股份有限公司 $$