【高考领航】2025年高考物理模拟试题精编卷(6)

高考物理模拟试题精编(六) (考试时间：70分钟　试卷满分：110分) 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 14.如图所示，质量为M，倾角θ＝30°的粗糙斜面置于水平面上，质量为m的物块在水平向右的推力F作用下，沿斜面向上匀速运动，物块上滑过程中斜面体始终静止。下列结论正确的是(　　) A．物块一定不受摩擦力作用 B．由于不知道F的大小，所以物块可能受到沿斜面向上的摩擦力 C．水平面对斜面体的摩擦力大小为F D．水平面对斜面体的支持力大小为Mg＋mgcos θ 15．北京时间2022年10月7日21时10分，中国太原卫星发射中心在黄海海域使用长征十一号海射运载火箭，采用“一箭双星”方式，成功将微厘空间北斗低轨导航增强系统S5/S6试验卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。若试验卫星绕地球做匀速圆周运动，周期为T，离地高度为h，已知地球半径为R，万有引力常量为G，则(　　) A．试验卫星的运行速度为 B．地球的第一宇宙速度为 C．地球的质量为 D．地球表面的重力加速度为 16.如图所示，假设某运动员由a点沿水平方向跳离，经过一段时间落在c点，轨迹上的b点距离连线ac最远，d点为竖直线bd与ac连线的交点，忽略一切阻力。则下列说法正确的是(　　) A．b点的速度与连线ac平行 B．运动员从a到b的时间小于b到c的时间 C．ad两点之间的距离大于dc两点的距离 D．ab两点的竖直距离等于bc两点的竖直距离 17.电荷量为Q的正点电荷固定在以O为圆心、R为半径的圆上的A点，AC为圆的水平直径，B、D为圆上的两个位置，其中∠BOA＝∠DOA＝60°，空间存在平行于圆面的匀强电场。将两个质子从B点以相同的初动能Ek0射出，两个质子分别以Ek0和的动能通过C点和D点，已知点电荷电场的电势φ＝k，其中k为静电力常量，r为与点电荷的距离，Ek0＝，不计质子的重力和质子之间的库仑力，取无穷远处电势为零。则匀强电场的场强为(　　) A．E＝，方向沿直线BC，由C指向B B．E＝，方向沿直线AC，由C指向A C．E＝，方向沿直线BC，由C指向B D．E＝，方向沿直线AC，由C指向A 18．如图所示，某交流发电机内有一边长为L、匝数为N、电阻不计的正方形线圈abcd，在磁感应强度大小为B的匀强磁场中绕转轴OO′以角速度ω匀速转动，轴OO′垂直于磁感线。它与理想变压器的原线圈连接，变压器原、副线圈的匝数之比为1∶3，二极管的正向电阻为零，反向电阻无穷大，定值电阻的阻值为R1，滑动变阻器R2的接入电路的阻值为R且最大阻值与定值电阻的阻值相等，滑片P置于滑动变阻器的中间，电表均为理想电表。从正方形线圈转到图示位置开始计时，下列判断正确的是(　　) A．交流发电机的感应电动势的瞬时值表达式为e＝NBωL2sin ωt B．电压表V的示数为 C．电流表A1与电流表A2的示数之比为3∶ D．若将滑动变阻器的滑片向下滑动，滑动变阻器R2消耗的功率一直减小 19.目前，地球上消耗的能量绝大部分来自太阳内部核聚变时释放的核能。如图所示，太阳能路灯的额定功率为P，光电池系统的光电转换效率为η。用P0表示太阳辐射的总功率，太阳与地球的间距为r，地球半径为R，真空光速为c。太阳光传播到达地面的过程中大约有30%的能量损耗，电池板接收太阳垂直照射的等效面积为S。则在时间t内，下列说法正确的有(　　) A．路灯正常工作消耗的太阳能约为E1＝ηPt B．因释放核能而带来的太阳质量变化约为Δm＝ C．到达地球表面的太阳辐射总能量约为E2＝ D．路灯正常工作所需日照时间约为t0＝ 20．如图甲所示，一足够长的传送带倾斜放置，倾角为θ，以恒定速率v＝4 m/s顺时针转动。一质量m＝1 kg的煤块以初速度v0＝12 m/s从A端冲上传送带，煤块的速度随时间变化的图象如图乙所示，取g＝10 m/s2，则下列说法正确的是(　　) 　 甲　　　　　　　　　　乙 A．倾斜传送带与水平方向夹角的正切值tan θ＝0.75 B．煤块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5 C．煤块从冲上传送带到返回 A 端所用的时间为4 s D．全过程煤块与传送带间由于摩擦而产生的热量为(32＋8)J 21.如图所示，间距为d、不计电阻、足够长的光滑金属导轨CD、EF水平放置，处于垂直导轨平面向上、磁感应强度为B的匀强磁场中。导体棒Q静止于水平导轨上，导体棒P从CE处以速度v0向右运动，当导体棒Q在水平轨道上速度最大时，另一与导体棒P相同的导体棒以速度v0滑上导轨CE处，以后每当Q速度达到最大时，均重复前面操作。已知导体棒的长度均为d、质量均为m、电阻均为R，导体棒运动过程中始终与导轨接触良好且与导轨垂直，重力加速度为g，下列说法正确的是(　　) A．导体棒P的最小速度为 B．导体棒P的速度为(第三根棒未放)时，导体棒P的加速度大小为 C．不论有几个导体棒在导轨上运动，几个导体棒组成的系统动量均守恒 D．导体棒Q从静止开始运动经足够长时间后，流过导体棒Q的电量为 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 得分 答案 三、非选择题：共62分。第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33～34题为选考题，考生根据要求作答。 (一)必考题：共47分。 22．(5分)某研究性学习小组，将毫安表的表盘改装成可直接读取重力数值的表盘，电路图如图甲所示。实验器材如下： 电源E(电动势1.5 V，内阻为0.5 Ω) 灵敏毫安表mA(满偏电流1 mA，内阻为0.5 Ω) 电阻箱R(最大阻值为999.9 Ω) 拉力敏感电阻丝RL 开关S，导线若干 已知拉力敏感电阻丝的阻值RL随拉力F变化的规律如图乙所示。 　　　 甲　　　　　　　　　　　　　　　　乙 (1)未悬挂重物时，调节电阻箱，使灵敏毫安表满偏，此时电阻箱R的阻值为____ Ω，改装后的表盘重力“0”刻度位于表盘的______(选填“左”或“右”)端。 (2)若毫安表指针指向表盘正中间刻度，此时拉力敏感电阻丝的阻值RL为____Ω。 (3)若拉力敏感电阻丝的阻值RL为1375 Ω，电阻丝与竖直方向的夹角θ＝53°(cos 53°＝0.6)，则通过毫安表的电流为______ mA，此处若标注重物的重力，该数值为______ N。 23．(10分)某同学用气垫导轨装置验证动量守恒定律，如图所示。其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连。两个滑块A、B(包含挡光片)质量分别为m1、m2，当它们通过光电门时，计时器可测得挡光片被遮挡的时间。 (1)先调节气垫导轨水平，经过调整后，轻推一下B，若它通过光电门G1、G2的时间________，或将其轻放在气垫导轨上任何位置都能静止，则气垫导轨已调至水平。 (2)将B静置于两光电门之间，将A置于光电门G1右侧，用手轻推一下A，使其向左运动，与B发生碰撞，为了使A碰后不返回，则m1________m2。(填“＞”“＝”或“＜”)； (3)光电门G1记录的挡光时间为Δt1，滑块B、A先后通过光电门时，G2记录的挡光时间分别为Δt2、Δt3，为了减小误差，挡光片的宽度应选择________(填“窄”或者“宽”)的，若m1、m2、Δt1、Δt2、Δt3满足______________(写出关系式)则可验证动量守恒定律；若Δt1、Δt2、Δt3满足一个关系式____________，则说明A、B发生的是弹性碰撞。 24.(12分)如图甲所示，质量为m＝0.5 kg的小物块静止在倾角为37°的足够长固定斜面的底端，现对其施一沿斜面向上的力F，力随时间变化的情况如图乙所示，5 s后撤去力F。已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，物块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.5，不计空气阻力，g取10 m/s2。求： 　　 甲　　　　　　　　　　乙 (1)力F作用下小物块的加速度大小； (2)小物块沿斜面向上运动的最大距离； (3)小物块在斜面运动的总时间。(结果可保留根号) 25.(20分)如图甲所示，在xOy平面的第一象限内存在周期性变化的磁场，规定磁场垂直纸面向内的方向为正，磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示。质量为m、电荷量为＋q的粒子，在t＝0时刻沿x轴正方向从坐标原点O射入磁场。图乙中T0为未知量，不计粒子的重力(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)。 　 甲　　　　　　　　乙　　 (1)若粒子射入磁场时的速度为v0，求0～T0时间内粒子做匀速圆周运动的半径； (2)若粒子恰好不能从Oy轴射出磁场，求磁感应强度变化的周期T0； (3)若使粒子能从坐标为(d，d)的D点平行于Ox轴射出，求射入磁场时速度大小。 (二)选考题：共15分。请考生从给出的两道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。 33．[物理——选修3－3](15分) (1)(5分)下列说法正确的是__________。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分) A．熵是物体内分子运动无序程度的量度 B．扩散现象在气体、液体和固体中都能发生 C．某种物体的温度为0 °C时，该物体中分子的平均动能为零 D．脱脂棉脱脂的目的是使它可以被水浸润，以便吸取药液 E．气体分子的体积等于气体的摩尔体积除以阿伏伽德罗常数 (2)(10分)如图所示，某学校杀菌消毒用的压缩式喷雾器储液桶的总容量为6.0 L，现倒入5.0 L的消毒药液后盖紧盖子，开始打气，每打一次都能把体积为200 mL、压强与大气压相同的空气打进储液桶，假设打气过程中药液不会向外喷出，储液桶气密性良好，出液管体积及出液口与储液桶底间高度差不计，周围环境温度不变，气体可视为理想气体，外界大气压恒为1.0×105 Pa。求： ①当打气20次后，喷雾器内空气的压强及这个压强下最多能喷出的药液体积； ②要使喷雾器内的药液一次性全部喷完，至少需要打气的次数。 34．[物理——选修3－4](15分) (1)(5分)下列说法正确的是__________。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分) A．变化的磁场产生变化的电场，变化的电场产生变化的磁场 B．如果波在传播过程中遇到尺寸比波长大得多的障碍物，该波就不能发生衍射现象 C．敲击音叉，围绕振动的音叉转一圈的过程中，会听到声音忽强忽弱，这是干涉现象 D．一束白光通过三棱镜后，在屏上出现彩色条纹，这是光的一种折射现象 E．在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的 (2)(10分)一列简谐横波沿x轴负方向传播。图甲是t＝1 s时的波形图，图乙是该列波中某振动质点的振动图象，求： 　 甲　　　　　　　　乙 ①该波的传播速度； ②图甲中x＝5 m处的质点在振动过程中的位移随时间变化的关系式(不要求推导过程)。 学科网（北京）股份有限公司 $$ 高考物理模拟试题精编(六) 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 C B A A C BCD AD ACD 14.C　物块与斜面间有弹力，且接触面粗糙，物块相对斜面向上滑动，所以物块受到沿斜面向下的摩擦力，故AB错误；对斜面和物体构成的整体进行受力分析，受重力、推力、地面对斜面的支持力和地面对斜面的摩擦力，根据平衡条件可得，竖直方向有N地＝(M＋m)g，水平方向有f地＝F，故C正确，D错误。故选C。 15．B　试验卫星绕地球做匀速圆周运动，其线速度为v＝，A错误；地球的第一宇宙速度为近地卫星(r＝R)的运行速度G＝m，对实验船G＝m(R＋h)，联立可得v1＝，B正确；由B解析中方程可得地球质量M＝，C错误；对地球表面物体，有G＝mg，代入C中数据可得g＝，D错误。故选B。 16．A　将初速度分解为垂直于斜面的分速度为v2＝v0sin α和平行于斜面的分速度为v1＝v0cos α，将重力分解为垂直于斜面的分力为F2＝mgcos α和平行于斜面的分力为F1＝mgsin α，则在平行于斜面方向，运动员做匀加速直线运动，在垂直于斜面方向做匀减速直线运动，当垂直于斜面的分速度减为0时，运动员距离斜面最远，此时只有平行于斜面的分速度，故A正确；从a到b时间为t＝＝＝，设从a到c的运动时间为t′，斜面长为L，斜面高为h，则h＝gt′2，L＝v0t′，解得t′＝＝，则从b到c的运动时间为t2＝t′－t＝，故B错误；上述可知，运动员从a到b的时间等于b到c的时间，则a到b之间的水平位移等于b到c之间的水平位移，d点为竖直线bd与ac连线的交点，则ad与cd之间的水平位移相等，即xad＝xcd，设ad之间的竖直距离为yad，cd之间竖直距离为ycd，由数学知识可知tan α＝＝，则可知yad＝ycd，则ad两点之间的距离为sad＝，dc两点的距离为scd＝＝sad，故C错误；ab两点的竖直距离为h1＝gt2＝·2＝，ac两点的竖直距离为h＝gt′2＝·2＝，则ab两点的竖直距离与bc两点的竖直距离之比为h1∶h2＝h1∶(h－h1)＝1∶3，故D错误。故选A。 17.A　由题意可知，质子从B点到D点的运动中，动能减小了ΔEk＝Ek0－＝，质子从B点到C点的运动中，动能不变，由题意可知质子在B点时，在Q的电场中的电势能为EpB＝eφB＝，在C点时的电势能为EpC＝eφC＝，在D点时的电势能为EpD＝eφD＝，可知质子在匀强电场中，从B到C克服电场力做功，因此质子在匀强电场中受到电场力方向沿BC直线，且方向由C到B，如图所示，DD′⊥BC，即DD′是一条等势线，由能量守恒定律可得eERcos 30°＝Ek0－，解得E＝，A正确，BCD错误。故选A。 18．C　从垂直于中性面开始计时，正方形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式应为e＝NBωL2cos ωt，A错误；交流电在一个周期内有半个周期通过二极管，原线圈两端的电压的最大值等于U1m＝NBωL2，由于变压器原、副线圈的匝数之比为1∶3，所以副线圈两端电压的最大值为U2m＝3NBωL2，根据交流电的热效应可得×＝×T，解得通过二管后电压的有效值为U2＝NBL2ω，电压表测量的是滑动变阻器两端电压的有效值，即U＝＝U2＝，B错误；理想变压器的输入功率与输出功率相等，由此可得I1＝I2，解得＝，C正确；当滑片P向下滑动时，滑动变阻器R2连入电路的电阻增大，由于U2不变，则滑动变阻器消耗的功率为P＝·R＝，当R增加且小于R1时，滑动变阻器R2消耗的功率增加，D错误。故选C。 19．BCD　路灯正常工作消耗的太阳能约为E1＝，故A错误；根据ΔE＝Δmc2，因释放核能而带来的太阳质量变化约为Δm＝＝，故B正确；以太阳为球心，r为半径的球面积为S0＝4πr2，到达地球单位面积功率为P1＝＝，到达地球表面的太阳辐射总能量约为E2＝·πR2·t＝，故C正确；路灯需要的总能量为Pt＝ηE3＝η·S·t0＝，路灯正常工作所需日照时间约为t0＝，故D正确。故选BCD。 20．AD　0～1 s内，煤块的加速度大小为a1＝＝8 m/s2，方向沿传送带向下，根据牛顿第二定律得mgsin θ＋μmgcos θ＝ma1，1～2 s物块的加速度大小为a2＝＝4 m/s2，方向沿传送带向下，根据牛顿第二定律得mgsin θ－μmgcos θ＝ma2，联立解得θ＝37°，μ＝0.25，则tan θ＝0.75，故A正确，B错误；物块上升的位移大小等于v-t图象与时间轴所包围的面积大小，为x＝×1＋×1×4＝10 m，根据x＝a2t，得煤块下滑的时间t下＝ s，所以煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为(2＋) s，故C错误；传送带的速度v＝4 m/s。在0～1 s内传送带的位移x带1＝vt1＝4×1 m＝4 m，煤块的位移为x煤1＝8 m，两者相对位移大小为Δx1＝x煤1－x带1＝4 m，在1～2 s内传送带的位移x带2＝vt2＝4×1 m＝4 m，物块的位移为x煤2＝2 m，两者相对位移大小为Δx2＝x带2－x煤2＝2 m，煤块沿传送带向下滑动过程中，煤块与传送带的相对位移为Δx3＝x带3＋x煤3＝x＋vt下＝ m，摩擦生热Q＝μmgcos θ·(Δx1＋Δx2＋Δx3)＝J，故D正确。故选AD。 21．ACD　导体棒P由CE处释放后，P棒受到向左的安培力减速，Q受到向右的安培力加速运动，回路电流相同，两棒所受安培力等大反向，两棒组成的系统动量守恒，由动量守恒得mv0＝mvP＋mvQ，由题可知当vP＝v0时vQ＝v0，此时两棒产生的电动势相同，回路中电流为0，两棒加速度均为0，B错误；当vP＝v0时，Q棒的速度第一次达到最大，此时另一导体棒(设为M)滑上导轨，此后M棒减速，P、Q两棒在安培力作用下加速，导体棒P的速度最小为，A正确；导体棒M中的电流为P、Q中的2倍，M受到的安培力与导体棒P、Q受到的安培力的合力等大反向，导体棒M、P、Q组成的系统动量守恒，当三者共速时另一导体棒(设为N)滑上导轨后，四个导体棒所受合外力仍为0，系统动量守恒，C正确；每滑上一个导体棒，Q棒都会加速，则Q棒的速度可以达到v0，根据动量定理得Bdq＝mv0，解得q＝，D正确。故选ACD。 22．解析：(1)由图可知没有悬挂重物时RL＝1000 Ω，根据闭合电路欧姆定律有E＝Ig(r＋rmA＋RL＋R)，解得R＝499 Ω，由于电阻丝的阻值RL随拉力F的增大而增大，因此电流随拉力的增大而减小，因此重力为零时，电流最大，毫安表的示数最大，故改装后的表盘重力“0”刻度位于表盘的“右端”。 (2)若毫安表指针指向表盘正中间刻度，根据闭合电路欧姆定律有E＝Ig，解得RL′＝2500 Ω。 (3)根据闭合电路欧姆定律有E＝I，解得I＝0.80 mA，根据图乙可知RL＝0.2F＋1000，拉力敏感电阻丝的阻值RL为1375 Ω，则F＝1875 N，故重物的重力为G＝2Fcos θ＝2250 N。 答案：(1)499　右　(2)2500　(3)0.80　2250 23．解析：(1)实验开始，在不挂重物的情况下轻推滑块，若滑块做匀速直线运动，滑块通过光电门速度相等，则光电门的挡光时间相等，证明气垫导轨已经水平。 (2)根据弹性碰撞的“动碰静”的碰撞后的速度通项公式可知，要想“动”的物体碰撞“静”的物体不返回，必须“动”的物体的质量大于“静”物体的质量，即m1>m2。 (3)滑块通过光电门的速度是用遮光片通过光电门的平均速度替代，则遮光片的宽度越小，则遮光片通过光电门的平均速度越接近于滑块过光电门的瞬时速度，因此挡光片应选择“窄”的；滑块A两次经过光电门G1的速度近似等于滑块经过光电门时的平均速度，分别为vA＝，vA′＝，滑块B经过光电门G2的速度vB＝，根据动量守恒m1vA＝m1v′A＋m2vB，整理得m1＝m1＋m2，若为弹性碰撞，则动能也是守恒的m1v＝m1v′＋m2v，整理得m1＝m22，由上面的动量守恒推导出来的等式变换得 m1＝m2，代入上式＋＝。 答案：(1)相等　(2)>　(3)窄　m1＝m1＋m2　 ＋＝或＝－ 24．解析：(1)根据牛顿第二定律得F－mgsin θ－μmgcos θ＝ma1 加速度大小为a1＝2 m/s2。 (2)5 s末物块的速度与位移分别为 v＝a1t＝10 m/s ，x1＝a1t＝25 m 撤去力F，根据牛顿第二定律得 mgsin θ＋μmgcos θ＝ma2 解得a2＝10 m/s2 撤去力F后物块沿斜面运动的最大距离为 x2＝＝5 m 小物块沿斜面向上运动的最大距离为 x＝x1＋x2＝30 m。 (3)撤去力F后，物块匀减速运动至最大距离的时间为 t2＝＝1 s 从最高点匀加速运动至斜面底端， 根据牛顿第二定律得 mgsin 37°－μmgcos 37°＝ma3 解得a3＝2 m/s2， 滑到底端所用时间为t3，由位移公式得 x＝a3t 解得t3＝ s 小物块在斜面运动的总时间为 t总＝t1＋t2＋t3＝ s。 答案：(1)2 m/s2　(2)30 m　(3)(6＋) s 25．解析：(1)根据洛伦兹力提供向心力得 qv0·3B0＝m 解得r1＝。 (2)要使粒子恰好不从y轴射出，轨迹如图所示。 在前T0内的运动半径为r＝ 在后T0内的运动半径r2＝ 由几何关系知sin θ＝＝0.6 解得θ＝37° 0～T0粒子做圆周运动的周期T＝ 则 T＝T0 解得磁感应强度变化周期T0＝。 (3)要想使粒子经过D点且平行Ox轴射出，则粒子只能从nT0时刻经过D点，(其中n＝1，2，3…)，则轨迹如图所示。 　 设粒子射入磁场的速度为v，由(2)可得r2＝r1 由几何关系可知n(2r1cos 30°＋2r2cos 30°)＝2d 又qv·3B0＝m 解得v＝(n＝1，2，3…)。 答案：(1)　(2)　(3)(n＝1，2，3…) 33．解析：(1)熵是物体内分子运动无序程度的量度，系统内分子运动越无序，熵值越大，A正确；扩散现象在气体、液体和固体中都能发生，B正确；分子一直在永不停息的做无规则运动，物体的温度为0 ℃时，该物体中分子的平均动能不为零，C错误；油脂对水是不浸润的，脱脂棉脱脂的目的是使它从不能被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液，D正确；气体分子的间隙很大，气体的摩尔体积除以阿伏伽德罗常数等于每个气体分子占据的体积，并不是气体分子的体积，E错误；故选ABD。 (2)①在将气体打进储液桶之前，有 p0＝1.0×105 Pa，V0＝200 mL＝0.2 L 倒入5.0 L药液后，储液桶中气体部分的体积为 V1＝6.0 L－5.0 L＝1.0 L 打气过程，气体保持温度不变，根据玻意耳定律可得 p0(V1＋20V0)＝p1V1 联立解得p1＝5.0×105 Pa 药液喷出过程，气体温度保持不变，根据玻意耳定律可得 p1V1＝p0V2 解得V2＝5.0 L 因此能喷出的药液的体积为ΔV＝V2－V1＝4.0 L。 ②设至少需要打气n次，才能将喷雾器内的药液一次性全部喷完，根据玻意耳定律可得p0(V1＋nV0)＝p0V总 解得n＝＝＝25 要使喷雾器内的药液一次性全部喷完，至少需要打气25次。 答案：(1)ABD　(2)①5.0×105 Pa　4.0 L　②25 34．解析：(1)均匀变化的电场产生稳定的磁场，非均匀变化的电场产生变化的磁场，故A错误；衍射现象是波特有的现象，一直存在，只是当障碍物的尺寸与波的波长差不多或比波长短时，才会发生明显的衍射现象，故B错误；围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音，是声波叠加产生加强与减弱的干涉的结果，故C正确；白光通过三棱镜在屏上出现彩色条纹是光的折射现象，故D正确；由狭义相对性原理可知在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，故E正确。故选CDE。 (2)①根据甲图可知λ＝4 m，根据乙图可知T＝4 s，则波速v＝＝1 m/s。 ②振动角频率ω＝＝ 振幅A＝2 m由甲图可知，当t＝0时，x＝5 m处的质点在平衡位置沿负方向向下运动，则y＝－2sin m。 答案：(1)CDE　(2)①1 m/s　②y＝－2sin m 学科网（北京）股份有限公司 $$