2024年山东省枣庄市中考物理三模试卷

2024年山东省枣庄市中考物理三模试卷 一、单选题：本大题共16小题，共32分。 1.下列有关估测或论述中，正确的是(    ) A. 物理课本一张纸的厚度约1mm B. 一瓶普通矿泉水的体积约500L C. 某人发中音C调“1”的音调是262Hz D. 当声音的响度超过70dB时，人就会心烦 2.小明将掉在地面上的物理书捡起来放在课桌上，他对课本所做功最接近于(    ) A. B. C. 2 J D. 20 J 3.如图所示，一辆在水平路面上匀速行驶的洒水车正在进行洒水作业，下列说法正确的是(    ) A. 质量不变，重力势能不变 B. 质量变小，重力势能变小 C. 重力势能变小，动能不变 D. 重力势能不变，动能不变 4.下列工具在正常使用时省力的是(    ) A. 钢丝钳 B. 天平 C. 食品夹子 D. 筷子 5.下列说法中，错误的是(    ) A. 我们能闻到花香，说明分子在不停地做无规则运动 B. 四冲程内燃机的做功冲程是将机械能转化为内能 C. 沿海地区的昼夜温差变化比内陆地区的小，是因为海水的比热容比沙石的大 D. 晶体熔化时温度不变，其内能一定增加 6.平面镜MN沿水平方向以大小不变的速度v移向点光源S，移动中镜面始终保持与移动方向成角，如图所示，则S在镜中的像移动的速度大小和方向是(    ) A. 以速度v水平向右移动 B. 以速度水平向右移动 C. 以速度v沿连线向S移动 D. 以速度沿连线向S移动 7.为实现国家关于“碳达峰”“碳中和”目标，东风汽车集团研发了一款新型汽车。与某款汽车同样油耗和使用条件下，发动机工作时，尾气中“汽油味”明显降低，动力更强劲。如图所示为其发动机某一冲程示意图，下列有关说法正确的是(    ) A. 尾气中“汽油味”降低，是因为汽油在汽缸中燃烧比较完全 B. 该冲程为压缩冲程，内能转化为机械能 C. 汽油在汽缸内完全燃烧，发动机效率可达 D. 该技术革新虽然减少了发动机的碳排放，但同时也降低了它的效率 8.如图所示的电路。开关闭合后。灯不亮。用测电笔测试A、B、c、D四处时，发现只有在B处时氖管不发光。那么故障可能是(    ) A. 火线、零线短路 B. 灯开路 C. 进户线零线开路 D. bc之间某处开路 9.如图是生活中常见的现象，描述正确的是(    ) A. 三峡船闸是利用了连通器的原理，直接打开上游闸门船可进入闸室 B. 蚊子能吸食人血，是因为蚊子的口器尖，对皮肤的压力大 C. 将气压计从山脚下移到山顶，细管内的水柱高度会上升 D. 针筒里吹出的高速气流不能把瓶子里的水“吸”上来并喷出 10.如图所示，轻质细绳将物体A、B通过两个定滑轮分别连在同一弹簧测力计的两端，其中，，B是棱长为20cm的正方体，整个装置处于静止状态不计弹簧测力计的重力及滑轮与绳子的摩擦，下列说法不正确的是(    ) A. 弹簧测力计的示数为10N B. A物体受到的合力为0N C. B物体对支撑面的压力为100N D. B物体对支撑面的压强为 11.如图甲所示是小华同学自制的气压计，下列说法错误的是(    ) A. 甲图的自制气压计制作时，需注意瓶口密闭，瓶内的气压大于外界的大气压 B. 把甲图自制气压计从一楼带到五楼，看到玻璃管内水柱的高度将减小 C. 图乙将瓶内装满水，塞紧塞子，用力挤压瓶子可验证“力可以使固体发生微小形变” D. 图丙去掉橡皮塞，取一吸管靠近玻璃管口，通过吸管向右吹气，玻璃管内水面会上升 12.如图，在斜面上将一个重为15N的物体匀速从斜面底端拉到顶端，沿斜面向上的拉力，斜面长、斜面高。下列说法正确的是(    ) A. 克服物体重力做功 B. 额外功为 C. 物体受到的摩擦力为 D. 斜面的机械效率为 13.如图所示，当开关S闭合后，下列说法中正确的是(    ) A. 灯和串联，电压表测的是灯两端的电压 B. 灯和被短路，电流表和的示数相同 C. 灯和并联，电流表测的是通过灯的电流 D. 灯和并联，电流表测的是通过灯的电流 14.善于动手的小乔做了一个小实验：将一张口香糖包装锡纸剪开，形成中间狭窄的条形，并将锡纸接在5号电池的正负极如图所示，随后，锡纸中间部分竟然快速燃烧起来。下列说法错误的是(    ) A. 锡纸连在电池两极，利用了锡纸的导电性 B. 锡纸能燃烧的原因是将热能转化为电能 C. 锡纸两端的电压为 D. 锡纸中间狭窄的部分横截面积小，电阻大 15.如图所示是一种电能表，下列说法中正确的是(    ) A. 电能表是测量电功率的仪表 B. 铝盘转得越快说明电流做功越快 C. 该电能表的读数为 D. 铝盘每转过1500转电路消耗电能 16.电动自行车因其方便、快捷深受人们的喜爱，其核心部件是电动机．以下各图中与电动机的工作原理相同的是(    ) A. B. C. D. 二、填空题：本大题共9小题，共24分。 17.春天里的盐渎公园鸟语花香、绿草如茵，水中倒影，清晰可辨。从物理学的角度分析，我们 闻到花香这一现象表明分子是______的，我们看到小草呈绿色是因为小草______反射/吸收绿光，水中倒影的“影”是______影子/实像/虚像。 18.2023年5月28日，中国东方航空使用中国商飞全球首架交付的C919大型客机，从上海虹桥机场飞往北京首都机场。起飞时，飞机在跑道上加速滑行时惯性______选填“变大”、“变小”或“不变”；为了安静地休息，乘客带上了耳罩，这是在______减弱噪声。 19.小铭在家用天然气灶将一壶质量为2kg、初温为的水加热到，消耗了16g天然气。已知水的比热容为，天然气的热值为，则天然气完全燃烧放出的热量为______ J；水吸收的热量为______ J，天然气灶烧水的效率为______。 20.如图所示，斜面长，高。用沿斜面方向的推力F，将一个重为150N的物体由斜面底端A匀速推到顶端B，运动过程中物体克服摩擦力做了200J的功，运动过程中克服物体的重力做的功______ J：斜面的机械效率______；推力F的大小______ N。 21.如图是将铜丝缠绕在木棒的一端做成的自制简易液体密度计。将其分别放入密度为和两液体中，若密度计两次测量中排开液体的质量分别为、，可以判断：______，______。均选填“<”、“=”或“>” 22.如图所示为杂技“顶竿”表演，已知演员的重力均为500N，甲演员静止站在地面上，肩上顶着一根重为的竖直竹竿，乙演员沿竹竿匀速上爬，乙演员受到杆的摩擦力大小为______ N，此时甲演员受到的压力大小为______ N，若乙演员爬到竿顶静止后，甲抬起一只脚，则甲对地面的压强约为______ Pa。已知人双脚站立时与地面的接触面积约为 23.电视机画面的颜色是由______三种色条合成；船闸是利用______原理工作的；潜水艇是靠改变自身的______来实现上浮和下沉的． 24.如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，电压表的示数______选填“变大”“变小”或“不变”，且电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。由图像可知，滑动变阻器的最大电阻为______；电路消耗的最小功率为______计算结果保留一位小数。 25.如图所示，电源保持6V的电压不变，开关S闭合后，电流表的示数是，电压表的示数为2V，则两端的电压为______，电阻的阻值是______。 三、作图题：本大题共1小题，共2分。 26.请在图中画出动滑轮的支点O、动力、阻力、动力臂、阻力臂。 四、实验探究题：本大题共4小题，共22分。 27.液体蒸发的快慢跟哪些因素有关呢？小新同学猜想：水蒸发快慢可能与水的温度、水的表面积和水面上方空气流动快慢有关，于是他在4块相同的玻璃板上各滴一滴质量相同的水，进行如图1所示的实验探究。 通过A、B两图的对比，可以得出水蒸发快慢与水的______有关； 小新想通过A、D两图探究水蒸发快慢与水的温度的关系，你认为他的想法可行吗？______；理由 是：______； 小新猜想水蒸发快慢还可能与水的质量有关，于是继续进行了如下探究：在相同环境下的两块相同的玻璃 板上分别滴上一滴和两滴水如图，结果发现甲图中水先蒸发完，于是他得出结论：水蒸发快慢与水的质量有关，水的质量越______，水蒸发越快；从实验过程看，他没有控制______相同；从得出结论环节看，“根据谁先蒸发完，判断谁蒸发快”是______选填“正确”或“不正确”的，理由是______； 小新发现下雨天衣服干得较慢，提出一个新的猜想：水蒸发的快慢可能跟______有关。 28.在如图探究“平面镜成像特点”的实验中： 是否要透过玻璃板才能观察到蜡烛A所成的像？ 答：______. 能否用家用镜子的镜片替代玻璃板？ 答：______. 用玻璃板是为了便于确定像与物的______关系． 选用和A相同的蜡烛B是为了比较像与物的______关系． 当蜡烛A靠近玻璃板时，要使蜡烛B与A的像重合，蜡烛B应______ 玻璃板． 29.小明在做“测定小灯泡电阻”的实验时，小灯泡的额定电压，电源由两节新干电池串联组成。 请用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整，要求滑片向右移动时灯泡变亮，电流表接小量程。 电路连接好后，闭合开关，小明发现电流表指针几乎不动，电压表示数接近电源电压，检查所有接线柱都接触良好。当把开关与电压表之间的导线的一端从电压表的负接线柱改接到灯泡的左接线柱时，灯亮且电流表有示数了，但电压表无示数，则原电路故障应该是______。 次数 电压 电流 电阻 1 2 3 排除问题后小明继续进行实验，记录的部分数据如表所示，其中第1次实验小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻是______；第2次实验时，小明需要将滑片向______左/右移动，才能使电压表的示数如图丙所示。 小明根据所测数据计算出小灯泡的电阻不是一个定值，原因可能是______。 完成上述实验后小明进一步思考，提出问题：在没有电流表的情况下能否测量小灯泡的额定功率呢？他利用一个阻值为的定值电阻设计的电路如图丁所示。 ①调节滑动变阻器滑片使电压表示数为； ②接着保持滑片位置不变，将电压表______点的接线改接到C点，记录电压表示数为U； ③小灯泡额定功率______用已知量和测量量的符号表示。 ④根据电路及各元件的规格判断，定值电阻的阻值可能是______。 30.在研究液体压强的实验中，小强进行了如图所示的操作： 实验前，应调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中的液面______，小强用手无论轻压还是重压金属盒的橡皮膜，U形管两端的液面高度变化不明显，说明该压强计的气密性______选填“好”或“差”； 比较图甲与图______，可探究液体压强与深度的关系，由此可得出结论：同种均匀液体中，深度越深，压强越______。 要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，应选择图______与图丁进行对比，由此可得出结论：液体压强与盛液体的容器的形状______。选填“有关”或“无关” 在图丙中，固定U形管压强计金属盒的橡皮膜在盐水中的深度，使金属盒处于向上、向下、向左向右等方位，由此可得出结论：液体向各个方向的压强大小______；图乙与图丙进行对比可知，深度相同时，液体密度越大，液体压强越______。 五、计算题：本大题共2小题，共20分。 31.央珍观察了市场上的“测重仪”后，画出了如图所示的原理图：A为托盘，P为金属滑片且固定在托盘下的轻质弹簧上，并能随轻质弹簧一起上下滑动，当托盘中不放物体时，P位于R的最上端．已知，R的最大阻值为，电源电压恒为 求：图中的质量表应该用什么电表改装？ 当开关S闭合，不称量物体时，通电电阻R消耗的电能是多少？ 当称量物体质量达到最大值时，消耗的功率是多少？ 32.如图，是我国自主研制的深海探测器——“蛟龙号”。2011年8月，它在太平洋海域成功完成5000m深海探测；2012年6月，它再赴马里亚纳海沟挑战了7000m深海探测。不考虑大气压、水的阻力、海水密度变化。海水密度取，g取。 若“蛟龙号”上有一面积为：的观测窗口，在7000m深度时，观察窗受到的海水压力为多大？ 若“蛟龙号”能承受的最大压强是，则它能下潜的最大深度是多少？ 答案和解析 1.【答案】C  【解析】解：A、人的头发的直径在左右，物理课本一张纸的厚度与此差不多，在左右。故A不正确； B、一瓶普通矿泉水的质量约500g，其体积在左右。故B不正确； C、在音乐中，中音C调“”的频率是262Hz。故C正确； D、人们刚刚能听到的弱声是0分贝；分贝，听觉感觉正常；分贝，听觉感觉较吵；达到或超过90分贝，人们会感觉烦躁。故D不符合实际。 故选：C。 不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断正确的是哪一个。 物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。 2.【答案】C  【解析】解：一本物理课本的质量， ， 课桌高度约为1m， 人对课本做的功：。 故选：C。 首先估测物理课本的质量，然后计算它的重力，然后再估测课桌的高度，最后根据功的公式计算即可。 本题的难点在于对物理课本质量的估测，这是易错的地方，这要求我们对于生活中常见的物体要多观察、多思考。 3.【答案】B  【解析】解：在水平路面上匀速行驶的洒水车正在洒水作业，则洒水车的质量减小，速度不变，动能变小；高度不变，重力势能变小。 故选：B。 动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大； 重力势能大小跟质量、被举得高度有关，被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。 本题考查动能和重力势能的变化，关键是判断各自的影响因素是否发生变化。 4.【答案】A  【解析】解：A、钢丝钳的动力臂比阻力臂长，属于省力杠杆，故A符合题意； B、天平的动力臂和阻力臂相等，故B不符合题意； CD、食品夹子和筷子的动力臂比阻力臂短，都属于费力杠杆，故CD不符合题意。 故选：A。 动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆；动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆；动力臂和阻力臂相等的是等臂杠杆。 本题考查的是杠杆的分类；会根据动力臂和阻力臂的大小关系进行分类。 5.【答案】B  【解析】解：A、能闻到花香，是芳香分子的扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故A正确，不符合题意； B、四冲程内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能，故B错误，符合题意； C、因为水的比热容大于砂石，在相同吸、放热的情况下，温度变化小，所以沿海地区昼夜温差小，故C正确，不符合题意； D、晶体熔化过程中，吸收热量、温度不变，内能增大，故D正确，不符合题意。 故选：B。 扩散现象说明：组成物质的分子在不停地做无规则运动； 热机做功冲程把内能转化为机械能； 水的比热容大，组成沿海地区昼夜温差小于内陆地区； 晶体熔化过程吸热、温度不变。 本题考查了几个基础知识，难度不大。 6.【答案】C  【解析】解：如题图所示，平面镜MN沿水平方向以大小不变的速度v移向点光源S，移动中镜面始终保持与移动方向成角，则平面镜相对于光源S移动的速度为，则S在镜中的像相对于光源S移动的速度大小为，方向：沿SS的连线向S移动。 故选：C。 平面镜成像的特点：像和物体各对应点到平面镜间距离相等，像和物体各对应点的连线与平面镜垂直，由此可知物接近镜面的速度等于像接近镜面的速度。 本题考查平面镜成像特点和速度公式的应用，有一定难度。 7.【答案】A  【解析】解： A、尾气中“汽油味”明显降低，这说明汽油的燃烧率较高，燃烧的较完全，故A正确； B、两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，为做功冲程，此冲程中内能转化为机械能，故B错误； C、汽车在工作时不可避免的要克服机械部件间的摩擦做额外功，机械效率一定小于，故C错误； D、该发动机的尾气中“汽油味”明显降低，动力更强劲，在做相同有用功时，消耗的燃料少，减少了碳排放，同时也提高了它的效率，故D错误。 故选：A。 汽油在燃烧的过程中，燃烧的越充分，尾气中的“汽油味”越低； 根据气门的闭合情况、活塞的运动情况分析是哪个冲程及能量的转化； 任何机器都不可避免的做额外功，效率不可能达到； 根据发动机工作的特点分析。 本题考查了内燃机的工作过程、新型发动机的特点、发动机的效率，属于基础题。 8.【答案】D  【解析】解：如图，闭合开关后，发现电灯L不亮用测电笔测试时，发现在A、C、D三处时，氖管都发光，说明A、C、D都与火线连通，在B处时，氛管不发光，说明B处不与火线连通，则故障可能是BC之间发生了开路。 故选：D。 在正常情况下，开关闭合后，A、B与火线相通，用测电笔时，应都亮，C、D与零线相通，用测电笔测时，应都不亮，但C点也亮了，说明C与D之间开路。 本题考查了学生利用测电笔排查家庭故障的能力，对测电笔要会安全的使用，学会判断故障所在。 9.【答案】C  【解析】解：三峡船闸是利用了连通器的原理，根据图示可知，当打开阀门A时，根据连通器的原理，闸室和上游液面保持相平后，此时打开上游闸门，船才可以进入闸室，故A错误； B、蚊子能吸食人血，是因为蚊子的口器尖，在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B错误； C、大气压随高度的增加而减小，山顶的气压比山脚的气压小，把图中的装置从山脚移到山顶时，因为外界气压减小，所以细玻璃管内的液柱在瓶内气压的作用下会上升，故C正确； D、针筒里吹出的高速气流可以把瓶子里的水“吸”上来并喷出，是因为管上方的空气流速大，压强小，瓶子里的水在大气压的作用下向上喷出，故D错误。 故选：C。 连通器的特点：上端开口、下端连通的容器； 增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力； 大气压随高度的增加而减小，外界气压减小，据此判断细玻璃管内水柱高度的变化； 流体的流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大。 本题考查了连通器的应用、增大压强的方法、沸点与气压的关系、流体的压强与流速的关系，是一道综合题。 10.【答案】D  【解析】解：图示中，A物体受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力的作用静止，处于平衡状态，所受合力为0，A物体对弹簧测力计的拉力为10N，B物体通过绳子对测力计起固定作用，所以测力计的示数为10N，故AB正确； C.测力计的示数为10N，则测力计对B的拉力为10N，B静止在支撑面上，受到竖直向上的拉力、支持力和竖直向下的重力的作用，支持力； 支撑面对B的支持力与B对支撑面的压力是相互作用力，大小相等，所以B对支撑面的压力为100N。故C正确； D.B物体对支撑面的压强，故D错误。 故选：D。 弹簧测力计读数时，多数都是在静止或匀速直线运动状态即平衡状态下使用的，此时弹簧测力计的示数等于弹簧测力计受到的拉力； 通过分析B的受力情况和相互作用力的大小关系得出B对地面的压力，根据求出B对地面的压强。 本题考查了二力平衡条件、相互作用力的应用以及压强的计算，要注意弹簧测力计处于静止状态时，受到的力是平衡力，弹簧测力计的示数等于其中一个力的大小。 11.【答案】B  【解析】解：A、因为瓶内气压等于外界大气压加上水柱产生的向下的压强，所以瓶内气压大于外界大气压，故A正确； B、自制气压计内部空气压强等于外界大气压和水柱向下的压强之和，把自制气压计从一楼带到五楼，外界大气压变小，在容器内部气压的作用下，水柱高度变大，故B错误； C、用力挤压瓶子，发现玻璃管内液面上升，再用小一点的力，挤压瓶子，发现玻璃管内水面高度的变化减小，该装置可以验证“力可以使固体发生微小形变”，故C正确； D、去掉橡皮塞，通过吸管向右吹气，玻璃管上方的空气流动速度增大，压强减小，瓶内水在大气压的作用下上升，故D正确。 故选：B。 气压计的原理是利用内外压强差使细管内液柱上升或下降来判断气压的改变；当大气压发生改变时，瓶内压强与外部压强不同，则细管内液柱将发生改变。 力可以改变物体的形状和运动状态。 流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。 本题综合考查了流体压强与流速的关系、力的作用效果、气压计、流体压强与流速的关系等知识的理解和应用，要正确理解相关的知识点，做到灵活应用。 12.【答案】C  【解析】解：A、克服物体重力做的有用功：，故A错误； B、拉力做的总功：， 所做的额外功：，故B错误； C、由可得物体受到的摩擦力：，故C正确； D、斜面的机械效率：，故D错误。 故选：C。 利用计算克服物体重力做的有用功； 利用计算拉力做的总功，所做的额外功等于总功减去有用功； 利用计算物体受到的摩擦力； 斜面的机械效率等于有用功与总功的比值。 本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功、摩擦力、机械效率的计算，属于基础题。 13.【答案】D  【解析】解：读图可知，当开关S闭合后，电流有两条路径，故电路为并联电路，且电流表在干路，测总电流，电流表测的是灯的电流，根据并联电路的电流关系可知，电流表和的示数不相同；电压表测并联电路的电压，也可以认为是测量或的电压，故D正确。 故选：D。 串联电路中电流只有一条路径，并联电路中电流有多条路径，据此判断串并联；电流表要串联在被测电路中，电压表要与被测用电器并联。 会根据电流流向法判断电路的连接特点，知道电流表要与被测部分串联，是做出正确判断的关键。 14.【答案】B  【解析】解： A、锡纸上的锡是金属，属于导体，故A正确； B、当电流通过锡纸时，电流做功而消耗电能，产生了热量，是电能转化为内能，故B错误； C、一节干电池电压是，所以锡纸两端的电压为，故C正确； D、根据影响电阻大小因素可知，锡纸剪成中间狭窄的形状，中间部分横截面积小，电阻大，故D正确。 故选：B。 容易导电的物体叫导体，如：各种金属、酸碱盐溶液、石墨、人体、大地等； 电流有三种效应：电流的热效应、化学效应和电流的磁效应； 一节干电池电压是； 影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积、温度。 本题考查了利用身边器材能够做的物理实验以及分析实验中蕴含的物理知识，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查。 15.【答案】B  【解析】解： A、电能表是测量用电器消耗的电能的，不是测量电功率，故A错误； B、电能表的铝盘转得越快，表示消耗的电能越快，即电流做功越快，故B正确； C、电能表的读数是，故C错误； D、表示电路中用电器每消耗的电能，电能表转盘转3000转，铝盘每转过1500转电路消耗的电能，故D错误。 故选：B。 电能表是测量消耗电能的仪表； 电能表的转盘铝盘转得越快，表示消耗的电能电流做功越快； 电能表读数时注意最后一位是小数位，单位是； 表示电路中用电器每消耗的电能，电能表转盘转3000转，据此求铝盘每转过1500转电路消耗的电能。 本题考查电能表的作用、读数方法，以及对电能表相关参数的理解，属于基础题目。 16.【答案】D  【解析】解：电动机是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的 A、图中是奥斯特实验，证明了电流周围可以产生磁场，与电动机的原理不同，故A不合题意； B、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，与电动机的原理不同，故B不合题意； C、图中是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验，与电动机的原理不同，故C不合题意； D、图中有电源，通电导体在磁场中受力会发生运动，是电动机的原理，故D符合题意． 故选 电动机是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的．明确各选项所揭示的原理可做出判断． 本题考查奥斯物实验、电磁感应、电磁铁和磁场对通电导线的作用等实验的辨别，知道电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力运动，并能结合图中装置做出判断，是解答的关键． 17.【答案】无规则运动；反射；虚像  【解析】【分析】 此题是一道联系实际的应用题，考查了分子运动、物体呈现不同颜色的原因及平面镜成像，光的反射现象，包含的知识点较多，难度不大。 分子都在不停地做无规则运动； 不透明物体的颜色由物体反射的色光决定，不透明物体只能反射与自身颜色相同的色光，吸收与自己颜色不同的色光； 光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射，平面镜成的是虚像。 【解答】 闻到花香这一现象表明分子是不停地做无规则运动； 小草呈绿色是因为小草反射绿光，吸收其他颜色的光； 水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的虚像。 故答案为：运动；反射；虚像。 18.【答案】不变  人耳处  【解析】解：惯性是物体保持运动状态不变的性质，与质量有关，与速度无关，飞机在跑道上加速滑行时质量不变，则惯性不变；为了安静地休息，乘客带上了耳罩，这是在人耳处减弱噪声。 故答案为：不变；人耳处。 惯性是物体保持运动状态不变的性质，与质量有关，与速度无关； 防治噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。 本题考查惯性与减弱噪声，属于基础题。 19.【答案】      【解析】解：消耗天然气的质量：， 这些天然气完全燃烧放出的热量： ； 水吸收的热量： ； 天然气灶烧水的效率： 。 故答案为：；；。 已知消耗天然气的质量和热值，利用公式计算天然气完全燃烧放出的热量总能量。 知道水的比热容、水的质量、水的初温和末温，利用公式计算水吸收的热量有用能量。 求出了水吸收的热量和天然气完全燃烧放出的热量，利用公式计算天然气灶烧水的效率。 本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、热效率公式的应用，知道哪些是有用能量、哪些是总能量是关键。 20.【答案】600 75 80  【解析】解：运动过程中克服物体的重力做的功： ； 运动过程做的总功： ， 斜面的机械效率； 根据可得，推力： 。 故答案为：600；75；80。 已知物体的重力和斜面的高度，根据公式可求推力所做的有用功，即运动过程中克服物体的重力做的功； 运动过程中物体克服摩擦力做的功为额外功，根据求出总功，利用效率公式求出斜面的机械效率； 根据求出推力F大小。 本题考查了使用斜面时有用功克服物体重力做功、总功推力做功、机械效率的计算，知道克服摩擦力做的功是额外功是本题的关键。 21.【答案】  【解析】解：密度计放在两种液体中都漂浮，根据漂浮条件可知，密度计在甲、乙两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力G，两次浮力相等，根据阿基米德原理可知两次排开液体的重力相等，所以两次排开液体的质量相等，即； 由图知密度计排开液体的体积，由阿基米德原理可知，密度计排开甲液体的体积大，所以甲液体的密度小，即。 故答案为：<；=。 根据漂浮条件可以判断密度计在不同的液体中受到浮力的大小关系；根据浮力的关系得出排开物体质量的关系。 从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度的大小。 本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，利用好密度计测液体密度时漂浮是本题的关键。 22.【答案】  【解析】解：乙沿竹竿匀速上爬和乙在竹竿上静止时均处于平衡状态，受到的摩擦力和重力是一对平衡力，所以，乙受到摩擦力的大小； 此时甲演员受到的压力大小等于乙演员和杆的重力之和，即； 甲站在水平地面上，甲对地面的压力等于甲、乙和杆的重力和，即； 受力面积为一只脚与地面的接触面积， 甲抬起一只脚时对地面的压强为： 。 故答案为：500；600；。 乙沿竹竿匀速上爬和乙在竹竿上静止时均处于平衡状态，受到的摩擦力和重力是一对平衡力，二力大小相等，方向相反，据此结合乙的重力进行解答； 甲演员受到的压力大小等于乙演员和杆的重力之和； 甲对地面的压力等于甲、乙和杆的重力和，受力面积为一只脚与地面的接触面积，根据算出甲抬起一只脚时对地面的压强。 本题考查了二力平衡条件和压强公式的应用，是一道综合题，有一定的难度。 23.【答案】红、绿、蓝  连通器  重力  【解析】解： 电视机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色条合成，这三种色光被称为光的三原色； 船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，是利用连通器原理工作的； 潜水艇在水下时，排水体积一定，所受浮力不变，因此，它是靠改变自身的重力来实现上浮和下沉的． 故答案为：红、绿、蓝；连通器；重力． 知道色光的三原色，了解连通器原理在船闸中的应用，知道潜水艇实现上浮和下沉的原理可逐一解答． 本题考查了光的三原色、连通器的应用、潜水艇浮沉的原理等，属记忆知识，难度不大． 24.【答案】变小    【解析】解：闭合开关，、串联，电流表测量电路电流，电压表测量两端的电压。将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值逐渐变小，根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压变小，故电压表的示数变小； 当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小， 从图乙可知，此时电路中电流为，滑动变阻器两端得到电压为12V， 则滑动变阻器的阻值为，电源电压①， 当电路中电流为1A时，滑动变阻器两端的电压为3V，电源电压②， 根据①②可得：，； 电源电压不变，根据可知，电路中电流最小时，总功率最小， 根据欧姆定律可知，电路中电阻最大时，电流最小，此时滑动变阻器接入电路的电阻为， 根据欧姆定律可知电流， 电路消耗功率。 故答案为：变小；120；。 闭合开关，、串联，电流表测量电路电流，电压表测量两端的电压。将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值逐渐变小，根据串联分压特点可知电压表的示数的变化情况； 当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，从图乙可知，此时电路中电流为，滑动变阻器两端得到电压为12V，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值，并可得出电源电压的表达式； 当电路中电流为1A时，滑动变阻器两端的电压为3V，得出电源电压的表达式，联立以上两式可得出电源电压和的阻值。 电源电压不变，根据可知，电路中电流最小时，总功率最小，根据欧姆定律可知，电路中总电阻最大时，电流最小，此时滑动变阻器接入电路的电阻为，根据欧姆定律得出电流的最小值，根据得出电路消耗的最小功率。 本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。 25.【答案】2V 10  【解析】解：由电路图可知，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流； 因电压表示数为2V，所以两端的电压为2V； 因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以两端的电压：， 因串联电流处处电流相等，所以由可得，电阻的阻值：。 故答案为：2V；10。 由电路图可知，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电压表示数可知两端的电压；根据串联电路的电压特点求出两端的电压，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出电阻的阻值。 本题考查了串联电路的电压、电流的特点和欧姆定律的应用，属于基础题。 26.【答案】解：动滑轮绕着绳子不动的点转动，支点O在上方与绳子接触处，动力为绳子的拉力，方向水平向左，阻力是物体通过绳子对动滑轮的拉力，方向向右；过支点O分别向动力作用线和阻力作用线画垂线，就得到动力臂和阻力臂；图中的OA为动力臂，OB为阻力臂，如图所示： 。  【解析】使用动滑轮能省一半的力，但不能改变力的方向，其本质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆。 动滑轮是变形杠杆，根据杠杆五个要素的概念，确定支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂，考查了学生对概念的理解和应用能力。 27.【答案】表面积  不可行  A、D两图水上方空气流动速度不相同  小  水的表面积  不正确  只有在水的质量相同，表面积相同时，先蒸发完的才蒸发得快  空气湿度  【解析】解：比较A、B两图看出是水的温度和水上方空气流动速度相同，不同的是水的表面积，所以可以得出水蒸发快慢与水的表面积有关； 要研究水蒸发的快慢与水的温度的关系，应控制水的表面积和水上方空气流动速度相同，故不可行，因为A、D两图水上方空气流动速度不相同； 小新同学猜想水蒸发快慢还可能与水的质量有关，于是继续进行了如下探究：在相同环境下的两块相同的玻璃板上分别滴上一滴和两滴水如图结果发现甲图中水先蒸发完，于是他得出结论：水蒸发快慢与水的质量有关，水的质量越小，水蒸发越快； 从实验过程看，他没有控制水的表面积相同，因为探究水蒸发快慢与水质量实验，应该改变水的质量，控制水的表面积相同； 从得出结论环节看，“根据谁先蒸发完，判断谁蒸发快”是不正确的，理由是只有在已蒸发了水的质量相同时，才能够得出先蒸发完的才蒸发得快的结论； 小新发现下雨天衣服干得比较慢，下雨天空气湿度比较大，故于是提出一个新的猜想：水蒸发的快慢可能跟空气湿度有关。 故答案为：表面积； 不可行；A、D两图水上方空气流动速度不相同；小；水的表面积；不正确；只有在水的质量相同，表面积相同时，先蒸发完的才蒸发得快；空气湿度。 影响蒸发快慢的因素有：液体温度的高低、液体表面积的大小、液体上方空气流动的速度； 在探究一个物理量与多个因素的关系时，采用控制变量法的思想。 本题主要考查学生对影响蒸发快慢因素的了解和掌握，以及控制变量法的应用。 28.【答案】是；不能； 位置； 大小； 靠近  【解析】解：玻璃既能透光，又能反光，既可以看到前面物体在后面成的像，又可以看到后面的物体．所以透过玻璃板才能观察到蜡烛A所成的像，不用家用镜子的镜片替代玻璃板． 用玻璃板既可以看到前面物体在后面成的像，又可以看到后面的物体，这样就可以利用等效替代的办法准确确定像的位置； 两只蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以两只蜡烛等长是为了比较像与物大小关系． 当蜡烛A靠近玻璃板时，要使蜡烛B与A的像重合，由平面镜成像特点可知，物距等于像距，则必须使蜡烛B也靠近玻璃板． 故答案为：是；不能；位置；大小；靠近． 实验的关键是确定像的位置，而选择玻璃板还是镜子作为实验中的平面镜主要是为了确定像的位置的需要；在实验中，只有透过玻璃板才能观察到蜡烛的像． 选取两段完全相同的蜡烛是为了比较像与物的大小关系，并标记出像的位置． 根据平面镜成像特点：物距等于像距可解答此题． 探究平面镜成像特点的实验过程，在中考题中较为热点．重在探索过程中遇到的困难、解决的办法的考查，这些题往往有规律可循，做题过程中注意积累． 29.【答案】连接灯泡的左接线柱与电压表的负接线柱的导线断路  5 左  灯丝的电阻随温度的升高而增大      【解析】解：滑片向右移动时灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，则滑动变阻器选用右下接线柱，因电流表接小量程，故滑动变阻器右下接线柱与电流表接线柱串联在电路中，如下图所示： ； 电路连接好后，闭合开关，小明发现电流表指针几乎不动，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；当把开关与电压表之间的导线的一端从电压表的负接线柱改接到灯泡的左接线柱时，灯亮且电流表有示数了，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表所在电路断路，因所有接线柱都接触良好，故原电路故障应该是：连接灯泡的左接线柱与电压表的负接线柱的导线断路； 第1次实验小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值，其示数为，则小灯泡正常发光时的电阻为： ； 电压表接入电路的是小量程，分度值为，示数为，根据串联电路电压规律可知需增大滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理可知需增大滑动变阻器接入电路的阻值，所以第2次实验时，需要将滑片向左移动； 由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据可知，灯泡实际功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而增大； ①灯泡、滑动变阻器、定值电阻串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为，此时灯泡正常发光； ②接着保持滑片位置不变，将电压表B点的接线改接到C点，电压表测定值电阻和灯泡两端的电压，记录电压表示数为U； ③根据串联电路电压规律可得定值电阻两端的电压：， 串联电路各处电流相等，通过电路的电流： ， 小灯泡额定功率为： ； ④电压表选用的量程，定值电阻的最大电压不能超过， 小灯泡正常工作时电流为，R的最大值不能超过： ， 所以，定值电阻的阻值可能是。 故答案为：见解答图；连接灯泡的左接线柱与电压表的负接线柱的导线断路；；左；灯丝的电阻随温度的升高而增大②B；③；④。 滑片向右移动时灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱； 电路连接好后，闭合开关，小明发现电流表指针几乎不动，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，据此分析； 根据电流表选用量程确定分度值读数，利用求出小灯泡正常发光时的电阻；根据电压表接入电路的量程和分度值读数，根据串联电路电压规律、串联分压原理可知滑动变阻器接入电路的阻值变化； 小灯泡的电阻不是一个定值，灯丝的电阻随温度的升高而增大； ①灯泡、滑动变阻器、定值电阻串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为，此时灯泡正常发光； ②接着保持滑片位置不变，将电压表B点的接线改接到C点，电压表测定值电阻和灯泡两端的电压，记录电压表示数为U； ③根据串联电路电压规律计算定值电阻两端的电压，串联电路各处电流相等，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据求小灯泡额定功率； ④根据电压表量程结合串联电路电压规律和欧姆定律求出定值电阻的阻值，据此分析。 本题“测定小灯泡电阻”的实验，考查了电路连接、电路故障、电阻的计算、实验操作、影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。 30.【答案】相平  差  乙  大  乙  无关  相等  大  【解析】解：压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，因此实验前，调节好的压强计使两边的液面相平； 若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，都会有漏气现象，因此U形管两边液柱的高度差变化不明显； 比较甲乙两图中的液体密度相同，探头所在深度不同，所以探究了探究液体压强与液体深度的关系，并且由图知在同种均匀液体中，深度越深，压强越大； 要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，控制液体密度相同、在液体中的深度相同，容器形状不同，由图可知，乙和丁两图进行对比，U型管中液面的高度差相同，由此可得出结论：液体压强与盛液体的容器形状无关。 在丙图中，固定U形管压强计金属盒的橡皮膜在盐水中的深度，使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位，这是为了探究同一深度处，液体向各个方向的压强大小的关系，由此可得出结论：液体向各个方向的压强大小相等；乙图与丙图进行对比可知，深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。 故答案为：相平；差；乙；大；乙；无关；相等；大。 液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大，因此实验前，应调整U形管压强计，使左右两边玻璃管中的液面相平； 压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计漏气，U形管中的液面就不会变化； 液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关，在探究影响液体内部压强的因素时，需要用到控制变量法。 本题采用控制变量法探究液体压强跟液体的深度、密度、容器形状的关系。控制变量法在物理学中经常应用，一定要学会。 31.【答案】解：图中的质量表应用电流表改装． 当开关S闭合，不称量物体时，与R串联， ， 此时电路中的电流I为： ， 则R消耗的电能W为： 当称量物体质量达到最大时，只有接入电路，则消耗的电功率P为： 答：图中的质量表应用电流表改装； 电阻R消耗的电能是75J； 消耗的电功率是  【解析】根据物体越重，R接入电路的电阻越小，电流越大，“测重仪”的示数越大，可知质量表应用电流表改装的； 不称量物体时，R与串联，由电源电压和总电阻求出电流，再根据求出电阻R消耗的电能； 当称量物体质量达到最大值时，R没有接入电路中，两端电压为电源电压，根据可求出消耗的功率． 本题考查了电功和电功率的计算，正确分析不称量物体时和称量物体质量达到最大值时电路连接是解题的关键． 32.【答案】解：“蛟龙号”下潜到7000m深度时承受的海水压强为： ； 则在7000m深度时观察窗受到的海水压力为： ； 由可知，能下潜的最大深度： 。 答：在7000m深度时，观察窗受到的海水压力为； 能下潜的最大深度是7200m。  【解析】根据可求出“蛟龙号”下潜到7000m深度时承受的海水压强，再利用求出在7000m深度时观察窗受到的海水压力； 知道“蛟龙号”能承受的最大压强，利用公式求能下潜的最大深度。 本题主要考查液体压强公式及压强定义式的灵活运用，难度不大。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$