第2章 相互作用-【经纶学霸●白题】2025年学霸高考物理一轮复习

第二章 相互作用 学霸高考 第二章 相互作用 第1节 重力与弹力 限时:12min 考点分析:1.重力与重心; 2.弹力的产生与方向; 3.弹力的大小与胡克定律 1.模型(2024·河南豫东名校质检)如图所 4.(2024·江苏连云港质检)两根相同 示为仰韶文化时期的一款尖底瓶,该瓶装水 的轻弹策的原长均为7.将两弹策与 后“虚则款、中则正、满则覆”.下面有关瓶(包 两相同物体按如图所示的方式连接 括瓶中的水)的说法正确的是 ( ) 并悬挂于天花板上,静止时两根弹策 A. 瓶所受重力就是地球对瓶的吸引力 的总长为2.6/.现用手托着B物体 B.装入瓶中的水越多,瓶的重心一定越高 使下面的弹策2恢复到原长,则下面 C. 瓶的重心是瓶各部分所受重力的等效作用点 . 说法正确的有 ) D. 瓶的重心一定在两条绳子连线的交点上 A..悬挂稳定时弹箭1的长度为12/弹箭2 的长度为1.4/ B. 弹箭2恢复原长时弹箭1长度为1.4/ C.物体A上升的距离为0.4 (第1题) (第2题) D. 物体B上升的距离为0.4 2. 篮球比赛中的击地传球是指持球者在传球 5.(2023·辽宁阜新期初)用如图甲所示的装置 时,为躲防守队员防守而将球击地后传给队 来探究胡克定律,轻质弹箭的左端与固定在 友,如图所示,下列说法正确的是 ) 墙上的拉力传感器连接,在右端水平拉力F A. 篮球对水平地面的弹力方向斜向下 的作用下从原长开始沿水平方向缓慢伸长 B. 水平地面对篮球的弹力方向斜向上 弹策与水平面不接触,通过刻度尺可以读出 C. 水平地面受到的压力等于篮球的重力 弹策的伸长量x.通过拉力传感器可以读出 D. 队友接球时受到的冲击力是由于篮球发 F.多次测量F、x作出F一x图像如图乙所示。 生了形变而产生的 回答下列问题: 3. 新考法(2023·四川成都七中 期中)两条弹的弹力与长度 y拉力感器 w→F 的关系如图所示,下列表述不 0. 012345.678910 llhnlinllnlllhlllll 正确的是 o高写。 乙 A. 弹策a的原长小于弹策/ 名 (1)伸长量达到某个点后图像变弯曲,原因可 B. 弹策a的劲度系数大于弹策 能是 C. 在弹性限度内,用大小相等的力F拉伸弹 (2)弹的劲度系数为 策,弹策5的长度一定大于弹策a (3)弹策的伸长量分别为x和x.时,拉力传 D. 在弹性限度内,用大小相等的力F压缩弹 ,弹策6的长度一定大于弹a 感器的示数之差为 学霸高考 白题 物理 第2节 摩擦力 限时:25min 考点分析:1. 动摩擦因数与滑动摩擦力; 2. 静摩擦力的产生与判断 1.(2023·北京怀柔一中期初)某同学利用图甲 C. 轮子上M点所受的静摩擦力方向向上 所示的装置研究物块与木板之间的摩擦力,实 D. 皮带上N点所受的静摩擦力方向向下 验台上固定一个力传感器,传感器用细线拉 3. 如图所示,物块放在与水平面夹角为e的传 住物块,物块放置在粗糙的长木板上.水平向 送带上,且始终与传送带相对静止,关于物块 左拉木板,传感器记录的F-t图像如图乙所 受到的摩擦力f.下列说法正确的是 。 ( 示,下列说法中正确的是 A. 当传送带匀速向上运动 物块 时,/的方向一定沿传送带 向下 B. 当传送带减速向上运动时,/的方向一定沿 传送带向上 甲 C. 当传送带加速向上运动时,/的方向一定沿 3.0 .FN 传送带向上 2 D. 当传送带加速向下运动时,/的方向一定沿 0 传送带向下 4.(2023·陕西宝鸡二模)如图所示,质量为m 的木块P在质量为M的长木板ab上滑行,长 乙 木板放在水平地面上一直处干静止状态,若长 A. 本板一定始终做匀速运动 木板ab与地面间的动摩擦因数为丛,木块P B. 物块与木板之间的滑动摩擦力大小约为 与长木板ab间的动摩擦因数为u,则长木板 2.6N ab受到地面的摩擦力大小为 ( ) C. 在1.0~1.2s时间内,物块与木板之间相对 静止 D. 在2.4~3.0s时间内,物块与木板之间的摩 A. u.Mg B.j.(m+M)g 擦力是静摩擦力 C.12mg D. _. Mg+umg 2. 新考法(2023·山东青岛二中期末)(多选) 5.(2024·四川资阳乐至中学质检)(多选)如图 关于图中所示的皮带传动装置,下列说法中 所示,放在水平桌面上的木块A处于静止状 正确的是 , ) 态,所挂的码和托盘的总质量为0.6kg.弹 策测力计读数为2N.滑轮摩擦不计.若轻轻 取走盘中的部分法码,使磕码和托盘的总质 A. B轮带动A轮时沿顺时针方向转动 量减少到0.1k.则将会出现的情况是(g取 B. C轮带动D轮时沿逆时针方向转动 10m/s2) ( ) 第二章 相互作用 学霸高 8.(2023·辽宁抚顺一中期末)(多选)如图所 示,重为G=100N的物体在沿斜面向上的力 F=30N的作用下静止于倾角e=30*的斜面 A. 弹策测力计的读数将不变 上,当F发生下列变化时,物体仍静止.关于 摩擦力的变化情况判断正确的是 7 ) B. A仍静止不动 C. A受到桌面的摩擦力大小不变 D. 桌面受到A的摩擦力方向不变 6.(2023·广东揭阳期中)(多选)如图所示,水 A.当F变为40N时,摩擦力为40N.方向沿 平传送带以速度心顺时针匀速运动质量为 斜面向上 m的物块连接水平轻质细线,绕过光滑滑轮 B. 当F变为50N时,摩擦力为0 下端悬挂一质量为n。的物体,某时刻物块以 C. 当F变为60N时,摩擦力为10N.方向沿 速度v.向右运动,物块与传送带间的动摩擦 斜面向下 因数为u.则关于物块m所受的摩擦力/.下列 ) D. 当F从30N逐渐变为60N的过程中.摩 说法正确的是 擦力一直在减小 9. 新情境(2024·安徽徽师联盟联考)(多选) -□{ 如图所示,水平桌面上平放有15张卡片,每 一张卡片的质量均为n,用手指以竖直向下 A.若v。,则/=umg,方向向左 的力F(F>mg)压第1张卡片,并以一定速度 B.若v>v,则/=umg,方向向左 向右移动手指,确保第1张卡片与第2张卡 C.若v三v.,且物块m保持匀速运动,则/=0 片之间有相对滑动,其他卡片保持相对静止, D.若v.=v,且物块m保持匀速运动,则/= 当最上面那张卡片划走之后,继续以相同的 mg,方向向左 力F划动下一张卡片,设最大静摩擦力与滑 7. 如图所示,一足够长的轻质绸带放在水平光 动摩擦力相等,手指与卡片之间的动摩擦因 滑桌面上,绸带上放A、B两物块,A物块质量 数为丛,卡片之间的动摩擦因数为丛,卡片与 大于B物块,两物块同时分别受到反向等大 桌面之间的动摩擦因数为丛,下列说法正确 的是 且逐渐增大的力的作用,两物块与绸带间的 ) 动摩擦因数相同,最大静摩擦力与滑动摩擦 A. _~ 力大小相等,下列说法错误的是 ( B.划第1张卡片时,第2 AB) 张卡片受到第3张卡 A. 两物块所受摩擦力的大小总是相等 片的摩擦力方向向左 B. 两物块不可能同时相对绸带滑动 C. 划第1张卡片时,第10张卡片与第11张 C.A物块不可能相对绸带发生滑动 卡片之间的摩擦力大小为1.(F+10mg) D. A物块所受摩擦力一定大于B物块所受摩 D. 划第1张卡片时,最后一张卡片受到桌面 擦力 的摩擦力大小为0 学霸高考 白题 物理 第3节 牛顿第三定律 限时:7min 考点分析:1.生顿第三定律的内容及理解: 2.区分相互作用力与平衡力. 1. 新模型 (2023·安徽十校联盟期初)如图为 探险家突然往下沉,下列说法正确的是 ( 有机玻璃微小形变的示意图,竖直的三角形 ) 有机玻璃P压在水平的平板玻璃0上,发生 A. 在突然下沉时,由于人只受到重力与支持 形变,当特殊的光通过有机玻璃不同部位时, 力,所以这两个力平衡 产生的花纹发生变化.下列说法正确的是 B. 因为此时在下沉,所以人受到的支持力小 , 于人对沼泽地的压力 A.P对0的压力大小等于 C. 人下沉的原因是人对沼泽地的压力大于人 对P的支持力大小 的重力 B.P对0的压力与0对P的 D. 人下沉的原因是重力大于人受到的支持力 支持力是一对平衡力 4. 新情境(2023·浙江衡州期末)在亚马孙河 C.由于0发生了形变,所以P 流域有一种鱼叫阿氏丝脂鲤,繁殖时会把 卵产在河边的树叶上.如图有一条此类鱼摆 才对0有压力作用 尾击水跃出水面,静止吸附在树叶上,则下列 D. 由于P发生了形变,所以0才对P有支持 说法正确的是 ( 力作用 ) A.鱼静止在树叶上,树叶对 2.(2023·江苏常熟中学期末)如图为《天工开 鱼的作用力方向一定竖直 物》里的农具,名为横子,横子的底部套上铁 向上 尖,中间是一个放种子的方形木斗,播种时,牛 B. 鱼静止在树叶上,鱼对树 通过绳拉耕子前进,均匀摇晃,种子便顺着方 叶的吸力与树叶对鱼的弹力是一对平衡力 形木斗缓缓而下进人土地,关于牛拉横子前进 C. 鱼能跃出水面,主要是因为受到水的浮力 . 时,下列说法正确的是 ) 作用 A. 横子加速前进时,牛拉 D. 鱼在水中向上加速时,水对鱼的作用力大 绳的力的大小一定大于 于鱼对水的作用力 绳拉牛的力 5. 新考法一段内径均匀、内表面光滑的孤形水 B. 横子减速前进时,绳拉藉子的力的大小一 管置于水平面,当管道中通有流量稳定的水 定等于横子拉绳的力 流,由a流向b.则关于水流对管道的作用力 方向正确的是 1. C. 牛对绳的拉力和绳对牛的力是一对平衡力 ) ## D. 绳对襟子的拉力大于罐子对绳的力,因此 横子被拉动 3.某位探险家因对所到目的地的地形情况不了 解,因此慢慢前行,由于走进了沼泽地,这位 B 第二章 相互作用 学霸高 第4节 力的合成与分解 限时:30min 考点分析:1. 力的合成与分解的应用; 2.验证力的平行四边形定则. 1.已知两个力的合力为10N,其中一个力为F 4. 新模型 如图所示,表面光滑、质量不计的尖 =6N.则另一个分力F.的范围是 ) 劈,插在缝A、B之间,尖劈的一个角为a,在 A. 6NF.<10N B. 0NF.<10N 尖劈背上加一压力F,则尖劈对A侧压力和对 C. 4NF.10N D.4N<F.<16N ( B侧压力分别为 ) 2.“嫦娥五号”登陆月球时,从距月面几十千米 到几百来的过程中沿图中虚线做匀减速直线 运动,这就需要调整发动机的喷气方向,下列 四种喷气方向可能使“嫦娥五号”实现上述运 动的是 ( ) E A. Fsin a.Ftan a B. 一,Ftano sino 出气 出气体 F E C. D. Fsina. sina'tan a *tan o 面 月面 5.(2023·江苏南京模拟)如图 A B 出气 所示,一个“Y”形弹弓顶部跨 度为L.两根相同的橡皮条自 由长度均为L.在两根橡皮条 月面 月面 的末端用一块软羊皮(长度不计)做成裹片. C 若橡皮条的弹力与形变量的关系满足胡克定 3.(2024·江苏常熟期初)如图所示,AB、AC两 律,且劲度系数为5,发射弹丸时每根橡皮条 光滑斜面互相垂直.AC与水平方向成30*角 的最大长度为1.5Z(弹性限度内),则发射过 程中裹片对弹丸的最大作用力为 若把球0的重力G按照其作用效果分解,则 ) ( 两个分力的大小分别头 _ A. 1.2L # C.Z D. 2kL 6. 新情境(2023·广东梅州二模)梅州的非物 60 质文化遗产有不少,兴宁花灯就是其中一种, 3 G③ 它与北京宫灯是一脉相承,始于宋代,流行于 3G./3G A. B. ## 明清,是传承了上千年的客家传统习俗,花灯 用四条长度相同、承受能力相同的绳子高高 C. D. 吊起,如图所示,绳子与竖直方向夹角为9.花 学霸言考 白题 物理 ) ( 灯质量为m.则下列说法正确的是 2mg B.2 #A.-## mg 4/2mg 2mg D. 3 9. 如图所示,在竖直平面内,固定有半圆狐轨 A. 每条绳子的拉力均相同 道,其两端点V、V连线水平.将一轻质小环套 B. 增大绳子与竖直方向的夹角,花灯受到的 在轨道上,一细线穿过轻环A.一端系在V 合外力增大 点,另一端系一质量为m的小球,小球恰好静 C.绳子拉力的合力方向为竖直方向 止在图示位置,不计所有摩擦,重力加速度大 D. 绳子长一些更易断 ( 小为g.下列说法正确的是 ) 7.(2023·江苏盐城期中)某同学为了探究两个 互成角度的力的合力F随e变化的关系,按 如图甲所示的实验装置进行实验,把E点与 力的传感器相连接得到合力大小,如图乙所 A.轨道对轻环的支持力大小为mg 示为在计算机上显示的合力F随e变化的规 ) B. 细线对M点的拉力大小为 律,则下列说法正确的是 ( D. N点和轻环的连线与竖直方向的夹角 1# 为30d 180360 乙 10.新情境(2023·河南洛阳质检)如图甲所示, A.9越大,合力越大 一艘帆船正逆风行驶,如图乙所示是帆船逆 B.合力一定大于任何一个分力 风行驶的简单受力分析图,风力F=10{}N、方 C. 这两个分力大小分别为3N和4N 向与帆面的夹角为9=30{},航向与帆面的夹 D. 根据图之无法求出两个分力的大小 角也为θ=30{,风力在垂直帆面方向的分力 8.如图所示.两个小球。6质量均为n.用细线 推动帆船逆风行驶,则风力F在航向方向的 相连并悬挂于0点.现用一轻质弹策给小球 . 分力为 ) 施加一个拉力F,使整个装置处于静止状态 tlllI ,向 且0a与竖直方向的夹角为=45{*}.已知弹 的劲度系数为下,则弹蓄形变量不可能为 __ ( 风力在垂直帆面 7面 方向的分力 甲 乙 0一→ A.5.0x10*N B. 2.5x10t N C.2x10N D. 10N 016 第二章 相互作用 学霸高 第5节 共点力的平衡 限时:40min 考点分析:1.物体平衡条件及其应用; 2. 平衡问题的动态分析. 1. 新模型(2023·陕西成阳二模)春天在广场 图(b),若弯曲后的头颈与水平方向成60{*}角 上有许多人放风筝,会放风筝的人,可使风筝 F.与水平方向成45*角,则可估算出F,的大 小为 静止在空中.图中的四幅图中.MN代表风 ( ) 截面,0L代表风筝线,风向水平,在如图所示 _过 的四种情况中,风筝可能处于静止状态的是 4560 ( __ 图(a 图(h A.(3+1)G B.(3-1)G C.(3+2)G D.(3-2)G # 风向 4.新考法(2023·云南昆明模拟)工地上甲、乙 两人用如图所示的方法将带挂钩的重物抬起 D 不可伸长的轻绳两端分别固定于刚性直杆上 2.(2023·云南景洪期末)力学平衡是生活中常 的A、B两点,轻绳长度大于A、B两点间的距 见的自然现象.如图甲所示,在一根固定不动 离,现将挂钩挂在轻绳上乙站直后将杆的一 的树枝上,小鸟有时停在A点,有时停在B 端搭在肩上并保持不动,甲蹲下后将杆的另 点.图乙为该现象的抽象图,对于这两个点下 一端搭在肩上,此时物体刚要离开地面,然后 __ ( 列分析正确的是 甲缓慢站起至站直,已知甲的身高比乙高,不 计挂钩与绳之间的摩擦,在甲缓慢站起至站直 的过程中,下列说法正确的是 ( ) A. 小鸟站在A点时受到的合力较大 B. 小鸟站在A点时对树枝的压力较大 A. 轻绳的张力大小一直不变 C. 小鸟站在A点时受到的摩擦力较大 B. 轻绳的张力先变大后变小 D. 小鸟站在A点时受到树枝的作用力较小 C. 轻绳的张力先变小后变大 3. 新模型(2023·山东临沂阶段练习)2023年 D. 轻绳对挂钩的作用力先变大后变小 的春晚舞蹈《锦绣》,艺术地再现了古代戍边 5. 新模型(2023·河南名校联盟模拟)小明同 将士与西域各民族化干戈为玉帛并建立深厚 学从网络上看到了一个非常有意思的“反重 友谊的动人故事.图(a)是一个优美且难度极 力”现象的视频,如图所示,图中支架V竟然 大的后仰动作,人后仰平衡时,可粗略认为头 通过三条软链“支撑”起了上面具有一定质量 受到重力G、肌肉拉力F。和颈樵支持力F.如 的支架N,若忽略三条软链的质量,小明同学 学霸高夸 白题 物理 对这种现象进行了如下猜测,其中正确的是 滑圆环0,另一端系一质量为 ( ) n的物体A.现用力F拉住轻环 A. 软链3对支架N的作用 上一点,使物体A从图中虚线 力最大 位置缓慢上升到实线位置,则 A B. 软链1对支架V产生向 在此过程中,绳中张力F.、力 下的拉力 F和力F与水平方向夹角 的变化情况正确的是 C. 支架N的重心一定处在 ( 软链1与软链2、3之间 A. F.保持不变,F保持不变,夹角e逐渐 的某个位置 减小 D. 三条软链对支架M的作用力大小一定大 B. F.保持不变,F逐渐增大,夹角9逐渐增大 于支架N的重力 C. F.逐渐增大,F逐渐减小,夹角9逐渐减小 6.(2023·辽宁鞍山一模)挂灯笼的习俗起源于 D. F.逐渐减小.F保持不变,夹角θ逐渐 增大 1800多年前的西汉时期,已成为中国人喜庆 9.(2023·河南洛阳联考)如图所示,某同学通 的象征,如图所示,由五根等长的轻质细绳悬 过三段轻绳提起一质量为m.三1kg的物体 挂起四个质量相等的灯笼,中间的细绳是水 A.三段轻绳的结点为0,轻绳00水平且0 平的,另外四根细绳与水平面所成的角分别 端与放在水平桌面上一质量为n.的物体B 为6.和.关于6 和,下列关系式中正 相连,轻绳0P与竖直方向的夹角9=37*.该 确的是 ) 同学和物体A、B均处于静止状态,已知 sin37*=0.6.cos37*=0.8.重力加速度大小取 g=10m/s{},设最大静摩擦力等于滑动摩擦 力,求: A.8.=82 B.8.=20. (1)轻绳0P受到的拉力大小和物体B受到 的摩擦力大小; C. sin 6.=2sin6. D. tan6.=2tan 6. (2)若物体B的质量为m.三4kg.物体B与水 7.如图所示,小球A固定在立柱上,立 平桌面之间的动摩擦因数n=0.3.则欲使物 柱固定在地面上,0点在A球正上 体B在水平桌面上不滑动,物体A的质量m. 方,小球B用绳子悬挂于0点,A、B 最大不能超过多少? 之间用轻质弹策相连,整个系统处 干静止状态,A.B都可以看作质点,此时绳子 拉力大小记为T,弹策的弹力大小记为F;现 换一根劲度系数不同的轻质弹策,绳子不换。 ( 整个系统再次处于静止状态,则 _ A. T变化,F变化 B. T变化,F不变 C. T不变,F变化 D. T不变,F不变 8.(2023·甘肃张披一模)如图所示,一轻绳的 一端系在竖直墙上V点,轻绳穿过一轻质光 第二章 相互作用 学霸高 专题探究二 受力分析与动态平衡问题 限时:40min 考点分析;1. 分析物体的受力情况; 2. 求解共点力的动态平衡. 1.(2023·北京朝阳一模)如图所示,质量为m # 的手机放置在支架斜面上,斜面与水平面的 -① 夹角为9.手机与接触面的动摩擦因数为 重力加速度为g.手机始终保持静止状态,下 列说法正确的是 . ) A. 夹角9将变小 B. 夹角θ将变大 A.手机对支架的压力大小为ng,方向垂直于 C. 物体B位置将变高D. 绳子张力将增大 斜面向下 4.(2024·陕西汉中联考)劳动人民的智慧出平 B. 手机受到的摩擦力大小为umgcosθ.方向 我们的想象,果农设计的分抹水果的简易装 沿斜面向上 置如图所示,两细杆间上窄下宽、与水平地面 C.若9增大,则支架对手机的摩擦力随之 所成的角相同,水果从装置顶端由静止释放。 减小 大小不同的水果会在不同位置落到不同的水 D.若e增大,则支架对手机的作用力保持 果笔内,水果均为球形,离开细杆前的运动可 不变 视为匀加速直线运动,则水果沿细杆运动的 1_ 手机 1. 过程中受到每根细杆的支持力 ) 2 (第1题) (第2题) A.变小 B.变大 2.(2023·吉林白山一模)如图所示,跨过光滑 C.不变 D.无法确定 定滑轮的轻质细绳两端分别连接物体A、B 5.(2024·辽宁六校期初)如图所示,在竖直平 物体A放在水平地面上,系统处于平衡状态 面内的固定光清圆环上,套有一质量为页的 现将物体A缓慢向左移动到图中虚线位置 小球,一轻绳通过光滑滑轮P连接小球A.绳 后,系统仍然能够保持平衡,则物体A移动后 的另一端用水平向左的力F拉绳,使小球缓 与移动前相比 ( ) 慢上升一小段位移,图中0为圆心,00为半 A. 物体A受到地面的摩擦力变小 径,P为00的中点,在小球上升过程中,下列 B. 物体A受到地面的支持力变小 说法正确的是 ( ) C. 轻质细绳对定滑轮的作用力变小 0 D. 物体A受到的重力与拉力的合力可能不变 3.(2023·湖北十堰质检)如图,A、B两物体通 过两个质量不计的光滑滑轮悬挂起来,处干 静止状态.现将绳子一端从P点缓慢移到0 ___ 点,系统仍然平衡,以下说法正确的是 A. 绳的拉力先减小后增大 学霸高夸 白题 物理 B. 设AP长度为L.AF表示F的变化量,AI C. 若小球不光滑,筷子对小球的摩擦力不可 能为零 A D. 若小球不光滑,筷子对小球的摩擦力可能 C. 圆环对小球的弹力方向是沿半径背离圆 沿接触面向下 8.(多选)如图所示,半圆柱体P固定在水平地 面上.其右端有一竖直挡板MN.在半圆杜体 D. 圆环对小球的弹力方向是沿半径指向圆 P和MN之间放有一个光滑均匀的圆柱体0 心,大小恒为2mg 现使MV保持竖直且缓慢地向右平移,则在0 6.新模型(2023·河南濮阳一中期末)(多选) 落地之前 ( ) 如图所示,一个质量为n的滑块静止置于倾 角为30}的粗糙斜面上,一根轻弹策一端固定 在竖直墙上的P点,另一端连接在滑块上,弹 ( 策与竖直方向的夹角为30{,则 ) A.0所受的合力保持不变 A. 滑块可能只受到三个力作用 B. P对0的弹力逐渐减小 B. 弹策一定处于压缩状态 C. MN对O的弹力逐渐减小 C. 斜面对滑块的支持力可能为零 D. MN对0的弹力逐渐增大 D.斜面对滑块的摩擦力大小一定等于"g 9.(2023·山东滩坊质检)(多选)如图所示,把 2 倾角为30的粗糙斜面体C固定于水平地面 上.质量为2m的物块A通过跨过光滑定滑轮 的轻绳与质量为m的小球B连接,0点为轻 绳与定滑轮的接触点.初始时,小球B在水平 向右的拉力F作用下,使轻绳0B段与水平拉 (第6题) (第7题) 力F的夹角为6=120{*}A、B均保持静止状态 7.(2023·浙江杭州质检)(多选)筷子是中国人 现改变拉力F.并保持夹角9大小不变,将小球 常用的饮食工具,也是中华饮食文化的标志 B向右上方缓慢拉起至0B水平,物块A始终 之一,筷子在先秦时称为“挟”,汉代时称 保持静止状态,重力加速度为g.关于该过程,下 列说法正确的是 “箸”,明代开始称“筷”,如图所示,用筷子夹 7 ) 质量为m的小球,筷子均在竖直平面内,且筷 子和竖直方向的夹角均为9.重力加速度大小 120 1 为g,小球静止,则 ) C A. 若小球光滑,每根筷子对小球的压力 mg A.A物体受到的摩擦力一直增大 V= 2sinf B.拉力F一直变大 B. 若小球光滑,只增大筷子对小球的压力V. C. 地面对斜面体的静擦力先变大后变小 小球仍能静止 D.地面对斜面体的支持力先变大后变小2.BD解析：BD.a-4图像中图线与时间轴所火的而积表示速度变化 解析：(1)实验的目的是测量当地重力加速度，甲同学选择了一块泡 量，在时间轴上方速度变化量为正，在时句轴下方速度变化量为负， 袜板，乙同学选择了铝基板，两者相比而言，甲同学的泡袜板阻力相 质点P从静止开始运动，由0~24时闻内图线与时间轴所夹的面积 对较大，从提高实验精度的角度看，乙的选择较好，其阻力相对较小 为零，可知0~24时间内速度变化量为零，则质点P在24，时的速度 (2)AB的长度为48mm+2×0.1mm=48.2mm 为零，0一之时间内与0~之。时间内图线与时问轴所夹的面积相 (3)根据匀加速直线运动的加速度公式4= 等，则可知这两段时间内速度变化量相等，质点P的初速度为零，所 以P在1=弓。时的运动速度与1： 重力加速度为g= -EB2(P+B） 2时相同，故BD正确：AC质 1+3 22 点P从静止开始运动，设宁6的速度分别为，由图可知0 o (4)AB.当挡板挡住光电门才开始计时.因此释放时挡板的位置不 2 确定，但必须在光电门上方，且处于竖直方向，那么释放时挡板的下 时间内与了，时间内图线与时同轴所夹的面积相等，则有-0= 沿可以在光电门上方一定距离处，A错误，B正确：C.挡板下落时AC 连线在纸面内如果没有保持竖直状态，对测量结果有影响，若不竖 马-1，可得的=2m,,根据-1图像画出-t图像的大致形状，如图所 直，导致实际竖直位移偏大，C错误故选B. 示，由图可知，质点P的运动方向设有改变，所以质点P不会国到原 (5)若狭缝宽度不能忽略，狭缝通过光电门也需要一定的时间.整块 点，由图可知=3L,时，质点离原点最远，故AC错误故选BD. 挡板从A到C的实际时间大于(，+)，所以测量得到的重力加速度 值比其真实值偏大， 6.(1)38(2)105m 解析：(1)若在A球被弹出的同时释放B球，在A球上升的过程中两 球相遇，则有+a=,A,B两小球的位移分别为=) 326536 2 2 时2，联立解得1=3s(2)A球被弹出后经过4，= =5s.到达 复习自测练 1,D解析：AB.从P点出发再次来到P点，路程为2L.位移为零，AB 最离点，其上升高度为h1=4-2=125m,在A球被弹出4。后 错误：C.由于速度方向不断改变，即速度在变化，故加速度不为零，C 再释放B球，则B球在A球被弹出后第5，内下降的高度为。= 1 错误：D.由=可知，位移为零，平均速度为零，D正确故选D. 后=5m,由于A,+场A<150m,故A,B球应在A球的下降阶段相 2.A解析：设轨道离地的高度为H.则知H=5m,经过A点，将球自由 遇，取向下为正方向.设释放B球后经过时间'后A、B两球相遇，相 卸下后，在A处竖直方向上做自由落体运动，则有：H= 2g,解得 遇时A、B两球的位移之和为k,有：= 202,=6(4 ,=1,小车从A点运动到B点的时间h2==2=Q5。,因为两 28(+4)2=h-,联立解得=34，所以A,B两球相遇时离地 球同时落地，则细线被轧断后B处小球做自由落体运动的时间为 面的高度为'=h 282=105m 4=4=1s-05s=05s则h=2码=7×10x0S2m=1.25m放 第二章相互作用 选A 3.A解析：A.按题意 2㎡+w=5,在乘客恰好引起司机注意的条 第1节重力与弹力 1.C解析：A.重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，严格来说 件下，可得4=12+144(8-40。-12-V44-(-40 5=45, 重力是地球对物体吸引力的一个分力，所以重力不等于物体受到的 2 地球的吸引力，枚A错误：B瓶木身（不包括其中的水）的重心位置 则x=21m,A正确：B.由于汽车刚启动时乘客比汽车快，因此共速 不变，随瓶中水的增加直至装满.整体的重心位置先降低后升高，所 时乘客距离汽车最近，B错误：CD.若1=6s时恰好追上为临界状 以在重心下降阶段，装入瓶中的水越多，瓶的重心会降低，故B错 态，此情形△一之=18m,即乘客能追上汽车的最小初始距 误：C,根据重心的定义可知，瓶的重心是瓶各部分所受重力的等效作 离为18m,CD错误.故选A 用点，故C正确，D根据三力汇交原理，瓶的重心位置在两条绳连线 的交点的竖直方向上的某点，不一定在两条绳子连线的交点上，故D 4.CD解析：A.根据匀变速直线运动的速度与位移关系有2=2，可 错误故选C 知，2-x图像斜率为2，并非表示加速度，故A错误：B.由图乙的斜 率可得=2n,=16-0 2D解析：A.由于弹力的方向总是与接触面垂直，则篮球对水平地面 1 m/s2=16m/2,则下滑时的加速度为a1= 的增力方向竖直向下，所以A错误：B.水平地面对篮球的弹力方向 8m/g2,故B错误：C.由图乙可知，小球在B点的速度为m=4m, 竖直向上，所以B错误：C水平地面受到的压力是由于篮球发生了 则小球在水平面上的加速度大小为，么- 形变面产生的，大小取决于篮球的形变量，在篮球刚触地时形变量 =10m/2,则小球在水 很小，这时候压力要小于篮球的重力，所以C错误：D.队友接球时篮 平面上运动的距离为=了，片=08m,故C正确：.小珠下新的 球发生弹性形变挤压到手给手一个弹力，这就是手受到的冲击力， 所以D正确.故选D. =055,小球运动路程为=x,+2=1m+0.8m=1.8m, 时间为=a 3.D解析：A.图线与横轴的交点表示弹簧原长，由图可知，弹簧的 原长小于弹簧的原长，故A正确：B.图线斜率表示弹簧的劲度系 则整个过程小球的平均速率为=· 数，由图可知，弹簧的劲度系数大于弹簧6的动度系数，故B正确： -=2m/s,故D正确.故选CD 1 C,由胡克定律F=kAx可知，在弹性限度内，施加相同的力，弹簧劲 5.（1)Z(2)482（3)2"m(4)B(（5)偏大 度系数越大，弹簧形变量越小，由上述分析可知，弹簧的形变量大 1+2 于弹簧a的形变量，又因为弹簧a的原长小于弹簧6的原长，故用大 一学霸高考·白题·物理·04一 小相等的力F拉伸弹簧，弹簧：的长度一定大于弹蓝a的长度，故C 厂=4，N=2mg;力的作用是相互的，故P对长木板山有向右的滑动 正确：D.由C中分析可知，在弹性限度内，用大小相等的力F压缩弹 摩擦力，故长木板b有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩 簧，b的压缩量大但是原长长，弹簧6的长度不一定大于弹簧：的长 擦力，根据共点力平衡条件，有5=人，因而方=42mg,本题中山受地 度，故D错误，木题选错误项，枚选D. 面的静摩擦力，故不能用=41(m+)g求摩擦力.故选C 4.D解析：A.悬挂稳定时，弹簧1的弹力等于A,B两个物体的总重 5.AB解析：AB.初态时，对A受力分析，可得A受到的静摩擦力大小 力，面弹簧2的弹力等于B物体的重力，根据平衡条件：1=2g, 为=F,-F:=mgF2=4N,此时A受到的静摩擦力的方向向左，且 3=mg,面1+2+21=2.6，解得x1=0.41,x1=0.21,因此弹簧1的长 最大静摩擦力∫≥厂=4N,当将砝码和托盘的总质量减少到0.1k 度为1.41，弹簧2的长度为1.2I,A错误；BCD.弹簧2恢复原长时，弹 时，有方=F-F:=m'g-F:=-1N,根据31<，可知物体A仍静止 簧1的弹力等于A物体的重力，弹簧1的钟长量变为0,2！.因此长度 不动，弹簧调力计的示数不变，故AB正确：CD,若轻轻取走盘中的 变为1.2，这样A物体上升的距离为0.21，B物体上升的距离为0.4， 部分砝码，使砝码和托盘的总质量减少到0.1kg,A受到的静摩擦力 BC错误，D正确.故选D. 的方向向右，大小为1N,故A受到桌面的摩擦力大小变小，方向改 5.()弹簧超过了最大弹性限度(2) (3)5) 变，根据牛顿第三定律可知桌面受到A的摩擦力方向改变，故CD错 误.故选AB 解析：(1)当弹力增大，图像变弯曲.原因是弹簧超过了最大弹性限 6.BD解析：AB.若1<2，则物块m相对传送带向左运动，其所受滑 度：(2)一x图像的斜率表示弹簧的劲度系数k= 与：(3)弹黄的伸 动摩擦力方向向右：若1>”2，则物块m相对传送带向右运动，其所 受滑动摩擦力方向向左两种情况下物块m所受滑动摩擦力大小均 为∫=mg,故A错误，B正确.CD.若1=，且物块m保持匀速运 长量为1时，设拉力传感器的示数为F,由素= 5结合k 动，此时物块m所受细线拉力与传送带对物块的静摩擦力二力平 得￡，-，则有B,-F, F2(x31) 衡，即f=mo5,方问向左，故C错误，D正确.故选BD. 7.D解析：当A、B两物块同时分别受到反向等大且逐渐增大的力作 第2节修擦力 用而保持静止时，轻质蠲带所受的摩擦力一定大小相等，方向相反： 1,C解析：A.物块始终处于静止状态，力传感器的示数与长木板对物 由于A物块质量大，重力大，所受最大静摩擦力较大，枚B物块先相 块的摩擦力大小相等，根据图乙可知，当作用在木板上的拉力较小 对铜带运动.A物块不会相对姆带发生滑动，此时A受到轻质绸带的 时，长木板处于静止状态，物块与木板之间的摩擦力为静摩擦力，随 摩擦力仍然等于B与轻质绸带之间的摩擦力，故D错误，ABC正确 着作用在木板上的拉力逐渐增大，木板对物块的静摩擦力也逐渐增 本题选择错误的，故选D. 大，即力传越器的示数逐渐增大，当长木板与物块之间的摩擦力达 8.C解析：A.重力沿斜面向下的分力为(G=Gn30°=50N,当F= 到最大静摩擦力时，长木板开始相对于物块向左运动，此后，长木板 40N时.F,=G-F=10N,方向沿斜面向上，A错误：B.当F=S0N 对物块的摩擦力为滑动摩擦力，大小一定，即此后力传感器的示数 时.F,=G-F=0,B正确：C.当F=60N时.F,=F-G=I0N.方向沿 一定，根据图乙可知，长木板在1.3s前一直处于静止状态，1.3s后， 斜面向下，C正确：D.根据以上计算知，当F从30N逐渐变为60N 开始运动，由于不知道作用在长木板上的拉力的具体慎，则不能确 的过程巾，摩擦力先或小后增大，D错误.故选BC. 定1.3后长木板的运动状态，A错误：B.根据图乙，结合上述可知， 9。AB解析：A.对第1张卡片分析，第1张卡片能向右运动，需满足 物块与木板之间的滑动摩擦力大小约为20N,B错误：C根据上述 ,F>(F+mg),则4，>，为了保证其他卡片保持相对静止，当最 可知，在10-1,2s时间内，物块受到的是静摩擦力.即此时间内.物 后只剩两张卡片时，倒数第2张卡片向右运动时最底部的卡片不能 块与木板之间相对静止，C正确：D.根据图乙，结合上述可知，在 动，对最底部的卡片有(F+mg)<4(F+2mg),由于F>mg,所以 24-3,0时间内，物块与木板之间的摩擦力是滑动摩擦力，D错误。 4山，当剩下最后一张卡片时，需满足F>(F+mg),可知41> 故选C 4,所以4>，选项A正确：B.根据题意，因上一张卡片相对下 2.BD解析：AB.在题图甲，乙中，若左侧轮为主动轮，当左侧轮顺时 一张卡片要向右滑动.因此上一张卡片受到下一张卡片的摩擦力一 针转动时，下面皮带会组紧，则A带动B:当左侧轮逆时针转动时.上 定向左，选项B正确：C,第1张卡片对第2张卡片的压力大小为F、 而皮带会绷紧，则C带动D:若右侧轮为主动轮，当右侧轮顺时针转 P+mg,则第1,2张卡片间的摩擦力大小f=,(F+mg),此时下面的 动时，上面皮带会绸紧，则D带动C:当右侧轮逆时针转动时，下面皮 卡片均处于静止状态，将第2张至第10张卡片作为整体，由平衡条 带会棚紧，则B带动A,A错误，B正确.C.对于题图甲中轮子上M点 件可知第11张卡片对第10张卡片的静摩擦力与第1张卡片对第 的静摩都力方向的判断也分两种情况讨论，若A带动B,则A带动皮 2张卡片的滑动摩擦力平衡，大小为了=(F+mg),选项C错误： 带一起沿顺时针方向转动.M点相对皮带有向上的运动趋势，所以 D.用手指滑动卡片向右运动的过程中，最后一张卡片相对桌面有向 M点受到向下的静摩擦力：若B带动A,B逆时针转动，则M点相对 右运动的趋势，桌面对它的摩擦力向左，选项D错误故选AB 皮带有向上的运动趋势，所以M点受到向下的静摩擦力，C错误， 第3节牛顿第三定律 D.对于题图乙中的N点，若C轮带动D轮时沿逆时针方向转动，N 1.A解析：AD.P对Q的压力与Q对P的支持力是一对相互作用力。 点相对轮子有向上的运动趋势，可知N点所受静摩擦力方向向下， 由牛顿第三定律可得，P对Q的压力大小等于Q对P的支持力大 问理可得，若D轮带动C轮时沿顺时针方向转动.可知N点所受静 小，故B错误，A正确：CD.根据弹力产生条件可知，由于Q发生了 摩擦力方向也向下，D正确故选BD. 形变，则Q对P有支持力作用.由于P发生了形变，则P对O有压 3.C解析：A.物块放在与水平而夹角为8的传送带上，且始终与传送 力，故CD错误故选A 带相对静止，当传送带匀速向上运动时，根据平衡条件知摩擦力与 2.B解析：AC.牛拉绳的力和绳拉牛的力是一对作用力与反作用力 沿斜面向下的重力的分力等大反向，的方向一定沿传送带向上.故 大小相等，选项AC错误：BD.绳对構子的拉力和褙子对绳的力是一 A错误.BD.当传送带减速向上运动或加速向下运动时，物块始终与 对相互作用力，二者等大，反向，选项B正确，D错误故选B 传送带相对静止，由牛领第二定律得+gin=m,当a=gsi血9时， 3.D解析：AD.当人突然下沉时，人有向下的加速度，处于失重状态， 静摩擦力为零：当a>gsin8时，静摩擦力沿斜而向下：当a<gin9时， 人受到的重力大于受到的支持力，故D正确，A错误：C.人受到的 静摩擦力沿斜面向上，故BD错误C当传送带加速向上运动时，物 支持力和人对招泽地的压力是一对相互作用力，大小相等，方向相 块始终与传送带相对静止，由牛顿第二定律得f-mgsin8=ma,f的方 反，所以人受到的重力大于人对沼泽地的压力.故BC错误故选D. 向一定沿传送带向上，故C正确.故选C@ 4.A解析：A.鱼静止在树叶上，鱼的合力为零，根据共点力平衡可知。 4.G解析：木块相对木板向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为： 树叶对鱼的作用力方向一定与重力等大反向，即竖直向上，A正确： 一学霸高考·白题·物理·05一 B.鱼静止在树叶上，鱼对树叶的吸力与树叶对鱼的弹力是一对作用 误：B.由于花灯处于静止状态，所以合外力始终为零，所以增大绳子 力与反作用力，B错误：C,鱼能跃出水面.主要是因为鱼摆尾击水， 与竖直方向的夹角，花灯受到的合外力不变，B错误：C,合外力始终 水对鱼尾的反作用力大于鱼的重力，所以才能跃出水面，C错误： 为零，绳子拉力与重力等大反向，故绳子拉力的合力方向为竖直方 D.无论鱼运动状态如何，水对鱼的作用力与鱼对水的作用力等大反 向，属于作用力与反作用力.D错误故选A 向，C正确：D设绳子抗力为7则4m0=mg,解得T二。绳子 5.A解析：水在圆弧管道内做圆周运动，根据圆周运动的条件可知。 长-…些，夹角0诚小，则拉力变小，不容易断.D错误放选C 水受到的合外力提供向心力，所以水流受到的合外力的方向向右， 7,C解析：AB.根据图乙可知，随着两力角度的变化其合力先诚小后 结合牛顿第三定律可知水流对管道的作用力方向向左.故选A 增大，合力可以大于分力，也可以小于每个分力的大小，故AB错误： 第4节力的合成与分解 CD.设两个分力分别为F1,F,则有F+fF2=7N,F-F2=1N,联立 1.D解析：当二力夹角为零时，即两个力在同一直线上，并且方向相 解得F,=4N.F2=3N,故C正确，D错误放选C 同时，F2的最小值：F2=F-F,=10N-6N=4N,当夹角为180时，即 8.B解析：以小球b整体为研究对象，分析受力，作出F在几个方向 时整体的受力图，根据平衡条件得知：F与F,的合力与整体重力 两个力在同一直线上，并且方向相反时，F=1F-F,1,F的最大值： 2mg总是大小相等，方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子Oa F2=10N+6N=16N,所以另-个分力F的范前：4N≤F2≤16N故 垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值F=2 ngsin 8=2× 选D. 2.C解析：“境蛾五号“落月接近段将沿图中墟线做匀减速直线运动. g2mg:银指削克定律Rh。解得天。 2 mg,则ACD 放受到的合力方向与运动方向相反，因受到的重力整直向下，受力 可能，B不可能故选B 分析如图所示： 喷出气依 2mg 月而G 9.D解析：B.如图所示，同一条绳上拉力处处相等，故由小球的平衡 故选C. 可得T=mg,故细线对M点的拉力大小为mg,B错误：D.轻环受力 3.B解析：根据重力压两个光滑斜面的作用效果，将重力分解为与两 平衡，由对称性可得∠1=L2,等腰三角形0AM两底角相等∠1= 斜面分别垂直的G,和G,,根据平行四边形定则作出力的示意图，如 ∠3，由几何关系可得∠1+∠2+∠3=90°，解得∠1=∠2=∠3=30°， 图所示： 由于∠AV=90°，故N点和轻环的连线与竖直方向的夹角为30°，D 正确：C,细线对轻环的作用力大小为F=2T30°■√3mg,C错误： A.轨道对轻环的支持力与细线对轻环的作用力等大，反向，故N=F= 3mg,A错误故选D 30 1.G 由儿何关系可得G=m0=号6,6=6m30°=之6放选 3 10.B解析：对风力F在沿着帆面方向和垂直于帆面方向进行分解。 4.C解析：对尖劈进行受力分析如图，对压力F进行分解 如图，根据力的平行四边形定则可得其垂直于机面的分力F,= Fsin,再对垂直作用于帆面上的风力F,进行分解，分解成沿船的 行驶方向和垂直于行驶方向的力，将力F进行分解，如图所示，则 有F2=F,in8=Fin28=103×im230N=2.5×10N故选B. 航向 0---- F 风力 对A侧压力F, 对B侧压力F,= 风力在在主帆而 sin a' na,放选C. 方向的分力F, 5.B解析：根据胡克定律知.每根橡皮条的弹力F=k(1.5.-1)= 0.5L,设此时两根橡皮条与合力的夹角为8，受力分析如图，根据几 帆而、 何关系知m?=了，根据平行四边形定则知，弹丸被发射过程中所 第5节共点力的平衡 1.B解析：设风筝受到的重力为G,绳子拉力为T,风对风筝的作用力 受的最大弹力F春=2Fes0=2 L,故选B. 为F,对四个选项风筝受力分析，发现只有B选项中的风筝合力可能 3 为零，其他3个选项中风筝合力不可能为零，故B符合题意，ACD不 符合题意. 6.C解析：A.每条绳子的拉力的大小相等，但力的方向不一样，A错 一学霸高考·白题·物理·06一 8.B解析：对圆环受力分析，圆环受到三个力作用，拉力F,两段绳子 的张力F,三个力处于平衡状态，由平衡条件可知.两段绳子张力的 合力与拉力F等大，反向，且共线绳子的张力大小一直等于mg,即 风句 F,不变，当两段绳子的夹角越大，合力越小，且合力在角的平分线 上，因此在使物体A从图中虚线位置缓慢上升到实线位置的运动 中，拉力F逐渐变大，由于F一直与两段绳子拉力的合力在一直线 上，方向相反，因此0逐渐增大.所以ACD错误，B正确.故选B. D 2.C解析：AD.小鸟站在A点或B点时均处于平衡状态，受到的合力 9.(1)12.5N7.5N(2)1.6kg 均为零，小鸟受到树枝的作用力大小与小鸟的重力大小相等，AD错 解析：(1)以结点0为研究对象，受力情况如图所示，轻绳0P受到 误：BC.设小鸟的重力为mg,小鸟在树枝上位置的切线与水平方向 的倾角为8，则小鸟所受支持力大小为N=mg℃mB,所受摩擦力大小 的拉力大小水为7二号识=125，轻模0爱到的拉力大 小为F=m1tan37°=1×10x0.75N=7.5N.对B根据平衡条件可得 为f=mgsn9,因为过A点的切线的倾角比过B点的切线的倾角大， 所以小鸟站在B点时受到的支持力较大，由牛顿第三定律得.小鸟 物体B受到的摩藤力大小为=F=7.5N,方向向右： 站在B点时对树枝的压力较大，小鸟站在A点时受到的摩擦力较 大，B错误，C正确.故选C 3.A解析：由力的平衡条件可得F1sin60°=G+F2sin45”,Fs60°= F2cos45°，解得F,=(3+1)G,故选A 4.B解析：如图，设轻绳的夹角为日，期轻绳上的拉力F=。,当 22 (2)物体B与水平桌面之间的动摩擦因数4=03，则B与桌面间的 甲缓慢站起至站直的过程中轻绳间的夹角8先变大，当杆水平时轻 最大静摩擦力为/m=4m2g=0.3x4×10N=12N.根据平衡条件可得 绳问夹角最大，然后变小，轻绳的张力先变大后变小故选B. O0的最大拉力为Fm=12N,则有F.=m1mgan37°，代入数据解得 min=16 kg. 专题探究二受力分析与动态平衡向题 1.D解析：A.受力分析可得手机对支架的压力大小为g8.方向 g 5.B解析：A.三条软链对支架N都是拉力，根据平衡条件，软链1对 垂直于斜面向下，A错误；BC.手机受到的摩擦力为静摩擦力，大小 N向上的拉力等于软链23对N向下的拉力和N的重力大小之和， 等于mg=in#,方向沿斜面向上，且若8增大，则支架对手机的摩擦力 随之增大，BC错误：C.手机平衡状态所受合力为0，故支架对手机 可见软链1对N的作用力最大，故A错误：B.由于软链1对N向上 的作用力与8无关，始终与手机的重力等大反向.即8增大，支架对 有拉力，则软链1对支架M产生向下的拉力.故B正确：C,对支架N 手机的作用力保持不变.D正确故选D. 进行受力分析.如图所示 2.C解析：C.对物体B分析有T=mg,令滑轮两侧绳的夹角为a,测 轻质细绳对定得轮的作用力为F=2受，解得F=2,6m殳， 物体A缓慢向左移动，可知夹角a增大，F域小，C正确：AB.对物体 A受力分析如图所示 根据受力可知，支架N的重心不是处在软链1与软链2,3之间的某 个位置，故C错误：D.根据平衡条件可知，三条软链对支架M的合 力一定与V的重力大小相等，放D错误.故选B. 6.D解析：以左边两个灯笼为整体，设水平方向绳子拉力为T.则有 m,2,以左边第二个灯笼为研究对象，则有m,=学，联立 T 解得：lan0,=2tan02,D正确.故选D. 则有Tsin=手，N+Tsa=mAg.解得/=magsin,N=m4g-mggeos, 7.C解析：以小球B为研究对象，由平衡条件可知，弹簧的弹力F和 将物体A级慢向左移动，可知夹角α《增大，则物体A受到地面的摩 绳子的拉力T的合力F合与重力mg大小相等，方向相反，即F合= 擦力变大，物体A受到地面的支持力变大，AB错误：D.物体A受到 mg,作出力的合成图如图所示 的重力与拉力大小不变，物体A缓慢向左移动.可知二者夹角减小。 22 则F“增大D错误，故选C 3.C解析：因为绳子张力始终与B物体重力平衡，所以绳子张力不 变，因为物体A的重力不变，所以绳子与水平方向的夹角不变，因为 绳子一端从P点缓慢移到Q点，所以物体B位置会升高.故选C 4.B解析：因为装置宽度变大，每根细杆对水果支特力的方向越来越 椅近于水平，即杆的支持力与两杆所在平面的夹角越来越小，设夹 曲三角形相似得会。了上 0i0BB又由题意可知，01和0B不变，可见。 角为0，设杆与地面的夹角为a,垂直杆方向根据平衡条件2Nsin8= 绳子的拉力T只与小球B的重力有关，与弹簧的劲度系数：无关，所 gma,可得N=a不变0变小.则N变大放选R 以得到绳子拉力T不变.因为换用不同劲度系数的弹簧，导致AB间 5.B解析：A小球缓慢上升一小段位移的过程中，小球处于平衡状 的距离不同，所以弹簧弹力F变化故选C. 态，对小球进行受力分析如图所示 一学霸高考·白题·物理·07一 60Y 由辅助圆可知，拉力F一直变大，T一直或小，根据A物体的受力平 衡，由图可知，A的重力沿斜面的分力大小为mg,开始时，绳子的拉 由于三角形4Bc与三角形Pm1相似，可得照-X=F P0A0p,小球缓慢 力大小为T0g>g,所以摩报力方向沿斜面向下.当 上升一小段位移的过程中，由于AP减小，则F减小，A错误：B.小球 3 运楼上升一小度位移的过程中，根都分行可得二水，兰为定真。 拉力最小时，有Tmg30°=了mg<mg,此时摩擦力沿斜面向 上，所以其摩擦力先成小后反向增大，故A错误，B正确：CD.以ABC B正确：CD.对小球受力分析可知，圆环对小球的弹力方向是沿半径 三个物体为整体进行受力分析，地面静摩擦力大小等于拉力F的水 背离圆心，根报关系可得紧：。，解得N=2g,C①错误故选B 平分力，根据辅助圆可知，拉力F的水平分力先变大后变小，整直分 力一直增大，故C正确，D错误.故选BC 2 第二章章末综合提升 6.AD解析：A.弹簧可能处于原长状态，滑块只受重力，支持力和静 高考新题练 摩擦力三个力作用而处于平衡状态，故A正确：B.根据A项分析， 1.D解析：对“嫦娥五号探测器受力分析有F、=mg件，则对一条脱 易知弹簧不一定处于压缩状态，还可以是原长，故B错误：C.将滑块 1 所受重力沿平行斜面方向和垂直斜面方向分解，根据共点力平衡条 有下一子吧一器根据牛顿第三定律可知每条腿对月球表面的 件可知，斜面对滑块的静摩擦力的大小一定等于g血30：受，斜 压力为器故选D 2.C解析：如图所示，将重力垂直于斜面方向和沿斜面方向分解， 面对滑块的支持力不可能为零，放C错误，D正确.故选AD. 7.AD解析：A.对小球受力分析如图所示： AC.沿斜面方向，由平衡条件得F,=Gs8,故A错误，C正确： BD.垂直斜面方向，由平衡条件得F=Gn+F、,故BD错误故 正交分解压力可得2Nn9=mg,故每根筷子对小球的压力N= 选C 2?A正确：R,若小球光滑，只增大镇子对小球的压力，有 mg 3.B解析：AB.对人受力分析如图所示 2Nn>mg,小球向上移动，B错误：CD,若小球不光滑，筷子对小球 的摩擦力可能沿接触面向下，向上或者为零，C错误，D正确.故 选AD. 8.AD解析：A使MN保特竖直且缓慢地向右平移，Q始终处于平衡 mg 状态，合外力为零保持不变，故A正确：BCD.对圆柱体Q受力分析， 则有F、+F,=mg,其中工人对绳的拉力和绳对工人的拉力是一对作 受到重力、MN的支持力和P对Q的支持力，根据平行四边形法则作 用力与反作用力，A错误，B正确：CD,对滑轮受力分析如图所示 图，如图所示.重力的大小和方向都不变，N的支持力方向不变，大 小变P对Q的支持力方向和大小都变，然后据图可知：N,不断增 大，N2也不断增大，即P对Q的弹力逐渐增大，MW对Q的弹力逐渐 增大.故BC错误，D正确.故选AD, 则台，二。则随春重物缓慢拉起过程，0逐渐增大则逐新 增大，CD错误故选B 4.D解析：对圆柱体受力分析，如图 b g 由儿f何关系得：F.=Gsin37°=0.6G.F。=Gos37=0.8G.故选D. 9,BC解析：AB.由于拉力F和绳子拉力T的夹角始终保持不变，因 5.(I)不必(2)m=mB4(m,+nm。)(3)0.40 此可以对B物体受力分析画出力的三角形，进而画出辅助圆。 解析：(1)木块与木板间的滑动摩擦力与两者之间的相对速度无关。 一学霸高考·白题·物理·08一 则实验拉动木板时不必保持匀速 (2)对木块，砝码以及重物B分析可知A(m,+nmu)g+g=mBg,解 得m=ma4(mA+nm)】 (3)根据m=mg-m,一m·,结合图像可知少m0 59-19-8.则 5 4=0.40. 复习自测练 1.B解析：AB.以人为研究对象，受力分析如图 6.AC解析：以C整体为研究对象，受重力、AB绳的拉力、拉力F,缓 慢提升过程中三个力合力始终为零用矢量三角形画出AB绳的拉力 方向变化过程的动态过程，如图，可知，随着B点处小球的不断升 高，AB绳的拉力与水平方向的夹角越米越小，根据矢量F及F长 m 水平方向=TinB.竖直方向Tos+N=mg.可得N=mg-Tcs8,T= 度的变化可以看出：F先诚小后增大，F一直增大.故选AC 品。人所受空气阻力恒定，0角越大，绳子对人的拉力T越小，地面 LLLEELEEEE B小 对人的支持力N越大，故B正确，A错误：C.以无人机为研究对象， 无人机受空气阻力、绳子拉力和重力，由平衡条件可知空气阻力与 无人机的重力和绳子拉力的合力等大反向，不可能沿着绳子方向， 故C错误：D.相互作用力是在两个相互作用的物体之间，无人机对 绳的拉力与绳对人的拉力中涉及三个物体，故D错误故选B 7.AD解析：AD.对b小球受力分析如图所示 2.A解析：A.P受到力有：竖直向下的重力垂直斜面向上的支持力，沿斜 而向下的弹簧弹力，沿斜而向上的摩擦力及沿斜面向下的拉力，共五个 力，故A正确：BQ受到力有：竖直向下的重力、垂直斜面向上的支持力 沿斜面向上的弹簧弹力，若弹簧弹力与重力沿斜面的分力相等时，斜面 对Q的摩擦力为零，所以Q可能受到三个力成四个力，故B错误：CP具 有沿斜面下滑的趋势，弹簧弹力沿斜面向下，若撤去弹簧弹力，静摩擦力 减小，P一定保持静止，故C错误：D,弹簧弹力拉力、重力的下滑分力沿 斜面向下，摩擦力沿斜面向上，合力对零，移去弹簧后P沿斜面的下滑趋 m.g 势减小，所受摩擦力藏小故D错误故选A. 3.B解析：当8=30°和8=45“时体验者受到滑道的支持力不同，面当 由平衡条件得F=F1+F、,2F2s8=m2g,又有F2=m3,联立可得 8=30°和9=45时.该体验者所受的摩擦力大小恰好相等，说明日= .2s,故AD正确BC.当F,=0,a小球受到重力和N杆的支 30°时体验者处于静止状态，静摩擦力和重力的下滑分力相等，即 m: F,=mgin30°，0=45°时体验者沿滑道下滑，滑动摩擦力为F,= 持力4小球受到的摩擦力大小为零：当F、=0,小球受到的摩擦力大 小不为零，：小球受到的支持力大小等于F,向下的分力和自身重力之 F、=umgo%45,由mgsin30P=wmgs45°，解得u=),放B正确，】 和，所以小球受到的支持力大小不等于m,g,放BC错误故选AD. ACD错误.做选B. 4.D解析：以结点P为研究对象，受力分析如图所示 8.(1)了m(2)后mg方向水平向左 （33n≥m≥3。 3μ 34 解析：(1》受力分析如图所示 m:○ 21 则拴接小球m,轻绳的拉力大小等于m1g,由力的平衡条件将杆OP 的支持力与轻绳的拉力合成，由相似三角形可得m1g=2m2gs30°， 解得m1:m2=√3：I,故ABC错误，D正确故选D. A与斜面间恰好没有摩擦力作用即=0，根据平衡条件mgn30 5.A解析：对圆环受力分析如图所示.圆环受到T,G、F、三个力的作 用，其中题日所给F=了，三个力平衡，三个力恰好组成一个闭合的三 730,27m60=mg.解得T- 3 mg. 角形.由于重力大小，方向不变，支持力方向不变，随拉力的方向改 变时，三个力的动态分析图如图所示，由图可知，在拉力T达到整直 由B受力平衡可知mg= T 3 83m 方向之前，其与竖直方向夹角越来越小，则T(F)增大，F、减小：在拉 (2)对物体A和斜面体整体受力分析，由平衡条件可知f=Tn30°= 力T越过竖直方向之后，其与竖直方向夹角越米越大.则T(F)仍增 3 大，F则反向增大，故选A. 6mg,方向水平向左 一学霸高考·白题·物理·09一 (3)如果物体A恰好不上滑，则对A,平行斜面方向Tc030°- 10W,用物理量国际单位制的基本单位表示1W=1kg·m2·。), mgsin 30-f=0. 故选C. 垂直斜面方向N+7,sn30°-mgs30°=0，解得T,=mg1+3 6.(1)s时间(2)m/2加速度(3)N力 5μ 解析(1)1的单位为mg的单位是？，则，厂的单位是，是时 如果物体A恰好不下滑，摩擦力反向，则对A,平行斜面方向 Tcos 30-mgsin 30+f=0. 单位.(2)：的单位为mA,1的单位为m,则)的单位为 垂直斜面方向N+7,im30°-mgs30=0,解得，=g(1-/3 是加速度的单位.(3)m的单位为kg,的单位为/s,(的单位为。 3-μ 对物体B,根据平衡条件，有2Ts60°=mgg, 则·子的单位为起·m广=水，是力的单位 故绳子的拉力等于物体B的重力，故物体B的质量范围为 第3节实验：探究加速度与力.质量的关系 m13≥m≥1-四 1.(1)AC(2)1.5(3)越来越大 34 34 解析：(1)A周节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平 第三章运动和力的关系 行，才能使小车受到的合力保持不变，且为绳的拉力，故A正确： B.平衡小车受到的摩擦力时，不应将砂桶通过定滑轮拴在小车上，故 第1节牛倾第一定律 B错误：C平衡摩擦力时应使得小车与钩码的重力沿斜面方向的分 1,B解析：车相做匀速直线运动，桌面上的小球A和B也一起做匀速 力与小车受到的长木板的摩擦力平衡，即mgsin0=山mg©os0,由此可 直线运动.当车突然停止时，由于惯性，小球A和B仍会保持原来的 知，通过增成小车上的钩码改变小车总质量时，不需要重新平衡摩 运动状态不变，因此，在两球还没有离开桌面前，它们的距离将保持 擦力，故C正确：D.打点计时器使用时应先接通电源再释放小车，故 不变故选B. D错误故选AC 2.B解析：A人被石块绊倒，是因为上华身的惯性要保持向前运动. (2)根据逐差法可得小车运动的加速度为。= 但下半身并没有失去贯性，故A错误：B.紧急利车时的汽车不能立 (272✉ 即停下来，是因为惯性，故B正确：C惯性的大小由质量决定，踢出 [(11.18-4.51)-4.51]×10-2 ms2=15ms2 去的足球速度在不断变化，但惯性大小保持不变，故C错误：D.汽车 (2×0.06)2 匀速行驶，乘客不会前倾后仰，乘客的质量保持不变，惯性保持不 (3)当车做匀加速直线运动时，有F=Ma,砂和砂桶做匀加速直线运 变，故D错误故选B. 动有gf,联立可得a二晋由此可知，随着n城大，二 3.A解析：AB.由题图可知，乘客和司机由于惯性身体向汽车运动方 者差值越来越大 向倾倒，说明汽车处于减速运动状态或紧急利车状态，故A正确， 2.(1)B(2)0.80(3)不需要kF。 B错误：C.乘客以自己为参考系时.则他观察到其他乘客的倾斜程 解析：(1)利用硬纸带计算其加速度，需要用刻度尺测量墨点间的距 度不如题图中的领斜程度，故C错误：D.利用惯性分析如此倾斜时， 离，ACD错误，B正确.故选B 乘客身体各部分的运动差异不可忽略，所以不能把乘客视为质点， (2)因脉冲喷墨器的工作频率为10Hz,所以相邻喷墨点间的时间间 故D错误故选A. 4.C解析：无人机最初和地面相对静止，在电梯启动开始上升后，由 隔7=01，根据逐差法，有a=气核，)-)】 ×102m/2 于惯性无人机将保持原米相对地而静止的状态（注意这里不是保持 0.80m/s2. 和电梯相对静止)，所以无人机会相对于电梯向下运动撞向电梯地 (3)因实验中拉力传感器读数即为重物P受到的拉力，所以不需要 板，枚选C. 保证砂桶Q及细砂的总质量远小于重物P的质量. 5.BC解析：AB.乒兵球质量小则惯性小，则使左管竖直向下加速时， 玻璃管中的水会因为惯性较大使得乒兵球远离瓶盖移动，竖直向上 由牛顿第二定律，可知F-F,=m,可知a=F-F,=F, 加速则会使乒乓球继续紧暮瓶盖，故A错误，B正确：CD.铁球质量 大侧惯性大，使右管水平向右加速时，铁球由于惯性会远离瓶盖.若 所以=】，又F。=mg,则当地的重力加速度大小为g=F 向左加速则铁球会继续紧棕瓶盖，故C正确，D错误故选BC 第4节牛顾第二定律（一） 第2节力学单位制 1.D解析：小鱼在水中受重力与水的作用力，由于小鱼沿直线水平向 1,B解析：A.s,m.g是基木单位，g不是国际制单位，A错误：B.物理 左加速游动，故小鱼受水平方向向左的合外力：故水对鱼的作用力 学中动摩擦因数是没有单位的，B正确：C.电学中的基本单位是电 应斜向左上方.故选D. 流的单位A(安培)，C错误：D.基本单位的个数是由现有物理量之 2.A解析：对货箱受力分析，由牛顿第二定律可得mgsin8-gos∥= 间的关系确定的，不会人为设定，不能多也不能少，D错误故选B. ma,即加速度为a=gsin0-geos,解得a=2m/s2,故选A. 2.A解析：根据题述，阳力=，力的单位为N,1N=1kg·m/2,速 3.A解析：正方体下落的过程中，未落人水中时.正方体做自由落体 度单位为：，则阻力系数k的单位用国际单位制的基本单位来表 运动，加速度不变，-，图像是一条倾斜的直线，当正方体浸入水中 示为g·m m·g了=g·m2:放选A 后，正方体受到浮力作用，当正方体浸人水中的体积逐渐增大，导致 浮力逐渐增加，正方体的加速度逐渐或小，当浮力等于重力时，此时 3.B解析：由题意，“比冲“的单位应该是冲量的单位与质量的单位之 正方体的加速度为零，最后，当浮力大于重力时.正方体的加速度方 比，即1好-“)一1以故B正牌放选段 向发生变化，并逐渐增大，当木块浸没后，浮力不再变化，加速度不 kg 再变化，木块做匀诚速直线运动，BCD错误，A正确故选A. 4.C解析：F的单位为kg·m/s2,m的单位为kg,L的单位为mf的单 4.A解析：以向下为正，对物体A根据牛顿第二定律mg-F=m,代人 F 数据，求得a=2m/。2,方向向下，a大小为2m/s2,再对人用牛顿第 位为：，根据单位推导可细√放选C 二定律：以向下为正，Mg-Fx=Ma.Fx=4O0N.故选A 5.C解析：通过题干可知，到2030年全球将有超过250GW的海上风 5.平行gn8解析：由加速度原理知，小车加速度在水平方向，则板 电容量，即海上风电容量的单位是功率的单位1GW=1000MW=1× 面与校车运动方向平行，当轻杆与竖直方向的夹角为8时，受力分析 一学霸高考·白题·物理·10一