第2章 相互作用综合测试&真题演练-【经纶学霸●蓝题】2025年学霸高考物理一轮复习

第二章 相互作用 学霸高考 第二章综合测试 章末自测 阶段强化,巩固提升|限时:40min 角均为30{},阻力伞所受的空气阻力为90N. 一、选择题 该运动员做匀速直线运动,那么每根伞绳承 受的拉力为 ( 1.(2023·河北石家庄期中)如图所示,水平地 ) ###等)# 面上叠放着矩形物体A和B,细线一端连 接A.另一端跨过光滑定滑轮连接着物体 C.A、B、C均静止.下列说法正确的是( ~ ## A. 15N B. 90N C C. 20、/3N D. 10./3N 4.(2024·天津南开期末)刀、斧、凿等切割工 A. 4可能受到三个力作用 具的刃部叫作劈,如图是斧头劈木头的示意 B. B可能受到四个力作用 图,劈的纵截面ABC是一个等腰三角形,使 C. 适当减小C的质量后,A、B、C仍静止在原 用劈时沿BC中垂面施加一个竖直向下的力 位置,则A对B的摩擦力不变 F.这个力产生两个作用效果,使劈的两个侧 D. 适当减小C的质量后,A、B、C仍静止在原 面推压木柴,把木柴劈开.设劈背BC的宽度 位置,B对地面的压力增大 为d.壁的侧面AB,AC长为L.壁的侧面推压 2.(2023·辽宁朝阳期末)如图所示,木块A、B 木柴的力为F”,不计劈自身重力,则( _~ 分别重40N和20N.它们与水平面间的动摩 # 擦因数均为0.2.夹在A、B间的轻弹策被压缩 了3cm.且A、B间用轻绳挫接,弹的劲度 系数为200N/m.系统置于水平面上静止不 动.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则在烧 断细线瞬间,木块A、B所受的摩擦力大小分 别为 ( ) B. 仅增大d,F将增大 C. 当d=Z时,F'=F A. 6N 6N B. 6N 4N D. 仅减小乙.F将增大 C. 8N 4N D. 4N 2N 5.(2023·湖北孝感三模)如图所示,三根轻质 3.(2024·广东广州期中)短跑运动员进行训 细线结于0点,0A另一端固定在天花板上 练时,常常会将阻力伞绑在腰间来对抗阻力 的A点(位于圆心0的正上方).0B、0C另 以提高核心力量,该项训练具有易操作,不易 一端分别连接质量为m的小球P(可视为质 受伤,阻力大小易控制的特点,如图所示,当 点)、质量为2m的物体0.将物体0放置于粗 阻力伞全部打开时,阻力伞的中心轴线保持 糙水平面上,小球P放置于半径为R的光滑 水平,共6根伞绳,每根伞绳与中心轴线的夹 半圆柱上,当A、0、0处于同一竖直线上时, 学霸高 蓝题 物理 0C处于水平且物体0恰好不滑动,此时 的摩擦,重力加速度为g,下列说法正确的是 ( R.100'1=2R,重力加速度大小 2 ### 为g.最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则物体 支架 ( 0与水平面间的动摩擦因数为 ) _ 校 心 A. 当底板与水平面间的夹角为30时,底板 3mg 15 B. 3./15 A. 32 64 15 B. 当底板与水平面间的夹角为30{时,支架 D. 3/15 C. 16 32 6. (2024·广东佛山二模)如图,用AB与AC两 C. 压下把手的过程中,底板对货物的支持力 根绳悬挂一质量分布不均(重心偏左)的矩 一直增大 形画框,画框底部需保持与水平地面平行,若 D. 压下把手的过程中,支架对货物的支持力 保持AB绳长不变,将C端左移,AC绳缩短至 一直减小 某一长度(但AC绳仍长于AB绳)后悬挂画 8.(2023·四川宜宾二模)(多选)如图所示,斜 框,画框保持原状态不动,则改变AC绳长前后 ) 面体固定在水平面上,一轻质细线绕过滑轮 1和滑轮2.两端分别与物体a和轻环c连 接,轻环c穿在水平横杆上,滑轮2下吊一物 体五.物体a和滑轮1间的细线平行于斜面, 系统静止,现将c向右移动少许,物体a始终 静止,系统再次静止,不计滑轮质量和滑轮与 ( 绳间的摩擦.则 A. AB绳的拉力大小总等于AC绳的拉力 _~_ 大小 B. AB绳的拉力大小总小于AC绳的拉力 大小 C. AB绳的拉力大小不变 A. 细线拉力将变大 D. AC绳的拉力大小可能相等 B. 地面对斜面体的支持力将变大 7.(2024·广东韶关二模)我们常用支架与底 C. 横杆对轻环c的摩擦力将变大 板垂直的两轮手推车搬运货物.如图甲所示 D. 斜面体对物体a的摩擦力将变小 将质量为m的货物平放在手推车底板上,此 二、非选择题 时底板水平:缓慢压下把手直至底板与水平 9.(2024·陕西西安质检)某同学先用图1所示 面间的夹角为60*,不计货物与支架及底板间 装置测弹策的劲度系数,再用该弹策以图2 第二章 相互作用 学霸高考 所示装置测物块与长木板间的动摩擦因数 实验测得的动摩擦因数比实际值偏 重力加速度g取9.8m/s2 (填“大”或“小”). 10.(2024·江苏常州期中)如图所示,倾角为 60{*}、质量为M的斜面体A置于水平面上, 在斜面体和竖直墙面之间放置一质量为m 的光滑球B,斜面体受到水平向右的外力 A 0000 F.系统始终处于静止状态.已知重力加速度 为g. 图1 图2 (1)求球B受到斜面体的弹力大小N.和墙 (1)测劲度系数的实验步骤: 面的弹力大小F.; a.将轻弹策悬挂在铁架台的横杆上,将 (2)若斜面体受到水平向右的外力大小为 刻度尺竖直固定在轻弹策旁,将刻度尺 的零刻度与轻弹策的上端对齐 b. 在弹策下端依次挂上不同质量的钩 擦力; 码,记录每次钩码的总质量m及对应指 (3)若斜面体与水平面间的动摩擦因数为 针所指刻度值x: u.最大静摩擦力等于滑动摩擦力,为了 c. 在n-x坐标系上描点作图,作出的图 使系统处于静止状态,求水平向右的外 像如图3所示. 力大小F的范围 由图像可知,弹的原长= cm.弹策的劲度系数^= N/m. 800 600 400 200 8 1216xcm 图3 (2)用图2所示装置测动摩擦因数,长木板B 放在水平面上,物块A放在长木板上,并 用(1)问中轻弹策将物块A与竖直墙面 连接,弹策保持水平,用水平力F拉动长 木板B向左运动,A保持静止,测得这时 弹策的长度为/=10cm.已知物块A的质 量为1kg.则物块A与长木板间的动摩擦 因数三 0 :实验中由于弹悬挂 时的原长比平放时的自然长度长,因此 学霸局考 蓝题 物理 第二章真题演练 _真题集训 ##C# 探究考向,剖析考点|限时:15min 1.(2024·黑吉辽卷)利用砚台将墨条研磨成 墨汗时讲究“圆、缓、匀”,如图,在研磨过程 中.砚台始终静止在水平桌面上,当墨条的速 60- ( 度方向水平向左时。 __ 3 -N A. 3 B. 1.0N 2/3 C. N 3 D. 2.0N A. 砚台对墨条的摩擦力方向水平向左 4.(2024·湖北卷)如图所示,两拖船P、0拉着 B. 桌面对砚台的摩擦力方向水平向左 无动力货船S一起在静水中沿图中虚线方向 C. 桌面和墨条对砚台的摩擦力是一对平 匀速前进,两根水平缆绳与虚线的夹角均保持 衡力 为30{,假设水对三艘船在水平方向的作用力 D. 桌面对砚台的支持力与墨条对砚台的压 大小均为/.方向与船的运动方向相反,则每艘 ( 拖船发动机提供的动力大小为 力是一对平衡力 ) 2.(2024·山东卷)如图所示,国产人形机器人 C.2f D. 3f “天工”能平稳通过斜坡,若它可以在倾角不 大于30*的斜坡上稳定地站立和行走,目最 大静摩擦力等干滑动摩擦力,则它的脚和斜 _ 5 面间的动摩擦因数不能小于 ( - 2 P (第4题) (第5题) 5.(2024·浙江1月选考)如图所示,在同一竖 一 直平面内,小球A、B上系有不可伸长的细线 A. B. a、b、c和d.其中a的上端悬挂于竖直固定的 2 支架上,d跨过左侧定滑轮、c跨过右侧定滑 C. D. 轮分别与相同配重P、0相连,调节左、右两 3.(2024·河北卷)如图,弹测力计下端挂有 侧定滑轮高度达到平衡.已知小球A、B和配 一质量为0.20kg的光滑均匀球体,球体静止 重P、0质量均为50g.细线c、d平行且与水 于带有固定挡板的斜面上,斜面倾角为30*. 平方向成e=30*(不计摩擦),g取10N/kg, 则细线a、b的拉力大小分别为 挡板与斜面夹角为60*}若弹策测力计位于竖 ~ A. 2N.1N 直方向.读数为1.0N.g取10m/s*.挡板对球 B. 2N.0.5 N 一 C. 1N.1N 体支持力的大小为 D. 1N.0.5 N由儿何关系和相敏三角形有。解得F。故 gL 的分解可得f=6F©s30°，代人数据解得每根伞绳的拉力大小为F= 103N,故选D. 选C 4.C解析：设劈的纵截面的三角形顶角为8，根据几何关系可得 8.D解析：在倒出水桶的过程中，两个支持力的夹角是个确定值，受 d 力情况如图所示 0 2 二2江，将力F按垂直劈侧面方向进行分解，如图 所示 可得F,=F2= 2 =上F,则劈的侧面推压木柴的力大小为F sin F2 、根据力的示意闲结合平衡条件可得。如B。在转动过程】 2 中a从90°增大到180°，则sing不断或小，F,将不断减小：而B从钝 R=子P.可知仅增大d,P将减小：仅减小，F将减小：当=L时。 角减小到锐角，其中跨过了90°，因此nB先增大后减小，则F,先增 F=F故选C 大后或小，故D正确.ABC错误故选D. 5.B解析：根据题意，对小球P受力分析，受重力mg,光滑半园柱的 9.D解析：对两环和绳整体受力分析，作力的矢量三角形如图所示 支持力N和绳子的拉力F,处于平衡状态，画出拉力F等大反向的 方F”,即为%和N的合力，如图1所示，由相似三角形有R器， 解得P3 mg,由余弦定理有s日 7 2x 22R 8 则有血0：个0：：对结点0受力分析，知图2所示，由 缓慢顺时针转动两杆至杆OB竖直，在转动过程中，初始时杆对环P 的弹力F。最小.当逐渐增大到轴助圆的直径时，杆对环Q的弹力 平衡条件有F=F,n8:对物体Q受力分析，如图2所示，由平衡条 件有F、=2mg,f=F4,又有F4=F2=F,sin0=Fsin0=sin0= F。水平，F,全过程一直变大，F。一直变小，故ABC错误.D正确 故选D. 315 3压，故选B 第二章综合测试 32mg/uF、,则有u= FxFx 64 UU∠ 1.D解析：A.物体A受力分析如图 0 0 图1 图2 共受到四个力，故A错误： 6.D解析：AB.对画框受力分析如图所示 B.物体B受力分析如图 设AB绳上的拉力与水平方向的夹角为0，，AC绳上的拉力与水平方 向的夹角为0，根据题意，保持AB绳长不变，将C端左移，AC绳缩 共受到五个力，故B错误： 短至某一长度（但AC蝇仍长于AB蝇），则可知该过程中8，始终不 CD.适当减小C的质量后，A,B、C仍静止在原位置，可知T减小， 变，且根据几何关系，始终有8，>2，则在水平方向根据平衡条件有 B不变，由f=Tc0s0, FnsB=Fccs82,由于B,始终大于82，因此Fw始终大于Fc, 可知，则B对A的摩擦力减小，则A对B的摩擦力减小： 故AB错误：CD.重力为恒力，AB绳上力的方向始终不变，作出力的 因为N,=m4g-Tsin0,Nm=N+mmg, 矢量三角形如图所示 T诚小，8不变，可知适当减小C的质量后，AB、C仍静止在原位置， B对地面的压力增大，故C错误，D正确. 故选D. 2.B解析：木块A、B与地面间的最大静摩擦力大小分别为∫。= uG,=8N,m=uGm=4N,烧断细线瞬间，弹簧的弹力大小为F kx=6N,由于F<.,所以A静止不动，则A所受地面的静摩擦力大 小为f=F=6N,由于F>f。,所以B相对地面带动，则B所受地面 的滑动障擦力大小为a==4N.故选B. 可知.随着将AC绳C端向左移动，绳AC与竖直方向的夹角在减 3.D解析：阻力伞受到空气阳力和6根伞绳的作用保持平衡，根据力 小，该过程中绳AC上的拉力可能先减小后增大，当绳AC垂直于 一学霸高考·蓝题·物理·11一 绳AB时，绳AC上的拉力有最小值，AC绳的拉力大小可能相等，该 过程中绳AB上的拉力Fs逐渐减小，但始终大于绳AC上的拉力 0.7x9.8N/m=68.6N/m 01 Fc,故C错误，D正确故选D. 7.A解析：AB.当底板与水平面问的夹角为30°时，受力分析如图 (2)分析物体A的受力，可知6(1-4em)=mg,解得私=-4m)。 g 68.6x(0.1-0.042=0.42: 1×9.8 实验中由于弹簧悬挂时的原长比平放时的自然长度长，由此弹簧平 30 放计算出来的形变量偏小，导致实验测得的动摩擦因数比实际值 偏小 mg 10.(N=2gF=5e(2r(5-）g.方向水平向右 由平衡条件可得F1ee60°=F20os30°，Fin60°+fain30P=mg, (3)0写F≤3mg+u(m+M)g或3mg-4(m+M)g至F≤3mg+ 解得底板对货物的支持力F、。 u(m+M)g 解析：(1)对B球受力分析，受重力mg、A的支持力N,墙的支持 支架对货物的支持力m一受A正确，B错误： 力F1,受力如图所示 CD.压下把手的过程中，货物的受力情况如图 由共点力的平衡条件有N1in60°-F,=0,N,cos60°-mg=0, 解得N,=2mg,F,=3mg: (2)对AB整体受力分析，受AB重力、地面的支持力N和摩擦力， 墙面的支持力F,,外力F,受力如图所示 由图可知.底板对货物的支持力一直减小，支架对货物的支持力 直增大，CD错误.故选A 8.AC解析：A.以滑轮2为研究的对象，受力如图 (好+mg 3 期由共点力的平衡条件有F2mg0, 解得=（厅子）g方向水平向右： (3)斜面体受到的最大静摩擦力=4(m+M)g, ①水平向右的外力最大（设为F)时，斜而体有向右运动趋势。 由平衡条件有F-F,fm=0, 若将ε向右移动少许，两根细线之间的夹角B增大，由于6对补轮的 解得Fm=,3mg+μ(m+)g: 拉力不变，两银细战之间的夹角变大，根据2号=6，细战的敬 ②水平向右的外力最小（设为F.)时，斜面体可能有向左运动 趋势， 力F一定变大，A正确： ()当u(m+M)g≥3mg时，F合=0， B.对斜面体，物体、物体b整体受力分析，受重力、支持力，细线的 则0≤F≤√3mgμ(m+M)g; 拉力和地而的静摩擦力，如图所示 (b)当4(m+)g<3mg时，F=√3mgu(m+M)g, 期3mgu(m+M)g≤F≤3mg+μ(m+M)g 第二章真题前练 1. 2。B解析：根据题意可知机器人“天工”可以在倾角不大于30的斜 坡上稳定地站立和行走，对“天工”分析有mgsin30°≤umgs30°， 根据平衡条件，有F,=Ga一Fcas B m68 可得公≥m邓-故选 2 =6a2F与角度B无关，恒 3.A解析：对小球受力分析如图所示： 定不变，B错误： C.以c为研究对象，如图 由儿何关系易得力F与力F、与竖直方向的夹角均为30，因此 由正交分解方程可得F、in30°=Fsin30°.F、0%30°+Feos30°+ 3 水平方向F=Fina.c向右移动少许，F变大，a变大，ina变大， T=mg,解得F=人=子N,故选入 横杆对轻环c的摩擦力将变大，C正确： 4.B解析：对S受力分析如图1.正交分解可知2Ts30°=.所以有 D.对a受力分析，沿斜面方向有f=1F-m,gsinal,则m,取不同值 时，∫可能变大、变小或不变D错误故选AC 3利P受力分所如图2，则有(Tm30)2+4ms30)2 9.(1)468.6(2)0.42小 解析：(1)由图像可知，弹簧的原长即为图线的做轴截距.k= ,解得F 3人，故选取 一学霸高考·蓝题·物理·12一 组成的系统，由牛顿第二定律得a=:子4，故A错误， 2m B正确： 20 以吊篮A为研究对象，A受到重力与B对A的压力，由牛顿第二定律 30 得mg+f=ma.代人数据得F、=,故CD错误， 故选B Q 5.B 解析：当两物块相对滑动时，M加速度最大，= M 图1 阳2 5.D解析：由题意可知细线c对A的拉力和细线d对B的拉力大小 0.4×1×10 m s2=0.8 m s2. 5. 相等，方向相反，对A,B整体分析可知细线4的拉力大小为T。= 当a≤0.8m/2时.两者一起做匀加速直线运动，当两者相对滑动时 (m,+me)g=1N.设细线6与水平方向夹角为a,对A、B分析分别有 a.>0.8m2,av=0.8ms2,故ACD可能，B不可能.本题选择不可 Tasin a+Tsin0=m1g,Tcs=Tcos8,解得T。=0.5N故选D. 能选项，故选B 第三章运动和力的关系 6.B解析：对物块在斜面所在的平而内受力分析如图所示 第1节牛顿第·定律力学单位制 1.B解析：由粘滞阻力公式6m,可知刀石其中∫的单位 为kg·m·s2,r的单位为m,x的单位为m·。,则刀的单位为 g·m2.生，放选B m·m·多m, min 2.C3.B4.AB 当恒力方向与对角线垂直时，恒力最小，根据儿何关系可知 5.A解析：由两种介质组成的系统，密度大的惯性大.当系统向右匀 加速运动时，密度小的向右偏移，密度大的向左偏移：乒乓球的密度 Fn-mgsin30°·sn45= 4mg,放选B 小于水的密度，乒乓球P向右偏移，水向左偏移：乒兵球的密度大于 7,C解析：两球的质量相等，设为m,剪斯细绳L2的解间，弹簧上的 空气的密度，空气向右偏移，乒兵球Q向左偏移A正确BCD错误 力不变，细绳乙，上的力发生突变，对两球受力分析，如图所示，根据 故选A 几何关系可得，对A球有：F,=mgco8,mgsin0=ma1,对B球有：F= 第2节牛顿第二定律 0man9=ma.AB.细绳上的放力与弹簧弹力之比为m9:1, mg 1.B解析：AB.货车向右加速，以A为研究对象，受力情况如图所示， 将N2进行正交分解，在竖直方向根据平衡条件可得：N2s0=mg, 故A错误，B正确：CD.A与B的加速度之比为1：a2=%8:1,故 水平方向根据牛顿第二定律可得：N,-N,sin0=m4a,A和B保持相 C正确，D错误.故选BC 对静止，所以N2不变，则N,变大，故B正确，A错误：CD.若货车域 速，加速度水平向左，以A为研究对象，在竖直方向有N,%0=m1g, 水平方向根据牛顿第二定律可得：N,sn0-N,=m,a,A和B保持相 对静止，所以V不变，则N,减小，故CD错误故选B 8.D解析：AB.开始时对A分析可知mg=2 ngsin30+T,解得Tm= 0,剪所细线瞬间，小球A受到的合力为2 mgsin30°，则加速度为a= 0.5g,选项AB错误：CD.剪断细线后，小球A向下运动过程中开始 时2mgsn30°>T加速度向下，随着弹力增加，加速度减小：当 2 ngsin30°=T时.加速度为零，速度最大：以后2mgin30°<T,此 时加速度沿斜面向上，则随着弹力增加面增大，则加速度先战小后 增大，在最低点时加速度最大，选项C错误，D正确.故选D 9.CD解析：A.由图乙可知，在0-0.5s内物体加速度较大，故物体受 2.B解析：AB.砖块运动过程中=4F、=uF=u灿. 到的滑动摩擦力方向沿斜面向下，故A错误：B.由图乙可知，在 当砖块静止时∫=m以保持不变，图像从斜直线变为水平线有一突 0.5~1.5内物体继续向下做加速度较小的加速运动，故物体受到沿 变，A错误，B正确： 斜面向上的滑动摩擦力作用，故B错误：C.由图可知，当物体的速 CD.砖块运动过程中，当f<mg,根据牛第二定律得g-∫=m阳，得 度与传送带的速度相同时，物体的加速度发生变化，故传送带的速 g典 率为4m/s,故C正确：D.根据速度一时间图像围成的图形面积表 :随着，增大面减小，砖块做加速度或小的变加速运动，”-：图像的 示位移，则可得4，B两点的距离为x=<05X4a+x(山5 斜率应减小： 0.5)m=6m,故D正确.故选CD, 当mg小，根据牛顿第二定律得a一临 10.BD解析：A,给木板能加水平向右的20N的拉力，对滑块，由生 领第二定律可得山2g=m2,=2h,解得=8m,A错误； 随着：增大，：反向增大，砖块做加速度增大的变减速运动，一4图像 B.给木板施加水平向右的20N的拉力，对木板由牛顿第二定律可 的斜率的绝对值应增大，直到停止，CD错误， 得F,2mg4,(+m)g=Ma1.=41,解得r1=10m5, 故选B. 将拉力改为作用于滑块上，对滑块，由牛领第二定律可得 3.B解析：根据题意，轻质弹簧上端放若A时系统平衡，在轻放上B fp2ng=ma4,4=+a4,解得4=9m/s 的瞬间，根据牛頓第二定律有mg=2m.面对B由牛顿第二定律 将拉力改为作用于滑块上，对木板，由牛顿第二定律可得 有mg-N=m,联立解得A.B问的弹力大小为N=30N,故选B. 4,mgμ(+m)g=a3:马=，-a.解得码=9m/, 4.B解析：AB.分析受力可知，物体C受重力和弹簧弹力，弹簧的弹 即2=22s时.滑块与术板具有相同的速度，B正确： 力不能突变，在细绳剪断瞬间，C受到的弹力与重力相等，所受合力 C,给木板施加水平向右的20N的拉力过程中，木板的位移为 为零，则C的加速度为0：物体B与A相对静止，将A、B看作一个整 体，受重力和弹簧的压力，弹簧的压力等于C物体的重力mg,对A,B 12a1 一学霸高考·蓝题·物理·13一