6.2024年普通高中学业水平选择性考试(河北卷)（含答题卡）-【高考密码】2022-2024三年高考物理真题汇编试卷

绝密★启用前 2024年普通高中学业水平选择性考试（河北卷） 物 理 本试卷满分100分，考试时间75分钟. 进 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目 要求的。 1.锂是新能源汽车、储能和信息通信等新兴产业的关键材料。研究表明，锂元素主要来自宇宙线高能粒子 与星际物质的原子核产生的散裂反应，其中一种核反应方程为C十1H→L十2H十X,式中的X为 密 ( A.in B._9e C.e D.He 2.我国古人最早发现了尖端放电现象，并将其用于生产生活，如许多古塔的顶端采用“伞状”金属饰物在雷 雨天时保护古塔。雷雨中某时刻，一古塔顶端附近等势线分布如图所示，相邻等势线电势差相等，则α、 封 b、c,d四点中电场强度最大的是 ( A.a点 B.b点 C.c点 D.d点 卡ms) 线 豪 内 2 3 58 图1 图2 不 第2题图 第3题图 第4题图 3.篮球比赛前，常通过观察篮球从一定高度由静止下落后的反弹情况判断篮球的弹性。某同学拍摄了该 过程，并得出了篮球运动的t图像，如图所示。图像中a、b、c、d四点中对应篮球位置最高的是( A.a点 B.b点 C.c点 D.d点 准 4.R1,R2为两个完全相同的定值电阻，R,两端的电压随时间周期性变化的规律如图1所示（三角形脉冲 交流电压的峰值是有效值的√3倍)，R2两端的电压随时间按正弦规律变化如图2所示，则两电阻在一个 周期T内产生的热量之比Q1:Q2为 答 A.2:3 B.4:3 C.2:w3 D.5:4 5.如图，弹簧测力计下端挂有一质量为0.20kg的光滑均匀球体，球体静止于带有固定挡板的斜面上，斜面 倾角为30°，挡板与斜面夹角为60°。若弹簧测力计位于竖直方向，读数为1.0N,g取10m/s2,挡板对球 体支持力的大小为 黄 题 A气 B.1.0N C.23N 3 D.2.0N 紫外光笔 北 感光纸 B 777777077777777 第5题图 第6题图 第7题图 2024·河北卷第1页（共4页） 6.如图，一电动机带动轻杆在竖直框架平面内匀速转动，轻杆一端固定在电动机的转轴上，另一端悬挂一紫外 光笔，转动时紫外光始终竖直投射至水平铺开的感光纸上，沿垂直于框架的方向匀速拖动感光纸，感光纸上 就画出了描述光点振动的x1图像。已知轻杆在竖直面内长0.1m,电动机转速为12r/min。该振动的圆 频率和光点在12.5s内通过的路程分别为 A.0.2rad/s,1.0m B.0.2rad/s,1.25m C.1.26rad/s,1.0m D.1.26rad/s,1.25m 7.如图，真空中有两个电荷量均为q(q>0)的点电荷，分别固定在正三角形ABC的顶点B,C。M为三角 形ABC的中心，沿AM的中垂线对称放置一根与三角形共面的均匀带电细杆，电荷量为号。已知正三 角形ABC的边长为：，M点的电场强度为0，静电力常量为k。顶点A处的电场强度大小为 ( ) A.23kg B.g(6+√3) D.g(3+3) a2 女、 C.) 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选 项符合题目要求。全都选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.2024年3月20日，鹊桥二号中继星成功发射升空，为嫦娥六号在月球背面的探月 任务提供地月间中继通讯。鹊桥二号采用周期为24h的环月椭圆冻结轨道（如 图)，近月点A距月心约为2.0×103km,远月点B距月心约为1.8×10km,CD 为椭圆轨道的短轴，下列说法正确的是 ( A.鹊桥二号从C经B到D的运动时间为12h B.鹊桥二号在A、B两点的加速度大小之比约为81：1 厅球 C.鹊桥二号在C、D两点的速度方向垂直于其与月心的连线 D.鹊桥二号在地球表面附近的发射速度大于7.9km/s且小于11.2km/s 9.如图，水平放置的密闭绝热汽缸被导热活塞分成左右两部分，左侧封闭一定质量的理想气体，右侧为真 空，活塞与汽缸右壁中央用一根轻质弹簧水平连接。汽缸内壁光滑且水平长度大于弹簧自然长度，弹簧 的形变始终在弹性限度内且体积忽略不计。活塞初始时静止在汽缸正中间，后因活塞密封不严发生缓 慢移动，活塞重新静止后 A.弹簧恢复至自然长度 S8814111411111151 B.活塞两侧气体质量相等 理想气体 其空 C.与初始时相比，汽缸内气体的内能增加 D.与初始时相比，活塞左侧单位体积内气体分子数减少 活塞 10.如图，真空区域有同心正方形ABCD和abcd,其各对应边平行，ABCD的边 rmnrnnnnnn 长一定，abd的边长可调，两正方形之间充满恒定匀强磁场，方向垂直于正方形所在平面。A处有一个 粒子源，可逐个发射速度不等、比荷相等的粒子，粒子沿AD方向进人磁场。调整abd的边长，可使速 度大小合适的粒子经ad边穿过无磁场区后由BC边射出。对满足前述条件的粒子，下列说法正确的 是 A.若粒子穿过ad边时速度方向与ad边夹角为45°，则粒子必垂直BC射出 年▣4中年444 7 B.若粒子穿过ad边时速度方向与ad边夹角为60°，则粒子必垂直BC射出 C.若粒子经cd边垂直BC射出，则粒子穿过ad边时速度方向与ad边夹角必 为45 D.若粒子经bc边垂直BC射出，则粒子穿过ad边时速度方向与ad边夹角必 4 为60 t。t。t9e年 三、非选择题：本题共5小题，共54分」 11.(8分)(1)某同学通过双缝干涉实验测量单色光的波长，实验装置如图1所示，其中测量头包括毛玻璃 游标尺、分划板、手轮、日镜等。 光阁山透镜说北片中缝 双缝 返光篇测量头 图1 该同学调整好实验装置后，分别用红色、绿色滤光片，对干涉条纹进行测量，并记录第一条和第六条亮 纹中心位置对应的游标尺读数，如表所示： 2024·河北卷 第2页（共4页） 单色光类别 r1/mm r6/mm 单色光1 10.60 18.64 单色光2 8.44 18.08 根据表中数据，判断单色光1为 (填“红光”或“绿光”)。 (2)图2为探究平抛运动特点的装置，其斜槽位置固定且末端水平，固定坐标纸的背板处于竖直面内， 钢球在斜槽中从某一高度滚下，从末端飞出，落在倾斜的挡板上挤压复写纸，在坐标纸上留下印迹。某 同学利用此装置通过多次释放钢球，得到了如图3所示的印迹，坐标纸的y轴对应竖直方向，坐标原点 对应平抛起点。 ①每次由静止释放钢球时，钢球在斜槽上的高度 (填“相同”或“不同”)。 ②在坐标纸中描绘出钢球做平抛运动的轨迹。 6810121416x/cm 复写纸坐标纸 10 Q 12 14 16 18 20 y/cm 图2 图3 ③根据轨迹，求得钢球做平抛运动的初速度大小为 m/s(当地重力加速度g为9.8m/s2,保留 2位有效数字)。 12.(8分)某种花卉喜光，但阳光太强时易受损伤。某兴趣小组决定制作简易光强报警器，以便在光照过强 时提醒花农。该实验用到的主要器材如下：学生电源、多用电表、数字电压表(0~20V)、数字电流表(0 ~20mA)、滑动变阻器R(最大阻值50,1.5A)、白炽灯、可调电阻R1(0~50k)、发光二极管LED、 光敏电阻RG、NPN型三极管VT、开关和若干导线等。 (1)判断发光二极管的极性 使用多用电表的“×10k”欧姆挡测量二极管的电阻。如图1所示，当黑表笔与接线端M接触、红表笔 与接线端N接触时，多用电表指针位于表盘中a位置（见图2）：对调红、黑表笔后指针位于表盘中b位 置（见图2）。由此判断M端为二极管的 (填“正极”或“负极”)。 0 4山山L 1TTTT门T 3a 0 0 150 送小 LED C(uF)0Hz A-V-2 LH03H女 M 图1 图2 (2)研究光敏电阻在不同光照条件下的伏安特性 ①采用图3中的器材进行实验，部分实物连接已完成。要求闭合开关后电压表和电流表的读数从0开 始。导线L1、L2和L3的另一端应分别连接滑动变阻器的 接线柱（以上 三空选填接线柱标号“A”“B”“C”或“D”)。 2024·河北卷第3页（共4页） /mA 1. 9.00 80 7.(00 0+3 V 6.U 5,0 LEDA 4.D0 3.00 b 2.00 VT 10 00.301.001.50202303.0N U V 图3 图4 图5 ②图4为不同光照强度下得到的光敏电阻伏安特性曲线，图中曲线【、Ⅱ和Ⅲ对应光敏电阻受到的光 照由弱到强。由图像可知，光敏电阻的阻值随其表面受到光照的增强而 (填“增大”或“减小”)。 (3)组装光强报警器电路并测试其功能 图5为利用光敏电阻、发光二极管、三极管（当b、间电压达到一定程度后，三极管被导通）等元件设计 的电路。组装好光强报警器后，在测试过程中发现，当照射到光敏电阻表面的光强达到报警值时，发光 二极管并不发光，为使报警器正常工作，应 (填“增大”或“减小”)可调电阻R1的阻值，直至发 光二极管发光。 13.(8分)如图，竖直向上的匀强电场中，用长为L的绝缘细线系住一带电小球，在竖直平 面内绕O点做圆周运动。图中A、B为圆周上的两点，A点为最低点，B点与O点等高。 当小球运动到A点时，细线对小球的拉力恰好为0，已知小球的电荷量为q(q>0),质量 为m,A、B两点间的电势差为U,重力加速度大小为g,求： (1)电场强度E的大小。 (2)小球在A、B两点的速度大小。 14.(14分)如图，边长为2L的正方形金属细框固定放置在绝缘水平 面上，细框中心O处固定一竖直细导体轴O)'。间距为L、与水平 面成0角的平行导轨通过导线分别与细框及导体轴相连。导轨和 细框分别处在与各自所在平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度大 小均为B。足够长的细导体棒OA在水平面内绕O点以角速度 匀速转动，水平放置在导轨上的导体棒CD始终静止。OA棒在 转动过程中，CD棒在所受安培力达到最大和最小时均恰好能静止。已知CD棒在导轨间的电阻值为 R,电路中其余部分的电阻均不计，CD棒始终与导轨垂直，各部分始终接触良好，不计空气阻力，重力 加速度大小为g。 (1)求CD棒所受安培力的最大值和最小值。 (2)锁定OA棒，推动CD棒下滑，撤去推力瞬间，CD棒的加速度大小为a,所受安培力大小等于(1)问 中安培力的最大值，求CD棒与导轨间的动摩擦因数。 15.(16分)如图，三块厚度相同、质量相等的木板A、B、C(上表面均粗糙)并排静止在光滑水平面上，尺寸 不计的智能机器人静止于A木板左端。已知三块木板质量均为2.0kg,A木板长度为2.0m,机器人 质量为6.0kg,重力加速度g取10m/s2,忽略空气阻力。 (1)机器人从A木板左端走到A木板右端时，求A、B木板间的水平距离。 (2)机器人走到A木板右端相对木板静止后，以做功最少的方式从A木板右端跳到B木板左端，求起 跳过程机器人做的功，及跳离瞬间的速度方向与水平方向夹角的正切值。 (3)若机器人以做功最少的方式跳到B木板左端后立刻与B木板相对静止，随即相对B木板连续不停 地3次等间距跳到B木板右端，此时B木板恰好追上A木板。求该时刻A、C两木板间距与B木板长 度的关系。 277727777 2024·河北卷第4页（共4页）中图线的斜率人一,解得p-kdh,根据题图(b)可知,温度 (3)根据(2)问可知,从甲刚进入磁场至甲、乙第一次在水平 导轨上运动稳定,相对位移为△r一24m,且稳定时的速度 高的水的R-/图线(图乙)斜率较小,则温度高的水的电阻 -6m/s 率较小,更容易导电。(5)根据欧姆定律和电阻定律有R一 乙第一次在右例斜轨上向上运动的过程中,根据牛顿第二定 律有 ngsin8:+um:gcos 8.-m:a 根据运动学规律有20:工上一v 答案:(2)如图所示。 (4)hdh高 (5)0.46 乙第一次在右倒斜轨上向下运动的过程中,根据牛顿第二定 电校板 律有 mgsin8:-u:m:gcos8.-m:a 27 根据运动学规律有2a-,-u{ 又2一x1 联立并代入数据解得乙第一次从右倒斜轨上滑下经QQ 时的速度 0.-5m/s 甲乙结合体第一次在右侧斜轨上向上运动的过程中,根据牛 顿第二定律有 (m +m:)gsin8+(n.+m)gcos8-(m+m)a' 13.解:(1)气体从状态D到状态A的过程发生等容变化,根据 根据运动学规律有2a'x'-v 定一# 由题图(b)可知x.-4.84x'1 解得甲,乙碰撞后的速度-30/s 30 代入数据解得.-2.0×10Pa。 (2)气体从状态C到状态D的过程发生等温变化,根据玻意 乙返回水平导轨后与甲相互作用的过程,对甲、乙组成的系 耳定律有 统,根据动量守恒定律有 pV.-V mv.-nv=(n.+m:)v 代入数据解得V.-2.0m{ 解得乙返回水平导轨QQ:时甲的速度为 175 又气体从状态B到状态C发生等容变化,因此气体在B状 33m/s 态的体积也为V.-2.0m。 若乙返回水平导轨时在QQ:处恰与甲发生碰撞,则对应 14.解:(1)对转椅受力分析,转椅在水平面内受摩擦力、轻绳拉 的最小值,乙第一次在右侧斜轨上运动的过程,对甲根据动 力,两者合力提供其做圈周运动所需向心力,如图所示 量定理有 设转椅的质量为m,则 一B1A:-nv-n 转椅所需的向心力F一mor #=B” 转椅受到的摩擦力f.一umg 解- 2R 根据几何关系有tana一 f。 根据位移关系有'-△r-△xr' 联立解得tan。一。 71 (2)转椅在题图(b)情况下所需的向心力F。一mor 若乙返回水平导轨后,当两者共速时恰好碰撞,则对应d的 转椅受到的摩擦力/:一N。 最大值,对乙从返回水平导轨到与甲碰撞前瞬间的过程,根 据动量定理有 BI.△。-m-(-n:) 竖直方向上由平衡条件有N。十Tcosθ一ng 水平面上有/。一Tsinosin; #1:B_ 2R 联立解得a (ucos0+sinsin③): _gsin oeos③ 解得△"-340 17m 15.解:(1)对甲从静止到运动至PP。处的过程,根据动能定 根据位移关系有d’-Ar-Ar'-A” 理有 综上所述,d的取值范围为356. 甲刚进入磁场时,由法拉第电磁感应定律有 E-B。 2024年普通高中学业水平选择性考试 根据欧姆定律有I。一 (河北卷) 对乙由牛顿第二定律有 1.D 根据核反应前后质量数和电荷数守恒得,A一12十1-7- BI.I-maz。 $ $1-4,Z-6+1-3-2X1-2,则X为He,D正确。 联立并代入数据解得a一2m/s{} 2.C 在静电场中,等差等势线的疏密程度反映电场强度的大 根据榜次定律可知,回路中的感应电流沿逆时针方向(俯 小。由题图可知,c点等差等势线最密集,故c点电场强度最 视),结合左手定则可知,乙所受安培力方向水平向右,则加 大,C正确。 速度方向水平向右 3.A 由题图图像可知,篮球从某一高度由静止释放后,逸度负 (2)甲和乙在磁场中运动的过程中,系统不受外力作用,则系 向增大,落地反弹后上升至a点,此时逸度第一次向上减为 统动量守恒,若两者共速时恰不相碰,则有nv。一(m:十 零,故此时到达离地最高处,A正确。 m。) 4.B 设R、R。的阻值均为R,根据题中所给信息,结合题图图 对乙根据动量定理有 _) ()# BIl-mv-0 ##1_ d-△v 联立解得d.-24m. 物理答案-10 5.A 对球体受力分析如图所示: KOA 丙 #7 7777777777777. 1 .mg 正交分解列方程,x轴方向:F sin30{}-Fsin30{},y轴方 5 5。 向:F cos 30”+Fs.cos 30”+F=mg,联立方程解得Fi-3 1.928mm,△x. Ax,则入.<.,由于绿光波长小于红光波 长,则单色光1为绿光。 N.A正确。 (2)①为保证钢球每次平抛运动的初速度相同,必须让钢球 6.C 根据题意可知,紫外光笔的光点在纸面上沿1轴方向做 在斜橹上的相同高度由静止释放。 简谐运动,可求解-2--2rn=0.4r rad/s~1. 26 rad/s,A、 ②钢球做平抛运动的轨迹如图所示。 0246810 121416 vcm B错误;T-1-5s,由杆长0.1m可知振幅A-0.1m,1 2.5.则运动路程;-2.5×4×0.1m-1.0m.C正确,D错误 7.D 由于M点与A点关于带电细杆对称,故细杆在A处产生 的电场强度大小E。-E。-3,方向竖直向上,故A点的电 场强度大小E-E。+E-(V3+3),D正确。 8.BD 鹊桥二号围绕月球做园运动,从A→C→B做减速运 动,从B→D→A做加速运动,所以从C→B→D的运动时间 大于半个周期,即大于12小时,A错误;在A点,根据牛顿第 1 em Mn ③因为坐标原点对应平抛起点,为方便计算,在图线上找到 纵坐标为19.6cm的点为研究点,该点的坐标为(14.1cm. 的加速度大小之比约为a。'a.一81!1,B正确;根据物体做 曲线运动时速度方向沿该点的切线方向,可知鹊桥二号在C ~0.71m/s. D两点的速度方向不垂直于其与月心的连线,C错误;鹊桥二 (2)①相同 ②见解析 答案:(1)绿光 号发射后围绕月球沿圆轨道运动,并未脱离地球引力束缚, ③0.71 也在围绕地球运动,所以鹊桥二号在地球表面附近的发射速 过12.解析:(1) 度大于7.9km/s而小于11.2km/s.D正确。 9.ACD 初始状态活塞受到左侧气体向右的压力和弹向左 的弹力处于平衡状态,弹处于压缩状态。因活塞密封不严, ### 可知左侧气体向右侧真空散逸,左侧气体压强变小,右侧出现 气体,对活塞有向左的压力,最终左、右两侧气体压强相等,且 弹策恢复原长,A正确;由于活塞向左移动,左侧气体体积小 于右侧气体体积,则左侧气体质量小于右侧气体质量,B错 误;密闭的汽缸绝热,与外界没有能量交换,但弹策弹性势能 欧姆&黑表笔接 减少了,可知气体内能增加,C正确;初始时气体在左例,最终 内部电源正极 气体充满整个汽缸,初始左侧单位体积内气体分子数应该是 黑表管接M,电阻无穷大,黑表管接y端,电阻很小. 最终的两倍,D正确。 说明二极管反向止(负极) 说明二极正遍 10.ACD 若粒子穿过ad边时速度方向与ad边夹角为45^{},则 粒子必经过cd边,作出粒子运动轨迹图,如图甲所示,粒子 从C点垂直于BC射出,A、C正确;当粒子穿过ad边速度方 向与ad边夹角为60{}时,若粒子从cd边再次进磁场,作出粒 子运动轨迹如图乙所示,则粒子不能垂直BC射出,若粒子 经bc边再次进入磁场,作出粒子运动轨迹如图丙所示,则粒 子一定垂直BC边射出,B错误,D正确。 (tl A-V-0 1_ (2)①题目要求电压表,电流表读数从零开始,所以应该采用 滑动变阻器分压式接法连接电路,故L.、L。接滑动变阻器A 接线柱,L。必须接在金属杆两端接线柱任意一个,即C或 乙 D。②由图像可知,随光照强度增加,I-U图像斜率增大,所 以电阻减小。 物理答案-11 (③) 解法三:当CD棒所受安培力最小时,根据平衡条件,有 __-0+3V mgsin8-mgcos 8-F-0 ),0 当CD棒所受安培力最大时,根据平衡条件,有Fm一mgsin 。 随着光增强。 0-mgcos8-0 出 撤去推力瞬间,根据牛领第二定律,有F.....mgsin8十 明R分压小,故需 要增大R. ungcos8-ma -V 答案:(1)负极 (2)①A A D(或C) ②减小 (3)增大 由解法一可知__ #o0 (2)在A点细线对小球的拉力为0,由牛顿第二定律得Eo (以上三种解法都正确) 答案:(1)BLB□L R 2R 由A点到B点,由动能定得U-mgL---1}# 1,a /.-ngL ③(.-ngL) 联立解得。 15.解析;(1)机器人从A木板左端走到A木板右端的过程中, n⊙ n 机器人与A木板组成的系统动量守恒,A木板向左运动,B. /3(U.-mgL) C木板静止,设机器人的质量为M,三个木板的质量均为m, 由动量守恒定律得Mo-mv.: 14.解析:(1)当导体棒OA运动到正方形金属细框对角线瞬间, 设所用时间为1,则有Mot=mo.(,即Mx=mT. 切割的有效长度最大, 又r十-L. 则L-/2L, 联立解得x.-1.5m 此时感应电流最大,CD棒所受的安培力最大,根据法拉第 则A、B木板间的水平距离为1.5m。 电磁感应定律,有E.-BLm1 (2)设机器人起跳的速度大小为v,速度方向与水平方向的 其中,平均速度为_02L, 夹角为0,机器人从A木板右端跳到B木板左端的时间 为, 由斜抛运动规律得v.cosθ·t.一工。· 则感应电动势E-BL sin7_ 根据闭合电路欧姆定律,有I.一 联立解得}一2-n。 15 则CD所受安培力的最大值为F ...-Bl IL-BL{ 机器人跳离A木板的过程中,系统水平方向动量守恒 当导体棒OA运动到与细枢某一边平行瞬间,切割的有效长 由动量守恒定律得Mu.cos8一mv'. 度最小,感应电流最小,CD棒所受的安培力最小,根据法拉 由功能关系得,机器人做的功为W-M+^{# 第电磁感应定律,有E.一BLv 其中L&_1,平均速度为vo-L. 0.451-sin{+4co0.451- 联立可得W-1+3cos。 2sin fcos0 2 2sinocosf 则感应电动势E.-BL{ (ta)451 根据闭合电路欧姆定律,有I一 则CD棒所受安培力的最小为F n Bl L. B 时,机器人做功最少,代入可得W一90] 2R (2)解法一:当CD棒所受安培力最小时,根据平衡条件,有 2 m/s.由Mu.cos0- mgsinθ-mgcosθ-F-0 m 当CD棒所受安培力最大时,根据平衡条件,有F.一mgsin 0-gcos8-o 线运动。机器人跳高A木板到与B木板相对静止的过程 中,机器人与B、C木板纽成的系统在水平方向上动量守恒, 撤去推力瞬间,根据牛顿第二定律,有F一mgsin0十 由动量守恒定律得 ngcos 0-ma Mv.cosθ-(M+2m). 此过程中A木板向左运动的距离x'。一v't, 可得CD棒与导轨间的动摩擦因数为- sco-tan) 代入数据得r-4.5m 解法二:当CD棒所受安培力最大时,受力分析如图1所示, 机器人连续三次等间距跳到B木板右端,整个过程机器人 根据平衡条件,有F-mgsinθ-umgcos0-0 和B木板组成的系统水平方向动量守恒,设每次跳起后机 器人的水平速度大小为u,B木板的速度大小为v...,机器 撤去推力瞬间,受力分析如图2所示,根据牛顿第二定律,有 F.-mgsin0+ngcos 0-ma 人每次跳跃的时间为△. 以向右为正方向,由动量守恒定律得(M十m)v.一Mo一 联立可得,CD棒与轨道间的动摩擦因数u-2gcos n① ### 十)△② 阅1 图2 物理答案-12 机器人到达B木板右端时,B木板恰好追上A木板,从机器 随着y增大F减小; 人跳上B左端到跳到B的右端的过程中,A、B木板的位移 当弹弹力大于木块的重力后到最低点 之差为△r=+x'-6m,则有(-)·3△=r③ 过程中 联立①②③三个式子得4(#+vg)#3(+#) △r F-hy-mg. 木块所受合外力向上,随着y增大F增 A.、C两木板的间距为x=(+v·3△+十L 大;Fy图像如图所示 故B正确,A错误;同理,在木块下落H 整理得士-71。 高度之前,木块做匀加速直线运动,根据y-st{} 答案:(1)1.5m(2)90J 2(3)x-7L 速度逐渐增大,所以y!图像斜率逐渐增大,当木块接触弹等 后到合力为零前,根据牛顿第二定律mg一ky一F. 2024年普通高中学业水平选择性考试 木块的速度继续增大,做加速度减小的加速运动,所以y(图 广东卷) 像斜率继续增大,当弹策弹力大于木块的重力后到最低点过 程中F-ky-mg 1.D 由图可知交流电的周期为0.02s,则频率为 木块所受合外力向上,木块做加速度 增大的减速运动,所以y?图斜率减 平衡位置.. 小,到达最低点后,木块向上运动,经 .102V 10、\V,根据欧姆定律可知电流的峰值I.-K150 以上分析可知,木块先做加速度减小 的加速运动,再做加速度增大的减速 __0.2A.所以也 运动,再做匀减速直线运动到最高 0.2/②A.故B错误;电流的有效值为I一 2 点,y(图像大致为 阻在1s内消耗的电能为W-^Rt-0.2^{×50X1]-2J.,故 8.AC 根据沿着电场线方向电势降低可知M点的电势比N点 故C、D错误。故选B。 C错误;根据图像可知其电压表达式为u-U.sinul-10v/②sin 的低,污泥絮体带负电,根据E。一可知污泥絮体在M点的 2π.(V)-10v2sin 100r(V) 电势能比在N点的电势能大,污泥絮体从M点移到N点,电 势能减小,电场力对其做正功,故A、C正确;根据电场线的疏 故D正确。故选D。 2.C 根据核反应方程Y+Am→X+2n 密程度可知N点的电场强度比P点的小,故B错误;M点和 P点在同一等势面上,则污泥絮体在M点的电势能与在P点 根据质子数守恒设Y的质子数为y,则有y十95一119+0,可 的电势能相等,结合A、C选项分析可知污泥絮体在P点的电 得y一24,即Y为Cr;根据质量数守恒,则有54+243-A十 势能比其在N点的大,故D错误。故选AC。 2.可得,A一295,故选C。 3.B 由图可知简谐波的波长为a-2m,所以周期为T-= R{ 2m-2s 行星的质量和半径分别为地球的)和,地球表面重力加速 1m/s 度大小取g一10m/s{,可得该行星表面的重力加速度大小g 当t-1s时,x-1.5m处的质点运动半个周期到达波峰处. 故相对平衡位置的位移为0.1m。故选B。 一4m/s,故A正确;在星球表面上空,根据万有引力提供向 4.D 根据图乙可知此时穿过线圈的磁通量为0,故A错误;根 据法拉第电磁感应定律可知永磁铁相对线圈上升越快,磁通 可得星球的第一宇宙速度vVK. 量变化越快,线圈中感应电动势越大,故B、C错误;永磁铁相 /GM 对线圈下降时,根据安培定则可知线圈中感应电流的方向为 顺时针方向,故D正确。故选D。 5.A 由题意可知当插销刚卡紧固定端盖时弹的伸长量为 △-,根据胡克定律有F-△r= ,插销与卷轴同轴转 动,角速度相同,对插销有弹力提供向心力F一mla 地球的第一宇宙速度为7.9km/s,所以该行星的第一宇宙速 对卷轴有v一r 保护背罩和降落伞整体做匀速直线运动,对探测器受力分析, 6.B 红光的频率比绿光的颊率小,则红光的折射率小于绿光 可知探测器与保护背罩之间的作用力F一ng一4000N “背罩分离”后,背罩所受的合力大小为4000N,对背罩,根据 牛顿第二定律F一m'a 知绿光在MN面的折射角较小,根据几何关系可知绿光比红 解得a一80m/s,故C正确: 光更靠近P点,故A错误;根据全反射发生的条件sinC-1 “背罩分离”后瞬间探测器所受重力对其做功的功率P一ng =1000×4×60W-240kW,故D错误。故选AC。 可知红光发生全反射的临界角较大,0逐渐增大时,折射光线 与NP面的交点左移过程中,在NP面的入射角先大于红光 10.ABD 两滑块在光滑斜坡上加速度相同,同时由静止开始 发生全反射的临界角,所以红光的全反射现象先消失,故B 下滑,则相对速度为0,故A正确;两滑块滑到水平面后均做 正确;在MN面,光是从光疏介质射到光密介质,无论0多大, 匀减速运动,由于两滑块质量相同,且发生弹性碰撞,可知碰 在MN面都不可能发生全反射,故C错误;根据折射定律n一 后两滑块交换速度,即碰撞后瞬间甲的速度等于碰撞前瞬间 sin可知0逐渐减小时,两束光在MN面折射的折射角逐渐 乙的速度,故B正确;设斜面倾角为8,乙下滑过程有H, sing 2gtisino. 减小,故D错误。故选B。 7.B 在木块下落日高度之前,木块所受合外力为木块的重力 在水平面运动一段时间t。后与甲相碰,碰后以甲碰前速度 保持不变,即F一mg 做匀减速运动t,乙运动的时间为/一1十1。十,由于与 当木块接触弹策后到合力为零前,根据牛顿第二定律mg H. 有关,则总时间与H,有关,故C错误;乙下滑过程有 -F ”H一}。由于甲和乙发生弹性碰撞,交换速度,则 物理答案一132024年普通高中学业水平选择性考试（河北卷） 物理答题卡 姓 名： 准考证号 贴条形码区 考生 缺考考生由监考员贴条形码，并用2B铅笔填涂下面的缺考标 (正面朝上，请勿贴出虚线方框) 禁填 记。□ 密 1.容题前，考生将自己的姓名，准考证号填写清楚，并认真核实对监考员所粘贴的条形码上的准考证号，姓名、考场 和座位号是否准确无误。 2.选择题必须使用2B铅笔将对应题目的答案标号涂黑，修改时用橡皮擦干净，再选择其它答案涂黑。非选择题必 注意事项 须使用0.5毫米黑色签字笔填写，字体工整，笔迹清楚， 3.请按题号顺序在各题的答题区城内答题，超出答题区城的答案无效，在草稿纸、试题纸上书写的答案无效。 4.保持卡面清洁、完整，严禁折叠，严禁使用涂改液、胶带纸和修正带。 线 5.正确填涂■ 豪 内 单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。 1.[A][B[C[D] 3.[A][B][C][D] 5.[A][B][C][D] 7.[A][B]LC][D] 不 2.[A][B][C][D]4.[A][B][C][D] 6.[A][B][C][D 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。 准 8.[A][B][C][D]9.[A][B][C][D] 10.[A][B][C][D] 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 蕾 题 11.(8分) 1 16 xcm (1) (2)① 1 ②如右图 r/em ③ 因3 请在各题目的答题区减内作客，超出边框的答秦无效 物理答题卡第1页（共4页） ■ 请在各题目的答题区城内作答，超出边框的答案无效 12.(8分) (1) (2)① ② (3) 13.(8分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第2页（共4页） ■ 请在各题目的答题区城内作答，超出边框的答案无效 14.(14分) 2 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第3页（共4页） ■ 请在各题目的答题区城内作答，超出边框的答案无效 15.(16分) 77777777777777777777777777777777777777777777777777777777 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第4页（共4页）