精品解析：上海市浦东新区第四教育2022-2023学年八年级下学期期末物理试题

物理（八） 2023.6 注意：答题时，务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，考试结束只交答题纸。在草稿纸或本试卷上答题一律无效。 一、选择题（共20分） 下列各题均只有一个正确选项。请将正确选项填写在答题纸的相应位置处。 1. 汽车发动机用水作冷却剂是因为水的（ ） A. 比热容大 B. 内能小 C. 热量多 D. 温度低 【答案】A 【解析】 【详解】因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水作冷却剂。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 2. 由于遭遇厄尔尼诺现象，全球气温持续上升，上海市夏天的最高气温接近（ ） A. 4℃ B. 0℃ C. 20℃ D. 40℃ 【答案】D 【解析】 【详解】人体的正常体温约37℃，上海市夏天的温度很高，高于人体的正常体温，约为40℃。 故选D。 3. 四冲程内燃机工作时，将内能转化成机械能的冲程是（　　） A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程 【答案】C 【解析】 【详解】在四冲程内燃机工作时，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能，吸气冲程和排气冲程没有发生能量转化。 故选C。 4. 下列现象中，能说明分子在不停运动的是（　　） A. 喷泉边水花四溅 B. 扫地时尘土飞扬 C. 花开时香气扑鼻 D. 寒冬中雪花飞舞 【答案】C 【解析】 【详解】A．喷泉边水花四溅，水花四溅属于宏观的机械运动，故A不符合题意； B．扫地时尘土飞扬，尘土飞扬属于宏观的机械运动，故B不符合题意； C．花开时香气扑鼻，是花香分子无规则运动的结果，故C符合题意； D．寒冬中雪花飞舞，雪花飞舞属于宏观的机械运动，故D不符合题意。 故选C。 5. 小聪同学将掉在地上的物理课本捡回桌面，所做的功最接近于（ ） A. 0.02J B. 0.2J C. 2J D. 20J 【答案】C 【解析】 【详解】因为物理课本的重力大约为,课桌高度约为,所以小聪同学对课本做的功 故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 6. 商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的（ ） A. 势能增加，机械能不变 B. 动能不变，机械能增加 C. 动能减少，势能增加 D. 动能增加，势能不变 【答案】B 【解析】 【详解】商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的质量不变，速度不变，所以动能不变，这一过程中高度增大，所以重力势能增大。机械能包括动能和势能，所以机械能增大。 故选B。 7. 一颗子弹射入沙袋的过程中，由于子弹与沙袋的摩擦（ ） A. 子弹内能增加，沙袋内能减少 B. 子弹内能减少，沙袋内能增加 C. 子弹内能增加，沙袋内能增加 D. 子弹内能减少，沙袋内能减少 【答案】C 【解析】 【详解】子弹射入沙袋的过程中，由于摩擦力的作用，子弹和沙袋之间会产生热量，这些热量会使子弹和沙袋的内能都增加。因此，子弹和沙袋的内能都会增加。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 8. 如图所示的科学家中，其名字被命名为“功率”单位的是( ) A. 焦耳 B. 牛顿 C. 伽利略 D. 瓦特 【答案】D 【解析】 【详解】A．焦耳是功和各种能量的基本单位．故A不符合题意； B．牛顿是力的基本单位．故B不符合题意； C．伽利略是著名的物理学家，但目前位置其名字没有被命名为物理量的单位．故C不符合题意； D．瓦特是功率的基本单位．故D符合题意． 9. 下列情境中，能反映物体吸收热量多少与升高的温度有关的是（ ） A. 相同质量的酒精，升高不同温度时吸收的热量不同 B. 不同质量的柴油，升高相同温度时吸收的热量不同 C. 相同质量的铅和铝，升高相同温度时吸收的热量不同 D. 不同质量的锡和锰，升高相同温度时吸收的热量不同 【答案】A 【解析】 【详解】A．根据可知，物体吸收热量的多少与物质的比热容、物体的质量、升高的温度有关；要说明物体吸收热量多少与升高的温度有关，根据可知，就应该控制物质的比热容相同（即物质种类相同）、物体的质量相同，而升高的温度不同；让相同质量的酒精升高不同温度，比热容相同、质量相同，升高的温度不同，比较吸收热量的多少，故A正确； B．让不同质量的柴油升高相同温度，比热容相同，升高的温度相同，质量不同， 故B错误； CD．用两种不同的物质做实验，没有控制物质的比热容相同，故CD错误． 10. 由热量计算公式得到，那么物质的比热容（ ） A. 跟物体吸收的热量成正比 B. 跟物体质量成反比 C. 跟物体的温度变化成反比 D. 跟以上三项都无关 【答案】D 【解析】 【详解】比热容 c 是物质的一种特性，与物体吸收的热量 Q、物体的质量 m 和温度变化 Δt无关。比热容是指单位质量的物质温度升高1摄氏度所吸收的热量。因此，比热容是物质本身的性质，不随外界条件的变化而变化。故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 二、填空题（共32分） 请将结果填入答题纸的相应位置。 11. 杠杆原理最早是由古希腊著名学者______提出来的。作用在杠杆上的动力和阻力对杠杆的作用效果______（选填“相同”或“相反”）。阻力臂______动力臂的杠杆是省力杠杆。托盘天平的实质是______杠杆。 【答案】 ①. 阿基米德 ②. 相反 ③. 小于 ④. 等臂 【解析】 【详解】[1]阿基米德的主要成就：浮力原理，杠杆原理。他发现的杠杆平衡条件，也叫杠杆原理。 [2]力的作用效果之一是改变物体的运动状态，当动力和阻力使杠杆转动效果相反时，杠杆才能平衡。 [3]由公式 可得，杠杆平衡时，力臂大力小；所以动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆。 [4]托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，所以托盘天平的实质是等臂杠杆。 12. 1个标准大气压下，冰水混合物的温度为______℃，______的温度为 100℃。人体的正常体温通常在 ______ ℃左右。 【答案】 ①. 0 ②. 沸水 ③. 37 【解析】 【详解】[1][2]在1个标准大气压下冰熔化时的温度为0℃，水凝固时的温度为0℃，水沸腾时的温度为100℃；且在上述三个过程中温度保持不变。 [3]人的体温是机体在代谢过程中不断放出热量的结果，而恒定的体温又是机体进行新陈代谢和正常的生命活动的重要条件，人类在地球上经过长期的进化，受地球各方面因素和环境的影响，自动调节出了37℃左右的体温。 13. 水的比热容为J/（kg·℃），读作______，它表示1kg的水温度每升高1℃，______；1kg水倒掉一半，比热容将______（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 【答案】 ①. 4.2×103焦每千克摄氏度 ②. 吸收的热量是4.2×103J ③. 不变 【解析】 【详解】[1][2]水的比热容是一个固定的物理量，其值为4.2×103J/（kg⋅℃）。这个数值读作“4.2×103焦每千克摄氏度”，它表示的物理意义是：质量为1kg的水，当它的温度升高1℃时，所吸收的热量是4.2×103J。 [3]比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类和状态有关，而与物质的质量、温度以及吸放热的多少无关，因此，当1kg的水倒掉一半后，虽然水的质量减小了，但其比热容并不会改变，仍然保持为4.2×103J/（kg⋅℃）不变。 14. 小华参加跳高比赛时，通过助跑使速度不断增大，是为了获得较大的______（选填“动能”或“势能”）；起跳后的上升过程中，他的重力势能将______（选填“变大”、“不变”或“变小”）；越过横杆后下落过程中，由于______，人的重力势能便转化为动能。 【答案】 ①. 动能 ②. 变大 ③. 重力做功 【解析】 【详解】[1]运动员在起跳前进行一段助跑，速度增大，因而获得大量的动能，运动员的高度不变其重力势能不变。 [2]运动员起跳后，他的身体不断上升，他的高度增大，运动员的重力势能变大。 [3]当运动员越过横杆下落的过程中，由于重力做功，人的重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能。 15. 如图所示，托起铅球时，尺骨、桡骨和手掌组成的整体可看作一根杠杆，肱二头肌对它施加的力看作动力，铅球对它施加的力看作阻力，则此杠杆的支点在图中_____点，动力臂______阻力臂，根据杠杆平衡的原理可知，它是______杠杆。 【答案】 ①. A ②. 小于 ③. 费力 【解析】 【详解】[1]题中的杠杆绕A点转动，所以A为支点。 [2][3]铅球对它施加的力看作阻力，所以阻力臂为AC的长度，肱二头肌对它施加的力看作动力，所以动力臂为AB，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆。 16. 锯木头时，锯条会变热。这是通过_____的方式使锯条的内能______，（选填“增大”、“不变”、“减小”），温度______。（选填“升高”、“不变”、“降低”） 【答案】 ①. 做功 ②. 增大 ③. 升高 【解析】 【详解】[1][2][3]用锯条锯木头，要克服摩擦做功，消耗机械能转化为内能，使锯条和木头的内能增加、温度升高，这是通过做功的方式改变锯条的内能。 17. 如图所示是汽油机的某个冲程，汽油与空气的混合气体处于图中______（选填字母）位置，在此冲程中，混合气体______（选填“被压缩”或“对外做功”），这些气体的内能______（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 【答案】 ①. A ②. 被压缩 ③. 变大 【解析】 【详解】[1][2][3]图中汽油机两个气门都关闭，活塞上行，是汽油机的压缩冲程，此冲程中汽油与空气的混合气体处于气缸A中，混合气体被压缩，温度升高，气体内能变大。 18. 如图所示滑轮中，滑轮的支点是图中的______（选填字母）部分，当用竖直向上的力F把物体G提升时，滑轮的轴______（选填“跟随”或“不随”）物体一起向上运动；若不计滑轮重及摩擦，拉力F的大小为50牛，则物体G的重力大小为_____牛。 【答案】 ①. B ②. 跟随 ③. 100 【解析】 【详解】[1][2]提升物体时，图中滑轮随物体一起移动，是动滑轮，左侧绳子与轮的接触位置B为支点，右侧绳子与轮接触的位置C为动力的作用点。当用竖直向上的力F把物体G提升时，滑轮的轴跟随物体一起向上运动。 [3]不计滑轮重力的及摩擦，绳子承重股数是n=2，由式子 则重力G的大小为 19. 作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，在这个过程中，力F的大小将_________(选填“变大”“变小”或“不变”)。 【答案】变大 【解析】 【详解】根据题意知道，动力F作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，则在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂l却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知道，F•OA=G•l阻 ，当OA、G不变时，l阻 越大，则F越大，所以，在这个过程中拉力F逐渐变大。 20. 大铜块与小铜块的质量之比为3∶1，升高相同的温度，它们的比热容之比是______。吸收的热量之比是______。 某小组同学研究“用动滑轮匀速提升相同重物时，所需竖直向上的拉力大小与哪些因素有关”。他们先用滑轮甲分别以速度、匀速提升相同重物，再换用滑轮乙（）重复实验，实验过程及现象分别如图（a）、（b）、（c）、（d）所示。 （1）分析比较图（a）与（b）[或（c）与（d）]可初步得出：______。 （2）分析比较图（a）与（c）[或（b）与（d）]可初步得出：______。 【答案】 ①. 1∶1 ②. 3∶1 ③. 用同一动滑轮匀速提升相同的重物时，拉力的大小与提升速度无关。 ④. 用不同的动滑轮提升相同的重物时，动滑轮越重，所用拉力越大。 【解析】 【详解】[1]比热容是物质的特性，与物质的质量无关。大铜块和小铜块都是铜块，因此它们的比热容是相同的，即比热容之比为1∶1。 [2]根据热量公式 Q=cmΔt，其中 Q 是吸收的热量，m是质量，c是比热容，Δt是温度变化。由于大铜块和小铜块的比热容 c和温度变化 Δt相同，且质量之比为3∶1，因此吸收的热量之比也 （1）[3]比较（a）、（b）[或（c）与（d）]两图，可以看出，动滑轮相同，提升物体相同，只是提升速度不同，但拉力大小相同，故可得出结论：用同一动滑轮提升相同的重物时，拉力的大小与提升速度无关。 （2）[4]比较（a）、（c）[或（b）与（d）]两图，可以看出，提升的速度相同，提升的物体相同，只是动滑轮的重不同，拉力大小不同，故可得出结论：用不同的动滑轮提升相同的重物时，动滑轮越重，所用拉力越大。 三、作图题（共6分） 21. 如图所示，杠杆OA在力、的作用下处于静止状态，是力的力臂，在图中画出力的力臂和力。 【答案】 【解析】 【详解】作力F1的延长线，过支点O作力F1作用线的垂线段L1，则线段L1为力F1的力臂；过力臂L2的末端，作垂直于L2的线段，与杠杆OA的交点为力F2的作用点，力F2的方向斜向右上方，由于杠杆静止，处于平衡状态，故 由于L2小于L1，故F2大于F1，即F2的长度大于F1的长度，如图所示： 22. 如图所示，工人师傅要撬动地面上的一块大石头，作用点在A点，为了使作用的力最小，请在图中画出支点位置O和A点处的最小力F的示意图。 【答案】 【解析】 【详解】根据杠杆平衡条件可知，在阻力、阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力将越小。由图示可知，当杠杆下端为支点O，OA为动力臂时最长，此时动力最小，力垂直于杠杆向上，支点O与最小作用力F如下图所示： 四、计算题（共22分） 23. 质量为2千克的水温度升高50℃。求水吸收的热量Q吸。[c水＝4.2×103焦/（千克·℃）] 【答案】4.2×105焦 【解析】 【详解】解：水吸收的热量 答：水吸收的热量4.2×105焦。 24. 某杠杆平衡时，动力的大小为20牛，动力臂为0.2米，阻力臂为0.1米，求阻力的大小。 【答案】40N 【解析】 【详解】解：由杠杆的平衡条件 可得，阻力的大小为 答：阻力F2的大小为40N。 25. 某物体在30N的水平拉力作用下沿水平桌面做匀速直线运动，10s内通过路程20m。求： ①这段时间内拉力对物体所做的功W； ②拉力做功的功率P。 【答案】①600J；②60W 【解析】 【详解】解：①拉力对物体所做的功为 W=Fs=30N×20m=600J ②拉力做功的功率为 答：①这段时间内拉力对物体所做的功W为600J； ②拉力做功的功率P为60W。 26. 这是我国自行设计和建造的跨海大桥，如图所示，它全长36km。一辆质量为kg的汽车，以90km/h的速度匀速通过大桥，所受的阻力是N。求整个过程中： （1）汽车发动机牵引力大小； （2）发动机牵引力做的功； （3）汽车发动机的功率。 【答案】（1）2.0×103N；（2）7.2×107J；（3）5×104W 【解析】 【详解】解：（1）由于汽车是匀速通过大桥的，根据二力平衡条件，汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等。已知汽车所受的阻力是f=2.0×103N，因此汽车发动机牵引力大小也为 F=f=2.0×103N （2）发动机牵引力做的功为 W=Fs=2.0×103N×3.6×104m=7.2×107J （3）汽车发动机的功率为 答：（1）汽车发动机牵引力大小为2.0×103N； （2）发动机牵引力做的功为7.2×107J； （3）汽车发动机的功率为5×104W。 五、实验题（共20分） 27. 如图所示，体温计的测量范围为______℃，最小分度值为______℃，此时示数为______℃。体温计读数时玻璃泡______（选填“能”或“不能”）离开被测物体。 【答案】 ①. 35~42 ②. 0.1 ③. 37.5 ④. 能 【解析】 【详解】[1]由图中可知，体温计能测量的最小值为35℃，最大值为42℃，故可知它的测量范围是35~42℃。 [2][3]由图中可知，1℃之间有10个小格，每一小格表示0.1℃，故可知体温计的最小分度值为由图中可知，此时该体温计的示数为37.5℃。 [4]体温计玻璃泡的上方有一段很细的缩口，它可以使体温计玻璃泡上方的水银不能很快的流回玻璃泡中，所以体温计可以离开人体读数。 28. 如图，将少许易燃硝化棉放入透明有机玻璃筒内，用活塞将筒口密封住，然后将活塞迅速压下，当活塞压至接近底部时，发现硝化棉起火燃烧。 （1）实验中，根据______现象可知筒内空气内能增加了。当活塞压下时，筒内空气分子间的斥力______（选填“增大”或“减小”） （2）该实验证明：用______的方式能改变物体的内能。从能的转化角度分析，上述过程类似于四冲程内燃机工作时的______冲程。 【答案】 ①. 硝化棉起火燃烧 ②. 增大 ③. 做功 ④. 压缩 【解析】 【详解】（1）[1]将活塞迅速压下，当活塞压至接近底部时，发现硝化棉起火燃烧；硝化棉起火燃烧，说明筒内空气温度升高了、内能增大了。 [2]当活塞压下时，空气分子间的距离减小，同时我们感觉到越往下压缩越费力，这是由于筒内空气分子间斥力增大的缘故。 （2）[3]在下压活塞时，活塞压缩筒内空气做功，机械能转化为内能，筒内空气的内能增大，说明用做功的方式能改变物体的内能。 [4]内燃机在压缩冲程中活塞向上运动，压缩气体对气体做功，将机械能转化为内能；它们的能量转化情况相同，即上述过程类似于四冲程内燃机工作时的压缩冲程。 29. 在做“探究杠杆平衡的条件”实验中，为了便于直接从杠杆上读出______的数值，应调节杠杆在______位置保持平衡；调节平衡的具体方法：在未挂钩码时，应调节______；在挂上钩码后，应调节钩码的个数或______。 【答案】 ①. 力臂 ②. 水平 ③. 平衡螺母 ④. 位置 【解析】 【详解】[1][2]在探究杠杆平衡的条件实验中，首先使杠杆在水平位置保持平衡，此时杠杆的力臂中杠杆上，可以直接读出力臂。 [3][4]调节平衡的具体方法：在未挂钩码时，应调节向杠杆高的一端调节平衡螺母；在实验过程中发现杠杆不平衡，则不能调节平衡螺母，只能通过移动钩码位置或改变钩码个数实现平衡。 30. 小华同学用实验研究物体吸收的热量跟哪些因素有关。实验装置如图所示，实验中酒精灯应置于两个烧杯下方中央，这是为了让两杯液体在相等时间内吸收的热量______，从而通过记录______来代替两杯液体吸收热量的多少。他们记录实验数据如下面两个表所示。 表一 实验序号 物质 质量（克） 升高温度（℃） 加热时间（分） 1 煤油 100 2 1 2 4 2 3 6 3 表二 实验序号 物质 质量（克） 升高温度（℃） 加热时间（分） 4 水 100 2 2 5 4 4 6 6 6 （1）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：______，吸收的热量与升高的温度成正比； （2）分析比较1、4（或2、5，或3、6）的数据及相关条件，可初步得出：相同质量的不同物质，______； （3）进一步综合分析比较表一、表二中的数据及相关条件，还可得出的初步结论是： （a）分析比较表一或表二中数据及相关条件，可初步得出：质量相等的同种物质，______； （b）分析比较表一和表二中的数据及相关条件，可初步得出：_____________。 【答案】 ①. 相等 ②. 加热时间 ③. 质量相同的同种物质 ④. 升高相同的温度吸收的热量不相同 ⑤. 吸收的热量与质量和升高温度乘积的比值不变，是一个定值 ⑥. 质量相等的不同物质，吸收的热量与质量和升高温度乘积的比值不同 【解析】 【详解】[1]实验中酒精灯应置于两个烧杯下方中央，这是为了让两杯液体在相等时间内吸收的热量相等。 [2]加热时间越长，液体吸收热量越多，反之，吸收的热量越少，从而通过记录加热时间来代替两杯液体吸收热量的多少。 （1）[3]分析比较实验序号1、2、3(或4、5、6)的数据及相关条件，煤油每经过1min，升高的温度都为2℃，水每经过1min，升高的温度都为1℃，因此可初步得出的结论：质量相同的同种物质，吸收的热量与升高的温度成正比。 （2）[4]分析比较1、4(或2、5,或3、6)的数据及相关条件，煤油和水都升高2℃，煤油需要加热1min，水需要加热2min，即它们吸收的热量不同；因此可初步得出的结论：质量相同的不同物质，升高相同的温度吸收的热量不相同。 （3）[5]分析比较表一或表二中的数据及相关条件，质量相同的同种液体，升高的温度变为原来的几倍，加热的时间也变为原来的几倍，故吸收的热量也变为原来的几倍，但吸收的热量与质量和升高温度乘积的比值不变，是一个定值，可初步得出：质量相等的同种物质，吸收的热量与质量和升高温度乘积的比值不变，是一个定值。 [6]分析比较表一和表二中的数据及相关条件，质量相同的水和煤油，吸收的热量与质量和升高温度乘积的比值不同，故能得出：质量相等的不同物质，吸收的热量与质量和升高温度乘积的比值不同。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 物理（八） 2023.6 注意：答题时，务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，考试结束只交答题纸。在草稿纸或本试卷上答题一律无效。 一、选择题（共20分） 下列各题均只有一个正确选项。请将正确选项填写在答题纸的相应位置处。 1. 汽车发动机用水作冷却剂是因为水的（ ） A. 比热容大 B. 内能小 C. 热量多 D. 温度低 2. 由于遭遇厄尔尼诺现象，全球气温持续上升，上海市夏天的最高气温接近（ ） A. 4℃ B. 0℃ C. 20℃ D. 40℃ 3. 四冲程内燃机工作时，将内能转化成机械能的冲程是（　　） A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程 4. 下列现象中，能说明分子在不停运动的是（　　） A. 喷泉边水花四溅 B. 扫地时尘土飞扬 C. 花开时香气扑鼻 D. 寒冬中雪花飞舞 5. 小聪同学将掉在地上的物理课本捡回桌面，所做的功最接近于（ ） A. 0.02J B. 0.2J C. 2J D. 20J 6. 商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的（ ） A. 势能增加，机械能不变 B. 动能不变，机械能增加 C. 动能减少，势能增加 D. 动能增加，势能不变 7. 一颗子弹射入沙袋的过程中，由于子弹与沙袋的摩擦（ ） A. 子弹内能增加，沙袋内能减少 B. 子弹内能减少，沙袋内能增加 C. 子弹内能增加，沙袋内能增加 D. 子弹内能减少，沙袋内能减少 8. 如图所示的科学家中，其名字被命名为“功率”单位的是( ) A. 焦耳 B. 牛顿 C. 伽利略 D. 瓦特 9. 下列情境中，能反映物体吸收热量多少与升高的温度有关的是（ ） A. 相同质量的酒精，升高不同温度时吸收的热量不同 B. 不同质量柴油，升高相同温度时吸收的热量不同 C. 相同质量的铅和铝，升高相同温度时吸收的热量不同 D. 不同质量锡和锰，升高相同温度时吸收的热量不同 10. 由热量计算公式得到，那么物质的比热容（ ） A. 跟物体吸收的热量成正比 B. 跟物体质量成反比 C. 跟物体的温度变化成反比 D. 跟以上三项都无关 二、填空题（共32分） 请将结果填入答题纸的相应位置。 11. 杠杆原理最早是由古希腊著名学者______提出来的。作用在杠杆上的动力和阻力对杠杆的作用效果______（选填“相同”或“相反”）。阻力臂______动力臂的杠杆是省力杠杆。托盘天平的实质是______杠杆。 12. 1个标准大气压下，冰水混合物的温度为______℃，______的温度为 100℃。人体的正常体温通常在 ______ ℃左右。 13. 水的比热容为J/（kg·℃），读作______，它表示1kg的水温度每升高1℃，______；1kg水倒掉一半，比热容将______（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 14. 小华参加跳高比赛时，通过助跑使速度不断增大，是为了获得较大的______（选填“动能”或“势能”）；起跳后的上升过程中，他的重力势能将______（选填“变大”、“不变”或“变小”）；越过横杆后下落过程中，由于______，人的重力势能便转化为动能。 15. 如图所示，托起铅球时，尺骨、桡骨和手掌组成的整体可看作一根杠杆，肱二头肌对它施加的力看作动力，铅球对它施加的力看作阻力，则此杠杆的支点在图中_____点，动力臂______阻力臂，根据杠杆平衡的原理可知，它是______杠杆。 16. 锯木头时，锯条会变热。这是通过_____方式使锯条的内能______，（选填“增大”、“不变”、“减小”），温度______。（选填“升高”、“不变”、“降低”） 17. 如图所示是汽油机的某个冲程，汽油与空气的混合气体处于图中______（选填字母）位置，在此冲程中，混合气体______（选填“被压缩”或“对外做功”），这些气体的内能______（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 18. 如图所示滑轮中，滑轮的支点是图中的______（选填字母）部分，当用竖直向上的力F把物体G提升时，滑轮的轴______（选填“跟随”或“不随”）物体一起向上运动；若不计滑轮重及摩擦，拉力F的大小为50牛，则物体G的重力大小为_____牛。 19. 作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，在这个过程中，力F的大小将_________(选填“变大”“变小”或“不变”)。 20. 大铜块与小铜块的质量之比为3∶1，升高相同的温度，它们的比热容之比是______。吸收的热量之比是______。 某小组同学研究“用动滑轮匀速提升相同重物时，所需竖直向上的拉力大小与哪些因素有关”。他们先用滑轮甲分别以速度、匀速提升相同重物，再换用滑轮乙（）重复实验，实验过程及现象分别如图（a）、（b）、（c）、（d）所示。 （1）分析比较图（a）与（b）[或（c）与（d）]可初步得出：______。 （2）分析比较图（a）与（c）[或（b）与（d）]可初步得出：______。 三、作图题（共6分） 21. 如图所示，杠杆OA在力、的作用下处于静止状态，是力的力臂，在图中画出力的力臂和力。 22. 如图所示，工人师傅要撬动地面上的一块大石头，作用点在A点，为了使作用的力最小，请在图中画出支点位置O和A点处的最小力F的示意图。 四、计算题（共22分） 23. 质量为2千克的水温度升高50℃。求水吸收的热量Q吸。[c水＝4.2×103焦/（千克·℃）] 24. 某杠杆平衡时，动力的大小为20牛，动力臂为0.2米，阻力臂为0.1米，求阻力的大小。 25. 某物体在30N的水平拉力作用下沿水平桌面做匀速直线运动，10s内通过路程20m。求： ①这段时间内拉力对物体所做的功W； ②拉力做功的功率P。 26. 这是我国自行设计和建造的跨海大桥，如图所示，它全长36km。一辆质量为kg的汽车，以90km/h的速度匀速通过大桥，所受的阻力是N。求整个过程中： （1）汽车发动机牵引力大小； （2）发动机牵引力做的功； （3）汽车发动机的功率。 五、实验题（共20分） 27. 如图所示，体温计的测量范围为______℃，最小分度值为______℃，此时示数为______℃。体温计读数时玻璃泡______（选填“能”或“不能”）离开被测物体。 28. 如图，将少许易燃硝化棉放入透明有机玻璃筒内，用活塞将筒口密封住，然后将活塞迅速压下，当活塞压至接近底部时，发现硝化棉起火燃烧。 （1）实验中，根据______现象可知筒内空气的内能增加了。当活塞压下时，筒内空气分子间的斥力______（选填“增大”或“减小”） （2）该实验证明：用______的方式能改变物体的内能。从能的转化角度分析，上述过程类似于四冲程内燃机工作时的______冲程。 29. 在做“探究杠杆平衡的条件”实验中，为了便于直接从杠杆上读出______的数值，应调节杠杆在______位置保持平衡；调节平衡的具体方法：在未挂钩码时，应调节______；在挂上钩码后，应调节钩码的个数或______。 30. 小华同学用实验研究物体吸收的热量跟哪些因素有关。实验装置如图所示，实验中酒精灯应置于两个烧杯下方中央，这是为了让两杯液体在相等时间内吸收的热量______，从而通过记录______来代替两杯液体吸收热量的多少。他们记录实验数据如下面两个表所示。 表一 实验序号 物质 质量（克） 升高温度（℃） 加热时间（分） 1 煤油 100 2 1 2 4 2 3 6 3 表二 实验序号 物质 质量（克） 升高温度（℃） 加热时间（分） 4 水 100 2 2 5 4 4 6 6 6 （1）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：______，吸收的热量与升高的温度成正比； （2）分析比较1、4（或2、5，或3、6）的数据及相关条件，可初步得出：相同质量的不同物质，______； （3）进一步综合分析比较表一、表二中的数据及相关条件，还可得出的初步结论是： （a）分析比较表一或表二中的数据及相关条件，可初步得出：质量相等的同种物质，______； （b）分析比较表一和表二中数据及相关条件，可初步得出：_____________。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$