辽宁省葫芦岛市2023-2024学年高二下学期7月期末物理试题

1 葫芦岛市 2023-2024 年学年下学期期末教学质量监测 高二物理参考答案及评分标准 选择题（本题共 10小题，共 46分。第 1-7题只有一项符合题目要求，每小题 4分，第 8-10 题有多项符合题目要求，每小题 6分，全部选对得 6分，选对但不全的得 3分，有错选的得 0分） 1A 2C 3B 4A 5C 6D 7D 8BC 9BD 10AD 11（1）B （2 分） (2) 2 4 fx （2 分） 2 2 1( 2 ) 4 f x x （2 分） 12.（8 分） （1） 1  N tT （3 分） （2） 13.870(13.869-13.871)（2 分） （3） 9.86 （3 分） 13（10 分）（1）对活塞进行分析，根据平衡条件有 0 0 1m g p S p S  ………………（2分） 解得 0 01 m g p Sp S   ………………（2 分） （2）活塞从位置 H到位置 'H ，气体发生等温变化，根据玻意耳定律有 1 2 'p HS p H S ………………（2分） 对活塞与物块整体进行分析，根据力的平衡条件有 0 1 0 2m g m g p S p S   ………………（2 分） 解得活塞质量 g spgmm 4 00 1   ………………（2分） 14（12 分）（1）为使射入的光在内芯与包层的界面恰好发生全反射， 纤芯的折射率 sin sin n r   ………………（2分） 又折射角  090r ………………（2 分） 联立解得纤芯的折射率   cos sin n ………………（1分） （2）光在内芯的传播速度为 cv n  ………………（2 分） 当光射到芯层与包层分界面的入射角等于临界角 β时，光在光导纤维内传输的时间最长， 2 此时光传播的路程为 sin ds  ………………（1分） 则最长时间 v st max ………………（1 分） 解得   cossin sin max c dt  ………………（1 分） [或   2sin sin2 max c dt  ………………（1 分）] 当光射向右端面的入射角为 0°时，光在光导纤维内传输的时间最短，则有 传播的最短时间 v dt min ………………（1分） 解得   cos sin min c dt  ………………（1 分） 说明：计算题解法不唯一，逻辑关系正确即给相应分数。 第（1）问解出正确的折射率得 5 分。 15（18 分）（1）设长木板与小铁块的质量分别为 M、m，长木板与水平地面之间的动摩擦 因数为 1 ，小铁块与长木板之间的动摩擦因数为 2 ，由 v t 图像可得，0~0.5s 时间内长木 板与小铁块整体的加速度大小为 2 1 1 1 m/s4   t va ………………（1 分） 长木板受滑动摩擦力 N111 Ff  ………………（1分） 而 gmMF )(N1  对整体由牛顿第二定律得 11 )( amMf  ………………（1分） 解得 1 0.4  ………………（1分） 0.5s 时刻之后，长木板向左做匀减速直线运动，小铁块向右做匀减速直线运动。由 v-t图像 可得，0.5s 之后长木板的加速度大小为 2 2 2 2 m/s8   t va ………………（1 分） 3 小铁块受滑动摩擦力 N222 Ff  ………………（1 分） 而 mgF N2 对长木板由牛顿第二定律得 221 Maff  ………………（1分） 解得 2 0.4  ………………（1 分） （2）由牛顿第二定律可得，0.5s 时刻之后小铁块的加速度大小为 2 2 3 2 0.4 10m / s 4m / sa g    ………………（1 分） 0.5s 时刻之后，长木板与小铁块均以 6m / sv  的速度大小分别向左、向右做匀减速直线运动， 因 2 3a a ，故长木板先于小铁块速度减小到零，设此过程长木板的位移大小为 x1，则有 2 2 12v a x ………………（1分） 代入数据解得 1 2.25mx  ………………（1分） 长木板速度减小到零后，因小铁块与长木板之间的滑动摩擦力小于长木板与水平地面之间的 最大静摩擦力，故长木板处于静止状态，小铁块仍向右做匀减速直线运动直到速度为零，设 0.5s 时刻之后，小铁块向右做匀减速直线运动直到速度为零的位移大小为 2x ，则有 2 3 22v a x ………………（1分） 代入数据解得 2 4.5mx  ………………（1 分） 设长木板的长度为 L，长木板的长度等于 0.5s 时刻之后小铁块与长木板的相对位移大小， 21 xxL  ………………（1 分） 解得 m75.6L ………………（1 分） （3）设碰撞后小铁块与长木板相对滑动产生的内能为 1Q，长木板与地面间相对滑动产生的 内能为 2Q ，则有 LmQ g21  ………………（1分） 112 g) xmMQ  （ ………………（1分） 解得 J1351 Q ， J1352 Q 故长木板与挡板碰撞后系统产生的内能 4 J27021 QQ ………………（1分） [或：（3）长木板与挡板碰撞后系统产生的内能，等于系统动能损失 2)( 2 1 vMmQ  ………………（2 分） 解得 J270Q ………………（1 分）] 说明：计算题解法不唯一，逻辑关系正确即给相应分数。