普通高中学业水平等级考试模拟试题物理（四）-【轮轮清·高考模拟试卷】2024年山东省高三打靶卷物理

A. 环形电流V在P点处产生器场的慰感应强度大小为 在省2024年通高受业求事等级考试题拟试题 ,方向直于面向外 物理(四) B. 环形电流V在P点处产生融场的延感应强度大小为 冲向直干向里 &f 本试卷总分100分,考运时间10分掉 C. 环形电V到Q点后,0点处合场的磁感应好 注意项: 大小为4,方直于面向夏 1.答卷前,考生务必将自已的姓名,考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。 D. 环形电流V移到Q点后,Q点处合融场的藏感应强度大小为。 2. 因答选择题时,选出提小题答案后,用铅笔把答题卡上对立朋日的答案标号涂果,切 需改动,用缘度※干净后,再选涂其他答案标号,抒答非选择题时,将答案写在答题卡上. 4. 如图所示,光滑水平上因定一顿角一30的光滑斜面,面与水平平滑连接,斜面现 墙装有光滑定滑轮。轻质细杆两漏分别因定着充数小球A和B,小球A放在斜面账确 写在本试看上无效。 小球B通过跨过滑轮的轻细绳与小球C相连。已知u.m.一0.5kg.w;=10, 3. 考试结束后,将本试卷福答题卡一件交回 杆长L-0.2n.c-10m/x.A.B.C三小球均视为质点,小球C始终未碰到定 轮,滑轮左边部分组绳与料平行,右边部分组绳坚直,将小球A从料面座由静止样 一、熟项选择题:本题共8小题,每小题3分,共24分。每小题只有一个选项符合题目要求: 故,小球A向左运动的整个过程中,下列说法正确的是 1. 随着人们对光是一种电建流的本质认识的深人,人们在生产,生活中对无的应用越来路广 A. 细杆对小球A充做正功后做负功 泛。如图甲,乙所示为高中物理教材中拿见的两抽图,下列说法正确的是 B. 细魂对小球C的功始终大干重力对其 故的功 C. 小球:潜到斜面的速度大小为1m/:- . 。 D. 、补段日会画潜问得面上 5. 据中回科学院紫全山天文台科普发布,2023年11月的夜晚,东北方向的夜空之中闪概看 著名的食变量 大陵五(A,其中题粗星大陵五A和大陵五Aa2绕它连线 A. 在高反的金区上刻斑,做成反射在概,其原理与留甲的原理相 的某点做勾速罔周运动,已知大陵五Al.大陵五Aa的质量分端为m:,u.它辆的运 B. 在生话中处可见的激充精细刻,扩礼,其原理与图甲的原理相同 行间期为,引力常量为行,不考虑其体是体对大修五A1,大孩五Aa?的影响,下列说 C. 在予礼屏落上贴的防鼓保护泥,其原理与图乙的原理相园 讲确的是 D. 观看立体电时佩的特刻眼接,其原因与图乙的经理初列 A. 大陵五Aa1和大陵五A?韵环提半径之比为m1m。 B. 大陵五Anl和大菱五Aa2的环绕速度大小之比为m:m 2. 关干&观粒子的波粒二象性特点,下列说法正确的是 C. 大陵五A]程大陵五A?的心加这度大小之比为111 A. 光电效应揭示了充的粒子性,事替模效应从动量方面选一步提示了光的粒子性 D. 大陵五AaI和大陵五An?两球现心同的短离为 n) B. 1927年戴维春和革末完成了电子行射实验,电子的行射图样刚示了电子的粒子性 C. 中子的德布罗意波长与其动能成正比 6.人们会使池球器来讲终案物病,如图所示为基种三段式池球器,其勃程分为3m D.得老的双续干涉实验中提光时问极短时,看不到干涉条坟,说明充只具有粒子性 4.助、2m。取i一10m,设出射床度与水平方的来角为出封角,不计室物病跳球器出 3. 某物理兴趣小组在学习了安培定渐后,利用网络了解到通电直导线用用的磁场的盛应 口点的高度,球可视为质点,忽略空气阻才,下开说法正确的是 强度大小为书一^一,其中:为比例幸数,7为电流,r为与直导线的画离,他们将四根相 互近担不按舱的通电直导线与新面平行故置,电该方向如图所示,其中直导线1,I根 耳平行,电流均为21.间距为“.直导线lI,IV相互平行,电流均为1.间距为a;将一圆时 针方向的环形电流V也与纸面平行故置在P点,其园心与P点重合,发现放在P点处 小晚针(图中未画出)可以朝任意方向静止;已知P点与直导线1,Q点与直导线目的路 A.若三种封程的时高相间,出射角的正引的之比为·? D. 若三射程的射高相同,削出射角的正切值之比为3·2.1 真均为uP、Q与直导线lI的距离均为a.若将此环形电流V平移Q点,且电流方变 C. 若三种射程的出射角相同,射高之比为1·2.3 为道时针,电览大小不变,下列说法正暗的是 D. 若三射观的出射角粗同,测射高之比为.2. 清 打 理试[)第::期1 将试题1四17页(共8页) 山 7. 交变电漫精本直残影响看很多家用电答的使用寿命,如图叩示为家用电供电的正强 二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共16分。每小题有多个选项符合题目要求,全 式交流电压,D保持不变,一家用电路设计如图乙所示,理想变压器可通过移动泄片P的 部选对得4分,选对没不全的得1分,有选错的得。分。 位置改变原线因接入电路的臣数,当P按编点。时,原线圈匝数为山.u问匝数为原线 9. 透光提凝土以水泥为草材料,跳人了不同的光材料,如光野维,树材料等,最终形成 画总所数的一,原线困接有定值电阻R。:其中一刻线困孩有电容C和指示灯泡口另一 了现代工艺的选光混殿土,该种透先混凝土可制作塞外景现、环椅,石裂,人行道等,点 市公国夜景,减少路灯能激清礼。某种光经维的原理如困所示,已短抖对黄光的折 数为:的因线圈接有定值电阻R:R.以及滑动多阻器R。.四个交流电表均是理想电 表,忽略电容和示灯泡对另一工作电路的影响,刚下列说法正确的是 下列世法正确的是 A 二 A. 此光纤维包层对置充的折射可能是 甲 A. 在潜片P位置保持不动的情况下,发现指示灯密L.突然变亮,可能是供电正弦式变效 C. 若直经悲外没有包层,赏光通过此段绎的时间一定为70X0 电的题率减小 D. 若蓝光和黄光园时射人纤艺,且光祥相同,则蓝光会比黄亮蓬后出射 B. 若仅将R,的潜片向上滑动少许,则两电流表示数均潜大,两电压表示数均减小 10. 一列等谐该沿,转传接,在,一s时的皱形图如图甲听承,已知平衡位置位于一 0.8m处的P点的握动图像如图乙新示。下列说法正确的是 rra _ D. 若仅将R:的泄片向上潜动少许,则各电表示数变化的绝对值满足一一 _s 8. 如图甲所示,预角-37的滑足够长因定料画上,一劲度系数^一10Nm的轻势第一 连接在斜面部的定挡板上,质量分别为a.-2kr:-4i的物块A和B叠 放在一起,压在弹赞上并处干静止状态,某时刻,对B加一沿斜面向上的牵引力,打始 1 阶段使B以2n的加速度沿斜面做匀加速直线运动,两物块分离后,物块B所受会 乙 引力F与速度”的关系如图乙所示,已知图像MN段为双非线一文上的一部分,且物块 A. 谐渡沿-轴负方南传 M到所用的时1-s.取10m.sin3-6.o3-08.复略空气 B 此高谐渡的该速为0.?ms 力,下列说法正确的是 C. 平位置校于-一1.0m处的质点在1-13s时的运动方向沿y较负方向 D. 在7-0到-125;时间内平衡位置位于1-0处的顶点通过的路程为4.2m 11. 如阻所示,正四校P-ABCD的侧校和底面边长都等于&.N2分别为例面PC和 要ABCD的中心,M、5分别为AB、PO的中点.在面上的题点A.C上各因定一电改 量为+a的点电荷,B,D上各图定一电荷量为一&的点电荷,题点P处也因定有一点电 花,已知O点的电场强度大小E.一2,方向由0指P2为静电力量,规定0点 A. 物块A再次登力平时,两物块恰好分离 的电势为零:下列说法正确的是 B. 两物块分离时,物块A的建度大小为/m A. 因定在顶点”处的点电荷的电薪量为一4 B. s点的电场强度大小为8,方向由s指向0 C.N点的电势.0 D. 从.再物块分离到物块是达到是大速度的过配中牵引力所做的功为128 D. 将色的试探电荷由M移话现0.其电费牲不号 _ 共理过1四1第页(页) 清 打 过四第1页共8页 12.为探究电验感应中的能是转化,某课外小组设计实验装置如图所示,是够长的水平平行 14.(8分)有一量程为0~-5V的电环表V.其内跟约为2k0.要路其改装或量程为0 定金属导轨M.P0间距1一0.5m.处干感应强度大小B-2T,方向坚直的匀强 15V的电5表。实验室有以下器材. 学场(国中未题出)中,轨上静置两服长度均为L的导体t和,其中导体神a的是 特改装电压表V 量m。-o.1kg、阻R。-?.体^的质量u-0.1k.阻R-10.线过定滑 电道表A(量程为-5mA,内阻未知): 的细望一连接导体^的中点,另一调悬提质量I一D.2kg的重物,重物距离地的 电阻箱R(阻值范为-905凸): 高度上一6.3m,初始时导体神a和重物均处于静止秋态,先因定导体&.然后释放 动变阻R。(总阻值为1000.额定电度为1A); 重物,重物落地前问导体5的速恰好达到量大,此时立即释放导体&,已知运 动变阻器R(阻值为2k0.题定电流为0.1A): 动过程中导体与导轨始终直且接触好,不计导软电配及一切摩握,导体占始 电了E(内阻不计,电动势为6V: 未画达定滑轮处,琅一10m/.下列说法正确的是 开关及导线若干. A. 导体5沿导潜动的是大速度为3m/s 。 (1)要准确测量电压表V的内阳,并电表指针在较大范用内篇转,滑动变阻器位 B. 学体排:沿导轨滑动的最大遍度为3m/)s 。 C. 从释改导体能。残两导体排稳定,导体林。中 .(填表示器材的字母代号) -□ (2)根据选择的务材,用笔涵线代替导线,将如图所示的测量电压表V内阻的实物图 产生的耳热为5.41 线补充完。 D. 从释放导体排;现两导体稳定,通过导体林 的电量为0.3C 三、选择题:本题共6小题,共60分。 13.(6分)某同学析用从工厂度旧器材中我到的拉力传感器、带孔别殊和细线设计验证机械 能守似定肆的实验,将拉力传感器国定在天花板上,不可伸长的细续一暗连在拉力传感 ,。 器上的2点,号一清系住直径为的则珠,开的时珠是干静止状态,此时拉力传感琴 器显示的拉力最大值为.已部当地重力加速度为i,回答下我问题 示数为F,如图甲所示,将相珠拉至组线与坚直方向段一角度后无却流释放,拉力传感 __ (3格动滑动变阻务的泄片,当束压表示数为40V对:出表的示数为4.00m:出阻 的读数为24000D,则电表V内阻的测量值R、- . (4)为了将此电压表改禁成量程为0一15V的电环表,需电阻福与此电压表 (填“串联”或“并联”),并将电阻指的阻值调为R一 n. 是(填正容案标号) (5)改装后的电汪表在校准时,发现测量值总是偏大,下列说法正确的 (1)该同学用概酸测微器测量珠的直径D,示数知图乙所示,则D一 mm A. 该误差是在测量电压表的内阻时,将毫安表的读数读大了看成的 B. 该误差是在测量电压表的内阻时,将电压表的读数浅大了成的 C. 要满足改装后的量程,路电阻的电阻适当调大赴 D. 要法足改装后的量程,需将电阻箱的电阻适词小些 15.(8分)球形飞行玩具因其不受场地限刻的侯点,已经成为深受儿章喜欢的电子产品。一 数装有电动机的球形飞行玩具,其质量为”,电动机可任意调控准力方向,能提供的最大 (2)这回学测得珠标效时线与坚直方向的夹角为止.则其验证机梳新守恒定的系 推力为、/17wg,已知该玩具飞行时受到的空气阻力大小与其速率的平方成正比,方向 . (用题中所给物理量的字母表示) 与运动方向相反,此救球形飞行玩具无动力竖直下时能达列的最大速度为v..重力 (3)将别珠控至细线与整直方病不同角度?由静止释放,记下对应拉力传感器的最大示 数F,许作出与cn8图像,在足相珠机械能守的前提下,下列图像合理的 加速度为。减 (1)当此欲球形飞行玩具水平匀速飞行时能达到的最大速度: 是.(填正确答案标号) (2)当电动机的挑力达摇最大,飞行现具的速来为v.时的最大和最小如速度之比。 B C 理试[)第:共:美) 清 打 物理试题1四页(共:页) 山 10.(8分)基科研视交小组为高阻提作室设计了一全命动提度报警装置,其原理如图断示. 18.(10分)某洋射装景如图所示,在光清水平台右端因定一轻弹,质量n一0.1知的物 由导热性良好的材料制成的园定汽缸开口向上,用质量I一0.5kg,枫面积S一1 块压端弹至P处后由彩止释放,一段时间后与静止在平台左端A点处另一质量 原度不计的活封因一定项量的现想气体;勃度系数赴一100Nm,原长一15cn的轻 0.1ke的物块发生确撞(此时弹变已恢复际长).并粘合在一起以w一《m.的建度水平 质弹上端与要报器(压力传感器,刚出现压力时是示蓄色,压力大小为2N.5N 出,恰好从B点沿切线方病进人径R一1.6m的阀亮轨道(固定在坚直平面内)之 10N分别早示黄色,检色和红色,其他压力植时仅是示数字)相连。离调操作室内的 后沿阅孤热道至短低点C后渐上水平传送带,固孤铁道凋点B和阔心(0的连线与水 热力学温度7.一300K时,活塞与汽短部的距离B一20(m,与弹赞日由确的距离 平方列的实角一30,过C点的轨道切线水平;水平传送带保持一5m·的速度铅超 1-10cm.已知高猛择作室内的空气压强.一1.0×10Pa.话赛与汽缸壁之间摩概可 时针方与建运动,左确与死轨道平对接,右限与光水平面平泄连接,水平面上 复略,汽缸的气密性良好,班一10m. 间隔敢有“个(是够多)静止的相同的小滑块,每个小滑块的质量均为t。一0.4。已知 (1)求徒力传感特从是示色到显示红色的热力学温度的在用。 粘合后的物块滑到C点时对轨道的压力大小F.一5N.物块与传送之间的动擦国数 (2)若山干某种原因,汽缸内一部分气体漏出,使得本能使力传感嚣显示红色的遮度位 是一0.5.传选带两点之词的离L.一L9m,粘合后的物块和小潜块及小措块解的 显示橙色,求漏出气标质量与原有气体度量之比 撞都是弹性正碰,不计空气阻力,物块小滑块均可视为点,取是一10m,求. (1)蝉敲旺瑜至P处时具有的性势能; (2)A,B两点在水平方向上的离; (2)粘合后的物块从B点下潜到C点的过程中,克眼摩擦力做的功; (4)最终:个小潜块获得的总动能。 17.(1分)现代科学实验中.对带电较子运动的控制要求填来越高,如图甲新示,在空间生 0 为,电荡量为一。的电数子,其速度为零,经过加迹电1后,从A点(一L.,y。. 标累0z》中,一L10的区域内存在沿y输负方向的句强电场(图中未题出),质量 01(y.未知)进入匀强电场,一段时问后恰好从原点0真开电场选人;一0空间,此空间 内有方向沿工轴方向的交替变化的酸场(图中未婚出),驱场变化规如图乙所示,已封 电粒子过02点时的速度方向与:输正方肉的夹角为0.错电粒子在每段匀强破场区 中均可以在与:平歪平行的平面内题完整的园周运动,且电粒子在0一一、空回内 的远动过程中能达列的y标最大值的绝对值与A点相网,规定磁场方向沿;轴正方 向为正,不计粒子力,图乙中B。二:均未知。 (1)求匀强电场的电场强度大小; (②求B的大小。 (3)带电较子在0一、的匀破%区域内运动时,在与O,平流平行的平面内恰好完是 4个阐周运动,求。的大小: 和:拉。 (41)在满足(3的条件下,当帮电粒子运动到;轴上坐标植为r一3.25z。时,求校子的) 乙 理这(四1第7页(共8页) 清 打 物理试题(四)第:1共8页)·物理· 参考答案及解析 叁春含案及解析 物理（四） 一、单项选择题 的速度从0变为0，即动能的变化量为0，根据 L.D【解析】由题意可知图甲是利用了光的薄 动能定理有W=△E:=0,细杆做的总功为0， 膜干涉原理：图乙是光的偏振原理。在高反射 所以细杆对小球A先做正功后做负功， 率的金属上刻痕，做成的反射光栅，利用了光 A正确：同理可知小球C的动能变化量为0， 的衍射原理，A错误：激光精细雕刻、打孔，是 但小球C先加速后减速，所以细绳对小球C 利用了激光的高能量和平行性好的特点， 做的功不始终大于重力对其做的功，B错误： B错误：手机屏幕贴防蓝光保护薄膜，是利用 同理可知小球B滑到斜面底端时的速度= 了薄膜干涉原理，消除手机屏的强蓝光， 0,C错误：由以上分析可知，当小球B滑到斜 C错误：观看立体电影时佩戴的特制眼镜，是 面底端时，系统速度等于0，绳上拉力大小等于 利用了光的偏振原理，D正确。 小球B的重力沿斜面的分力大小，小球B受 2.A【解析】光电效应揭示了光的粒子性，而康 力平衡，所以小球B不会滑上斜面，D错误。 普顿效应从动量方面进一步揭示了光的粒子5，D【解析】由题意可知，大陵五Aa1和大陵五 性，A正确：电子的衍射图样证实了电子的波 A2是一个双星系统，根据万有引力提供向心 动性，B错误：由公式入=么=一方 三，可知中 p√2nE 力有Gm1m L -miw'rG mimz L =mw2r,解 子的德布罗意波长入正比于】，C错误：光 得=m,A错误；根据环绕速度u=r,可得 E r2 m 的双缝干涉实验中，曝光时间短时，看不到干 心=L=m:,B错误：根据向心加速度a= 涉条纹，只能说明此时光的粒子性明显，不能 否定光具有波动性，D错误。 wr,可得1==m ,C错误：根据万有引力 3.C【解析】由放在P点处的小磁针可以朝任 a2 r:m 意方向静止可知，此时P点的磁感应强度为 4π2 提供向心力有G1:=m1Gmm L L 0以垂直于纸面向里为正方向，则B='十 4π m:Tr,又r十r:=L,联立解得L= 1一k.21-k.2引十B=0,解得B=kL, a a GT(m,+mg） ,D正确。 方向垂直于纸面向里，A、B错误：环形电流V 4π 移到Q点后，Q点处的磁感应强度大小为 6.C【解析】根据题意可知，球的运动为斜抛运 B。=+k是十k.21十k是一k1=1,方 动，根据斜抛运动的对称性可知，从最高点 4 可分为一段平抛运动和一段平抛运动的逆运 向垂直于纸面向里，C正确，D错误。 动。若射高相同，即平抛的高度h相同，则运 4.A【解析】根据题意可知，小球A、B、C组成 动时间相同，出射的竖直分速度1也相同，因 的系统机械能守恒，从释放小球A到小球B 水平射程之比为3：6：9=1：2：3，则水平速 滑到斜面底端时，有mngL sin0一mgL= 度u之比为1：2：3，由an0=,可得出射 2(m4十mn十mc)0,解得o=0,可知小球A 角的正切值之比为6：3：2，A、B错误：若出射 打粑卷 ·山东专版· 角相同，则出射角的正切值相同，射程x= C错误：当两物块分离后，由W=Pt,联立解得 211一及，射商4=装由1am0-联立 W=128J,D正确。 二、多项选择题 解得射高之比为1：2：3，C正确，D错误 9.BD【解析】为了使光在光导纤维中能发生全 7.B【解析】因为变压器不改变交变电流的频 反射，包层的折射率要小于纤芯的折射率，即 率，若供电频率减小，副线圈中电流频率也减 小，电容器对交流电的阻碍能力增强，灯泡中 山>由于号<反A销误，B正确：由 电流减小，灯变暗，A错误：若仅将R:的滑片 于不知道黄光的人射角，所以无法确定黄光在 向上滑动少许，则副线圈电路的电阻值减小， 纤芯内的光程，即无法确定黄光通过此段纤芯 作出该变压器的等效电路如图所示，可知等效 的时间，C错误：由于蓝光比黄光的折射率大， 电阻R等效减小，则电流表A:的示数增大，从 而电流表A:的示数也增大，又因为R。分压减 根据u=二，可知蓝光在纤芯内传播的速度更 小，电压表V:的示数减小，由变压器原、副线 圈的电压之比等于匝数之比可知电压表V2的 小，因光程相同，由1一。，可知蓝光传播时间 示数诚小，B正确：由原、副线圈的电压与匝数 长，又因同时射入纤芯，所以蓝光会比黄光滞 的关系可得元，一4 01_3n.可得U:-3U,,因 后出射，D正确。 10.ABD【解析】由图乙可知，在t=5s时质点 ,≠2U则U≠3)U,C错误；由原，剧 P的运动方向沿y轴负方向，根据波的传播 3n 方向与质点振动方向的关系，可知此简谐波 线圈的电压、电流与匝数的关系可得记，一 U11 沿x轴负方向传播，A正确：由图乙可求得周 △，=，解得A AU: 期T=12s,由图甲可求得波长入=2.4m,所 以此简请波的被速为=产=m5= 2.4 △U=1D错误。 △1 0.2m/s,B正确：由图甲可知，x=1,0m处的 质点在1=5s时从平衡位置沿y轴负方向振 动，所以再经8s,即在t=13s时其运动方向 沿y轴正方向，C错误：在1=0到t=126s 时间内，即△1=126s= 2T,则这段时间内 8.D【解析】由题意可知，在两物块分离前物块 x=0处质点通过的路程为s=10×4A+ B做匀加速运动，所以分离时两物块有相同的 2A=42×0.1m=4.2m,D正确 加速度和速度，且相互间作用力等于0，即物块 I1,AC【解析】根据几何对称性，可知底面上的 A受力不平衡，A错误：初始时由物块A和B 顶点A、B、C、D处的四个点电荷在O点的合 受力平衡，有(m1十m2)gsin3=kx1,当分离时根 电场强度为零，由几何关系可求得P,O间的 据牛顿第二定律，对物块A有kx2一m1gsin3 m1a,对物块B根据运动学规律有o2=2a.x, 距离，= 2a,根据点电荷电场强度公式E 根据几何关系有x=x1一x2,联立解得v= 2√2m/s,B错误：当两物块分离后，根据图像 号，解得Q=1,因电场强度方向由0指向 可知物块B所受牵引力的功率恒定，且P一 P,可判定为负电荷，即固定在顶点P处点电 Fo,当F-m:gsin B时物块的速度达到最大，即 荷的电荷量为一q,A正确；由几何关系可求 P P m=下=msng'联立解得m=32m/g】 得P,S间的距离r=2 a,同理可得S点的 ·2· ·物理· 参考答案及解析 电场强度大小，=8趾是，方向由S指向P, (2)根据机械能守恒定律有mgl(1一cos0)= B错误：根据等量异种电荷连线垂直平分线 2m,在最低点拉力与重力的合力提供向心 上电势相等，可知A,D处和B、C处点电荷 力，有F一mg= 101u2 ,又F。=mg,联立解得 在N、O点产生的电势均相等，而P点处点电 荷在N点产生的电势低于在O点产生的电 F。(1-c0s0)= 2(F-F。),即原理表达式为 势，所以N点的电势v<0,C正确；根据等 量异种电荷连线垂直平分线上电势相等，可 F1-cos)=2(F-F,). 知A、D处点电荷和B、C处点电荷在M、O 点产生的电势均相等，而P处点电荷在M点 (3)由原理表达式F。(1一cos0)=2(F一 产生的电势高于在O点产生的电势，所以将 F,)可得，F=3F。一2F。cos0,可知图像是斜 负的试探电荷由M移动到O,电势能增大， 率为负的倾斜直线，B正确。 D错误。 14.(1)R(1分) 12.BC【解析】导体棒b的速度最大时导体棒b (2)见解析图乙(2分) 和重物均受力平衡，有mg=BL,根据闭合 (3)2.4(1分) 电路欧姆定律有BL=I(R。十R),解得 (4)串联(1分)4800.0(1分) o6=6mfs,A错误；释放导体棒a后，导体棒 (5)BC(2分) a、b最终以相同的速度匀速运动，根据动量 【解析】(1)为方便实验操作，滑动变阻器应 守恒定律有m6v%=(m。十m。)U。,解得U. 选择R1。 3m/s,B正确：根据能量守恒定律有mgh= (2)滑动变阻器最大阻值较小，为测多组实验 m,+m,d+Q.十Q,+mi,因流过导 1 数据，滑动变阻器应采用分压接法，电压表与 电阻箱并联，电流表采用外接法，实验电路图 体棒0山的电流始终相等，所以有吕-尽， 如图甲所示；根据电路图，将测量电压表V内 阻的实物图连线补充完整如图乙所示。 解得Q。=5.4J,C正确：释放导体棒a前，根 据法拉第电磁感应定律有q:一R。十R △Φ BLh R。+R =2.1C,释放导体棒a后，对导体棒 a根据动量定理有BIL△1=mua,因q:= 1-配-03C.所以通过导体棒6的电 荷量q=q1十q2=2.4C,D错误。 三、非选择题 13.(1)2.040(2.039-2.041均可.2分) (2F.1-cos0)=2(F-F,)(2分) (3)B(2分) 【解析】(1)螺旋测微器的分度值为0.01mm, 则小球直径为D=2mm十4.0×0.01mm 2.040mm;由于最后一位是估读，所以读数为 2.039到2.041均可。 ·3 打粑卷 ·山东专版· (3)根据部分电路欧姆定律，可知电压表内阻 联立解得 U Rv= U-_ a1(/17+2)3 Iv 代人数据求得Rv=2.4kn。 1 42 13 ⑦ R 评分标准：本题共8分，①②③④⑤⑥式各 (4)串联电阻具有分压作用，所以应当将电阻 1分，⑦式2分。 箱与此电压表串联：根据串联电路特点有 16.(1)450~1000K 5V 15V 2.4kn2.4kn+R解得R=4.8k2,即需 (2)3:10 【解析】(1)力传感器显示蓝色时，活塞刚好 将电阻箱的阻值调为R=4800.02。 与弹簧自由端接触，此过程为等压变化，根据 U (5)根据电压表内阻测量值表达式Rv= Iv 盖-吕萨克定律有 V。V 、1,一可：以及改装后量程计算表达式，若测量 T。=T ① 其中有 电压表内阻时，将毫安表的读数读小或将电 V。=HS 压表的读数读大了，都可以造成的改装后的 V=(H+L)S 电压表在校准时，发现测量值总是偏大， 代入数据联立解得 A错误，B正确：同理由改装后量程计算表达 T,=450K 式，要满足改装后的量程，需要适当调大电阻 显示红色时，活塞将弹簧压缩至弹力F 箱的电阻，C正确，D错误 10N,根据理想气体状态方程有 15.(1)2v PVP:V: (2)V17+2) T。 T ② 13 其中有 【解析】(1)由题意可知，设飞行玩具飞行时 D=P+g ③ 所受阻力大小为 Fa=kv* ① A-+g+号 当此款球形飞行玩具无动力竖直下落时能达 V2=(H+L+△x)S 到的最大速度为。，根据受力平衡有 F=k△x mg=kv明 ② 代入数据联立解得 以最大推力推动飞行器匀速水平飞行时，根 Tz=1000K 据受力平衡有 所以使力传感器从显示蓝色到显示红色的热 F2=(mg)2+(k) 力学温度范围为450~1000K ⑤ 其中 (2)对于漏气后剩余的气体，力传感器显示橙 F=17 mg 色时，活塞将弹簧压缩至弹力F:=5N,根据 联立解得 理想气体状态方程有 v1=2v0 ④ PV_PV (2)当最大推力竖直向下，飞行器竖直向上飞 T。T2 ⑥ 行时，其加速度最大，有 其中有 F十mg+kvi=ma1 ⑤ 当最大推力竖直向上，飞行器竖直向上飞行 p=p。+ms+E 时，其加速度最小，有 V=hS F-ng-kv品=ma2 ⑥ V,=(H+L+△xa)S ·4· ·物理· 参考答案及解析 F1=k△x 2xm 代入数据联立解得 T=2qBo ⑨ h=14 cm 根据题意有 则漏出气体质量与原有气体质量之比为 1e=4T 0 m的=H-h3 =3:10 解得 H10 @ n最 xn=4πL ① 评分标准：本题共8分，①②③④⑤⑥⑦⑧式 (4)当x=3.25.x。时，在与yO:平面平行的平 各1分。 面内做的分运动为圆周运动，其周期为 2U 17.(1)7tan0 7'、3w ② qB。 (2)v2mqU 粒子在磁感应强度大小为B。的磁场区域内 gL 时，有 (3)4πL 2 (4)y=0x=-2L Baqv=mR' 【解析】(1)带电粒子经过加速电场加速时有 由时间关系可知此时恰好做了半个圆周运 0-w ⊙ 动，根据左手定则可知向轴负方向转动一 个直径长度，所以在y轴上的坐标值为 进入匀强电场区域时，根据运动的合成与分 y=0 B 解有 在：轴上的坐标值为 L=v0t ② x=-2R'=-2L 0 tan 0=atqEt ③ Vo mva 评分标准：本题共14分，①②③④⑤⑥⑦⑧ 联立解得 ⑨①①®⑧④式各1分。 E-tan 0 2U 18.(1)3.2J ④ (2)1.63m (2)粒子进入匀强电场区域，根据运动的合成 (3)8.8J 与分解有 (4)2.5J ⑤ 【解析】(1)两物块碰撞时，根据动量守恒定 律有 带电粒子进人磁场区域，在与O:平面平行 的平面内做圆周运动，有 1)初=21U ① v 弹簧将物块弹出过程根据能量守恒有 2qB。=mR ⑥ 1 其中v=at1,根据题意有y。=R,解得 E,-2mvn ② B.=V2mgU 解得E。=3.2J ③ ⑦ qL (2)由于粘合后物块恰好从B点沿切线方向 (3)进人磁场区域后，带电粒子在沿x轴方向 进入圆弧轨道，根据平抛运动规律有 上做匀速直线运动，有 ④ To=vol: ⊙ tan =vo gt 在与yO:平面平行的平面内做圆周运动，其 x=U01 ⑤ 有最小周期时，有 解得x=1.6√3m ⑥ ·5 打粑卷 ·山东专版· (3)根据平抛运动规律有 相邻小滑块之间相互碰撞进行速度交换，小 滑块1与小滑块2碰后，小滑块1的速度为 h-28 0,而粘合后物块被反弹回来后，在传送带上 粘合后物块在C点时，根据圆周运动规律有 向左运动的位移大小是 Fx-2mg-2m R ⑧ 5 s=2a18m1 粘合后物块从A点运动到C点的过程，根据 粘合后的物体第一次返回还没到传送带左端 动能定理有 时的速度就减小为零，接下来将再次向右做 2mg(h+R +Rsin 0)-W= ×2mw2 匀加速运动，直到速度增加到1，再跟小滑块 n 1发生弹性正碰，第二次碰后粘合后的物体和 ⑨ 小滑块1的速度分别为 解得W=8.8J 0 2= 31= () (4)粘合后物块滑上传送带后，根据牛顿第二 2 定律有 2= =加 ·2mg=2ma ② 以此类推，粘合后的物块与小滑块1经过n 根据运动规律有 次碰撞后，速度分别为 v2-vi=2aso D 解得so=0.1m<L =-(传） 所以粘合后的物块与小滑块1发生弹性正碰 前的速度大小为v=5m/s B 广。 粘合后的物块与小滑块1发生弹性正碰，取 相邻小滑块之间每次相互碰撞都进行速度交 向右为正方向，设粘合后的物块碰后的速度 换，最终从小滑块1开始，到小滑块n,它们的 为1，小滑块1被撞后的速度大小为1，根 速度大小依次为4n、u1、4。-g、…,41,n个 据动量守恒定律有 小滑块的总动能为 2mv=2mw1十m0u1 ④ E=2m,(ui+ui+…+u)= (1 根据能量守恒定律有 2X2mm*=1 1 2<2n主十2w以0x若 ⑤ g)J=2.51 西 评分标准：本题共16分，①②③④⑤⑥⑦⑧ 10 解得=一3m/s,=3m/s ⑨①①®⑧⑤6式各1分。 ·6·