普通高中学业水平等级考试模拟试题物理（二）-【轮轮清·高考模拟试卷】2024年山东省高三打靶卷物理

A.全黑锌的逸出唐为4.2eV 山东省2024年普通高中学业水平等级考试模拟试题 B测超止电压时富要艺帝片滑向本 C流出的光电子具布的最大制动雀为12？5eV 物理（二） 以大量处下x口4能领的氢原子向低能级跃迁过程中可解射出2种顿率的可见完 品，科学家发型矩离我们大约00光年的地方有一鞭植拨地球，该行星位于宣居带内.它的直 整大约是地球直径的24俯，科学家覆测其表面的重力粗液度与地球表面的重力如速度 本试卷总分10分，考试时同用分钟。 相等，则其质量与地球质量之比约为 注避事项： 1.答在前，考生务必指自己的姓名，考生号等填写在答短卡和试卷指定位置， A0.42:1 B.13.8a1 C2.41 D.5.761 Σ闻答这屏题时，这出每小题容案短，用婚笔把答题卡上对应题日的答案标号德黑。如 4,轮斯斯压处下正常水平是军辆安全行驶的关健。在年辆高违行驶一君路程的过程中，喻 需改动，用像皮擦干净后，再选徐其佰答案标号。利答丰选幕题时.指答米写在养想卡上。 压金上升，在北过程中我们可以认为轮的内气体（可视为理塑气，的体积不变，关于轮 写在本试卷上无效 命内的气体，下列说法正确的是 3考试结桌后，将本试卷和答题卡一并交问 A,气体分子的平均动能碱少 B轮胎中每个气体分子的速率均增加 一、单项选择题：本是共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个惹领特合题用要菜。 仁，在此过程中气体吸收的想最全部转化成气体的内售 1.高速公路上的紧急起隐车道通常是长为50一1G0一的斜城。汽车因利车鼓章冲上避险车 D气体对外做功 道的过程可简化为如图甲所示的模型，斜面AB与小物块间的动摩擦四数由A司B从零 .御赖干移是测量微小量的常用方法之一，为了酒量强世直径，起幅控夹在两块平版暖璃之 开始均匀增大，小物块从A点以建度v冲上斜直，可以到达B点，且恰好静止不下惜 可形成一空气野火，截而图如图所示，用单色光乐直下面的平板破璃藏射，此会得到干移 A,B的距离为F1:小物块的加速发大小：陆滑行位移？变化的图撞如因乙所示，已知斜 条纹，测得帽丝测心到空气些尖顶点的肥离L一8，的mm,单色先的放长A一589.8nm, 霸1B的颇角为，重方加速度为g,下列说扶正翰的是 其中连婆30条亮条这的中，心距离之和为x-9.61m曲，下列说法正确的是 A相第两条亮条较中心正下方的空气薄赖的厚度差都为人 B领就的直径约为5.89×101mm 汇若把以上单色老换成动量更小的单色凳，黑条这可陌会变小 A.小物块在料围上带行的位移大小等于图锋与坐标轴用成的闭卷的面积 D若的向右移动细丝，荆条效创距会变小 队小物块的初违度大小为a十年：)1 6,如图所不，真字中在在正方体区域ABCD-ABCD,在值点A','处客因定一电传量为 C.:”gn0 Q的正点电背，在C,D处各同宠一电周量电对值为Q的负点电霄，已知正方体的棱长为 山小物块在斜面上湘行过程中的平均速度大水为醋 L,取无劳运处电势为零，静电力常量为，财下列说法正确的是 上.氧意子能级图的一都分如图甲所示，观有大量处于？一4能级的氢原子海低能级跃正收出 光子，用这些光子肌射锌板来研突光电效应，电陆图如图乙断示，测得道止电压为段1V 已知光子能量在1,63-3,10V趋国内为可见光，下列说法正确的是 EV 085 A正方体中处的电势大于零 34 且正方体中心处电场的电号强度为军 C,从B→D',沿直线移动一正的试探电袍，电场力做先正功后做鱼功 -136 久B点的电等贺度大小为22+Q 物埋试罐二)第买共角医1 轮的清打那有 物埋续题川三1规？质（共商） 山枣专添 ?.虹图甲所云的列想变压器的原，酬议周重数比：山：·1一之1,1，定值电阻的阻销 山.如图所示，在角为9的足够长的围定斜面上，A,B两个疑量均为m的滑块用轻质弹簧 取，一R:一R。一1山口。现拾b确加上如图乙所示的正弦式电压，下列说虫正面的是 相连，桂A.B相对料面静止，此时弹黄为原长，已知A.B与料面间的动摩擦性数均为 年wV 从=。观给A一个向下的籽遮度，下列说法正确的是 30'a -22w2 AA,B与第黄维诚的系统动量守：我辣篇的最大第性势佳等于！ A,1内适过电阳R,的电藏平均值为10A C.A的路程亭干其位移的大小 以，少的最大迷度小干 B.剧线圈中的电压有效简均为110V 1?,如图甲所示，足够长导轨与水平面的凳角8=3，导赖间距L=1m,其下层查接一个阻 C电黑R,的将功率为把W 值R=1血的定值电图，再导航可存在正直于学镜平面向下的匀强威场，继感皮强度大 小B一1T,一面最为w的异体帮备果有于导轨收置。修体棒与导物间的动摩擦四数 D1,内电废方向麦北0次 =,5。现将导体棒由静士锋改，对应过程的阴像如图乙所示，0一6内为由线、行 从.实险小图同学向一皮球光气，已加充气用皮球内的压强等于外界大气压强，每次向皮 行为直线。运动过程中，导体帮命终与导我系直且接触良好，不计空气阳力和导体棒，导 球充人版蛋为，体积为Y的气体，经过：次充气光成后皮球的体程史为充气截的号，怀 轨电阻，取g=10m/s,n3T一0.6，e0s3了=0.8，下列说法正确的是 程变为1.5p。,和度始终限持不变，下列说法无确的是 A.气体分子的平均离率增大导敛压堡蜡相 且，皮球充气前的体积为W C,充气后单位时闻内磷撞皮球内壁上单位面积的分子整与充气角相等 皮球体积能账，皮球内原来的气体对外界做正功 二，多项选择题：本题其4小题，母小题+分，共16分。每小驱有多个透项符合题日要求，全 A.等体韩的加速度大小为0.5m女时，号体伟的速度大小为12m/ 留选对得4分，法时但不全的得2分，有远错的得0分。 我导体牌的质量为24k熙 9。一列沿方轴传插的简陆横发在（■0时刻的被形周如因所示，此时P点偏离平衡位置够 (二0-8内，看注定值电阻的电荷量为16.32G 移大小是梨顿的二分之一。已知该波的被速一书m/s,别此后P点第二次达到平青位置 D.06s内，系管产生的焦耳热为24.192J 的时何可能是 三，非蓝降驱：本题共6小题，共60分。 13,《后分》某兴提小组利用牛顿第二定非，采用如图甲所示的袋置刺量某物体的质量，先 测得砂桶和图砂的总质量为m,小车的疑量为，再把得测物伟放在小车上进行测量 通过实验得到如留乙所示的纸带，息知电大花什时器的碳率为0H,氧带上每相邻两 个点之间均有4个点米属出，背地的重力加走度为g。 《1)关于本买整，下列说志玉确的是 ,(填正确答案标号) 11 A,先接通电源再释放小军 状先释战小车耳接通电愿 A. C,本实验雷要补格和打 山，本实给不需要补阳力 1止.体育误上，甲，乙两闻学进行轻算着练，某时刻乙同学经直向上以一10m(s的速度将 ()小车的加速度大小为4 m/c. 飞鱼抛出，0.6s后，在与乙教出时同一高度处甲料向上抛出沙包，速度大小一15m/, (3)将体的质量w, 。《用m,,从，4表乐 与水平方向的夹角3，一2时间后击中飞丝.取x一10ms,n53=0.8,6os5g 电大花计时器 0,6,不计空气阻力，飞位和沙包均可视为质点，下列说达正确伯是 A,甲愈出后开始计时，沙包击中飞盘需要的时间为12， .甲、乙的水平E南为4.725m 4cm C,击中忘数的的解间志量的速度方向竖直向下 T.60 cmn D飞猛从抛出到下落司鹅出位置高度时所用的时间为2s 山家专幅 物进试翻引二引境3页（共%面） 轮轮清打聊海 物接试超二】第4百共若页 11《8分)某物理兴经小组的可学门想切过实段测量金属丝的阳值，已相北阻值约为]50 16.(怎分)某实赖小组研究新甲玩具车的性衡，玩具车在平直的道路上由静止启动，儿运动 现用侯安法测量其阳值R,,要求离原结果尽景准确，使背测金属堂再灣的电压能从零开 的速度v与时闻：的关系如图所示，已如0一：时可内玩具车做匀塘速直线运动，一 始变化，现有以下器材， 时刻达到额定功半，然后以额定功承行陡，：■：时刻玩具车因故陵失去清力向衡带行 电泡E(电动势为12V,内阻不计》： 到=：叫剑停止运动。玩具年在前进过程中所受目力丽为重力的Q(倍，已知玩具军 电度表A(量程为0一3A,内阻均为0,2n: 的质量对=1k以.玩具不的总位移大小z=9,5m,f:=2,25,:m3.5w::,后h.取 电度表A(量程为0一0,6A,内目为1n): g=10m/.求： 电压表V(量程为0一5V.内阻约为3k0》: 《1)玩其车的领定功率， 电压表V,(量程为0一15V,内阻约为15k0): (2玩具车在一，时闻内的位移大小 得测金属绘R,, 常动变知器R(阻值藏国为0一100)： 开关，钟线若干， (1)上述器材中，电流表选 ,电压表应选 ,(均填表示器材的字每) 2)请限据零求在图甲所示的宾欲据中面出电路俗并标明所这器材的？号， (3)实验时，得到电流表的示数如图乙所示，电所表的示数如图丙新示，则电流表的使数 I- A,电压表的读数U一 V. (4)金属筐的电阳R,= 1瓦《8分如所所示为一半轻为？的玻璃半球的截崖，0点是半球的球心，业线)'表示光 轴（过球心O与率球废面蚕直的直线），已知玻瑞的折射率”=点，玻璃平球感面内矩) 点处有一单色从光源P,垂直于底童的光设出射厅与元轴相交D点（阳中未医出。 不多患光的反射 (1)求0.D的离： (2)沿率球底面向右移动光额P,看P叫任意立闻发出的先都能从面射出，期)，P之 同的距离不衡超过多少 物埋试覆[二)第1页{共4质 轮的清打配容 物理续题引二引复G商共页) 山枣专履 7.(1(分)物引华家在观代科学实袋时量常利用电意场米控制带电粒子的运动。在如图所 18.6分》如图所示，右姨带有持板的术板A放置于充滑水平桌面上，在术板A的中点改 示的：坐标系中，在：>0的空间内存在铅±轴负方向的匀测电场（图中术算出1，在 量日，C再个物块，开的时物块B,C接触但无弹力，物块B,心通过绕过动滑轮的不可阳 :<0的空可内存在沿：轴正方向的匀丝监场（周中术新出），酷感应霸发的大小为 民韵轻绳连接，动滑轮物体山语过烧过定滑轮的径绳连接。开始时镜定末板A和物 0,5于。质量为m,电背量为十v的粒平从P点以骨x轴正方向的初违度=20m/,射 体D。系境保持静止，经绳保持与木板A平行或延直，断有滑轮质量，厚服均不计。现解 出，经电畅偏轮后从坐标原点)进人匀酬场区城。已知P点的坐标为（一210.L, 徐黄定，系笼从静止开始运动，心知物块目与木服A之何的功摩烟因数，=0,1，物块 粒子的比商g-0Cg.L-125m,不计粒子重力. C与木板A之同的动学墨因数N:=0,2。本板A相物块C的赁量均为：=1kg,物块 B的质量为w:?k区：木版A的长度乙■2m:物块B.C均可昆为质点，运劲过程中，滑 (1》求匀强电场的电场强度大小， 轮与木板A右暗的野板不会接触，取其一10m, (2)求粒子第一次离左平图里离最大时的坐每： (1)若物典C恰好要与木版A发生相对滑动，求物体D的质量： 3)若在意0的型同内还存在沿y结正方向的匀革题娇，替电乾子仍从P点以初速度 (2若物体D的质量为05kg,承木板A对物块B的摩源力大小： 。沿x轴正向射出，为保证粒子运动过程中不经过x平固，求该匀坐壁场的酸够成强 度大小B,的取值范国。 (3)若物体)的质量为。g:物块C在物体D的护动下会与木板右滑的的板爱生弹性 碰植，且碰植量问物快召，C与轻绳脱离。术 (「1物块C最终矩木版右州的师离： (【)被个过程中，系烧因厚擦生的热量 山家专餐 物母其翻引三引领十商（共%页） 轮轮清打厨海 物提试超二】第6海共指百)·物理· 参考答案及解析 叁春含案及解析 物理（二） 一、单项选择题 5.D【解析】由题意可知，在空气薄膜上下表面 1.B【解析】在小物块运动过程中任取一小段 反射的光形成干涉条纹，亮条纹的光程差为入、 位移，对这一小段位移有一v=2ax,将表 2入…，相邻两亮条纹光程差的差值为入，即空 达式对位移累加，可得初速度的平方2等于 ax图像与坐标轴围成的图形的面积的2倍， 气膜的厚度差都为会，A错误：由（口-D合 A错误，B正确；对小物块在A点受力分析得 元，解得d≈7.2×102mm,B错误；由 ng sin0=ma:,解得a1=gsin0,因为小物块 到B点时恰好静止，所以FB=ng sin0,又 mng sin0+Fm=maa,解得a:=2gsin0, 力会可知，光子的动量减小以变大，则条拉 C错误：因为动摩擦因数增大，加速度a逐渐 间距变大，C错误：细丝向右移动，空气薄膜厚 增大，速度逐渐减小，1图像如图所示，旷t图 度变化率变大，条纹间距变小，D正确。 6.D【解析】正方体的中心距正、负点电荷的距 像上凸，平均速度大于？，D错误。 离相等，电势为零，A错误：由电场的叠加原理 可知，正方体的中心处电场的电场强度大小不 为0，B错误：ABC'D'为0势能面，即从B→ D',沿直线移动正电荷，电场力不做功，C 错误：A'、B'两点的点电荷在B点竖直方向 0 的分电场强度大小为2十4)Q,沿AB方向 2.D【解析】由eU.=hy一W,hy=E,一E1,得 4L2 W。=3.35eV,A错误：测量遏止电压时，金属 的分电场与D点处的点电荷在B产生的沿 板的电势高，所以P要移向a,B错误：Ek= BA方向的分电场抵消，则B点电场的电场强 hv一W。=eU.=9.4eV,C错误；在辐射出的光 度大小为V2×2+4)kQ=(22+1)kQ 中，由n=4能级向n=2能级跃迁时发出的光 4L3 2L2 和由n=3能级向n=2能级跃迁时发出的光 D正确 为可见光，D正确。 7.C【解析】一个周期内通过电阻R,的电流平 3D【解折】由mg=G0得M= C,得超 均值为0，由图乙可知，1s为50个周期.电流 平均值也为0，A错误：1s内，电流方向变化 级地球质量约为地球的5.76倍，D正确 100次，D错误：设副线圈两端的电压均为U,则 4.C【解析】轮胎内气体体积不变，压强变大， 原线圈两端的电压为2U,由输入功率等于输出 由理想气体状态方程可知气体温度上升，则气 功率，得2U1,=U1:+U1,220V=2U+U,解得 体分子的平均动能增加，但并不是每个分子的 U-220 w. 速率都增加，A、B错误：理想气体的内能只与 3 V.P0 9 温度有关，温度升高，内能增加，因为轮胎内气 C正确。 体的体积不变，气体不做功，由热力学第一定8.B【解析】温度不变，气体分子的平均速率不 律可知，气体内能增加量等于气体吸收的热 变，压强增加是因为单位时间内碰撞皮球内壁 量，C正确，D错误。 上单位面积的分子数增加，A、C错误：由题意 打靶卷 ·山东专版· 可知，pV,十2poV=1.5p。· 9,解得V, 6~8s过程中导体棒达到最大速度，则 3V,B正确：对皮球内的气体和充入的气体来 mx= A=2.4ms,此时a=0,代入上式解 △ 说，体积减小，外界对气体做正功，D错误。 得m=1.2kg,B错误：将m=1.2kg,a= 二、多项选择题 0.5ms2代入到mgsin0-mg cos0 B'L'v 9.AB【解析】由波形图可知入=4m,由v= =ma,得v=1.8m/s,A错误：前8s R 可得T=0.5s,假设波沿x轴正方向传播，则 P点此时沿y轴负方向振动，又P点偏离平衡 BLx=16.32C,C正确：前6s内由动 内q= 位置的位移大小是振幅的二分之一，则P点的 能定理得(mng sin0一mg cos0)x一W= 相位为x,P点再经（位+）T第二次经过 2m,系统产生的焦耳热Q=W=24.192J, 平衡位置，解得1=员：假设波沿上轴负方向 D正确。 三、非选择题 传播，则P点此时沿y轴正方向振动，则P的 13.(1)AC(2分) 相位为行，再经（品十）T第二次经过平衡 (2)0.2(2分) 位置，解得1一号AB正确。 (3)m 一m一M(2分) a 【解析】(1)实验要消除阻力的影响，需要补 10.BC【解析】甲抛出沙包瞬间，沙包在竖直方 偿阻力，且应先接通电源再释放小车，A、 向的速度大小1，=12ms,水平方向的速度 C正确。 大小vx=9ms,此时飞盘的速度大小为 (2)由逐差法可得a=0.2ms”。 4ms,高度h=4,2m,沙包与飞盘在竖直方 (3)对砂桶和桶里的细砂由牛顿第二定律得， 向的速度差为△v=8m/s,则击中的时间t mg一Fr=ma,补偿阻力后对小车，有 h --0.525s,此时飞盘速度竖直向下，沙包 Mgcos0=Mgsin0,放上物体后，由牛顿第 △ 二定律得Fr十(M+m,)gsin0一a(M十 在竖直方向具有向上的分速度，碰撞过程中 m,）gcos0=(M十m.)a,联立得mg 给飞盘斜向上的力，导致飞盘下落时间变长， A,D错误，C正确：水平距离x=,t= (m十M+m,)a,解得m,=mg-m-M. 4.725m,B正确。 14.(1)A(1分)V:(1分) 1l.ABC【解析】因为：=tan0,即摩擦力等于 (2)见解析图(2分) 重力沿斜面的分力，A、B与弹簧组成的系统 (3)0.50(1分)8.5(1分) 受到的合外力为零，动量守恒，A正确：由动 (4)16(2分) 量守恒定律得弹簧被压缩到最短时，。= 【解析】(1)由于电路中的最大电流远小于 2mpA,由能量守恒定律得E,=号mm 3A,故电流表选A,;电池组的电动势为 12V,电压表选V2。 1mvi=1 1 mu6,B正确：A物体速度最小为 (2)因电流表内阻已知，所以电流表内接：电 0,所以其路程等于位移的大小，C正确：由动 压从零开始变化，所以滑动变阻器用分压式 量守恒定律可得，沿斜面方向A、B的运动与 接法。电路图如图所示。 水平面的弹性碰撞类似，故B的最大速度为 va,D错误。 12.CD【解析】对导体棒受力分析，由牛顿第二 R 定律得mgsin0-mgcos0- BLv R md ·2 ·物理· 参考答案及解析 (3)因为电流表量程为00.6A,每个小格表 评分标准：本题共8分，①②④⑥式各1分，③ 示0.02A,则1=0.50A,因为电压表量程为 ⑤式各2分. 0~15V,每个小格表示0.5V,则U=8.5V。 16.(1)16W U (4)由部分电路欧姆定律得R,十RA=了，解 (2)4.32m 【解析】(1)对0~t1时间内的过程有 得尺，- -R=160 P=Fv ① 0~t1时间内，玩具车做匀加速运动，则 15.(1)3R v=at ② P-t图像如图所示，匀加速阶段牵引力做功为 Pt图像与t轴围成的面积，则 【解析】(1)根据题意作出光路图如图甲所 示，由折射定律有 sin 0sn 对整个过程由动能定理有 sin 0 ① P 由几何知识知0，=30 ② 1+P(1:-t1)-0.4mg.x=0-0 ③ 则02=60° 解得P=16W ④ OD=3R ③ 02 O P (2)1=11时刻由牛顿第二定律得 甲 F-0.4mg=ma ⑤ (2)若P向任意方向发出的光都能从球面射 又，=at1,1=t1时刻功率最大，则 出，说明在圆弧面上对应的入射角均小于临 P=Fv 界角，当人射角恰好等于临界角时，光路图如 4 ⑥ 图乙所示 解得a=3ms 0~t,时间内的位移大小 由正弦定理得 OP R sin a sin y ④ ⑦ 解得sin0= OPsin Y R 玩具车在1：一t:时间内的位移大小 由全反射的临界角公式有 1 1 sin 0=n ⑤ xs=2a'(△)2 a'=4 m/s? 解得sing= 总位移大小x=x1十x:十x1 3 解得t1~t时间内的位移大小 可知当y=90°时，OP取临界值，则 xa=4.32m ⑧ OP3 ⑥ 评分标准：本题共8分，①②③④⑤⑥⑦⑧式 各1分。 17.(1)8NC (2)(0,0.4m,-0.2πm) (3)B1> 4(2+1DT 5 3 打粑卷 ·山东专版· 【解析】(1)粒子射出后做类平抛运动，有 Fc=u:mg 2L=vot ① 设连接B,C的绳上的拉力大小为F,,则连 L=g.. 接D的绳上的拉力大小为2F,,则对D有 2 m E mog-2Fn=moao ① 解得E- ③ 对C有 2gL =8N C Fm一2m1g=m1aa ② (2)粒子做螺旋运动，可分解为沿z轴负方向 对A、B、C整体有 的匀速直线运动和平行于xOy平面内的匀速 2Fn=(2m1十m2)ag ③ 圆周运动，沿：轴负方向的速度大小 联立解得m=1kg ④ Eq ④ (2)物体D的质量为m3=0.5kg时，将A、 m B、C、D视为整体，则有 又g=一vl2 ⑤ mag=(4十2m1十m2)a 由题意可知，粒子在xOy平面内做匀速圆周 对D由牛顿第二定律得 的速率为。，则 ma-2F叶=m3@ ⑤ 对B由牛顿第二定律得 qvoB=m ⑥ r F千-Fw=mza ⑧ y=2r=2mvs ⑦ 解得F=O ⑦ Bq (3)(i)由(1)可知此时C与A相对滑动，C Tπm t:=2=B 团 对A摩擦力大小 Fn=u:mg 解得粒子第一次离xOz平面距离最大时的坐 假设A、B恰好相对滑动，则B对A的摩擦 标为(0,0.4m,-0.2πm) ⑨ 力大小 (3)将初速度分解为向左的速度，和向右的 F丝=41m2g 速度：，并使其满足 对A有 Eq=qvB ⑦ Fn十Fg=m1a q:B1=n7,g一1=vg ① 解得a1=4m/s 对B有Fm一41m:g=nza】 为保证粒子运动过程中不经过xOy平面，需 解得Fm=10N 满足 对C有 e FTo一2m1g=m1ag 解得a2=8m/s 解得B,>42+1D B 则D的加速度大小 5 评分标准：本题共14分.①②③④⑤⑥⑦⑧ a+a:=6 m s 2 ⑨①①②式各1分，B式2分. 对D有 18.(1)1kg mDg-2Fm=mDa3 (2)0 解得mD=5kg 7 (3)(1)3m()2J 由以上分析可知当物体D的质量为3kg时， 【解析】(1)物块C刚要滑动时，A、B、C整体 A、B未发生相对滑动，A、C发生相对滑动⑧ 向右加速，设加速度大小为a。,C受到的摩擦 对A、B整体有Fr+m1g=(m:+n:)a 力大小 对C有F,一42m1g=m1as 。4 ·物理· 参考答案及解析 对D有m4g-2F,=m:ag 13 xA1=vAl1一 又由B、C,D之间加速度关系可知 2a:=9m a6=a4十a C与A右端的距离为 2 ⊙ ② 解得a4=3m/g2,aa=5ms2,a6=4m/s x=xA一=3m C与挡板碰撞时，C匀加速到碰撞过程的位 (ⅱ)C与A发生相对滑动产生的热量为 移大小 Q=m8=0.2m:(+）」B 1 to-2a:1 A、C达到共速前B做匀加速运动，则 在该段时间内，A的位移大小 as=4g=0.1g=1m/s 从A、C碰撞到A、C刚共速这段时间内B的 TA-2411 位移大小 吃-w- 19 x=m1+20,2=18m 解得t=1s 其中0=VN 碰前C的速度大小 这段时间内B相对A的位移大小 ve=ast=5 m/s 0 2 碰前A的速度大小 I=AI-=18m vA=at=3 m/s 这段时间内产生的热量 A、C碰撞时，由动量守恒定律有 Q-m:-名J m:vA十m1vc=1v十m1呢 由机械能守恒定律有 A、C刚共速时的速度大小为加=v'A 11 1 1 入是。，1多=2m1A十2m122 a=3m/s,之后将A,C视为整体，A,C 解得vA=5m/s,u必=3ms ① 刚达到共速时B的瞬时速度大小为 之后对A由牛顿第二定律有 10 vB=vn十a1=3m/s 1m28十42mg一m17 B与A、C整体最后共速，由动量守恒定律有 解得a;=4m/s2 m2V台十2n10c=(m2十2n1)v我 对C有 从A、C共速到A、B、C共速这段时间内产生 uzmig=mia8 的热量 解得ag=2m‘s 设经时间t1,A、C共速，则 Q=2 2X(m+ vA-azt=ve十ast1 郭得：一日。 2m,咳-8J ⑤ 则整个过程中的总热量 C匀加速运动的位移大小 G ra+m 10 Q=Q,+Q,+Q,=号J 评分标准：本题共16分，①②③①⑤⑥⑦⑧ A匀减速运动的位移大小 ⑨0①②⑧@⑤6式各1分。 ·5·