14.物理·2022年普通高中学业水平选择性考试(湖南卷)-【名校强基卷】2020-2024年5年高考物理真题汇编

绝密★启用前 2022 年普通高中学业水平选择性考试(湖南卷 物 理 本试卷满分100分,考试时间75分钟 一、选择题(本题共6小题,每小题4分,共24分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合 题目要求的) 1.关于原子结构和微观粒子波粒二象性,下列说法正确的是 2 ) A. 卢瑟福的核式结构模型解释了原子光谱的分立特征 B.破尔的原子理论完全揭示了微观粒子运动的规律 C.光电效应揭示了光的粒子性 D. 电子束穿过铭箔后的衍射图样揭示了电子的粒子性 2.如图,四根完全相同的均匀带正电绝缘长棒对称放置在长方体的四条长边a、么、c、d上.移去a处 的绝缘棒,假定另外三根绝缘棒电荷分布不变.关于长方体几何中心O点处电场强度方向和电势 ( 的变化,下列说法正确的是 ) A. 电场强度方向垂直指向a,电势减小 B.电场强度方向垂直指向c,电势减小 C.电场强度方向垂直指向a,电势增大 = D.电场强度方向垂直指向c,电势增大 0(0) 。_.n... 中子 #M(M) 氧核 Z斑 右 图(h) 罔a) 氛核 第2题图 第3题图 第4题图 密3.如图(a),直导线MN被两等长且平行的绝缘轻绳悬挂于水平轴OO上,其所在区域存在方向 垂直指向OO的磁场,与OO距离相等位置的磁感应强度大小相等且不随时间变化,其截面图 如图(b)所示.导线通以电流I,静止后,悬线偏离竖直方向的夹角为6.下列说法正确的是 ( ) A. 当导线静止在图(a)右侧位置时,导线中电流方向由N指向M B.电流I增大,静止后,导线对悬线的拉力不变 C.tan0与电流I成正比 D.sin与电流I成正比 4.1932年,查德威克用未知射线轰击氢核,发现这种射线是由质量与质子大致相等的中性粒子 (即中子)组成,如图,中子以速度v分别碰撞静止的氢核和氢核,碰撞后氢核和氢核的速度分 别为v.和v.设碰撞为弹性正碰,不考虑相对论效应,下列说法正确的是 ( ) A.碰撞后氢核的动量比氢核的小 B. 碰撞后氛核的动能比氢核的小 C.v。大于 D..大于 2022·湖南卷 第1页(共8页) 5.2022年北京冬奥会跳台滑雪空中技巧比赛场地边,有一根系有飘带的风力指示杆,教练员根 据飘带的形态提示运动员现场风力的情况,若飘带可视为粗细一致的匀质长绳,其所处范围内 风速水平向右、大小恒定且不随高度改变,当飘带稳定时,飘带实际形态最接近的是 ) C. B D 6.如图,理想变压器原、副线圈总匝数相同,滑动触头P初始位置在副线 圈正中间,输入端接入电压有效值恒定的交变电源,定值电阻R,的阻 值为R,滑动变阻器R。的最大阻值为9R,滑片P。初始位置在最右端。 理想电压表的示数为U,理想电流表A的示数为I.下列说法正确的 是 A.保持P位置不变,P。向左缓慢滑动的过程中,I减小,U不变 B.保持P 位置不变,P。向左缓慢滑动的过程中,R,消耗的功率增大 C.保持P。位置不变,P.向下缓慢滑动的过程中,I减小,U增大 D.保持P。位置不变,P向下缓慢滑动的过程中,R,消耗的功率减小 二、选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目 要求,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分 7.“神舟十三号”返回舱进入大气层一段时间后,逐一打开引导伞、减速伞、l” 主伞,最后启动反冲装置,实现软着陆,某兴趣小组研究了减速伞打开后 返回舱的运动情况,将其运动简化为竖直方向的直线运动,其图像如 图所示,设该过程中,重力加速度不变,返回舱质量不变,下列说法正确的 是 f A.在0~t.时间内,返回舱重力的功率随时间减小 B.在0~7时间内,返回舱的加速度不变 C.在t~。时间内,返回舱的动量随时间减小 D.在t。~t。时间内,返回舱的机械能不变 8.如图,火星与地球近似在同一平面内,绕太阳沿同一方向做匀速圆周运动,火星的轨道半径大 约是地球的1.5倍,地球上的观测者在大多数的时间内观测到火星相对于恒星背景由西向东 运动,称为顺行;有时观测到火星由东向西运动,称为逆行,当火星、地球、太阳三者在同一直线 上,且太阳和火星位于地球两侧时,称为火星冲日,忽略地球自转,只考虑太阳对行星的引力, 下列说法正确的是 _ 恒背景 A.火星的公转周期大约是地球的 {27 完 ) B.在冲日处,地球上的观测者观测到火星的运动为顺行 C.在冲日处,地球上的观测者观测到火星的运动为逆行 D.在冲日处,火星相对于地球的速度最小 2022·湖南卷第2页(共8页) 9.球形飞行器安装了可提供任意方向推力的矢量发动机,总质量为M.飞行器飞行时受到的空气 阻力大小与其速率平方成正比(即F。一v,人为常量).当发动机关闭时,飞行器竖直下落,经 过一段时间后,其匀速下落的速率为10m/s;当发动机以最大推力推动飞行器竖直向上运动, 经过一段时间后,飞行器匀速向上的速率为5m/s.重力加速度大小为g,不考虑空气相对于地 1 面的流动及飞行器质量的变化,下列说法正确的是 ) A.发动机的最大推力为1.5Mg C.发动机以最大推力推动飞行器匀速水平飞行时,飞行器速率为5、3m/s D.当飞行器以5m/s的速率飞行时,其加速度大小可以达到3g 10.如图,间距L-1m的U形金属导轨,一端接有0.10的定值电阻R,固定在高h-0.8m的绝缘 水平桌面上,质量均为0.1kg的匀质导体棒a和静止在导轨上,两导体棒与导轨接触良好且 始终与导轨垂直,接入电路的阻值均为0.10,与导轨间的动摩擦因数均为0.1(设最大静摩擦 力等于滑动摩擦力),导体棒a距离导轨最右端1.74m.整个空间存在竖直向下的匀强磁场(图 中未画出),磁感应强度大小为0.1T.用F-0.5N沿导轨水平向右的恒力拉导体棒a,当导体 棒a运动到导轨最右端时,导体棒刚要滑动,撤去F,导体棒a离开导轨后落到水平地面上,重 ( 力加速度取10m/s,不计空气阻力,不计其他电阻,下列说法正确的是 ) A.导体棒a离开导轨至落地过程中,水平位移为0.6n B.导体棒a离开导轨至落地前,其感应电动势不变 C.导体棒a在导轨上运动的过程中,导体棒?有向右运动的趋势 D.导体棒a在导轨上运动的过程中,通过电阻R的电荷量为0.58C 三、非选择题(共56分.第11~14小题为必考题,每个试题考生都必须作答.第15,16小题为选 考题,考生根据要求作答 (一)必考题(本题共4小题,共43分 11.(6分)小圆同学用橡皮筋、同种一元硬币、刻度尺、塑料袋、支架等,设计了如图(a)所示的实验 装置,测量冰墩墩玩具的质量,主要实验步骤如下; 过行签进来 #戳 {料奖 一硬币 图(a) 2022·湖南卷 第3页(共8页) (1)查找资料,得知每枚硬币的质量为6.05g; (2)将硬币以5枚为一组逐次加入塑料袋,测量每次稳定后橡皮筋的长度7,记录数据如下表 。 序号 2 。 2 5 15 10 20 硬币数量n/枚 25 10.51 12.02 15.05 长度/cm 13.54 16.56 (3)根据表中数据在图(b)上描点,绘制图线; cm ()) 10 15 20 2530n/枚 图 (4)取出全部硬币,把冰墩墩玩具放入塑料袋中,稳定后橡皮筋长度的示数如图(c)所示,此时 橡皮筋的长度为 cm; (5)由上述数据计算得冰墩墩玩具的质量为 g(计算结果保留3位有效数字) 12.(9分)小梦同学自制了一个两挡位(“×1”“×10”)的欧姆表,其内部结构如图所示,R。为调零 电阻(最大阻值为R),R、R、R.为定值电阻(R+R<R <R),电流计的内阻为R (RR。).用此欧姆表测量一待测电阻的阻值,回答下列问题; -_。 (1)短接①②,将单刀双掷开关S与n接通,电流计G示数为I.;保持电阻R。滑片位置不变, 将单刀双挪开关S与n接通,电流计G示数变为L.,则L。 (填“大于”或“小于”)I (2)将单刀双掷开关S与n接通,此时欧姆表的挡位为 (填“×1”或“×10”). (3)若从“×1”挡位换成“×10”挡位,调整欧姆零点(欧姆零点在电流计满偏刻度处)时,调 零电阻R。的滑片应该 (填“向上”或“向下”)调节 (4)在“×10”挡位调整欧姆零点后,在①②间接入阻值为100Q的定值电阻R,稳定后电流计 0. 2022·湖南卷 第4页(共8页) 13.(13分)如图,两个定值电阻的阻值分别为R.和R。,直流电源的内阻不计,平行板电容器两极 板水平放置,板间距离为d,板长为、/3d,极板间存在方向水平向里的匀强磁场,质量为 、带 电量为十o的小球以初速度v沿水平方向从电容器下板左侧边缘A点进人电容器,做匀速圆 周运动,恰从电容器上板右侧边缘离开电容器,此过程中,小球未与极板发生碰撞,重力加速 度大小为g,忽略空气阻力, (1)求直流电源的电动势E.; (2)求两极板间磁场的磁感应强度B (3)在图中虚线的右侧设计一匀强电场,使小球离开电容器后沿 直线运动,求电场强度的最小值E 1③d-→ 14.(15分)如图(a),质量为的篮球从离地H高度处由静止下落,与地面发生一次非弹性碰撞 后反弹至离地五的最高处,设篮球在运动过程中所受空气阻力的大小是篮球所受重力的入倍 (为常数且.0一H十) 速度大小为g. # 图() 图(h) 2022·湖南卷 第5页(共8页) (1)求球与地面碰撞的碰后速率与碰前速率之比; (2)若篮球反弹至最高处h时,运动员对篮球施加一个向下的压力F,使得篮球与地面碰撞一 次后恰好反弹至的高度处,力F随高度y的变化如图(b)所示,其中h。已知,求F。的大小; (3)篮球从H高度处由静止下落后,每次反弹至最高点时,运动员拍击一次篮球(拍击时间极 短),瞬间给其一个竖直向下、大小相等的冲量I.经过N次拍击后篮球恰好反弹至H高度 处,求冲量I的大小. (二)选考题(共13分.请考生从两道题中任选一题作答.如果多做,则按第一题计分) 15.[物理-选修3-3(13分) (1)(5分)利用“涡流效应”可实现冷热气体的分离,如图,一冷热气体分离装置由喷嘴、涡流 室、环形管、分离挡板和冷热两端管等构成,高压氢气由喷嘴切向流入涡流室中,然后以蝶旋 方式在环形管中向右旋转前进,分子热运动速率较小的气体分子将聚集到环形管中心部位 而分子执运动速率较大的气体分子将聚集到环形管边缘部位,气流到达分离挡板处时,中心 部位气流与分离挡板碰撞后反向,从A端流出,边缘部位气流从B端流出,下列说法正确的 是 (选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得 分为0分). 端 A 润流室 环形赞 分寓挡板 A.A端为冷端,B端为热端 B.A端流出的气体分子热运动平均速率一定小于B端流出的 C.A端流出的气体内能一定大于B端流出的 D.该装置气体进出的过程满足能量守恒定律,但违背了热力学第二定律 E.该装置气体进出的过程既满足能量守恒定律:也满足热力学第二定律 2022·湖南卷第6页(共8页) (2)(8分)如图,小赞同学设计了一个液体拉力测量仪,一个容积V。 9.9L的导热汽缸下接一圆管,用质量m.=90g、横截面积S-10cm*的 活塞封闭一定质量的理想气体,活塞与圆管壁间摩擦不计,活塞下端用轻 质细绳悬挂一质量。一10g的U形金属丝,活塞刚好处于A位置,将金 待测液体 在圆管中的最低位置为B.已知A、B间距离h一10cm,外界大气压强/ -1.01×10{}Pa,重力加速度取10m/s{,环境温度保持不变,求 (1)活塞处于A位置时,汽缸中的气体压强为; (lI)活塞处于B位置时,液体对金属丝拉力F的大小 16.[物理-选修3一4(13分) (1)(5分)下端附着重物的粗细均匀木棒,竖直浮在河面,在重力和浮力作用下,沿竖直方向 做频率为1Hz的简谐运动;与此同时,木棒在水平方向上随河水做匀速直线运动,如图(a)所 示,以木棒所受浮力F为纵轴,木棒水平位移x为横轴建立直角坐标系,浮力F随水平位移。 的变化如图(b)所示.已知河水密度为o,木棒横截面积为S,重力加速度大小为g.下列说法 正确的是 (选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分, 最低得分为0分) + o 0.16.20.3040.5 图 图 2022.湖南卷 第7页(共8页) A.x从0.05m到0.15m的过程中,本棒的动能先增大后减小 B.x从0.21m到0.25m的过程中,木棒加速度方向竖直向下,大小逐渐变小 C.x一0.35m和x一0.45m时,本棒的速度大小相等,方向相反 _行_ D. 本棒在竖直方向做简谐运动的振幅为 E.本棒的运动为向:轴正方向传播的机械横波,波速为0.4m/s (2)(8分)如图,某种防窥屏由透明介质和对光完全吸收的屏障构成,其中屏障垂直于屏幕平 行排列,可实现对像素单元可视角度0的控制(可视角度0定义为某像素单元发出的光在图示 平面内折射到空气后最大折射角的2倍).透明介质的折射率n一2,屏障间隙L一0.8mm.发 光像素单元紧贴屏下,位于相邻两屏障的正中间,不考虑光的衍射 空气 #_ 选明介 发光素单元 (1)若把发光像素单元视为点光源,要求可视角度0控制为60^{},求屏障的高度d (lI)若屏障高度d一1.0mm,且发光像素单元的宽度不能忽略,求像素单元宽度x最小为多少 时,其可视角度9刚好被扩为180{}(只要看到像素单元的任意一点,即视为能看到该像素单元) 2022·湖南卷第8页(共8页)16.解析：由题中振动图像可知，T=0.25,波长入=T=10× 向夹角正切值an目=△S,再由飘带下瑞取两个相同的： △mg 0.2m=2m,泼传播到Q点的时间为1=0二=0.5，又 元，质量为2△m,受力面积为2△S,所以其上方飘带对两个微 各质点的起旅方向语y他方向：则经这1=4，十胃-05 元的柱力方向与竖直方向夹角正切值an。然=an0, Q,点第一次到达正向最大位移处。 因此，就带各个位置与竖直方向夹角均相同，A正确， 答案：(1)20,55 6.B保特P,位置不支，将原、副线围及电阻R,等效为一定值 (2)解：（「）OA为光线在A,点的法线，由几何关系可知，光 电阻，当P,向左缓慢滑动过程中，R。接入电路的电阻减小， 线在A点的入射角iA=30°，光线在A点的折射角rA=60 剿整个电路的总电阻减小，由欧姆定律可知，回路中电流】增 由新新定体有会原 大，原线图两端电压增大，由理想变压器变压规律可知，副线 图两端电压增大，故R,消耗的功率增大，B正确， ()当S发出的光线与SC的夹角a=45°时，光线射向界面7.AC由题知，返回舱运动简化为竖直方向的直线运动，所以 上的D点，如图所示 重力的功率P=mg,因此在0一t:时何内，结合速度一时间 图像可知返回舱重力的功率随时间诚小，A正确：返回舱的动 D A人 量大小与其速度大小成正比，所以1~时间内，返回舱的动 量随时间减小，C正确 8.CD火星与地球均绕太阳做匀速图周运动，即GMm m号，解得心√，所以文显公转建度小于地球公特造庭， 因此在冲日时，地球上的观测者观测火星由东向西运动，C正 由几何关系可知，此时光线在D点的入射角ip=45 确：在冲日处，地球与火星速度方向相同，故此时火星相对地 而sim45°=21-区 球速度最小，D正确， 2n3 9,BC飞行器无动力匀速向下运动时，Mg=k,=10m/s 所以光线在D点发生全反射，光线经过三次全反射后返回 当飞行器以=5m、水平飞行时，飞行器受重力、推力和空 S,此过程所用时间最短，光线从S到D过程中所用时间1。 气阻力作用下平衡，由平衡条件有F=(Mg)十(k)产，解得 -SD F-平Mg,B正确：又R.一Mg一6d,当飞行器以最夫粮力 由折特定律有=号 Fm推动飞行器水平飞行时，由平街条件有F=(Mg)+ (kv),解得=5√/3m/sC正确. 而光线从S出发到返回S所霄的时间t=41 10,BD设导体棒a运动到最右端时的速度为u,此时a棒切 解得1=4V6R 割磁感线产生的感应电动势E=BL,回路中的感应电流 2022年普通高中学业水平选择性考试 1一R。-冬+R,此时6排所安安塔力为下=之B1L,号 (湖南卷) 体棒b刚要动，故所受静摩擦力F,达到最大值，此时F 1.C光电效应说明光子具有能量，揭示了光的粒子性，C正确 F/一Hmg,解以上各式得%=3m/s,导体棒a离开导轨到落 2.A由对称性可知，a、c两根完全相同、均匀带电会属棒在 地前做平抛运动，A=立r=,解得x=1.2m,A错 (),点的合场强为零，撤去a棒后，c棒在O点的电场强度由 O点垂直指向a,设每根带电金属棒在O点产生的电势为g, 误：由于磁场方向竖直向下，离开导轨后导体棒《在水平方 则四根完全相同、均匀带正电长棒在O点产生的电场的电势 向做匀速直线运动，又由E=BL。,可知，导体棒a做平抛 为4，撤去a棒，则其他三棒在O点产生的电场的电势为 运动过程中感应电动势不变，B正确：导体棒“在导轨上运 3,以无限远处电势为零，则每根带正电金属棒在O的电场 动过程中，店良电功势年均维为E一盟回路中年均感应电 的电势均大于零，所以撒去口棒后，O点的电势减小，A正确. E △Φ 3.D由左手定则可知，直导线所受安培力与轻绳垂直，由平衡 流1厂R,通过导体棒的电荷量9=1△，解得q,R 条件有轻绳拉力F=√(mg)一(BIL)厂，BIL=mgsin0,剩 额=1.16C,导体捧6与电程R并联，所以道过电程R的 in0=BL1,BC错误，D正确. g 电荷量g=号=0.58C,D正确. 4.B由能量守恒定律可知，中子与氢核碰撞后静止，与黛核碰 11.解析：(3)将表中数据进行描，点连线，如答图所示.(4)刻度尺 后反弹，所以碰撞后氯核的动能比氯核的动能小，B正确. 分度值为0.1cm,估读到分度值下一位，则豫皮筋的长度釣 5.A设飘带下端一个小的微元质量为△m,该微元受重力 为15.35cm.(5)根据胡克定律F=kx,可得△F=k△r,则有 △mg、风的作用力F和拉力F,作用，由于竖直方向不同高度 Mg-5mg 的风速一定，风对飘带的作用力与其作用面积成正比，设该微 原霜微m版器微得m共中m6防g 元所受风力的面积为△S,平衡条件可知，拉力方向与竖直方 解得M=127g. 物理答案一32 答案：(6分)(3)如图所示 14,(15分)解：(1)蓝球下降时，由动能定理可得 Dcm mgH-AmgH=Zm时 篮球上升时，由动能定理可得 -mgh-imgh=0- 2mu 篮球与地面碰撞后的速率与碰撞前的速率之比k=型 h干ah 13 联主可得k=VH一F 12 (2)在施加压力F后，篮球到达地面的速度为巴1，篮球与地 面碰楂后，哈好反弹至h的高度处，Fy图像的面积为压力 11# F所做的功，根据动能定理有 合F,-h,)+msh-mgh=2m (4)15.35(5)127 联立可得F,=2mg1一A)(H-h) 12.解析：(1)由于R<R,且滑片位置不变，将单刀双挪开关S h一h。 与n接通，回路总电阻变大，则电流变小，即1>1.(2)将单 (3)由动量定理可得1=u 刀双掷开关S与n接通，欧婚表内阻变大，则此时欧姆表的 第一次拍击后落地前有一=2(1一入)gh 挡位为“×10”(3)若从“×1”挡位换成“×10”挡位，欧姆表 弹起的高度为h1,有(ku1)=2(1十A)gh 内阻变大，欧姆调零时，流过电流计电流不变，则要求流过干 h h 路电流减小，调零电阻R。的滑片应当向上调节.(4)欧姆调 联立解得h,=2gH0-不)十日 零后，则满足E=r,分别在①②间接入R1、R后，有E 第二次拍击后落地前有号一=2(1一入)gh (+R)·号L.和E=(+R,)·号1，解得R,=400n 弹起的高度为h有(k)广=2(1十A)gh: 答案：(9分)(1)大于(2)×10(3)向上(4)400 联立解得2= 1+台)+会 13.(13分)解：1)根据欧姆定理有1=R干R E。 第N次后有 电客器两端电压U=IR 1+++…+)+ hvi 电客器内饰电将强度E一号 带电小球在电容器内部做匀追圆周，则E!=mg h 联立可得直流电源的电动势E,=mg(R,十R:) 2gH(1- H qR: 1-音 (2)如图所示，O点为带电小球做匀速圆周运动的轨迹圆心， 由几何关系可知(R一d)”+(5d)=R 3x-H1-)+ 解得R=d -[31花H=(1-合)+分门] 由B=尺可得，两板板间磁场的磁感应强度 B=品 -H时有费-g用而-的)+ H R 0 月)g1-)(H-) =m=m (1-】 mg 2g(1-A)(H-h)(HT-h-) (H-) 15.解析：由题意可知，分子热运动速率较小的气体分子从A端 流出，分子热运动速率较大的气体分子从B端流出，即A端 (3)带电小球离开磁扬的速度方向与水平央角满足ina 为冷端，B端为热端，故AB正确：气体内能既与温度有关， ,即。=602，小球离开电容器洛直钱运动，则更力与 还与分子数量有关，由于无法判断从A瑞和B端流出气体 的分子数量，则无法判断从A端和B端流出的气体内能大 力的合力的方向与速度共线，则根据三角形定则可知，电场 小关系，故C错误：分子热运动速率较小的气体对分子热适 强度最小时，与速度垂直，即满足Eg=mgc0s60° 动速率较大的气体做功，并非低温物体向高温物体传递热 解得E-器 量，没有违背热力学第二定律，故E正确，D错误 物理答案一33 答案：(13分)(1)ABE(5分) 2021年普通高中学业水平等级考试 (2)(8分)解：（「）活塞位于A位置时，对活塞受力分析有 (山东卷) p,S十1g十Fx=pS,其中F,=m1g 1,A根据质量数和核电荷数守恒可知，X的质量数为0，电荷 解得汽缸中气体的压强p,=1,0×10P 数为一1，所以X是电子，故A正确， (用)汽缸内部气体发生了等温变化，则有 2.B设大气压强为p,瓶内气体的压强为p,瓶内气体下侧到 p,V。=p:(V。十hS) 水面的高度差为h,则瓶内气体的压强p=p。十pgh,小瓶上 活塞位于B位置时，对活塞受力分析有 升的过程中瓶内气体下侧到水面的高度差力减小，则瓶内气 P,S十m1g十F+m2g=pS 体的压强D减小，由理想气体的状态方程兴=C可知，小瓶 联立可得液体对金属丝拉力F=1N 上升的过程中瓶内气体的体积一定增大，小瓶内气体对外界 16,解析：木棒在竖直方向上做简谐运动，由图可知，当x 做正功，故B正确。 0.1m、0.3m、0.5m时，木棒处于平衡位置，所以当x从 3.B因为杆为轻质细杆，所以杆绕竖直光滑轴O转动的过程 0.05m到0.15m的过程中，木棒的速度先增大后减小，故 中对小木块的弹力沿杆的方向，所以轻质细杆对小木块不做 动能先增大后减小，A正确：x=0.21m到0.25m的过程 功，在小木块完成一个完整的圆周运动的过程中，由动能定理 中，浮力不断增大但一直小于重力，所以木棒的合力不斯减 小，由牛顿第二定律可知，木捧的加速度坚直向下，且大小不 得-fX2L=0-名m解得了=，故B正确，ACD 断减小，B正确：x=0.35m到0.45m的过程中，始终在平 错误。 衡位置上方，且在波谷两侧，故竖直方向上的速度大小相等，4，D以臂带内原有气体和5次充入的气体为研究对象，初始 方向相反，同时木棒浴河水流动方向具有相同的速度中，故 压强为p1=750mmHg,初始体积为V1=(V+60×5)cm,末 棒在上逮两位置的速度方向并非相反，C错误：设木棒运动 态压强为p:=750mmHg十150mmHg=900mmHg,末态体 过程中，浸入水中的最大长度为L,最小长度为L2,则有L, 积为V:=5V,由玻意耳定律得p,V,=pV,联立解得V= 一L=2A,由浮力公式有F,=pgSL,F,=PgSL,解得A= 60cm,故D正确，ABC错误. ,D正确：木棒在经直方向微简瑞运动，水流动方向5B在星球泰面，畅体所受的万有引力等于重力，即G-mg 2oSg R 微匀速直线运动，并非沿「轴方向传播的机械横波，E错误. 解释区一兴所以大里表面和月球表面的重力加建度之比为 答案：(13分)(1)ABD(5分) (2)(8分)解：(i)设屏障高度为d,则由发光像素发出的光 兰一品是-金老件时，汉型火显车和三免”月球车 经过屏障上边缘的光路图如图甲所示 受力平衡，由平衡条件得“祝融”与“玉兔”所受着陆平台的作 由折射定律有n=sin30 sin F化热=m我E=9 用力大小之北为m之，故B正确，ACD错误。 由儿何关系有d-2an0 6C由题意可知，每个点电荷所受库仑力的合力均为零，最上 边的点电荷受到其他三个点电苻的库仑力分别是F6=F意 解得d=1-2压m 5 g,F,=织，由叠加原理知FF的合力为②g,而Q 24 a (川)当由发光像素发出的光经屏障上边缘射到介质上表而 恰好发生全反射时，可视角度刚好被扩为180°，光路图如图 对最上边点电荷的库仑力为8，根据年箭条件得2虹 乙所示 + kyQ 2a 7,解得Q=22+1 4 ,由题图乙可知，在0≤ 得：区间，电场方向向在：所以电背量是一Q的点电荷卫 受向右的电场力，P将向右运动，故C正确，ABD错误. 7D用平行单色光垂直照射一层透明薄膜，从透明薄膜的上、 甲 下表面分别反射的两列光是相千光，发生干涉现象，出现明暗 相间的条纹，条纹的光程差为透明薄膜厚度的2倍，当光程差 由临界角公式有sinC=】 △x=2d=A(n=1,2,3,…)时此处表现为亮条纹，即当薄膜 由几何关系有十上=danC 2 的厚度d=受2(n=12,3,…)时对应的条纹为亮条纹，千涉 解得29-1=(2-)m 条纹从左向右条敛的间距逐渐增大，所以从左向右薄膜的厚 度逐渐减小，变化率逐渐减小，故D正俯，ABC错误. 物理答案一34