9.物理·2023年普通高中学业水平选择性考试(河北卷)-【名校强基卷】2020-2024年5年高考物理真题汇编

绝密★启用前 2023年普通高中学业水平选择性考试（河北卷） 物 理 本试卷满分100分，考试时间75分钟. 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选 项符合题意) 1.2022年8月30日，国家航天局正式发布了“羲和号”太阳探测卫星国际上首次在轨获取的太阳 尔 H。谱线精细结构.H。是氢原子巴耳末系中波长最长的谱线，其对应的能级跃迁过程为( 巴耳末系 EleV 0 -0.54 -0.85 -1.51 孙 -3.40 A.从∞跃迁到n=2 B.从n=5跃迁到n=2 C.从n=4跃迁到n=2 D.从n=3跃迁到n=2 2.制造某型芯片所使用的银灰色硅片覆上一层厚度均匀的无色透明薄膜后，在自然光照射下硅 片呈现深紫色，关于此现象，下列说法正确的是 A.上述现象与彩虹的形成原理相同 B.光在薄膜的下表面发生了全反射 毁 C.薄膜上下表面的反射光发生了干涉 D.薄膜厚度发生变化，硅片总呈现深紫色 3.我国自古就有“昼涨为潮，夜涨为汐”之说，潮汐是月球和太阳对海水的引力变化产生的周期性 涨落现象，常用引潮力来解释，月球对海水的引潮力大小与月球质量成正比、与月地距离的3 次方成反比，方向如图甲.随着地球自转，引潮力的变化导致了海水每天2次的潮涨潮落，太阳 对海水的引潮力与月球类似，但大小约为月球引潮力的0.45.每月2次大潮（引潮力）最大和2 次小潮（引潮力最小）是太阳与月球引潮力共同作用的结果.结合图乙，下列说法正确的是 太 地球 引潮力 引潮力 球 月球 引潮力 月球 海水 地球 地球 甲 2023·河北卷 第1页（共8页） A.月球在位置1时会出现大潮 B.月球在位置2时会出现大潮 C.涨潮总出现在白天，退潮总出现在夜晚 D.月球引潮力和太阳引潮力的合力一定大于月球引潮力 4.如图，轻质细杆AB上穿有一个质量为的小球C、将杆水平置于相互垂直的固定光滑斜面 上，系统恰好处于平衡状态.已知左侧斜面与水平面成30°角，则左侧斜面对杆AB支持力的大 小为 () A.mg B 2 mg 3 mg D.img 5.除颤仪是用于突发心室纤颤等心脏疾病的急救医疗设备，某型除颧仪电路原理如图.某次调试 时交流电压表示数为20V,电容器充电完毕，开关由“1”掷向“2”，放电电流平均值为2.8A,放 电时间约为102s,已知电容器电容为2.0×10iF.则升压变压器原副线圈的匝数比约为 ( 220V A.1:25 B.1:50 C.1:70 D.1:100 6.某科研团队通过传感器收集并分析运动数据，为跳高运动员的技术动作改进提供参考.图为跳 高运动员在起跳过程中，其单位质量受到地面的竖直方向支持力随时间变化关系曲线.图像中 10.10s至10.35s内，曲线下方的面积与阴影部分的面积相等.已知该运动员的质量为60kg, 重力加速度g取10m/s2.下列说法正确的是 F/N 30 10 H10.10 10.35s A.起跳过程中运动员的最大加速度约为42m/s2 B.起跳后运动员重心上升的平均速度大小约为3m/s C.起跳后运动员重心上升的最大高度约为0.45m D.起跳过程中运动员所受合力的冲量大小约为330N·s 2023·河北卷第2页（共8页） 7,由点电荷组成的系统的电势能与它们的电荷量、相对位置有关.如图甲，(、b、c、d四个质量均为 m.带等量正电荷的小球，用长度相等、不可伸长的绝缘轻绳连接，静置在光滑绝缘水平面上，O 点为正方形中心.设此时系统的电势能为E。.剪断a、d两小球间的轻绳后，某时刻小球的速度 大小为，方向如图乙，此时系统的电势能为 A.E-子m B.E5md C.E-m D.E-osi 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有两个或两 个以上选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.如图甲，绝缘水平面上四根完全相同的光滑金属杆围成矩形，彼此接触良好，匀强磁场方向竖 直向下.金属杆2,3固定不动，1,4同时沿图甲箭头方向移动，移动过程中金属杆所围成的矩 形周长保持不变，当金属杆移动到图乙位置时，金属杆所围面积与初始时相同.在此过程中 () 1×××× 2 2 甲 乙 A.金属杆所围回路中电流方向保持不变 B.通过金属杆截面的电荷量随时间均匀增加 C.金属杆1所受安培力方向与运动方向先相同后相反 D.金属杆4所受安培力方向与运动方向先相反后相同 9.如图，质量为m的小球穿在固定光滑杆上，与两个完全相同的轻质弹簧相连.开始时将小球控 制在杆上的A点，弹簧1竖直且处于原长，弹簧2处于水平伸长状态，两弹簧可绕各自转轴 O、O2无摩擦转动.B为杆上的另一个点，与O,、A、O,构成矩形，AB=2AO.现将小球从A点 释放，两弹簧始终处于弹性限度内，下列说法正确的是 () A.小球沿杆在AB之间做往复运动 B.与没有弹簧时相比，小球从A点运动到B点所用的时 弹簧2 间更短 KKKXKKKKKXX C,小球从A点运动到B点的过程中，两个弹簧对小球做 的总功为零 D.小球从A点运动到B点的过程中，弹簧2的弹性势能 先减小后增大 177777777777777777777777777 10.如图，在x轴上放置四个点电荷q1、2,9和q1,9、9位于A点两侧，9、9位于B点两侧.C 点在y轴上，且OA=OB=OC.取无穷远处电势为零，电荷位置与电荷量满足一定关系，使得 以O点为球心、以O℃为半径的球面上各点的电势均为零.下列说法正确的是 2023·河北卷第3页（共8页） A B 0 92 0 9 9÷ A.A、B两点电场强度的方向一定沿x轴正方向 B.若在O点放一正点电荷，则A、B两点的电势一定升高 C.试探电荷q沿y轴运动过程中，若静电力始终不做功，则它受到的静电力始终为零 D.试探电荷4沿y轴运动过程中，若静电力始终不做功，则C点的电场强度一定为零 三、非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(8分)某实验小组利用图甲装置测量重力加速度.摆线上端固定在 O点，下端悬挂一小钢球，通过光电门传感器采集摆动周期. (1)关于本实验，下列说法正确的是 .(多选) A.小钢球摆动平面应与光电门U形平面垂直 B.应在小钢球自然下垂时测量摆线长度 C.小钢球可以换成较轻的橡胶球 D.应无初速度、小摆角释放小钢球 (2)组装好装置，用毫米刻度尺测量摆线长度L、用螺旋测微器测 量小钢球直径d.螺旋测微器示数如图乙，小钢球直径d 光电门[ mm.记摆长1=L+号 接数据采集器 甲 10 (3)多次改变摆线长度、在小摆角下测得不同摆长【对应的小钢球摆动周期T,并作出上T2图 像，如图丙 1.0 0.g 0.8 0.7 0.6 2.02.53.03.54.04574 再 2023·河北卷第4页（共8页） 根据图线斜率可计算重力加速度g一 m/s(保留3位有效数字，π2取9.87). (4)若将摆线长度误认为摆长，仍用上述图像法处理数据，得到的重力加速度值将 (填“偏大”“偏小”或“不变”) 12.(8分)某实验小组测量绕制滑动变阻器电阻丝的电阻率P,实验器材：电源E(3V,内阻很 小)、电压表（量程为0~3V,内阻很大）、待测滑动变阻器R(最大阻值几十欧姆)，电阻箱R。 (最大阻值9999Ω)、滑动变阻器R(最大阻值50Ω)、毫米刻度尺、开关S以及导线若干.实 验电路如图. 第一步：按图连好电路，将滑动变阻器R和R的滑片均置于最左端，电阻箱R。阻值调为零， 闭合开关S,调整R滑片的位置，使电压表的示数为2.00V 第二步：断开开关S,保持R滑片的位置不动，将R。的阻值调为5Ω. 第三步：闭合开关S,向右移动R,的滑片P,使电压表的示数仍为2.O0V,记录R。的阻值R 以及R,的滑片P到左端点a之间的距离l. 第四步：断开开关S,保持R滑片的位置不动，调节R。的阻值分别为102、152…重复第 三步. 第五步：实验结束，整理仪器 实验记录的部分数据见表. 组次 1 2 3 4 5 R/0 0 5 10 15 20 l/mm 0 20.3 36.8 60.5 81.1 (1)上表中不合理的一组数据为 (填组次序号). (2)当1为80.0mm时，R的滑片P到a之间电阻丝的匝数为133，电阻丝的半径r= mm(保留2位有效数字) (3)用1=kR拟合上表数据，得k近似为4.0×103m/2,测得单匝电阻丝周长为90.0mm,则 电阻丝的电阻率p= 2·m(保留2位有效数字). (4)若电阻率ρ的测量值与参考值相比偏大，产生误差的原因可能是 A.未考虑电压表内阻 B.未考虑电阻丝绝缘层厚度 C.未考虑电源内阻 2023·河北卷第5页（共8页） 13.(8分)如图，某实验小组为测量一个葫芦的容积，在葫芦开口处竖直插人一 根两端开口、内部横截面积为0.1cm”的均匀透明长塑料管，密封好接口，用 氮气排空内部气体，并用一小段水柱封闭氮气.外界温度为300K时，气柱 水杜 长度1为10cm:当外界温度缓慢升高到310K时，气柱长度变为50cm.已 知外界大气压恒为1.0×10Pa,水柱长度不计. 接口处 (1)求温度变化过程中氮气对外界做的功： (2)求葫芦的容积； (3)试估算被封闭氮气分子的个数（保留2位有效数字）.已知1ol氮气在 1.0×10Pa、273K状态下的体积约为22.4L,阿伏加德罗常数NA取6.0 分 ×1023mol. 2023·河北卷第6页（共8页） 14.(14分)如图甲，真空中两金属板M、V平行放置，板间电压U连续可调，在金属板N的中心 C处开有一小孔，F、G、H为正三角形CDE各边中点，DE与金属板平行，三角形FGH区域 内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B.方向垂直纸面向里，一带电粒子从紧邻M板的P点 由静止释放沿CG方向进人磁场，一段时间后沿∠CED的角平分线方向从E点离开.已知正 三角形CED的边长为a,粒子质量为m、电荷量大小为q,粒子重力不计， 甲 乙 (1)求板间电压U的大小： (2)若磁场区域如图乙，磁感应强度不变.调整两板间电压大小，将该粒子从P点由静止释放， 仍能沿∠CED的角平分线方向从E点离开，求粒子从C点运动到E点的时间. 2023·河北卷第7页（共8页） 15.(16分)如图，质量为1kg的薄木板静置于光滑水平地面上，半径为0.75m的竖直光滑圆弧 轨道固定在地面，轨道底端与木板等高，轨道上端点和圆心连线与水平面成37°角.质量为 2kg的小物块A以8m/s的初速度从木板左端水平向右滑行，A与木板间的动摩擦因数为 0.5.当A到达木板右端时，木板恰好与轨道底端相碰并被锁定，同时A沿圆弧切线方向滑上 轨道.待A离开轨道后，可随时解除木板锁定，解除锁定时木板的速度与碰撞前瞬间大小相 等，方向相反.已知木板长度为1.3m,g取10m/s2√10取3.16，sin37°=0.6，cos37°=0.8. 0,:137° A 77777777777777777777777777777777770 (1)求木板与轨道底端碰撞前瞬间，物块A和木板的速度大小： (2)求物块A到达圆弧轨道最高点时受到轨道的弹力大小及离开轨道后距地面的最大高度； (3)物块A运动到最大高度时会炸裂成质量比为1：3的物块B和物块C.总质量不变，同时 系统动能增加3J,其中一块沿原速度方向运动，为保证B、C之一落在木板上，求从物块A离 开轨道到解除木板锁定的时间范围 2023·河北卷第8页（共8页）程中运动员所受合力的冲量为】=60kg×(10.35$ 10.10s)×22N/kg-60kg×(10.35s-10.10s)×10N/kg 邻仔 -1m/s,≈322-1m/s =180N·s,故D错误：由动量定理得1=mU一0，解得运动员 15 高开地面时的速度为=3m/s,起跳后运动员重心上升的平 由一vi2=2a,(s一xA)得 B第二次与P碰撞前速度大小v≈1ms 均递度大小约为=之=1,5m/s,故B错误：起跳后运动美 B与P碰撞后做减逸运动，不可施追上A,最始B、C静止以 向左为正方向，三个物体总动量的变化量为 重心上升的戒大高度的为A=头=0,45m,故C正确】 p=+m,+m+(22+)kg·m 7.Ba,b、c,d四个小球作为系统，剪断a、d间的轻绳后系统所 受合力为零，系统动量守位，由对称性知，的速度方向与d 2023年普通高中学业水平选择性考试 的速度方向对称，且大小相等，如图所示，竖直方向上由动量 (河北卷) 守恒定律得2usin30°-2mU=0.解得b、c两小球的速度大 1,DH是氢原子巴耳未系中波长最长的谱线，根据一元，可 小为0=1 ,由只有电场力微功.系统电势能与动能之和不 知H。是氢原子巴耳末系中频率最小的请线，根据氨原子的 变知，E,十号·2m十号·2m=E,解得此时系统电势 能级图，利用玻尔理论中的频率条件v=E。一E。,可见能级 差越小，领率越低，波长越长，故H对应的能级跃迁过程为 能为E.=E。一 5 mw,故B正确，ACD错误。 从n=3能级跃迁到n=2能级，故D正确. 2C题述现象是光的千涉造成的，彩虹的形成原理主要为光 3 人又0 0 的折射，题述现象与彩虹的形成原理不相同，故A错误：硅片 呈现深紫色的原因是薄膜的厚度正好使紫光在薄膜上下表8，CD金属杆所国成的矩形周长不变，由数学知识可知金属杆 面的反射光发生干涉，振动加强，故C正确，B错误；根据光的 所围回路的面积先增大后减小，所以金属杆所图回路内磁通 干涉中相互加强的条件，可知当海膜的厚度发生变化时，满足 量先增大后减小，祁据“增反减同”可知电流方向先沿逆时针 加强条件的光的波长也会发生改变，导致硅片呈现不同的颜 色，故D错误， 方的后洛腹时针方句：故A借民：由目一笑B5可知， 3.A由题图乙知月球在位置1时太阳和月球的引潮力方向相 由于金属杆所围回路的面积先增大后减小，故通过金属杆截 同，合力最大，故会出现大溯，故A正确，B错误：由题意可 面的电荷量也是先增加后减小，故B错误：电流方向先沿逆 知，引潮力的变化导致海水每天2次潮涨潮落，故可推得涨潮 时针方向，后沿顺时针方向，再根据左手定则，可知金属杆1 不总出现在白天，退潮不总出现在夜晚，故C错误：月球的引 所受安培力方向先向下后向上，与运动方向先相同后相反：金 潮力与太阳的引潮力方向不确定，其合力不一定大于月球引 属杆4所受安培力方向先向左后向右，与运动方向先相反后 潮力，故D错误. 相同，故CD正确. 4.B对轻杆和小球组成的系统进行受力分析，如图所示，设左9.C小球从A点运动到B点的过程中，由对称性知两弹簧 侧斜面对杆AB支持力的大小为FN1,由平衡条件有F= 对小球做的总功为零，重力做正功，由动能定理知小球在B mg0s30,解得F4=5 点速度不为零，故小球不会在AB间做往复运动，故C正确， mg,故B正确. A错误：由动能定理知，有弹簧与没有弹簧时小球运动到B 点速度相同，设AB与水平方向的夹角为0，没有弹簧时，由牛 30 顿第二定律得mgsin9=ma,解得小球的加递度a=gsin日，有 弹簧时，开始时弹簧2处于仲长状态，加速度大于gsin0,且 运动过程中加速度逐渐减小，因为AB=2A),,故小球运动到 AB中点时两弹簧处于原长，小球的加速度为gsin0,两种情 况的图像如图所示，与没有弹簧时相比，小球从A点运动 Ymg 到B点所用时间更短，故B正确：小球运动到AB中点时弹簧 5.C电容器充电完毕时所带电荷量为Q=1=2.8A×102s 2处于原长，小球在B点时弹簧2也处于原长.小球从AB中 =0.028C,电容器充电完毕时两端的电压U= 点运动到B点的过程中弹簧2先被压缩后恢复原长，故小球 从A点运动到B点的过程中，弹簧2的禅性势能先减小后增 2.0X10下1400V,则升压变压器原，副线圈匝数比为西 0.028C 大再减小，故D错误 -方女C区有ABD维花. ·有草资 6,C由题图知，起跳过程中地面对运动员单位质量的最大支 尤弹资 持力约为F=42N,则地而对运动员的最大支持力约为F mF=60×42N-2520N.由牛颜第二定律得F-mg=na, 解得运动员最大加速度约为：=32m/s°，故A错误：起跳过 物理答案一20 10.BD由C点电势为零可知，四个电荷为两对等量异种电荷 (4)若电阻率的测量值与参考值相比偏大，产生误差的原国 或两对等量同种电荷，若四个电荷为两对等量异种电荷， 可能是未考虑电阻丝绝嫁层厚度，因为绝缘层会影响电阻丝 =+Q,g,=一Q,4:=一g9:=十q,则y轴在等量异种电荷 的有效半径，影响电阻率的测量结果，B正确·AC错误， 的中垂线上，电场强度方向与y轴垂直，若四个电荷为两对 答案：(1)3 等量同种电荷，9=+Q4:=十Q.9:=一qg=-9,则y轴 (2)0.30 在等量同种电荷的中垂线上，电场强度方向一定沿着y轴， (3)4.7×10-° 此时A,B两点电场强度方向一定相反，不可能都沿着x物 (4)B 正方向，故A错误：取无穷远处为零电势点，由于正，点电荷 13.解：(1)由于水柱的长度不计，故封闭气体的压强始终等于大 周围的电势为正值，若在O点放一正点电荷，则A、B两点的 气压强，设大气压强为p,,塑料管的横戴面积为S,初、末态 电势一定升高，故B正确：若静电力始终不做功，则经过y 气柱的长度分别为，、：，气体对外做的功为W,根据功的定 轴且垂直于x轴的平面为等势面，但静电力不一定为零，故 义有 C错误：若y轴上某点电场强度不为零，则该点电场孩度方 W=pS(l:-1) 向一定与y轴垂直。根据以O点为球心，以OC为半径的球 得W=0.4. 面为等势面，可知C点的电场强度方向应与y轴重合，与前 (2)设葫芦的容积为V,封闭气体的初、末态温度分别为T: 面结论矛盾，故C点的电场强度一定为零，故D正确。 T2,体积分别为VV,根据盖一吕萨克定律有 11.解析：(1)使用光电门测量时，光电门U形平面与被测物体 VIV: 的运动方向垂直是光电门使用的基本要求，故A正确：测量 TT 摆线长度时，要保征绳子处于伸直状态，故B正确：单摆是 V-V+Sl 一个理思化模型，若采用质量较轻的橡胶球，空气阻力对摆 V,=V+Sl 球运动的影响较大，故C错误；无初速度、小摆角释放的目 联立以上各式并代入题给数据得V=119cm, 的是保持摆球在竖直平面内运动，不形成圆锥摆，且单摆只 (3)设在1.0×10Pa、273K状态下，1mol氮气的体积为 有在摆角很小的情况下才可视为简谐运动，使用T= V。、温度为T。,封闭气体的体积为V,被封闭氣气的分子个 2√臣计算重力加速度：故D正确。 数为n.根据盖一吕萨克定律有 V+Sh V, (2)小钢球直径为d=20mm十3.5×0.01mm T T =20.035mm. 8)单据周期公式T=2√日，参理得1一授T,由题因丙 共中a长N, 4x 联立以上各式并代入题给数据得n=2.9X10个， 知国我的针奉长=最=生0婴/公= -m/s2,解得g 14,解：（们）粒子在电场中加逸，根据动能定理得 4 =9.87m/s. gU=md 粒子在磁场中做匀速回周运动，根据牛顿第二定律得 (4)若将摆线长度L误认为摆长1，有T=2 ,则得 B-m 到的困线为L=5T ,仍用上迷图像法处理数据，图线 d 1 4π 根据几何关系得r=“ 斜率不变，仍为名，故得到的重力加速度值不变 联立解得U=Ba 4π 32m 答案：(1)ABD (2)若磁场区域如题图乙，粒子在磁场中运动轨迹对应的国 (2)20.035 心角为60，粒子在磁场中运动时间为，=言T=器 (3)9.87 (4)不变 由对称性可知，粒子在CFH区城及HGE区城运动轨迹对 应圈心角均为30°，则运动轨迹半径 12.解析：(1)由题表中数据可知，除1.3两组数据，其他如1的 数值均钓为R的数值的4倍，由题意可知，实验中！=0时， 电阻箱阻值调为零，即R=0,故第3组数据不合理 r= 3 sin30= (2)滑片P到a点间电阻丝臣数为n=133,则r= 则粒子在C下H区战运动时，竖直方向位移 2n 80.0mm≈0.30mm y-(1-）-(慢-) 2×133 由几何关系可得，粒子在无磁场区战的位移 (3)由1=R,L=云×90R=p专得，电但牵p=多器- 2rS_2πr =2×3.14×(0.30×101) =a-y-(1-)加 1 90×4×10 -·m≈4.7×10"0·m. 粒子在磁场中微匀速國周运动，由牛顿第二定律得 物理答案一21 w8-M 1.2m 解得=Br=③gBa 0.6m 2m m 粒子在无磁扬区城中微匀速直线运动的时间为 0, =-(5-1器 L1.3m 2.064-2△rm 7777777777777777777777717777777777 粒子从C点运动到E点的时间为 1.264m 3.792m 1=4+4=(25-3+x）m 3gB 平 15.解：(1)设物块A的初速度为，木板与轨道底部碰控前，物 为了保证B、C之一落在木板上，需要满足下列条件之一 块A和木板的速度分别为和，物块A和木板的质量分 「，若仅C落在木板上，应满足 别为m]和m2、物块A与木板间的动摩擦因教为4，木板长 (2.064-2△)+1.3≥1.264+0.6，且(2.064-2△1)≤1.264 度为L,由动量守恒定律和功能关系有 十0.6 16=1头十 Ⅱ.若仅B落在木板上，应满足 m暖=子m,+暖+mg 1 (2.064-2△)+1.3≥3.792+0.6，且(2.064-2△t)≤3.792 +0.6 由题意分析≥山，联立解得 解得I,0.1s≤△≤0.75，Ⅱ.无解 w=7m/s,2=2m/8 (b)若？=0，，=4m/5,炸裂后B落地过程中水平住移为 (2)设圈孤轨道半径为R,物块A到圆孤轨道最高，点时钭抛 v1=0m,炸裂后C落地过程中水平位移为12= 速度为，轨道对物块的弹力为F、,物块A从轨道最低点 2.528m,木板右端到轨道底端的距离为(11十12一△)= 到最高点，根据动能定理有 (2.064一2△)m.运动轨迹分析如图乙 -mkR1+sin3）-之m话-之m,时 120 、0.6m 物块A到达圆孤轨道最高，点时，根据牛顿第二定律有 F十m:gsin37°=m1尺 0,37° 2m 联立解得R、-9N k1.3血h2.064-2△)m 777777777777777777777777777777777777777777 设物块A抛出时速度的水平和竖直分量分别为 2.528m 和， 乙 巴=%sin37°，0，=3c0s37 为了保证B,C之一落在木板上，需要满足下列条件之一 Ⅲ.若仅B落在木板上，应满足 针抛过程物块A上升时间1，=马=04s,该段时间物块A g (2.064-2△)+1.3≥0.6，且(2.064-2△)≤0.6 向左运动距离为s=,1=1.2m N,若仅C落在木板上，应满足 (2.064-2△1)+1.3≥2.528+0.6.且(2.064-2△1)≤2.528 物块A距高地面最大高度H-R1+sim37+十装-2m, +0.6 ③y的块A从最高点落地时同√四=0.632s,设向左 解得Ⅲ.0.732s≤△1≤1.3828，W.0≤△≤0.118s 综合分析(a)(b)两种情况，为保证B,C之一 为正方向，物块A在最高点炸裂为B,C,设质量和速度分别 一定落在木板上，△满足的条件为 为m、n4和、，设m1:m=13,系统动能增加△Ek 0.1s≤△≤0.1188成0.7328≤△/≤0.758. 根据动量守恒定律和能量守恒定律得 2023年普通高中学业水平选择性考试 m1彩，=3U,十n, (湖南卷) 受m号+△B-子m暖+之m,听 1.AB逃项核聚变的核反应方程不满足质量数守恒和电荷数 联立解得，=6m/s,w=2m/s或U,=0, 守恒：C选项中轴235是核裂变的核反应燃料，不是核聚变的 头=4m/8 核反应燃料：D选项无论是核裂变还是核聚变，都有质量亏 下面求从物块A离开轨道到解除木板锁定的时间范围△1： 损.故选A, (a)若=6m/s,必=2m/s,炸裂后B落地过程中的水平位 2.B谷粒1做平抛运动，谷粒2做斜抛运动，它们运动过程中 移为2=3.792m,炸裂后C落地过程中的水平位移为 都是只受重力，因此加速度都等于重力加速度，Λ错误：运动 P:4=1.264m,木板右端到轨道底瑞的距离为(t十1 时间由高度决定，谷粒2先上升再下降到P点，运动时问大 △1)=(2.064一2△1)m.运动轨迹分析如图甲 于谷粒1的运动时间，C错误：两谷粒从O到P的位移相同， 物理答案一22