3.物理·2024年普通高中学业水平选择性考试(湖南卷)-【名校强基卷】2020-2024年5年高考物理真题汇编

绝密★启用前 2024年普通高中学业水平选择性考试(湖南卷 物 理 吾冠 本试卷满分100分,考试时间75分钟 一、选择题;本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合 题目要求的。 1. 量子技术是当前物理学应用研究的热点,下列关干量子论的说法正确的是 ,__ 密 _ A.普朗克认为黑体辐射的能量是连续的 _ B.光电效应实验中,红光照射可以让电子从某金属表面逸出,若改用紫光照射也可以让电子从 该金属表面逸出 C.康普顿研究石墨对X射线散射时,发现散射后仅有波长小于原波长的射线成分 线 D.德布罗意认为质子具有波动性,而电子不具有波动性 2.如图,健身者在公园以每分钟60次的频率上下抖动长绳的一端,长绳自右向左呈现波浪状起 内 伏,可近似为单向传播的简谐横波。长绳上A、B两点平衡位置相距6m,t.时刻A点位于波 __ 谷,B点位于波峰,两者之间还有一个波谷。下列说法正确的是 二 ##{ A.波长为3m 我 B.波速为12m/s 完.... C..+0.25s时刻,B点速度为0 D.。十0.50s时刻,A点速度为0 3.如图,质量分别为4m、3n、2n、的四个小球A、B、C、D,通过细线或轻弹互相连接,悬挂于 O点,处于静止状态,重力加速度为g。若将B、C间的细线剪断,则剪断瞬间B和C的加速度 大小分别为 ( ) .. 班 乙乙 A.g,1.5g B.2g,1.5g C.2g,0.5 D.g,0.5g 4.如图,有一硬质导线Oabc,其中abc是半径为R的半圆狐,b为圆狐的中点,直线段Oa长为R且 垂直于直径ac。该导线在纸面内绕O点逆时针转动,导线始终在垂直纸面向里的匀强磁场 ,。_ 中。则O、a、、c各点电势关系为 ) 2024·湖南卷第1页(共8页) x x x x x x A.o>>> #B.~_ C.o→一 D.o一 5.真空中有电荷量为十4a和一9的两个点电荷,分别固定在:轴上一1和0处。设无限远处电势 ( 为0,x正半轴上各点电势随x变化的图像正确的是 _ #####。### 6.根据国家能源局统计,截止到2023年9月,我国风电装机4亿千瓦,连续13年居世界第一位 湖南在国内风电设备制造领域居于领先地位。某实验小组模拟风力发电厂输电网络供电的装 置如图所示。已知发电机转子以角速度o匀速转动,升、降压变压器均为理想变压器,输电线 路上的总电阻可简化为一个定值电阻R。。当用户端接一个定值电阻R时,R。上消耗的功率 ,_ 为P。不计其余电阻,下列说法正确的是 _~ 1 降l变ll器 ##7四#1 A.风速增加,若转子角速度增加一倍,则R。上消耗的功率为4P B.输电线路距离增加,若R。阻值增加一倍,则R。上消耗的功率为4P C.若升压变压器的副线圈匝数增加一倍,则R。上消耗的功率为8F D.若在用户端再并联一个完全相同的电阻R,则R。上消耗的功率为6P 二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目 要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分 7.2024年5月3日,“嫦娥六号”探测器顺利进入地月转移轨道,正式开启月球之旅。相较于“始 娥四号”和“嫦娥五号”,本次的主要任务是登陆月球背面进行月壤采集,并通过升空器将月壤 转移至绕月运行的返回舱,返回舱再通过返回轨道返回地球。设返回舱绕月运行的轨道为圆 关于返回舱在该绕月轨道上的运动,下列说法正确的是 _ 2024·湖南卷 第2页(共8页) A.其相对于月球的速度大于地球第一宇宙速度 B.其相对于月球的速度小于地球第一宇宙速度 ##7## C.其绕月飞行周期约为地球上近地圆轨道卫星周期的 ## D.其绕月飞行周期约为地球上近地圆轨道卫星周期的 8.某电磁缓冲装置如图所示,两足够长的平行金属导轨置于同一水平面内,导轨左端与一阻值为 R的定值电阻相连,导轨BC段与B.C 段粗糙,其余部分光滑,AA. 右侧处于竖直向下的匀强 磁场中,一质量为的金属杆垂直导轨放置。现让金属杆以初速度v沿导轨向右经过AA 进人磁场,最终恰好停在CC,处。已知金属杆接入导轨之间的阻值为R,与粗糙导轨间的摩擦 _ 因数为,AB一BC一d。导轨电阻不计,重力加速度为g,下列说法正确的是 ) .B xxxxxxxx C. 金属杆经过AA.B.B与BB.C.C区域,金属杆所受安培力的冲量相后 D.若将金属杆的初速度加倍,则金属杆在磁场中运动的距离大于原来的2倍 9.1834年,洛埃利用平面镜得到杨氏双缝干涉的结果(称洛埃镜实验),平面镜沿OA放置,靠近 并垂直于光屏。某同学重复此实验时,平面镜意外倾斜了某微小角度,如图所示。S为单色 点光源。下列说法正确的是 ( 光 A.沿AO向左略微平移平面镜,干涉条纹不移动 B.沿OA向右略微平移平面镜,干涉条纹间距减小 C.若一0{,沿OA向右略微平移平面镜,干涉条纹间距不变 D.若0一0{*,沿AO向左略微平移平面镜,干涉条纹向A处移动 10.如图,光滑水平面内建立直角坐标系xOy。A、B两小球同时从O点出发,A球速度大小为 v、方向沿x轴正方向,B球速度大小为v。一2m/s、方向与x轴正方向夹角为0。坐标系第一 象限中有一个挡板L,与工轴夹角为g。B球与挡板L发生碰撞,碰后B球速度大小变为 1m/s,碰撞前后B球的速度方向与挡板L法线的夹角相同,且分别位于法线两侧。不计碰 C 撞时间和空气阻力,若A、B两小球能相遇,下列说法正确的是 ) 2024·湖南卷 第3页(共8页) A.若θ-15^{*},则v的最大值为、/②m/s:且。-15 D.若0-30{,则v的最大值为/②m/s,且g=15* 三、非选择题:本题共5小题,共56分。 11.(7分)某实验小组要探究一金属丝的阻值随气压变化的规律,搭建了如图(a)所示的装置。电 阻测量原理如图(b)所示,E是电源,为电压表,A为电流表。 #计 $ 抽气系 电阻测量系统 金经 图(a) (b) (1)保持玻璃管内压强为1个标准大气压,电流表示数为100mA,电压表量程为3V,表盘如 图(c)所示,示数为。 V,此时金属丝阻值的测量值R为 Q(保留3位有效数字) 2 图(c) 图(d) (2)打开抽气聚,降低玻璃管内气压,保持电流I不变,读出电压表示数U,计算出对应的金 属丝阻值; (3)根据测量数据绘制R2关系图线,如图(d)所示 (4)如果玻璃管内气压是0.5个标准大气压,保持电流为100mA,电压表指针应该在图(c)指 针位置的 侧(填“左”或“右”): (5)若电压表是非理想电压表,则金属丝电阻的测量值 真实值(填“大于”“小于”或 “等于”)。 2024·湖南卷 第4页(共8页) 12.(9分)在太空,物体完全失重,用天平无法测量质量。如图(a),某同学设计了一个动力学方法 测量物体质量的实验方案,主要实验仪器包括:气垫导轨、滑块、轻弹策、标准法码、光电计时 器和待测物体,主要步骤如下 础码 /:支点 泄块气垫导轨右支点 图a (1)调平气垫导轨,将弹策左端连接气垫导轨左端,右端连接滑块 (2)将滑块拉至离平衡位置20cm处由静止释放,滑块第1次经过平衡位置处开始计时,第2 次经过平衡位置时停止计时,由此测得弹策振子的振动周期T (3)将质量为/的磕码固定在滑块上,重复步骤(2) (4)依次增加码质量n,测出对应的周期T,实验数据如下表所示,在图(b)中绘制T^{}-n关 系图线; T/s n/kg {}{{} 0.000 0.632 0.399 0.050 0.775 0.601 0.100 0.893 0.797 0.150 1.001 1.002 1.105 0.200 1.221 0.250 1.175 1.381 ){ 1.6 _2。二 _ _表选 02- 0 0.05 0.10 0.15 0.20 0.250.30m/kg 图b (5)由T^{}-图像可知,弹振子振动周期的平方与码质量的关系是 (填“线性的” 或“非线性的”); (6)取下码后,将待测物体固定在滑块上,测量周期并得到T^{}一0.880s{,则待测物体质量 是 kg(保留3位有效数字): (7)若换一个质量较小的滑块重做上述实验,所得T^{}-n图线与原图线相比将沿纵轴 移动(填“正方向”“负方向”或“不”) 2024·湖南卷第5页(共8页) 13.(10分)一个充有空气的薄壁气球,气球内气体压强为)、体积为V。气球内空气可视为理想 气体。 (1)若将气球内气体等温膨胀至大气压强),求此时气体的体积V。(用、和V表示); (2)小赞同学想测量该气球内气体体积V的大小,但身边仅有一个电子天平。将气球置于电 子天平上,示数为n一8.66×10kg(此时须考虑空气浮力对该示数的影响)。小赞同学查阅 资料发现,此时气球内气体压强和体积V还满足:(p一p。)(V一V。)一C,其中p。=1.0× 10{Pa为大气压强,V-0.5×10m为气球无张力时的最大容积,C-18J为常数。已知该 气球自身质量为m。一8.40×10kg,外界空气密度为-1.3kg/m,求气球内气体体积V 的大小。 2024·湖南卷 第6页(共8页) 14.(14分)如图,有一内半径为2r、长为L的圆简,左右端面圆心O、0处各开有一小孔。以O 为坐标原点,取OO方向为x轴正方向建立xy坐标系。在简内x0区域有一匀强磁场, 磁感应强度大小为B,方向沿x轴正方向;简外x0区域有一匀强电场,场强大小为E,方向 沿y轴正方向。一电子枪在O处向圆筒内多个方向发射电子,电子初速度方向均在xOy平 面内,且在x轴正方向的分速度大小均为v。已知电子的质量为n、电量为e,设电子始终未 与简壁碰撞,不计电子之间的相互作用及电子的重力。 (1)若所有电子均能经过O进人电场,求磁感应强度B的最小值; (2)取(1)问中最小的磁感应强度B,若进入磁场中电子的速度方向与x轴正方向最大夹角为 0,求tan0的绝对值; (3)取(1)问中最小的磁感应强度B,求电子在电场中运动时y轴正方向的最大位移 2024·湖南卷第7页(共8页) 15.(16分)如图,半径为R的圆环水平放置并固定,圆环内有质量为m;和n。的小球A和B(m >m)。初始时小球A以初速度v。沿圆环切线方向运动,与静止的小球B发生碰撞。不计 小球与圆环之间的摩擦,两小球始终在圆环内运动 (1)若小球A与B碰撞后结合在一起,求碰撞后小球组合体的速度大小及做圆周运动所需向 心力的大小; (2)若小球A与B之间为弹性碰撞,且所有的碰撞位置刚好位于等边三角形的三个顶点,求 (3)若小球A与B之间为非弹性碰撞,每次碰撞后的相对速度大小为碰撞前的相对速度大小 的e倍(0<e 1),求第1次碰撞到第2n十1次碰撞之间小球B通过的路程。 0 n 2024·湖南卷 第8页(共8页)(3)从系统初始状态到弹簧与物块分离的过程中，弹簧释放 2024年普通高中学业水平选择性考试 的弹性势能转化为A和B的动能与A和B同桌面摩擦产 (湖南卷) 生的热量，滨过程中对系统有△上，一之m,十名m,十 1 1.B mg△rA十mag△ra 普明克认为黑体辐射的能量是一份一份的， 其中△，△TB为弹簧恢复原长过程中A、B两物块相对桌 是量子化的，并不连续 而的路程，则有△r=△r,十△tB 产生光电效应的条件是>，紫光的频率高 解得△E,=0.12J B 于红光，红光能使金属产生光电效应，则紫 答案：(1)1m/s1m/5(2)0.2(3)0.12J 光也能使该金属产生光电效应 15.解析：(1)根据乙粒子经过1区的速度偏转角为30°，可知乙 粒子在1区运动的轨迹国心角为30°，如图所示，由儿何关 石墨对X射线的散射过程遵循动量守恒，光 子和电子碰撞后，电子茂得一定动量，光子 系得乙粒子轨迹半径为r一n30=2L 动漫变小，根据波长入=么可知波长变长 根据洛伦黄力提供向心力有，B=m三 解得B一觉 0 德布罗意认为物质都具有波动性，包括质子 和电子 z. 2.D由题意知A,B的平衔往置之间的距离1=号入=6m,解 得入=4m,A错镁：流潭的振动频率为∫一 Hz=1Hz,则 波速v=f=4m/8,B错误：质点的振动周期T=18,0258 区区 B点在1。十0.25s时刻运动至平衡位置，位移为0，速 (2)甲粒子从P到)在电扬力作用下做匀加速直线运动，时 、7 度最大，C错误：0.50s=2,A点在1，十0.508时刻运动至 间等于乙粒子从1区左边界运动至P点所需时间，即t甲= 波峰，位移最大，逸度为0，D正确 1:,因为1、Ⅱ区的磁感应强度等大反向，所以乙粒子在I 3.A 区和Ⅱ区中转过的圆心角相同，粒子乙在两磁场区域中运动 断前：对B、C、D公折剪图：刈B小析 时饲为1=2X号T=2X需×器兴 gB 3v ↑FaB的速度，一3m F-ung -→Faa=6mg (3n+2+ng I3mg方问上 到Ⅲ区的克度为d=名，十4,0，=治-瓷 m4πL 对D分 对C分折fwf Fu 联立解得d=3x →on=mg 2mg+Fs=1.5g cG的加速度a,2m ↓2g方时内上 2 执g A正确。 3 (3)甲经过0点时的速度v=受%十aytz=3m 4.Ca,b.c点绕O点逆时针转动时，相当××这 甲在W区始终做匀速直线运动，则甲粒子受电场力为零，所 于长为O、O必、O上的导体棒转动切割磁 在位置电场强度大小始终为零，则有 感线，由右手定则可知，O点电势最高。 w一k红，=u一k31=0:解得=品 由法拉第电被感应定律有E=U=号 1时刻，乙所在位置的电场强度大小为E。=w一kx。 Bof,==(2R)=5R.x 此时甲在V区的位移 则0<U<U.=0,则，>9>=华C正确. I=3v1 5.D真空中点电荷同国莱点处的电势9=k9,设坐标为x 护 则E2-Ep=E2-0=(d一kx2)一(d-kxm)=k(x量 (x,>0)位置处的电势为0则1十五 49+k二9=0，解得x。= x:)=kr-最△ 日，言0<r<日时，电势g<0,当E>号时，电势g>0, 所以B一品△ D正确。 则F=E9一器a 6.A如图所示画出降压变压器的等数电路图，设降压变压器 原、副线图的臣数比为k·1(k>1),则输电线路上的电流 答案：1元(2)(8)F-器a U 3 R十R,转子在磁场中转动时产生的电动势e=NBSwsin 物理答案-5 ,当转子角追度增加一倍时，则升压变压器原，副线圈两端 微平移平面镜，像从S。移动到S,S与像间的距离d变小， 电压都增加一倍，则输电线路上的电流变为广，=2I,R。上消 根搭双缝干涉条纹间距公式Ar=子1，可知△r变大，A错 耗的功率P,=IR。=4R。=4P,A正确：同理，当升压变压 器的副线圈匝数增加一倍时，副线图两端电压增加一倍，输电 误：向右略微平移平面镜，像从S,移动到S2,S与像间距离d 线上的电流也增加一倍，R上消耗的功率P=P,=4P,C错 支大，根据双缝干涉条纹间距公式△=子，可知△变小， 误：若R,阻值增加一倍，输电线路上的电流「：一2R,R U B正确：若0=0，向左或向右略微平移平面镜，S与像间距离 d都不会发生变化，条纹间距始终不变，C正确，D错误。 R。消耗的功率P=”:·2R。≠4P,B错误：若在用户端并联 光屏 一个完全相同的电阻R,用户端电阻相当于减为原来的一半， 输电线上的电流乃=L, R,+F2R。十RR,消耗的功率 2U: 2 P,=IR。≠6P,D错误 等效为 10.ACB球和A球运动路径如图所示，C点为B球与挡板L 的碰撞点，设OC段运动时间为11、CD段运动时间为1，两 球在B处相适。则有0C=4,CD=24,OD=4,十 7.BD极据万有引力提供向心力有G =m只在里球表面 t:).又有月=90°-a-0,y=0+2a。由正孩定理有 R 有G=mg:解得=VR又，=言R,= 1 2%4 02(11十1：) sin 0 m车2。=之2.可得= 1Γ 则返回轮在月球表面的飞行速度”。√”，远回轮相对 5in7+2m0当0=15°a=15时y=45g=60,上述表 vz sin 28 于月球的速度小于地球第一宇宙递度，A错误，B正确：设返 g8in120° 四轮绕星球飞行周期为T,由万有引力提供向心力得G 达式有刘=n4行十2sm15=v2m/s,A正确：当9=15、 R a=0°时，y=15°、B=75°，上述表达式有 =m()R,在星球表西附近有加=mg:联立可得周期 usin150° R m需2am15=ym/8,B错误：当0=30e=0°时 3 R T-2xVGM-2xV T 区.则T√2·丝√含C错误· R 3 0心g=60.上接表达式有一n别2D=号后 sin120° D正确。 m/s,C正确；当0=30°、a=15°时，y=60°、3=45°，上述表达 8.CD设金属杆在BB,处速度为，导轨间距为L,金属杆在 v.sin 90 AA,B,B区城运动时，只受安培力，由动量定理有一∑Bil△ 式有y=m60于2sn30=(8-4V3)m/s,D错误。 =mm一m,即-B4=m一m,在B,CC区线运动 2R 时，受安培力和滑动摩擦力，由动量定理有一∑BiL△1一mg =0一m,牌一mg一张=0一mp,联主可知>受A精 2R 误：在荟个过程中，由功能关系可得号m听=2Q:十mgd,解 得Q。=子md-mgd,B错溪：金属杆经过AMBB与 11.解析：(1)电压表量程为03V,分度值为0.1V,则电压表 BB,CC区线，安培力的冲量均为一B,4=一 BLd 迭数需估谈一位，为1.23V,则全属丝的测量值R=号 2R 12.30. EL2d=0一m· C正确：对全过程由动量定理有一mg1一2R (4) 若将金局杆的初建度加修，由动量定理有-m(一张2 一气压越小儿阻越人 R p↓1，则t. =0一2m,由于金属杆在BB,C,C区域运动的速度比第一 电压表的指针位置 次大，'<t,即t'<21,则d>2d,D正确。 应该在抛图（心）指 针花置的侧 9.BCS与S关于平面镜所成的像将作为两光源或双缝，在光 屏上出现干涉条纹，如图所示。设S与S关于平面镜所成的 像间的距离为4，平面镜意外领斜了某：小角度日后，向左略 物理答案一6 (5) 联立得B=2m,当n=1时，B有最小值，可得B eL 2xmv el ④ （2)如周所示，an0=品 当ta0有最大值时，u,最大，R最大，此时R=r 又B-2mR=0 el 电压长分速.R 联立可得y, 20 -tan 0= 2π1 +长 '偏大，则为<要 答案：(1)1.2312.3(4)右(5)小于 12.解析：(4)描点连线如图所示。 72%2 1.6譬 14 (3)当刘，最大时，电子在电场中运动时沿y轴正方向有最大 12 10 位移y,根据匀变速直线运动规律有y=后 0.8 由牛频第二定律知4=巴 0.6 2πvr 04 又m L 0.2密染 联立得ym= 2nrvm 00.05.0.150.20).25030m/kg EeL (5)图线是一条倾斜的直线，说明弹簧振子振动周期的平方 与砝码质量为线性关系。 答案：2 220 (3)m Eel. (6)在图线上寻找T=0.880s2的点，对应横坐标15.解析：(1)对A、B系统，碰撞前、后动量守恒，设碰撞后小球 为0.120kg 组合体的速度大小为， (7)换一个质量较小的滑块微实验，滑块和砝码总质量较原 由动量守恒有ma=(m十mn)u 来偏小，要得到相同的周期，应放质童更大的砝码，对应纵坐 碰撞后，对组合体，由牛频第二定律有 标点应右移，则所得图线与原图线相比下移，即沿纵抽负方 向移动， R=m,+m,景 答案：(4)见解析(5)线性的(6)0.120(7)负方向 13.解析：(1)理想气体做等温变化，根据玻意耳定律有V m,F,一m,十mR 联立解得v一m,十m。 =poVo (2)设A,B第一次碰撞后的速度大小分别为℃、m·碰撞过 解得V。=业 程动量守恒、机械能守恒，对A,B系统有 mo=m'A十mn"月 (2)设气球内气体质量为m。·则m气=pmV。 对气球进行受力分析如图所示 2m,=之m,+2m号 有mg十PgV=mg+mB 十上N=g （n一ma) 联立解得心，=m人十m 2mavo 结合题中p和V满足的关系为(p PugV P)(V-Vm)=C 分两种情况讨论： 解得V=5×103m 第一种情况，若第二次碰撞发生在图 中的币点.则从第一次碰撞到第二次碰 答案：(1)Y (2)5×10m 78 撞之间，A、B通过的路程之比为 120- 120 14.解析：(1)电子在匀强磁场中运动时，将 mug 其分解为沿x轴的匀速直线运动和在(O上平面内的匀速圆 +张共中6-0128…，号 周运动，设电子入射时沿y轴的分速度大小为心，由电子在 1+3k 4+3k x轴方向做匀速直线运动得L一)t 在(O:平面内，设电子做匀達圆周运动的半径为R,周期 聚立解理号-艺产费温发名只能取0学- 为T, 对第二次碰撞，设A,B碰撞后的速度大小分别为A,,则 由牛领第二定律知B=m是，可得R=贸 mAA十nn=mAA十m'g T=2πR_2xm 1 1 之m%+乞m。=之m,+之m v.Be 由题意可知所有电子均能经过O进入电场，则有t=nT(n 联立解得人=心，口#=0，故第三次碰撞发生在b点、第四次 碰撞发生在点，以此类推，满足题意。 1,2,3,…) 物理答案一7 第二种情沉，若第二次碰撞发生在图中的点，则从第一次3.C 碰撞到第二次碰撞之间A,B道过的路程之比为十3欢，其● 一水平方向：r=t 平抛 最小 中k:=0,1,2,3,…,则兰=2+3 运动 2/ 5十3k2 竖直方向：h= 2 长立部受-装足格只意取6受- 最小，C对 4.A 同理可得第二次碰撞后A=6,n=0,则第三次碰撞发生 在点、第四次碰擅发生在b点，以此类推，满足题意。 变轨前、后，根据a= GM 可知，空间站在P 路上所丝哈2美5 A正确 点的加速度相同 (3)第一次碰前相对速度大小为，第一次碰后的相对速度 由于变轨后的轨道半长轴大于变轨前的轨 大小为v=,第一次碰后与第二次相碰前B琼比A球 道半径，则根据开普勒第三定律可知，空间 B错误 多运动一图，即B球相对A球运动一因，有，=2迟 站变轨后的运动周期比变轨前的大 V1格 第一次碰撞有mg=m”1十mnm· 变轨时，空间站喷气加谁，因此变轨后其在 第一次碰撞后有u地=一A= C错误 P点的速度比变轨前的大 mA一（十v1 解得vm一m十m 变轨后，空间站在近地，点的速度最大，大于 2Rm(+1）一m,十mn B球运动的路程=v1山一m十m 2Rm 变轨后在P点的速度，结合C项分析可知， 变轨后空间站在近地，点的递度大于变轨前 D错误 (日+小 的速度 第二次碰撞的相对速度大小为心。=巴相=e一 2xR 5.C分析电路特点可知，在接入正弦式交流电的一个周期内， 有半个周期只给1，供电，另半个周期只给1供电，L1两端 第二次碰撞有mA"。=m,”A:十mn”腿· 电压的有效值与L两端电压的有效值相等，又R1:R:= 第二次碰撞后有和=”一m' m1(一 21,期根据P发可，有泡山的功来之比户：P 解得ve一m,十mn 1：2,C正确. 2Rm（0一1）=m人+mn 6.B B球运动的路程s2=一m人十m。和 2xRm 27e0s4”=f (小 吗 对P: B止确 由以上规律可以归纳为第2n十1次碰前一共碰撞了2次。 定0产=/4r-26os15y 2R1上十十…十7.D报据带电粒子在国形边界磁场中的运动性质可知鞋子 =,十十十…十=m,十mn e e 运动轨迹不可能经过)点，粒子射出圆形区域时的递度方向 一定沿孩区城的半径方向，A、B错误：当粒子在磁场中运动 的轨迹半径为广1=R时，粒子连续两次由A,点沿AC方向射 解得s= 2xRm e2m-1 入磁场区城的时间间隔最短，其运动轨迹如图1所示，由洛伦 mA十mge(e-1) 兹力提供向心力有B=m型，又T,=2“,剥最短时间间 答案：(1)m4 mi明 mx十m(m,十m)R (2)21或5：1 隔为1=2T=4,C错误：粒子从A点射入到从C点射出 qB · (3) e-1 国形区城用时最短时，粒子的运动轨迹如图2所示，由儿何关 2024年普通高中学业水平选择性考试 系可知此时粒子的轨迹率径为，=，由洛伦兹力提供向 3 (湖北卷) 心力有g,B=m ，联立解得=③gBS,D正确. 3m 1.C雷击时，瓣时非均匀变化的电场产生变化的磁场，变化的 磁场在金属内产生涡电流，发热使金属挖化，C正确。 2.B 质景数H:10+1=w+4 0B+in→X+Ya=7,=2,B对 电荷数守恒：5+0=3+ 图 图2 物理答案一8