物理(八)-【步步为赢】2023-2024学年高一下学期物理期末综合冲刺卷

高一下学期期末综合冲刺卷·物理(八 (满分:100分) 一、选择题(本题共8小题,每小题3分,共24分,在每小题给出的四个选项中,只有一项符 合题目要求.) 1.电路中有一电阻,通过电阻的电流为5A,当通电5分钟时,通过电阻横截面的电子数为 - ( __ A.1500个 B.9.375X101*个 C.9.375×10{个 D.9.375×10^{}个 2.高速或超速离心机是基因提取中的关键设备,当超速离心机转速达80000r/min时,关于 ( 距超速离心机转轴12cm处的质点,下列说法正确的是 ) 甜 = A.周期为 800008 B.线速度大小为320πm/s 4000 D.角速度大小为 C.角速度大小为160000xrad/s _rad/s 3.理论上已经证明;质量分布均匀的球壳对壳内物体的万有引力为零,现假 C 设地球是一半径为R、质量分布均匀的实心球体,O为球心,以O为原点 建立坐标轴Ox,如图所示,一个质量一定的小物体(假设它能够在地球内部移动)在:轴 , 上各位置受到的引力大小用F表示,则下列四幅F随x变化的关系图象中正确的是 ( ~_ & ### C D 将 4.如图所示,在水平地面上平铺着块砖,每块砖的质量为,厚度为 □T h.如果工人将砖一块一块地叠放起来,那么工人至少做功 ( A.n(n-1)mgh C.n(n十1)gh 8-1 5.在电场中的A、B两处分别引入不同的试探电荷o,得到试探电荷所受的 电场力随电荷量变化的关系如图所示,则 A.E>E B.E<E: C.E一E D. 不能判定E。、E。的大小 6.如图所示,a、两个带正电的粒子,以相同的速度先后垂直于电场线从 同一点进入平行板间的匀强电场后,a粒子打在B板的a点,粒子打 在B板的点,若不计重力,则 A.a的电荷量一定大于的电荷量 B.6的质量一定大于a的质量 C.a的比荷一定大于6的比荷 D.b的比荷一定大于a的比荷 7. 如图所示,已知R.一R。一R。一10.当开关S闭合后,电压表的读数为1V;当开关S断开 后,电压表的读数为0.8V,则电源的电动势等于 _ A.1V B.1.2V C.2V D.4V ,。_ 8.关于电磁理论,下列描述正确的是 ) A.电磁场不是一种物质 B.静止的电荷能够在周围空间产生稳定的磁场 C.稳定的磁场能够在周围空间产生稳定的电场 D.变化的电场和变化的磁场互相激发,由近及远传播形成电磁波 二、多项选择题(本题共4小题,每小题4分,共16分,每小题有多个选项符合题目要求,全 部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选和不选的得0分。) 9.如图甲所示,两平行金属板竖直放置,左极板接地,中间有小孔,右极板电势随时间变化 的规律如图乙所示,电子原来静止在左极板小孔处(不计重力作用).下列说法中正确的 是 ) 8-2 , 甲 , A.从/一0时刻释放电子,电子将始终向右运动,直到打到右极板上 B. 从/一0时刻释放电子,电子可能在两板间振动 D.从t-3 3T 时刻释放电子,电子必将打到左极板上 ( 10.关于普朗克“能量量子化”的假设,下列说法正确的是 ) A.认为带电微粒辐射或吸收能量时,是一份一份的 B.认为能量值是连续的 C.认为微观粒子的能量是量子化的、连续的 D.认为微观粒子的能量是分立的 11.如图所示,用长为/的细绳铨着质量为”的小球在竖直平面内做圆周运 ( 动,则下列说法中正确的是 ) A.小球在圆周最高点时所受的向心力一定为重力 B. 小球在最高点时绳子的拉力不可能为零 C.若小球刚好能在竖直平面内做圆周运动,则其在最高点的速率为g D.小球过最低点时,绳子的拉力一定大于小球重力 12.“跳一跳”小游戏需要操作者控制棋子离开平台时的速度,使其能跳到旁 边的平台上,如图所示的抛物线为棋子在某次跳跃过程中的运动轨迹, 其最高点离平台的高度为h,水平速度为v.若质量为的棋子在运动过 程中可视为质点,只受重力作用,重力加速度为g,则下列说法正确的是 /2h B.若棋子在最高点的速度v变大,则其落到平台上的时间变长 C.棋子从最高点落到平台上的过程中,重力势能减少g/ D.棋子落到平台上的速度大小为/2gh 8-3 三、非选择题(本题共6小题,共60分,解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演 算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。) 13.(6分)现利用如图所示装置验证机械能守恒定律,图中AB是固定的 光滑斜面,斜面的倾角为30{,1和2是固定在斜面上适当位置的两个 光电门,与它们连接的光电计时器都没有画出,让滑块从斜面顶端滑下,光电门1、2各 自连接的光电计时器显示的挡光时间分别为5.00×10}s和2.00×10}s.已知滑块质 量为2.00kg,滑块沿斜面方向的长度为5.00cm,光电门1和2之间的距离为0.54m g取9.80m/s{,取滑块经过光电门时的速度为其平均速度. (1)滑块通过光电门1时的速度o一 m/s,通过光电门2时的速 度。二 m/s. (2)滑块通过光电门1、2之间动能的增加量为 J,重力势能的减少量为 14.(8分)用如图所示电路测量电源的电动势和内阻,实验器材:待测电 源(电动势约3V,内阻约2O),保护电阻R(阻值10Q)和R。(阻值 5.Q),滑动变阻器R,电流表A,电压表V,开关S,导线若于,实验主 待电 要步骤如下: ①将滑动变阻器接入电路的阴值调到最大,闭合开关 ②逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值,记下电压表的示数U和相应电流表的示数I ③以U为纵坐标,I为横坐标,作U-I图线(UI都用国际单位) ④求出U-I图线斜率的绝对值和在横轴上的截距a 回答下列问题 (1)电压表最好选用 ,电流表最好选用 (均填字母序号). A.电压表(0~3V,内阻约15kO) B.电压表(0~3V,内阻约3kO) C.电流表(0~200mA,内阻约2Q) D. 电流表(0~30mA,内阳约2Q) 8-4 (2)滑动变阻器的滑片从左向右滑动,发现电压表示数增大,两导线与滑动变阻器接线 柱的连接情况是 (填字母序号). A.两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱上 B. 两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱上 C.一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱上,另一条导线接在电阻丝左端接线 柱上 D. 一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱上,另一条导线接在电阻丝右端接线 杜上 (3)选用、a、R,和R。表示待测电源的电动势E和内阻,的表达式,E ,代入数值可得E和,的测量值 15.(12分)如图所示,一光滑的半径为R的半圆形轨道固定在水平面上,一个质量为的 小球以某一速度冲上轨道,然后从轨道口B处飞出,最后落在水平面上,已知小球落地 点C距B处的距离为3R.求小球对轨道口B处的压力为多大 8-5 16.(10分)如图所示,质量为n的木块A放在光滑的水平桌面上,用轻绳绕过桌边光滑的 轻质定滑轮和质量为2n的木块B相连,将绳拉直,使木块B从静止开始自由下落人的 距离时(未落地),木块A仍在桌面上,求此时木块B的速度大小以及轻绳对木块B做 的功. 7777777777777777777777777 17.(12分)如图为一真空示波管的示意图,电子从灯丝K发出(初速度可忽略不计),经灯 丝被A板间的电压U.加速,从A板中心孔沿中心线KO射出,然后进入两块平行金属 板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场),电子进入M、N间电场时的速 度与电场方向垂直,电子经过电场后打在荧光屏上的P点,已知M、N两板间的电压为 U.,两板间的距离为d,板长为L,电子的质量为n,电荷量为e,不计电子受到的重力及 它们之间的相互作用力 (1)求电子穿过A板时速度的大小 8-6 (2)求电子从偏转电场中射出时的偏移量 (3)若要使电子打在荧光屏上P点的上方,可采取哪些措施? 8-7 18.(12分)如图所示,有一个垂直于纸面向里的匀强磁场,磁感应强度B一0.8T,磁场有明 显的圆形边界,圆心为O,半径为10cm.现于纸面内先后放上《、两个圆形单匝线圈, 圆心均在O处,a线圈半径为10cm,b线圈半径为15cm.问; (1)在B减小为0.4T的过程中,a和6中的磁通量分别改变了多少 (2)若磁感应强度B大小不变,磁场方向绕直径转过30{}的过程中,a线圈中磁通量改变 了多少? (3)若磁感应强度B大小、方向均不变,线圈a绕真径转过180{}的过程中,a线圈中磁通 量改变了多少? 8-816.解析：(1)对物块进行受力分析，由牛颜第二定 2.B离心机转速n=80000r/min=4000 3 /s,半 律可得 -mgo sin 0-umgo cos 0=ma.D 径r=0.12m,故周期T=1=,3 n4000s,A错误； a-0-w,@ 角速度u=2n-8000rrad/s,C,D错误：线速 31 由①②代入数据求得g6=7.5m/s. (2)设该星球的第一宇宙速度为V, 度v=ar=8000x×0.12m/s=320xm/s,B 3 由mg,=mR得：=√gR=3X102m/s 正确 答案：(1)7.5m/s2(2)3×103m/s 3.A设地球的密度为P,则在地球表面，重力和 17.解析：接通电源后，小磁针N极指向是地磁场 地球的万有引力大小相等，有g烈由于地 和螺线管的磁场的叠加磁场的方向，由此可判 定螺线管的磁场在小磁针处方向水平向右，由 球的质量为M=青R·p,所以重力加建度的 安培定则判定螺线管导线绕向如图所示， 表达式可写成g=红GR2根据题意有，质量分 3 布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，受到地 球的万有引力即为半径等于？的球体在其表面 产生的万有引力，g=4n.当rR时，g与r 3 60° 成正比：当>R时，g与r的平方成反比，即质 由题意知，地磁场的磁感应强度为B,= 量一定的小物体受到的引力大小F在地球内部 3×10T.设通电螺线管产生的磁场为B,由 与r成正比，在地球外部与r的平方成反比，故 =an60,得B.=3×10×5T≈ 选项A正确. 图知B, 4.B把n块砖看作一个整体，其总质量是M=mm, 5×105T. 以地面为零势能面，n块砖都平放在地上时，其 答案：螺线管导线的绕向见解析图5×105T 重心寄在高处，所以刀块砖的初始重力势能 18.解析：(1)带电小球在A点时由牛顿第二定 律得： 为E1=mgh 2 mgsin30°-kg=maA① 当n块砖叠放在一起时，其总高度为H=nh,其 带电小球在B点时由牛顿第二定律得： 总的重心位豆在号=空袋，所以末态重力势能 Qq -mgsin30°=mag② 为E2=mg H_nmg 2 ,工人做的功至少等于 重力势能的增量，即W=△E。=E:一 联立①@式，解得：an=号③ E =8(n-1)mgh 方向沿斜面向上 2 (2)由A点到B点对小球运用动能定理得 5.A根据电场强度的定义式E=E,电场强度与 mgsin30,号 -qU=0④ 题图中图线的斜率相对应，故E4>E,A项 正确 联立①④式，解得U=织 L 6C粗子在电场中微类平抛运动=号·光总 答案：)登，方向沿斜面向上(2) L 2mh 2hm,得 高一下学期期末综合冲刺卷·物理（八） 2hms∠oNEq 解得x=√E.由西√Eg 1.Cq=1,n=9==9.375X10个. 4>,选项C正确. 14 7.C当S闭合时，1=9=A=1A,故有E R 1 12.AC 2h 由h=2g得气 ,A项正确：下落时 11.5+):当S断开时，'= 间与初速度v无关，B项错误；下落过程中，重力 R =0.8A,故有 势能减少mgh,C项正确；由机械能守恒定律： E=I'(2十r),解得E=2V,C正确. 8.D变化的电场和变化的磁场互相激发，由近及 1 2m+mg,得t=+2gh,D项 远传播形成电磁波，电磁场是一种客观存在的 错误。 物质，故A错误，D正确：静止的电荷周围不能 激发磁场，故B错误：稳定的磁场不能产生电 18.解折：=专-叠0X0m/=L0mG 场，C错误. 9.AC从=0时刻释放电子，如果两板间距离足 4=L=5.00X10 t:2.00x107m/s=2.50m/s 够大，电子将向右先匀加连召接着匀减建， (2)动能增加量 速度减小到零后，又开始向右匀加递哥，接着匀 △E.=2×2.0×(2.502-1.00J=5.25J 重力势能减少量： 减递…直到打在右板板上，电子不可能向 △E.=2.00×9.80×0.54×sin30°J=5.29J 左运动：如果两板间距离不够大，电子也始终向 答案：(1)1.002.50(2)5.255.29 右运动，直到打到右极板上，从1=T时刻释放 14.解析：(1)由于待测电源的电动势为3V,故电 压表应选0~3V量程，而该电路中的电压表 电子，如果两板间距离足够大，电子将向右先匀 分流越小，实验误差越小，故选内阻大的电压 加选，接着匀减连子，追度减小到零后，改为向 表，故电压表选A.回路中电流的最大值I三 左再匀加追，接着匀减逵，即在两板间振动： E R,十R2十r+r 一≈158mA,故电流表选C 如果两板间距离不够大，则电子在第一次向右运动 (2)当电压表示数变大时，说明外电路电阻变 过程中就有可能打在右板板上.从一时刻释放 大，即滑片从左向右滑动时，滑动变阻器接入 电子，如果两板间距离不够大，电子将在第一次向 电路的电阻变大，对于A、B两选项，在滑片移 右运动过程中就打在右极板上：如果第一次向右运 动的过程中回路电阻不变，选项C中滑片向右 动没有打在右极板上，那么就一定会在向左运动过 移动时回路电阻变大，选项D中滑片向右移动 程中打在左极板上.故选AC 时回路电阻变小，故选项C正确， 10.AD普朗克的理论认为带电微粒辐射或吸收 (3)根据闭合电路欧姆定律，得E=U+I(R2十r), 能量时，是一份一份的，微观粒子的能量是量 即U=E-I(R2十r),所以k=R:十r,所以r=k 子化的，是分立的，故A、D正确. 一R2,横截距为U=0时，I=a,即0=E-ak, 11.CD小球在圆周最高，点时，向心力可能等于 所以E=ak. 重力，也可能等于重力与绳子的拉力之和，取 答案：(1)AC(2)C(3)akk-R 决于小球瞬时速度的大小，A错误；小球在圆 15.解析：设小球经过B点时的速度为v,小球平 周最高点时，如果向心力完全由重力提供，则 抛运动的水平位移x=√(3R)2一(2R)=√5 可以使绳子的拉力为零，B错误：小球刚好能 在竖直面内做圆周运动，则在最高点，重力提 R,竖直方向上2R=8, 供向心力，v=√g,C正确：小球在圆周最低 点时，具有竖直向上的向心加速度，处于超重 故U=C=V5R=5gR t 4R 2 状态，拉力一定大于重力，故D正确. 15 在B点，报据牛顿第二定律有F+mg=mR b线圈面积大于圆形磁场面积，即线圈的一部 分面积在磁场区城外，有磁感线穿过的面积与 所以F=子mg,根据牛顿第三定律，小球对轨 a线圈相同，故磁通量的变化量与a线圈相同. (2)磁场转过30°，α线圈面积在垂直磁场方向 道口B处的压力大小为F'=F= 4mg. 的投影为πrcos30°，则Φ=Bπrc0s30°， 答案：mg △Φ=|Φ-Φ1|=Bπr2(1-cos30°)≈3.4X 103Wb. 16.解析：木块B从静止开始下降h的过程中，两 (3)以线圈a正对读者的一面为观察对象，初 木块组成的系统机械能守恒，根据机械能守恒 状态磁感线从该面穿入，线图转过180°后，磁 定律，系统减少的重力势能等于系统增加的动 感线从孩面穿出，故△D=BS一（一BS)=2BS 能，则 =5.0×10-2Wb. 2mgh三2mw十2X22 2 答案：见解析 解得=2v3gh 高一下学期期未综合冲刺卷·物理（九》 3 1.C电路中允许的最大功率为Pm=UI=2860W. 设轻绳对木块B做功为W,对木块B由动能 用电器的功率之和大于Pm时，用电器就不可能 定理得 同时使用，故选项C正确。 2mgh+W= 号×2mu-0 2.D要击中圆盘中心目标O,则 子弹的合速度沿半径方向指向 解得W=一 3 mgh. O.如图所示，因为子弹离开枪 答案.2v3g4 口时有与枪相同的线速度0 3 3 mgh mR,所以枪应向PO的左方偏 17.解析：(1)设电子经电压U1加速后的速度为 过0角射去，且sin0=,故选项D正确 ,由动能定现有cU,=m 3.B在地球两板处，有G=mg:在赤道处。 2eU R 解得=入√ 有G (2)电子沿极板方向做匀速直线运动，沿电场 R gm祭R,故Rg二gT 4π 方向做初速度为零的匀加速直线运动，设偏转 Rgo 电场的电场强度为E,电子在偏转电场中运动 则 M D= G 3g0 的时间为t,加速度为a,电子离开偏转电场时 3元R9 4 3xRi 4πRG 的偏移量为八.由牛顿第二定律和运动学公式 3πga ，B正确， GT(g。一g） 4.A因为质点做匀变速运动，所以加速度恒定， U.L' 解得y= C项错误.在D点时，加速度与速度垂直，故知 4U d 加速度方向向上，合力方向也向上，所以质点从 (3)减小加速电压U1或增大偏转电压U. C到D的过程中，合力方向与速度方向的夹角 答案：(1)入 2eU (3)见解析 大于90°，合力做负功，动能减小，v>v。,A项 m e 18.解析：(1)a线图面积正好与圆形磁场区域 正确，B项错误.从B至E的过程中，加速度方 重合， 向与速度方向的夹角一直减小，D项错误。 ,=Bπr2,2=B1xr2, 5,C接触前，两小球之间的库仑力为F=k9·79 r △Φ=|Φ-Φ|=|(B,-B)πr2|=1.256× 10-2Wb, =7欣号，接触后两者所带电荷量为g=74,9=3, 2 16