北京汉德三维集团2023-2024学年高一下学期第九次联考（期末）物理试卷

北京汉德三维集团高一年级第九次联考 4. 物 理 全卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上 的指定位置。 2.请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区城内作答，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非 答题区城均无效。 3.选择题用2B铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑；非选择题用黑色签字笔在答题卡 上作答；字体工整，笔迹清楚。 4.考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交。 5.本卷主要考查内容：必修第一册，必修第二册第五章第八章。 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的 1,2023年的诺贝尔物理学奖授予了研究“物质中的电子动力学而产生阿秒光脉冲的实验方法” 的三位教授，物理学的发展离不开这些物理学家的研究发现，下列描述符合物理学史实的是 A.亚里士多德认为重的物体下落与轻的物体一样快 B.笛卡尔通过斜面实验，提出力是改变物体运动状态的原因 C.牛顿总结得到了万有引力定律，并通过扭秤实验测出了引力常量 D.开普勒总结了行星运动定律，指出了所有行星绕太阳的轨道都是椭圆 2.一只可视为质点的蜜蜂沿弯曲轨迹做匀速率运动，蜜蜂在途经M、N、P、Q位置时的速度v 和所受合力F的大小，方向如图所示，其中可能正确的是 A.M位置 B.N位置 F=0 C.P位置 D.Q位置 3.跳楼机是一种可以让人体验超重和失重的游乐设施，开始时环形座舱套在竖直柱子上，由升 降机送上几十米的高处，然后让座舱自由下落，下落一定高度后，制动系统启动，座舱做减速 运动，到地面时刚好停下，下列判断中正确的是 A.游客在自由下落的过程中处于超重状态，人所受重力增大 B.游客在自由下落的过程中处于失重状态，人所受重力不变 C.游客在减速运动的过程中处于失重状态，人所受重力减小 D.游客在减速运动的过程中处于超重状态，人所受重力增大 【高一物理第1页（共6页）】 24695A 4.下列关于几种圆周运动实例的说法中，错误的是 ⊙ 丙 A.图甲中小球在竖直圆形轨道内运动，经过轨道上与圆心等高的A点时，轨道对小球的支 持力提供小球所需的向心力 B.图乙中放在水平转台上的物体随转台一起匀速转动，物体受到的静摩擦力方向始终指 向圆心 C.图丙中小球做圆锥摆运动，细绳的拉力与小球重力的合力提供小球运动所需的向心力 D.图丁的圆筒匀速转动的角速度越大，紧贴圆筒壁一起运动的物体α所受摩擦力也越大 5.如图所示，将小球A、B分别用轻绳悬挂在等高的O1、O2点.已知A球的悬绳比B球的长，将 两球的悬绳拉直至水平后由静止释放，不计空气阻力.则经过最低点时 A.两球重力的瞬时功率一定相等 B.两球的动能一定相等 C.A球的机械能一定大于B球的机械能 D.悬绳对A球的拉力一定大于悬绳对B球的拉力 6.如图所示，某人造地球卫星对地球的张角为28，卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为T,万有 引力常量为G,由此可估算地球的平均密度为 A.3xsin'0 3π 卫星 GT B.GTsin0 地球 C.3xtan'0 3π GT D.GTcos0 7.如图所示是使货物在水平面上转弯的自动流水线装置图及其示意图.货物（可视为质点）从传 送带A端传送到B端的弯道可以看成是一段半径为R的半圆弧，传送过程中传送速率保持 不变，货物与传送带之间始终不打滑，已知货物与传送带间的动摩擦因数为4，设最大静摩擦 力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,则货物在此过程中 A.所受合力为零 B.所受合力做正功 C.所受摩擦力对货物做负功 D.传送速率不能超过v√gR 【高一物理 第2页（共6页）】 24695A 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小颗给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分： 8.“天问一号”火星探测器要完成登陆火星探测的任务需经历如图所示的变轨过程，轨道【为圆 轨道，轨道Ⅱ、Ⅲ为椭圆轨道，三条轨道相切于P点，变轨 镇道川 过程探测器质量不变.则探测器 轨道。 轨道 A.在轨道Ⅲ上运行的周期最短 B.在轨道1上运行时的机械能最小 C.从轨道Ⅱ进入轨道I需在P点适当减速 D.在轨道1上经过P点的加速度小于轨道Ⅱ上经过P点的加速度 9.若跳水运动员进入水中后因受到水的阻力而竖直向下做减速运动，某运动员质量为 m=40kg,水对运动员的阻力大小恒为F=2400N,那么在运动员减速下降深度为h=1.2m 的过程中（取g=10m/s2),下列说法正确的是 A.运动员的动能减少了2400J B.运动员的重力势能减少了240J C.运动员克服阻力做功2400J D.运动员的机械能减少了2880J 10.如图所示，竖直平面内半径为R的半圆形轨道ABC固定在水平地面上，O为圆心，B与O 等高，AC为竖直直径.一长为2R的轻杆两端分别固定质量均为m的小球甲、乙（均可视为 质点)，初始时轻杆与直径AC重合处于静止状态，甲球位于A点，带有小孔的乙球穿在轨道 上位于C点.某时刻对乙球轻微扰动，使其沿半圆轨道下滑，重力加速度为g,不计一切摩擦 及空气阻力.则下列说法正确的是 A.乙沿着半圆轨道从C滑到A的过程，轻杆对甲球做正功 B.乙沿着半圆轨道从C滑到A的过程，乙球的机械能守恒 C.乙经过B点时，甲的速度大小为②巫 77 甲 2 D.乙沿着半圆轨道从C滑到B的过程，轻杆对乙球做功为一方mgR 三、非选择题：本题共5小题，共54分. 11.(6分)在“探究加速度与质量的关系”的实验中。 (1)备有器材：A.带有定滑轮的长木板；B.电磁打点计时器、低压交流电源、纸带：C.细绳、小 车、砝码；D.装有细砂的砂桶：E.垫片；F.天平.还缺少的一件器材是 (2)同学甲根据实验数据画出如图甲所示4一己图线，而同学乙根据实验数据画出了如图乙 m 所示图线，从图线可知同学乙实验操作过程中可能存在的问题是 物理 3而（共6而】 24695A (3)由图甲可知，此次实验中，加速度a与质量m的关系式为 a/(m.s") al(m.s") 2.4 2.4 2.0 2.0 1.6 1.2 1.2 0.8 0.8 0.4 0.4 681012kg 04 2 24 681012mkg 甲 12.(9分)如图所示，为了验证机械能守恒定律，物理实验小组设计利用自由落体运动验证机械 能守恒定律，电源频率为50Hz,打点计时器周定在铁架台上，使重锤带动纸带从静止开始 自由下落 打点 3.12 流交 4.88 102 单位：cm 甲 乙 按正确实验操作将重锤由静止释放.按实验要求正确地选出纸带，O是打下的第一个点，用 刻度尺测量连续三点A、B、C到O点的距离，如图乙所示，若重锤的质量m=1.00kg,查表 可知当地的重力加速度g=9.81m/32,则从打下O点到打下计数点B的过程中，重力势能 的减少量大小△E。= J,动能的增加量大小△E= J(计算结果均保留3位 有效数字).结果发现△E,略大于△Ek,原因可能是 13.(10分)如图所示是一款用来运载货物的小型电动货车.某次小货车在水平地面上由静止开 始匀加速启动运送货物，已知货车与货物的总质量为m=150kg,匀加速的加速度大小为 a=1m/s2,行驶距离L=12.5m发动机刚好达到额定输出功率，此后保持该功率继续运动， 整个过程所受阻力大小恒为货车与货物总重的0：2倍，重力加速度g=10m/s2.求： (1)小货车匀加速阶段经历的时间1及匀加速阶段的最大速度1的大小； (2)小货车发动机的额定输出功率P的大小及整个运动过程中的最大速度m的大小. 【高一物理第4页（共6页）】 24695A 14.(13分)如图所示，在竖直平面内固定半径为P的粗糙半圆轨道PDF和半径为2r的光滑 子圆弧轨道MON,O,O分别为它们的圆心，P,F为半圆轨道的最高点和最低点，N为 圆弧轨道的最高点，且PF,N,O、0五点在同一竖直线上.质量为m,可视为质点的小 球从P点以大小为=√gr的速度水平向左进入轨道PDF,然后从N点进入轨道MON 并恰好能沿轨道MON做圆周运动.已知小球直径略小于NF间距，重力加速度为g.求： (1)小球经过轨道PDF的过程中克服摩擦力做的功： (2)小球经过M点时对轨道压力的大小 0 【高一物理第5页（共6页）】 24695A 15.(16分)如图所示是一种趣味游戏装置的简化示意图，水平地面上固定光滑竖直杆，有一质 量为m=1kg的带孔小球（可视为质点）穿在杆上，在直杆的上端A处平滑连接一小段光滑 寻圆弧（该圆氟半径足够小可以忽略，圆弧上末端水平），在直杆正前方地面上放有一长槽 (槽的厚度及两端槽口的高度均可忽略不计).燥作者需在A点静止释放小球的瞬间对小球 迅速向下拍打，使小球向下运动并与地而碰撞后返回，然后从圆弧末端水平飞出，并落人长 槽中即为游戏成功（小球落入槽内不反弹）.已知直杆高度、直杆到槽左端的距离以及长槽的 长度均为H=0.8m,每次小球与地面碰撞前后瞬间的速度大小之比恒定，不计空气阻力， 重力加速度g=10m/s2. (1)若要求游戏成功，求小球从圆弧末端水平飞出的初速度的大小范围； (2)若某次游戏，操作者从A点静止释放小球时未向下拍打，小球在与地面碰后反弹上升的 最大高度为号，求小球与地面碰撞前后瞬间的速度大小之比： (3)若要求游戏成功，则在A点静止释放小球的瞬间，求操作者需迅速向下拍打对小球做功 W大小应满足的条件。 H H 上长榜 【高一物理第6页（共6页）】 24695A 北京汉德三维集团高一年级第九次联考·物理 参考答案、提示及评分细则 1.D亚里士多德认为重的物体下落比轻的物体快，A错误；伽利略利用理想斜面实验否定了亚里士多德“力 是维持物体运动的原因”的观点，牛顿提出了力是改变物体运动状态的原因，B错误：万有引力定律是由牛顿 发现的，万有引力常量是由卡文迪什测定的，C错误：开普勒总结了行星运动定律，指出了所有行星绕太阳运 动的轨道都是椭圆，D正确. 2.B 3.B 4.D图甲中小球在竖直圆形轨道内运动，经过轨道上A点时，轨道对小球的支持力指向圆心，提供小球所需 的向心力，故A正确：图乙物体放在水平转台上并随转台一起匀速转动，物体受到的静摩擦力提供物体所需 的向心力，其方向始终指向圆心，故B正确：图丙，小球在细绳拉动下做圆锥摆运动，细绳的拉力与小球重力 的合力提供小球运动所需的向心力，做C正确；图丁，物体紧贴圆筒壁随圆筒一起做圆周运动，摩擦力平衡 重力保持不变，弹力提供向心力，故D错误 5.A由动能定理E=mgL,A球的悬绳长度大于B球的悬绳，但是两球质量大小未知，B错误：由于最低点 时，A、B两球速度方向与重力方向垂直，放此时两球重力的瞬时功率均为0，A正确：机械能的大小及悬绳的 拉力大小也由于两球质量关系未知，无法确定，CD错误. 6.B设地球半径为R,卫星的轨道半径为r,sin0-尽，则由牛顿第二定律有：GM=m禁 r,解得M=4πr GT· 又M=p·言R,可得p产·京-GmB正确， r 7.D货物做匀速圆周运动，合力提供向心力，则所受合力不为零，则A错误：受力分析可知，摩擦力提供向心 力，则摩擦力方向与货物的速度方向垂直，故摩擦力不做功，则BC错误；由mg一m尺，解得v一√g下，则 货物始终不打滑速度不得超过√gR,D正确。 8.C由开普勒第三定律号=k可知，轨道半长轴越大，周期越大，A错误：探测器从轨道Ⅱ变轨到轨道1，发 动机点火致使其减速，做负功，其机械能将减小，所以探测器在轨道I上的机械能小于在轨道Ⅱ上的机械能， C正确：根据牛顿第二定律，有G=ma,可得a=W,放在轨道I上经过P点的加速度等于轨道Ⅱ上经 过P点的加速度，D错误. 9.AD在运动员减速下降深度为h的过程中，运动员受重力和阻力，运用动能定理得：(mg一F)h=△E,由于 运动员动能是减小的，所以运动员动能减少(F一mg)h=2400J,选项A正确：根据重力做功与重力势能变化 的关系得：W。=一△E,=mgh,他的重力势能减少了mgh=480J,选项B错误；由除了重力和弹簧弹力之外 的力做功量度机械能的变化得出：W%=△E,运动员除了重力还有阻力做功，W=Wx=一Fh,他的机械能 减少了Fh=2880J,运动员克服阻力做功2880J,选项C错误、D正确， 10.AC甲、乙球组成的系统机械能守恒，甲球沿水平面运动，动能增大，则 轻杆对甲球做正功，A正确、B错误：当乙运动到B点时，设轻杆与水平方 向的夹角为，乙球速度竖直向下，将其分解为沿杆和垂直杆的方向，如图 0。 所示，则有乙和甲沿杆方向的速度大小相等，由图可得zsi0= 2R 仰c0s0,由几何关系可知0=30°，对甲、乙系统由机械能守恒定律有 mgR=之m4十之m吃，联立解得化= 2 ,=②g 2 ,对乙球由 动能定理有mgR+W=号m吃-0，解得W=一1 4mgR,综上可知C正确、D错误 【高一物理参考答案第1页（共3页）】 24695A 11.(1)刻度尺(2分) (2)平衡摩擦力过量（或长木板倾角过大）(2分) (3)a= 品（或ma=号其他正确答案都可以）2分) 解析：(1)本实验需要测量不同质量的小车的加速度，计算加速度的大小时需要测量长度，实验中还需要刻 度尺 (2)从图线可知，图线不通过坐标原点，当F为零，加速度为某一值时，知平衡摩擦力过量或者长木板的倾角 过大。 (3⑧)由甲图可求得斜线的斜常为品一分，得a与m的关系为a一品 12.0.479(3分)0.475(3分)阻力的影响(3分，只要写出阻力或明确写出何种阻力或其他合理答案均可得 分) 解析：从起点O到打下计数点B的过程中，重物重力势能的减少量△E,=mghw,代入数值计算得△E。=1 X9,81×4.8X10J=0.479J,由于交流电辍米50H,则打点时间间隔T=广=0,028又因为B点瞬时 速度等于AC段的平均速度m=x=齐，代人数值计算得m=w=2.02,32X10m/s= 2×0.02 0.975m/,从起点O到打下计数点B的过程中，重物动能的增加量B=之m听，代入数值计算得B 合m6=专×1X0,975J=0,475J,重物重力势能的减少量一般会略大于重物动能的增加量，其主要原因 是由于纸带运动受到的阻力和重物受到的空气阻力做功产生内能. 13.解：1由L=之af1分) 解得=√后 =5s(1分) 由=at(1分) 解得u=5m/s(1分) (本小题其他合理方法求得正确结果同样得分) (2)由牛顿第二定律有F-f=ma(1分) 解得此时发动机提供的牵引力大小为F=f十ma=450N(1分) 由P=F(1分) 解得P=2250W(1分) 整个过程达到最大速度时，货车做匀速直线运动 则此时牵引力大小F=f=0.2mg=300N(1分) 则有- =7.5m/s(1分） 14.解：(I)小球从N点进人轨道MON后恰好能沿轨道做圆周运动，设N点的速度大小为 mg=m 2r (2分) 得=√2gr(1分) 则从P到F的过程，设小球克服摩擦力做功为W,由动能定理有 mg·2r-W=之mf-m话2分) 3 解得W=之mgr1分) (2)设小球在M点时的速度为2，从N到M的过程由机械能守恒定律有 mg·2r=名m时-名m听（2分) 【高一物理参考答案第2页（共3页）】 24695A 解得=√6gr(1分) (2分） 在M点有F、=m2 解得FN=3mg(1分) 由牛顿第三定律得经过M点时，小球对轨道的压力大小为3mg(1分) 15.解：(1)小球从圆弧末端飞出后做平抛运动 竖直方向有H=gr(1分) 水平方向有x=1(1分) 要使游戏成功，则应满足H≤x≤2H(1分) 联立解得2m/s≤≤4m/s(1分) (2)设小球碰地前瞬间的速度大小为，碰地后瞬间的速度大小为，则由静止释放后，下落过程由机械能 守恒定律有mgH=号m听(2分) 同理，战地后上升过程有g号-之m话2分 联立解得功：功=√2：1(2分) (3)小球碰地前瞬间的速度大小为，碰地后瞬间的速度大小为，反弹后到达A点时（即从圆弧末端飞出 的初速度)的速度大小为贴· 小球下落的过程由动能定理有 w+mgH=之m暖（2分) 同理，碰后上升过程有 一msH=之m话-子m话（2分) 由(2)可知功：，=√2：1 W 联立解得=√m一H (1分) 由)可知√受<≤V 解得12J≤W≤24J(1分) 【高一物理参考答案第3页（共3页）】 24695A