模块综合检测二- 【蓝海启航·启航金卷周周测】2024-2025学年高中物理必修二册（人教版2019）

反大屋表面特径非常接近地球，适合人类稻住，近期，我同学航员王医正与假罗斯宇航员一起进 模块综合检测二 行模登火星实龄语动，已知火星半径是地球半径的，面量是地球雨婚的。，白转州期也基 本相同。地球表而重力们速度是《，若王纸布地面上密向上跳起的最大奔度是，在忽略自转墨 (时间，7n分钟分值，100分) 响的条件下，下述分析不正确的是 一，单选题本题其7小题，每圆4分，其计2然分) 人王长以相同的切速度在大昆上起洗时，可院的最大高度是兰 1.下列说法正确的是 A两个匀度建直就运动的合运动一定是匀变渔直线运动 且大是表面的重力加连度是女 玉做调周运动的物体受可的合力不一定指向属心 C.一君等擦力做功的代数和为零 心大显的华均密度是地球不均寄度的醋 D,物体经直向上运局，其机械使一定增加 2.如图所示，白行车的大齿轮，小齿轮，厅轮的半径之比为4·1·16，在用 D王跃在火量表取爱的万有引力是在隐绿表面受万有到力的号 力置脚臻板前进的过程中，下列说法正确的是 7如周所不为某用号新衡源汽车在某次湖试行旋时的加渔度山和车递 入大齿蛇和小出舱的角速度大小，之比为1· 线小传艳和行龙的牌期之比为16.1 时数二的关表图像。若我车成量为L多×0kg~由静量开给沿平直 C大传轮边泽和后轮边缘的线渔度大小之比为1·4 D.大伪轮和小内轮轮缘的向心加建度大小之比为4·1 公路行装，假设汽华行驶过程中用力恒定，最降汽车以最大连发匀速 袋a.质量为m的小物体在y平面内运磷，二0时刻该物体位干坐标原点，其在，y方向的位移 运行，由阁像可知 闭时间变亿的图檬如图甲，乙所示，图乙的图像为抛将置，且？一0时朗抛物线的桥线为到问鞋 A汽车匀加违所需时可为7.5s 期小物棒 且汽车所受阳力为L,44×1N C,汽车的额完功家为4.32×10W D汽年的加速度为2n/时，迪度为5m/ 二，备选■（本■共3小题，每题5分，共计18分，全留选对的得6分，选对但不全的得3分，量法的 得0分) 8,朝阁联不。一长为1的轻所馏厘的一腾博定于0点，为一增琴一个小球，在0点的正 A做直规运动 且受到的合力大小为2如 下方二处园定一个光滑的订子，小球从A点摆下，下刻说法正确的是 A,小球鲨动过程中表硬到钉子前所受的合外力就是心力 教 C在1一0时刻的速度大字马 山在1一1时制的这度大小为十 成到针予前后顾阿小球做风周运动的角速度之比为2，司 ,碰钉子前后测间绳对小球的悦力之比为？13 4.北章2022年冬奥合极大接动了全国范用内的冰雪运动授笔建设，如图所云 D.碰列订子前后每间小球所受合外力之比为多· 为一个开倒，平坦的倾料需被，一个小孩常離一限树像得大小为的水平初 9,202年0月9日7时3分，”夸父一号”卫量服利进人太空，显终进人烧建球运们的太阳同步 建度，雪坡的帽角为年，与小楼之问的动摩擦因数为，不计空气阳打：不考 原乔转道。已知后辱轨道币地面高度钓为20k四，电球的车径为430km,抱球表面重力知违 虑摩擦力陆渔度大小的变化，雪鼓足够大，经过是够长的时闻关干小谈培动 度为98m/,引力席量为6,67×10“N+mg,将"夸父一号“的运动看作匀建周周近动： 的说法，正属的是 塑路地球自转。根据以上条作，可以估测出下列愿批物理量 A.可能一直做能线运动 A.”夸父一号“卫层的运行写 取“奇父一号“卫星的质量 以可能最匀相连直线运动，与柯速度。的夹鼎小干90 C,粗球的零均密度 D电球的公转同期 C.若做匀建运动，期可判斯m>na 10.一物块在顿角为0的因定斜面（足够长）上受到方向与料所平行框定控 山，君没有停下，侧量终连度的方向一定与初速度垂直 力作用.由静止开如沿斜靠向下做匀知速直线运动.物块与解面闻的动 品.如图所示，(Q为一风定挡版，性板与经直方向夹角为，在挡版的两侧有等奔 厚擦因数处经相同、若一「：时间内，物欢滑动过程中动陆，摩擦产生 的M,N西点，M点位下(P上某位置，从M点以不同的连度水平向右抛出可 内使和重力势图0时可的变化分削如帽精发D留和所乐，据 视为质点的小球，小球在片板上顺到的量远处为图中的A点：的板另一剩从N 点水平左出的小球也落在A点，优时小绿的位移最小。已知从一L.,重小 人物玻与斜面间的动学擦闲数为 闻建度为，不计空气阻力，下列说达正确韵是 A.从M点以不可建度鹅出的小球酸到汽板的时同相同 且0一。时间内，机城能赠大4」 C,0一时国内，物块的相速度为1？m/ &从N点抛油的小球的速度为 D.若，时解m去校力，则再经过时间3：，将块递度减到Q 21aB0 器带通答题栏 C从M点搬出的小球在挡版上颜能救在长度为号 题号 10 几从M点抛指格在A点的小球的初注度为工夏 暮蜜 ·9 板块案合校调二 三，非选择题本题共小题，共计54分1 13,(9分)如图所示.四分之一测置半径为R一2m,最低点A与水平轨道相连，距离A点$m处 11.G分》2023年三体电视陶异常火得，这正限示了人类想了解末如世界的渴星，为廷续人类文 的弘点有一个国完板，观将质量为1k其的小感山四分之一具狐航道质静止韩做，小球运 男，腾患于未然，人类也需要寻授适宜人炭居作的新家阳。罪设多年日宇航员找到了一类地国 动至A点时对轨婚的压力大小为路X,小球仅通过A点一次与挡版碱撞后停在AB的中点位置处 球，为了探究星球的相关情况，宁航员降落在星球表面，井做了以下买段（醒设该星球为匀质以 已知小球与水平轨道间的动摩藏因数严一02，不计室气阻力，重力加速度量殿10m/,求： 体，星球半径为R): (1)小球沿四分之一周轨道下滑过程克整摩擦力藏的功： (1)实验1：让一石子和一片转毛分别从相同高度由静止：同时释放多次，发残两者总沿整直方 (2小球与挡服硬撞过程中指失的机棱能。 利利下运动并同时落在水早地面上，由此可以判斯该望球表面 (志箱”有“成 “无"大气， (2》实验Ⅱ，在赤道的水平地面上，以一定的水平走度糖出物体，并记柔下箱出点的高度 及相应的从戴出到落地过程中的水平位移x保持不变，改变高度，重复实段多次，并用 播点法做出了图·体认为中航是管 图像最为合现。〔填透项衡的相度字母》 A.Ar 且后x C.b 若求出写规的料率为业，爆泰道处的意力如速度以 (3》宴验用，到达极地后，在驰：池度与实验目中，一样的情况下，重复实验川，若得到图像的 斜李为，，据此宁航员離了该黄追是球的自转周明T一 。(用表，表：，R, 1山，(11分)如用科研人鼻在研定某运蜀蓬道路面特性时，指一质量m一1k知的小滑换视为境湿 表示》 12.《从分)为了晚正机械能守氧定律，物理实豫小丽设计利用自由落体运动铃证视械能守根定律， 么)在半经R■Q4m的解纸A端由静止释技，运动到B点时德度为=？m/%:经过H后 钉点什时答墙定在铁架台上，楚重物带动展替从静止开始自由下落。 立即将图汇就道横去。滑块在可视为光滑材料的水平面上运动一段距离厅，通过换向轨道山 《1》木实验，本同学生在实验操作过程中出观如阁所示的四种情况，其中操作王确的是 C点过直到销常为6一3，长一1m的斜面轨道CD上，CD之可销了一层句质背终材料，其 与帝块间的动摩擦固数户可在0~1.立之司翼节。鲜面：军D点与是滑地面平滑相连，地配上 农 一眼轻单境一端定在)点，自然状态下另一密静虾在D点。认为避块通这C和D值后建 度大小不变，最大静摩擦力等干滑动摩擦力。取=10常/，2，m3丁=0,6：心，3厂=0,8，不什 空气阻力. (1)求带块在目点时对焦道的压力大小以及在AB上克限阻力质做的功： (含)若设置”=0.3，求滑块从C运动第一次运动可D点的时闻1 (3)若最终滑块停在D点，求严的可能取算葱围。 B D (2)实验中：按额正确的操作得到如图甲所示的一备抵带，在纸带上选取三个逢续打出的点 A.B.C,湖得它1到起始点O(纸营上第一-个点)的距高分别为，，A。,6,已知当地重力 加速度为照，打点计时器打点的周期为T,设重物的质量为w,从打O点到打B点的过程 中，重物的重力婷能减少量E一 ,动能受化量△E 5,(6分)如相所承，水半桌面上收置一新量为焊=2k果的小滑块，帽线一端连接在上，另 2. 端好烧过~定滑轮，用力F接动据线使相线末瑞以速度大小=3.”经直向下匀速运动 小帝块a经过位置P时，用线与水平桌而成夹角量=0：小滑换运动鲜Q点时，箱线与水平率 面成夹角=0。已知重力闻速度算取0/s,定滑轮上瑞刊水平桌面的距离为I=3m, (?)重力培能变化量饱对算小于动作变化量，可能的原因是 不计一切厚擦。 A,:带受到阻力较大 且，光线通电海后释货纸带 (1)求小滑块a从P运动到Q的过程中拉力F所做的功： C,先韩放长带后接通电草 )阻力与重力之比很小 (2)若增左控力F,在定滑轮右侧蟹线的未演栓一个质量为M■1.kg的小物体b,并始时 (》实验小组度进了实羚方蜜，如图乙，所示，饱门利用光电门和数 滑块4在P点.a,b均静止，把n和都由静止释战，求a的是大速度和向右运功的量大 位移。（已知a,上及定滑枪均可视为质点，且山在下得过程中授有和任刺物体道） 字传感授备组厦第成标果，【帮水平事分安染了电蓝铁，将小 铁球吸住，断电后，小铁球克即静止释放，小铁球径过光电门 时，与光电门造接的数字计时器读周小球道过的时可：，并算出 此时小球的遍度，多次改变光电门的位置，得到多加▣，”的 数据：数出的图像如图丙所示。已知重力加速度为g:若小球 的直径为d,小球进过光电门时的通度时与时同：的关系为 :若图丙中直线的斜率= ,期可轻证小 铁球在下落过程中机械能守氧 明风测肯理必梯第二看 0(3)重物由1点远动到5点时系统重力势能诚少量： △E.=Mgh 15.(1)2 gin(2)mgsin 0(3) 系统动能的增加量 解析：(1)研究两块薄片整体，根据机械能守恒定律有 △E.=专（M+2m)-(aM+2m),= 2 -(M 2mg·2Ln0=2(2mm 2m)(,1一12) 解得p,=2√gLsin0 若在误差允许的范国内△E。■△E,则系统机械能守恒。 (2)根据牛领第二定律有2 ng sin0-ng cos0=2ma 13.23:9 解析：当檬皮绳O),拉仲而O,O'唰好被挂成时，设小球做 解得a=之gsin0 勾遮圈周运动的角建度为m:由牛顿第二定律有 研究第2块湾片，根据牛顿第二定律有mg sin0一F=ma m号R-k(号R-R) 解得F=2mgin0, 得层 (3)设两块薄片刚好全郁滑上粗触面时的速度为：，研完 整体下滑4L的过程，根据动能定理有 当如，三√时，掉皮蝇0,0挂神，由牛顿第二定珠习 2mg·4Lng-3mgo0.21.=7（2m 2 (R,一）-(R-R,一) 解得：=√6 gLsin0 =R11 设每块薄片滑到水平面时的速度为：，对每块薄片运用动 1 得R,=号R 能定理有mg· 091=m之m 2 2 3k 解得u=√12 gLsin0 当m:=入√5m >时橡皮缆O,O'松弛，由牛顿第二定律 (R:-）-nRoa 相尔淳片到达水华面的时间差1=马 由于d=vd 即R,=号R 解得d=√2L。 所以”=R@:=23 模块综合检测二 U:R:002 9 1,B解析：两个匀变速直线远动，若合加速度方向与合初速度 14.a0.g(2)-mgda 1 方向相同，则合运动为匀变速直线运动，若合加速度方向与 2 合初速度方向有夹角，则合运动为匀变速曲线运动，选项A 解析：(1)设释放瞬间园环的加速度大小为，根播牛顿第 错误：物体败匀逃圆周运动时，合力一定指向圆心，若物体微 二定律有mg一aF,=md① 变速圈周运动，则合力不指向圆心，选项B正确：一对滑动摩 解得a=0.5g。② 擦力微功的代数和为负值，远填C错误：物体向上运动时，若 (2)根据胡克定律可知k·QA=mg 受到徐重力以外的向上外力，削机械能增加，若物体受到除 设圆环下滑至A、C间的装一点时，Q、C连线与水平方向 重力以外的向下外力，则机藏能减小，若徐重力外不受到外 的夹角为B,则此时国环与杆之间的弹力大小为F、=· 力，则机械能不变，选项D错误。 QC·c080=k·QA=mg① 2.A解析：由题意得大齿轮和小普轮链条传动，因此边蠓的 即圆环下滑过程F、不变，则圆环下滑过程中所受降擦力 线速度大小相等，小齿轮与后轮共轴，周此角递度相等，由于 大小恒为∫=F,=之mg回 大齿轮，小齿轮的丰径之比为4：1，标据四=可得，大齿 A到C的过程中，摩擦力对国环所做的功为W,=一fd 轮和小齿轮的角速度大小之比为1：4，故A正确：小当轮与 1 后轮共轴，角建度相等，困此周期相等，故B错误：大齿轮和 一2mgd.@ 小齿轮的角逵度大小之比为1；4，而小齿轮与后轮角速度 (3)若QA=d,则kd=mg⑦ 相等，因此大齿轮和后轮的商建度之比为1：4，大齿轮与后 当圆环的加建度为零时，速度最大，设此时QC的长度为1： 轮的丰径之比为1：4，根据v=r可得，大齿轮边缘和后轮 则mg=klsin0十f⑧ 边缭的线速度大小之比为1；16，故C错误：大齿轮和小 此时圈环下滑的距离为h=lsin0@ 轮的线建度相等，半径之此为4：1，根据向心力公式F=立 联立⑤⑦8⑨解得h=2d四 可得，大齿轮和小苦轮轮缘的向心加速度大小之比为1：4， 根据⑧⑨式可推知园环所受合外力F与下滑高度x之间 故D错误。故选A。 满足的关系为F=mg一∫一飞x=0,5mg一kr① 3.B解析：由题意可知，小物体在T方向微匀速运动，速度大 即F和x成线性关系，剥圆环下滑h=2d时合外力微的 小为 功为 在y方向微初速度为零的匀加速运动，小物体的合运动是由 w,=F,号-mg十0.4=m⑧] 线运动，故A错误： 2 ·28 由随意可知在y方向有=了山， 根揭动能定理有W,=2m,0 根撼牛顿第二定律，小物体受到的合外力F=m阳 解得n=☑ 2 即安到的合力大小为，故B正确： 周周测物理必修第二册R) ·70· =0时刻，小物体在工方向的选度可- 可g火MkR=王×22= g点MR天=9 在y方向的初速度为零，所以【■0时刻小物体的速度为 会，故C错送 剩火星表面重力加速度为可g,故B正确： 在t=t。时则，小物体在y方向的速瘦为，=at 根据p= 4 1 合递度大小为和=√，十，= √十，故D错课 故选B。 可得-MR1 DMR-9X2=音，故C正确： 8 4,D解析：起初小孩子的速度是水平方向的，他受到的合力 县休表现为：与运动方向相反的摩擦力的作用和重力沿钟面 国为火星表面的重力加遮度是地球表而重力加建度的号，根 向下的分力的作用，二者的合力是斜向左下的，它与速度方 向有夹角，故小孩子的运动方向会改变，当其运动方向改变 据h 2g ,知火星上跪起的高度是地球上巍起高度的号倍， 后，摩擦力的方向也会随之而改变，总与他的运动方向相反， 故开始小孩子会微曲线运动，若摩擦力较大，可能会在微南 为，故A正痛：故选D 线运动的过程中，消耗掉了他的初动能而变为静止1若峰擦 力较小，但总是有一定摩擦力的，最终小孩予水平向右的逃 7,C解析：由题图可知，汽车以4m/s的加建度匀加逢启动， 度会因摩茶力作用而变为零，而重力的分力会使它沿斜面向 匀加速运动的最大速度为20m/s,最终以30m/s做匀速运 下一直加建，所以最终他的速度方向一定是沿针面向下，与 动。根据U@1得，汽车均加逸所需时间1一巴20 初速度方向垂克，故A,B错误，D正确；若摩擦力造中，则小 孩最终达到匀捷运动，说明mgsin a=mgcos a得4= 故A错误： tan a, 匀加速运动时F一∫=m阳 故C错误。故选D。 匀加速运动到最大速度时P一Fu一f 乐B解析：由人=之 联立可得 f=1.44×10N P=4.32×103W 解得=g 故B错误，C正确： 砸到挡板上不同底时，下落的高度不网，AF… 当汽本知速度为2m时，逢度号（分十动）m· 错误： 由题意知从M点抛出落在A点的小球， 解得速度为v=21m/s 在A,点逸度的方向与挡板平行，由平抛运P 故D错误。故进C。 动的结论可加E点为水平位移的中点，嗣 8.D解析：小球运动过程中未罐到钉子前数加速国周运动， 有FA=2ME 其所受合外力溶绳于方向的分力才是向心力，故A错误： 根部三角形比例关系得到E为A的中点，M为OF的中 碰到钉子前的醉间，设小球的线递度为，则此时的角速度 OMOM 点，cDs0 OE 为w:二工 碰到钉于后的醉间，线追度的大小漫有变，运动半径变为 OM=Lcos 0 子1，此时的角追度为m=一引 21 MF-OM-Lcos 0 1 2 所以w1@1=23,故B正确： Leos 0 纯子的拉力F=F,十mg=m,十mg,所以拉力之北为 由题意对M点抛出的小球有an0= F,F,=(元+m):(m艺+me)=(管+ 3 gl.sin 0 M=N cos 0 (贸+)故C储现 Lcos a 2 由题意对N点批出的小球有tanB 莲到钉子前后醉间小球所受合外力为下一mg=F,=m Lcos 0 v 所以合外力之比为F:Fe=m乙m2L -=2：3,故D =m,B正确，D错误： 21an0 正确。故透BD 由图可知E为OA的中点EA-兰 9.AC解析：根据万有引力提供向心力有 E点与M点在同一水平面上，最远点为A,从M点抛出的 m=m4r(R十h) (R+h) 小球在挡板上砸的雅证长度一定小于EA,C错误，故选B。 G 6.D解析：根据万有引力定徘得F=G Mm R 一三排g 两式联立可求出“夺父一号”卫星的运行周期，故A正确： Fx M&R 1 4 如MR文-gX2-9 “夸父一号”卫星的质量无法估测，故B错溪： 王欧在火星表面受的万有引力是在地球表面受的万有引力 基装 的了，故D铅误： 可求出地球质量，地球半径已知，放可侍洲地球的平均密度， 故C正确： 根据上述条件无法估测地球的公转周期，故D错误。故 选AC, ·71· 答案全解全析 10,AC解析：设0一t。时可内，物块的位移为r。根据重力发： (2)设AB间距为x,损失的机械能为△E,由能量守恒定律 功与重力势能变化的关系得mgxsin30°=5J 由功施关系可得以nK-FcOs30=8J 释吃m,=mg·号+a止 联立解得=的，故A正确： 联立解得△E■3J. 0一t0时间内，动能增大12J,重力势能诚小5J,所以机械 1420N2」2万-3日<<平或者a=1 能增大7J,故B错误： 解析：(1)滑块在B点，受到重力和支持力，在B点，根据牛 根据动能定理得W=F。x=】2J 联立解得a=12m/s,故C正骑： 顿第二定排有F一mg一mR t。时刻撒去拄力，此时物块的速度为=a。 代入数据解得F=20N 北后，由牛颜第二定律得amg cos30°-mg sin30°=ma1 由牛顿第三定律得F'=20N 解得a'=3m/s 设再经过时间1物块速度减到0，别v=a'( 从A到B,由动能定理得mgR一W= 2 mu 解得1=41.，故D错误。故选AC 代入数据得W=2J。 1L.)无(2)C2k,2(3)是2歌 (2)滑块在CD间运动，由牛顿第二定律得ngsin0 u,Vkg一k ng cos=阳 解析：(1)实验【，因只有爱有空气阻力影响，石子和羽毛才 解得a=2m/s 能总是同时落地，可以判断该星球表面无大气 (2)实险Ⅱ，在实脸I的基础上可确定保证石子微的是平抛 1极搭匀变选运动规排有一W十22 运动，油平抛运动的规律可得=2g 代入数据解得1=(V2一1)s. (3)最终滑块停在D点有两种可德： 正■Uel ①滑块治好从C下滑到D,由动能定理得ngs sin0 可得h2r mgcos0=0-豆mw 即方与x2成正比关系，做h-x图像可以有效减小实验数 解得=1 据处理带来的偶然误差，削宇航员数C图停最为合理。 ②滑决在韩面CD和水平地面间多次往复运动，最终静正 由率二品 在D点 当滑块给好能返四C不飞出，由动能定理得 可得g=2k1 (3)实验Ⅲ·最实验Ⅱ的原理相同，可得g=2k0 一1mgc0s0·2s=0-2mu 又赤道P。一mR=m号R 1 解得红= 极地F知=阳g极 当滑块给好能静止在针面上，则有ng sin0=:mg cos9 联立可得T=元2R 3 vVk:-k1 解得1=4 m(hr一h,) 3 12.(1)B《2)mghm 8T 3c4 2g 所以8≤<或者n=1. 解析：(1)打点计时器应接交流电原，操作时应用手提住纸 15.(1)24J(2)6m/s6w3m 带的上端，让重物尽量靠近打点计时器，故速B。 解析：(1)滑块的速度可分解为沿细线方向的速度（即细线 (2)从打O,点到打B点的过程中，重物的重力势能减少量 末端的速度)和垂直细线针向右下的速度，根据逢度的分解 △E。=gha 了得 在P点时有)=nC0sQ 打B点时的速度为m he-ha 2T 在Q点时有v=ocos 8 动德变化量△E,=子mw-n 过程中只有程力做功，所以根据动能定理可得W,= 8T (3)正常情况下实验中，由于系统误差，各种阻力导致机械 能有锁失，那么重力势能的减小量略大于动能的增加量，而 联立解得W,=24J 此实验恰好相反，则是操作错误引起的，可能是物体具有初 H 速度，即先放手后接通电源。故达C (2)并始时滑块在P点.剃能长L一5m30一6m (4)根据光电门的测速原理，小娘的直径为d,小球道过光 由于不计一切摩擦力，所以蝇子的拉力只要在水平向右有 电门时的速度与时间t的关系为= d 分力，承块就一直慰加逸运动，当滑块运动到定滑轮最 下面时，蝇于的拉力竖直向上，之后由于惯性滑块鑪块向 被据机械能守恒定律 右运动，而蝇于的拉力在水平向左方向上有分力，故滑块 2mw得位移与地度的关系式有v2=2g 开始微减造运动，所以当滑块运动到定滑轮最下面时，滑块 阳的追度最大，此时小物体减小的重力势能全廊转化为滑 结合题图丙，可知，题图两中直线的斜率k=2g 13.(1)2」(2)3」 块n的动能.故有乞mm=Mg(L.一H) 解析：(1)设小球在A点速度大小为甲，，由牛顿第二定律得 解得m=6m/“ F一mg=m 滑块之后做减速這动，物体b开始上升，即滑块a的动能 R 又全部转化为物体b的机拔能，即滑块向右运动到最大 由牛顿第三定律可知F、=28N 位移处时，物体b又上升到最大高度，由于系统没有其他德 设克服摩擦力微的功为W,,根据动能定理得mgR一W, 产生，故物依b文淡复到原来的高度，所以滑块难在滑轮下 方微往返运动，故根据对称性可加滑块准向右运动的最大 2MUA 位移为r=2Lc0930°=6√3m 联立解得W,=2」 周周测物理必修第二册R ·72·