模块综合检测二- 【蓝海启航·启航金卷周周测】2024-2025学年高中物理必修一册（人教版2019）

模块综合检测二 6.冰考是条事会上一勤投摇性竞赛项目,运动量以一定初速度投出冰旁使甚在水平冰面上沿点 线自由潜行,其17用修如图乙所示,赐下列说法不正确的是 1) (时间:7物:100分) 一、单选题(本题共7小题,每题:分,计23分) 1.北京时间2023年5月10日21时22分,搭载天舟六号凭运飞船的长征七号漏七运载火籍,在中 1 国文昌航天发射场点火发射,发射取得成功,下列说法正确的是 ) A.冰壶加速度渐践小 A.火韵加速度涯大时,它的速度变化很快 B.冰壶在.内运动的位逐潮减小 C.冰和冰间的动擦国数逐渐减小 B.火答在加速直线运动过程中,加速度方向与速度方向相反 D.的速度逐渐减/4 C.火运动时,连度的变化量越大,它的加速度一定越大 7.物体静止在光潜水平面上,先对物体施一水平右的恒力F,做匀变速直线运动,经时幅1后物 D.火落点火将要升空瞩间,火的速度和加速度均为零 体的速率为时描去,立即再对它一水平向左的永平恒力F.做勾变速直线运动,又经时 2.如图所示,小鸟在空中沿直线(图中虚线)句通飞行过程中受到意力和空气作用 日后物回到出发点:次时决为:则1一,1:间的关紧是 lmgu. 力的作用,率小鸟受则的这两个力的合力 A.4- C一 D. A.方向一定沿图中虚线 1_ B零 二、多选题(本题共3小题,每题6分,共计18分,全部选对的得5分,部分选对的得3分,错选的得 C.可和闻中虚经直 D.大小一定大于小高重力 0分 3.如图甲所示,火发射时速度在10;内由0增加到100n/s;如图乙所示,次 8.加图所示,一段量为x,半径为?的光滑球A用缓绳悬挂于0点,另一质是为AM 车以108km/h的这度行数,到车时能在25,内停下来,下列说法中正确的是 K 径为R的字球形物体B被实在怒有墙量和A球之间,B的球心到0点之间的路 离为h.A.B的球心在同一水平线上,A.B处于静止状态,重力加速度为,则下列 说法正确的是 A.AB的压力大小 { B.直墙橙对B的擦力可为零 A.10;内火约速度变化量为10m/. B.火箭的速度少化比言车的性 C.2.5:内有车韵蓬度疫化量为-30m/s D.火的加速度比汽车的加度大 C.当只轻轻把球B向下移动一点距离,若A.B再次保持静止,则A对B的压力大小提持不变, 数4.在词一条平直公路上行独的。车和3车,其速度一时问图像分别为图中直线。 拉增大 和线b1一0时努。车与b车在同一位量7.时刻。车在b车前方,在0~1.时 D.当日轻轻把球B向下移动一点距离,若A.B再次保静止,晚A对B的压力减小.绳拉力 间由,下过正确的 减. A.封刻语车相最近 9.如图所示,(of为阔定在小车上的水平杆,物块中在杆上,摩擦力保相对杆势止,M又 。 B.某时刻。车加速度等于b车速度 通过轻绳悬吊看一个小按球M,此时小车正以大小为a的加速度问右做句加速运动,面M,x均 C.1.时则上车运动方向发生改变 相对小车静止,期续与坚直方向的夹角为9.小车的加遍度增加强2时 D.某时啊车相遇 5.如图甲所示为明韩宋星所(天工开物)中用重 物测量弓弦张力的“试弓定力”福图,示意图加图 乙.所示,在弓的中点母技质量为过的重物,引的后 量为短,装的段量忽略不计,景挂点为强的中点,改 备为.5地重力加准度为i,建的聚力为 A.i任对对的厚擦力境加引来的?倍 (Mar B.m_ M B.对M的弹力不疫 C一 , _。 _0{ _n。 C.线与直方向的夹角增加到来韵2稿 D.线的拉力增加到再来的2 .. 模珍检二 1.如图所示,侧斜传送带以5m的速度沿递时针方向运行,传送带与水 (1)裴置静止时,弹弹力的大小F; 面夹角为0-37”。在1-0时,将物块轻故在传选帮上A点处,物块与 (2区A的唐量M 送带之间的动摩掉因数n一0.5.物块到达点点离开传送带,取重力加 度-10m/in37-0.6co 37-.8.期 A.物块运动到B的速度为8m/。 B.在0-2.时间内物块在传送上留下的痕迹长度可能为2.25m 1 C.若祭传送带给题时针方向运行,断物块丛A运动到队的加速度大小为?ms D.者候料传送劳沿顺时针方向运行,则物块从A运动死B的时间为/1。 选择题答栏 商号 答 14.(14分)随着亚运会的开落,在江,杭州,湖州等多座城市街为出现拟多无人驾楚小巴士。如 三、非运择题(本题共小题,共计4分) 图,车长6.5来,核定座位数11座,最大载客数30人。 (1)如图所示,无人得耻次车车头鬓有一个渐光雷达,就像车牺的”子”,随时“明”者雨方100m 11.(6分)在”探究小车遍度陪时回变化的规”的实验中,册打点阔期为0.0。的打点计时器过 范用内车辆和行人的“气息”,若无人驾鞋汽车在某路段狗车时的最大加道度为4.5m/区,为 录小车运动的纸帝如图所示,在纸带上选择0.1.2.3.4.5共6个计数点,相邻两计数点之句还 有匹个点未面意,纸带旁并持改看带有最小分度为毫来的到度尺,零刻度线题”0”计数点对齐。 了不掉上前方静止的隐碍物,该声车在流路段的最大速度是多少? 由图可以读出三个计数点135跟。点的距离子、d、。 (2)若该无人驾独汽车以-20n/s的速度匀通行时,突然发现正前方1.一25m处一辆有 人驾融的汽车沿同向以v.一10m/5的流度匀速行鞋,为避免发生追尾,该无人驾驶汽车别 车时加速度的大小至少为多少《结果保?位有效数字)? 117-11 (3)在(20阿情是下.无人费奖次车别车数免与前车追尾后(此后不再发生追尾).义以越车时的 加速度做匀加速直线运动直到恢复到别车前的速度,这个过程中无人奖汽车国刻车减连 和加速怅复原迷度歌误了多长时间 ) (1)译出距离1记二10m二 cmf-12.00m: (2)计算小车避过计教点“2”的时通度大小一 m/s(结果保留2位有效数字). n5(结卷保量?位有效数字 (a)小车的加速度大小。一 12.(9分)某物现兴趣小组利用知图1所示的实验置探究加速度与物体房是的关系,首先平激 摩擦力,保持和少秘的所量一定,然后接选速度传感电源,释放小车,利用速度传感器※ 出不到时刻对应的度度。并稿给一图像,当地重力加速度&取10m/s. +) _ 15.(15分)如图所示,光滑水平面上静毁着长1.一1.6m,质量AM一3.0的本板.一个质量m 1.0的小物体(可视为质点)致在本板最有泪,小物体与本板之问的动摩擦因数。一.1.现 对本板施加F-100N水平病右的拉力,使其向右运动,重力加速度x取10m/s,求。 司{ (1)本开始运动时的加速度大小, (2)从开始拉动木板到小物体脱离本板,本拨的位移大小; r (1)图?为某次实验提绘的一7图像,由图像可知,此时小车的加速度a一 m (3)装拉力作用0.8,后数去,小物体最终停在板上的位置 (2)该小组留学通过多次改变小车的质量,用速度传界记是格精绘的图境求出好度 根据数据作出了规速度a的候数和小车质量M的图像一M如图7所示,请用所学知识分 析,图3中r一_·m,利用题中信息求出实验中珍和碎栖的量n {_ 13.(0分)如图所示,光泄水平轻轩因定在竖直转的0点,小侧环A和轻质弹赞套在轻料上-长 为21.的细线和弹两分别因定于O和A,听量为w的小球B医定在细线的中点,装置静止 时,细线与坚直方向的夹角为3r”,现将装置由静止开始病左做加速度逐新增大的加速运动,当 细候与坚直方向的实角增大到3时,A.B间细线的位力恰好减小到客,此时弹策弹力与静止 时大小相等,方向相反,重力解通度为r,敢sin37-0.6,o837-0.B.求。 因周测 指理 第一R .ō.于测量，不一定找打出的第一个点，可以从比较清撕的点开 始，G培误，故选ABDF 4.≥8s(2)①1mg@号m/ (2)根据运动学公式得△x=12,为了测试重物下落的加逸 解析：(1)设A车完成超车过程的住移为A,用时为4，根 度，还需要的实验器材有：米尺，用来测量计数点之间的距 据匀变捷直线运动位移公式，有T=vn1十2a, 离，该实验中不需要天平，道过打点计时器打点的时间间隔 A车超过B车的过程，B车位移为m=vuI, 可以计算出计数点之问的时间间隔，所以也不需要秒表 根播几柯关系，有x=rn十。十L:十L, 故选C。 联立解得P十21一15=0，解得1=一5s(合去)或1=38， (3)打点计时器所月电源的频率为50Hz,所以相尔的计数 A车从1一0时刻开始至完全超越B车所需的时间t≥35。 点问的时间问马T=0.02, (2)①设A车超车过程，C车运动位移，根据匀变遮运动 重力加建度区-产 位移公式，有心=cl一24e -42.1-19.3)×103-19.3×10 A车艇本过程中，A,C不是撞，有rA十xc≤d (3×0.02) m/8-9.72m/s2, 联立解得ac≥1m/s。 ②A车放年超车，加逸度大小为1时，经过时间1，，A车拾 打第1点时纸带运动的逸度一2T =3.13m/s 好没有与B车相撞，此时两车速度相同，根据匀变速运动逸 根据运动学基本公式得v。=1一gT=3.13m/s-9.72× 度公式，有人一1=作 0.02m/s=2.93m/4≠0， A车疏动位移上'=， 2 所以0不是自由落休运动的起，点。 B车远动位移xn'=, 12.(1)AD(2)m+tm (rcp十x球一(tAn十rm) 根搭几何关系，有工'≤xu'十， 2T 4T 我五解得a≥号m/g。 (3)B 解析：(1)实脸中小车所受拉力为弹簧测力计拉力的两倍可 15.(1)3.6m0.5(2)1.6m(3)3m/s 以直接读出，所以不需要测量砂和砂桶的质量，故A正确： 解折：)水年传送带AB的长度为L=立X@,5+ 让小车靠近打点计时显，先接通打点计时器的电源，背打点 1.3)×4m=3.6m 德定后，再释放小车，故B错误： 4 由A选项分析可知，不需要保证砂和砂桶的质量远小于小 由国像可知，物体的加建度为a一8m/s-5m/s, 车的质量，故C错误： 由牛援第二定律mg=m阳，滑动降擦因数为H=0.5 补徐配力时，客取下托盘和硅码，调签长木板的倾角，使小 (2)痕迹的长度等于物体与传送带的相对位移s=4× 车地者航带沿长木板匀逸下滑，故D正确。故选AD 0.8m-亏×0.8×4m-1.6m。 (2)打点计时器打下C点时，小车的速度表达式为■ (3)设传遥带的最小追度为。+起初快追的追度大于传遥 p=Ir十r四 带的速度，因此快递的摩擦力沿针面向下，割mg$n日十 2T mgc0s0=a1,解得a1=10m/s, 由逐差法可得小车的加速度大小表达式为山 当块运和传送带共速以后快适的摩擦力沿斜面向上，此时 (rm十rE)一(rA出十r） 向上减速gsin0一mgco%0=mae,解得a:=2m/s2, 4T (3)被据牛桶第二定律，有2F=(n十M)d, 则由运动学可得”2十2石， -=Lco 整理，可得1=上 解得p=3m/s. 京+录M。 模块综合检测二 然合两周，可得亦=k,示M-6, 1 【,A解析：加逸度是描述物体逸度变化快慢的物理量，火箭 的加速度很大时，说明它的速度变化很快，故A正确；火请 解得M=2F6=是，故选B 在加速直线运动过程中，加速度方向与追度方向相同，故B 13.(1)200m/s(2)4m/s 精民1由加速度的定义式口=智可知，加建度的大小与△ 解析：(1)由题意知直升机从A到C所用的遂时间为1= 和△1无关，别速度的变化量越大，它的加速度不一定越大， 100s. 故C错璞：火背，点火将要升空醉间，火箭的追度为零，加速度 设直升机在BC段选度大小为，则在AB登做初连度为零 不为零，故D错误。故选A。 2,B解析：小乌在空中沿直线（图中虚线）匀速飞行，根播平街 的匀加速直线运动的平均逃度为甲= 2 条件可如小乌飞行过程中受到重力和空气作用力的合力为 由关系式十区=， 零。故选B。 vv 3.C解析：火黄的速度变化量△u=p一o=100m/s 代入数据联立解得v=200m/s 0m/s=100m/s,故A辑溪：汽车的速度变化量△U=v n/s=一30ms,故C正：根格a-出得大 108 (2)斌直升机在AB段的加述度为a,由匀加速直线运动的 0=0 位移一追度公式v2=2asB, 100 代入数据解得加速度大小为a=4m/s。 箭的加造度a大=1Dm/6=10m/5,汽车的加连度a% 周周测物理必修第一册RJ ·70· 2.5m/:-一12m/s,负号表示加地度的方向与追度方向 -30 N与mg的合力与T等大，反向，共线，根据两个朝影三角 相反，加速度的大小为日a=12m/2,由此可知汽车的加速 彩相极得R十，着“OA 度大，遍度变化快，故B,D错误 4.B解析：报据图撩可知，在0一t,时问内，某一时刻b图停 解得N=R+, m,T=00A. h 的斜率与a的相等，即某时刻a车加追度等于b车加地度， 由牛顿第三定柒知A对B的压力大小为N'一N= 故B正确： 由图可知，b车的接度一直沿正方向，说明b车的运动方向 R十mg放A正确： 泛有发生变化，故C错误： B在整直方向受到重力，A、B之间光滑，别由平衡条件知竖 已知1=0时刻，n车与b车在问一位置，由图可知，0一t1时 直墙壁对B的摩擦力一定不为零，故B错误： 问内，车的速度大，说明车在前，距离越来越大，1时刻两 当只轻轻把球B向下移动一点距离，分析A球的受力情况： 车相距不是最近，1~：时间内，b车速度大，距离越来越 小，已知1：时瓣4车还在b车前方，跳明0一1：这孜时间内， 如图2所示，V与T的合力与mg等大、反向，共线，根据两 :车一直在b车前方，而1妇时副两车的速度相等之后：车的 N=mg=工 逸度比b率的大，则12时刻两车距离最近，之后距离越来越 个阴影三角形相似得R十，一工一O丽 大，两车不可能相遥，故A,D错误。故选B 可得N=R+: .T-TEOA. 5,A解析：对弓和重物整体受力分析，如图所示： 由于>h,可知，N减小，T减小，由牛顿第三定律知A对 B的压力减小，故C错误，D正确。故选AD 9,AB解析：对小球和物块组成的整体分析受力如 N 图所示： ,4m+g 根据牛顿第二定律得，水平方向f=(M十m) 根据余定理有1 竖直方向N=(M十m)g w名-TtMn 则当加速度增加到2a时横杆对M的摩擦力f增 2T(m+M)g ,解得：T=M+mg,故A 0 加到原来的2倍：機杆对M的弹力等于两个物体+m烟 的总重力，保持不变，故A、B正确： 正确，B,C,D错误 以小球为研完对象，分析受力情况如因所示： 6.B解析：根据t图线的斜率表示加追度，该图线的针率的 由牛横第二定律得gtan日=ma 绝对值逐渐减小，可知冰壶微加速度减小的减速运动，A正 确+追度图线与时间轴围成的而积表示位移，可知位移逐渐 可得tan-丛 增大，B错误： 冰壶运动的加速度是摩擦力产生的，由牛顿第二定律 当a增加到两停时，tan0变为两待，但0不是 得阳=mg,别a=2g, 两停： 冰童的加遍度逐渐减小，削冰壶和冰面间的动摩擦因数逐渐 每线的拉力为T=√(mg)十(ma) 减小，C正痛： 可见变为两倍，T不是两倍，故C,D错误，故选AB. 由一t图线可知速度逐浙减小，D正确。故选B。 10.B汇解析：物块轻放在传送带上A点处，物块相对传送零 7,A解析：物体从静止起受水平恒力F,作用，发匀加速运动， 向上运动，物块受到的滑动摩擦力沿斜面向下，物块与传送 F 经一授时间1后的速度为v1=@11= t. 帝共速时，重力沿斜而向下的分力大于物块受到的滑动摩 擦力，物块受到的滑动摩架力沿钟面向上，此时由于传送带 以后受恒力F,殿匀减建运动，加速度大小为@： F 长度未知，无法求出物块运动到B的途度，故A错误； 经时间31后物体回到出发点，整个时间内再联系物体的位 将物块轻放在传送带上A,点处的加速度为4，一gsin0十 移为套，子是号+(3)-号03)=0，解得F, 4gco%8=10m/s, F,=9:7, 物块与传运带共迷时所用的时同为==05， 4 根搭西=刊1一a:X31=一31+ 物块与传送带共速时，物块在传送带上的位移为工，■ 52 负号代表方向，所以1，：间的美系是41=3，故遮A 2a12×10m=L,25m. 8.AD解析：分析A球的受力情说，如图1所示， 0~0,5s物块在传送带上留下的狼迹长度为△1=W1 x,=5×0.5-1.25m=1.25m, 若02s内物块一克在传送带上运动，物块与传送带共逸 后的加述度为4：=gsin0一g cos0=2m/s, 05一2s物换在传送带上的位移为1=：十2： 5×(2-0.5)+2×2×(2-0.5)产m=75m, 1.5一2“物块在传送带上留下的痕迹长度为△￥：=x: t1=9.75-5×(2-0.5)m=2.25m>△s1 ·71· 答案全解全析 在0一2s时门内物块在传送带上留下的表连长度为：14.(1)30m/s(2)2.0m/s(3)2.5￥ 2.25m,故B正确： 解析：(1)利用逆向思维，根据速度与位移的关系式 若领钟传送带沿顺时针方向运行，则物块受到的摩擦力一 Umes?=2dgin. 直浴斜面向上，物块从A运动到B的加速度大小为：= 代入数据解得该汽车在该路段的最大速度为v一 gsin0-ugcos6=2m/s',故C正确： √2×4.5×100m/s=30m/s 根据动力学公式L=豆， (2)若无人驾驶汽车减魂至与有人驾驶的汽车追度相等时， 山于传遥带长度未知，故无法计算出物块从A遮动到B的 拾好没有逃尾，此时加违度最小，有，一=p:,11一 时间，故D错溪。故选BC 2a12=t+L, 11.(1)5.40(2)0.21(3)0.60 解析：(1)到度尺的最小分度为毫来，雾要估读一位，所以试 联立解得a=2,0m/s。 数为d3=5.40cm (3)制丰过程，有n:2-,=一2s州 (2)小奉道过计数点“2”的醉时逸度大小为巧-“，二山 解得利=75m, 2T 加速过程，有1一，“=2s。, 5.40cm-1.20cm=0.21m/s. 解得s=75m, 0.2s 剃车时间为t1,由：=1一at (3)小本通过计数点“4“的醉时速度大小为”，= d-d 解得11=5s, 2T 12.00cm-5.40cm=0.33m/s 加地恢复时间为t,由=十a1:, 0.2s 解得12=5s, 加选度为a=”2=0.60m/5 故有1a=1十1：=10s: 2T 无人驾驶汽车若正常匀遮通过制车和加速的这段距薄，所 12.(1)3(2)0.10.08 解析：(1)释放后小车微初速度为零的匀加速直线运动，由 需时间为1="+”=7.5 v=at. 故无人驾款汽车因制车域速和加地恢复原速度而就误的时 2.4 可得a-0.8m/s=3m/s, 间为1=14-=2.58。 15.(1)3m/s2(2)2.4m(3)木板左端 (2)a和M的关系反映小车与砂和砂桶的运动，即mg 解析：(1)设刚开始运动时小物体的加魂度为1，木板的加 F-ma,F-Ma,得-L+LM. a g mg 追度为a:,根据牛顿第二定律有umg=ma1,F一mg =Ma:, =0.1s2·m, 解得a1=1m/%2,4:=3m/s 由题图3可求斜率 =1,2582·m1·kg1,刚m= (2)从开始拉动木板到小物体脱离木板，小物体和木板的位 0.08kg 移大小分别为工1=241，x=20:,有x,一工=1， 18.13g 9 (2)2m 解得工=2.4m. 解析：(1)设OB、AB的张力分别为F1、F:,A受力平衡 (3)拉力作用的0.8s内，小物体和木板的位移大小分别为 F=F:sin 37. B交力平衡F1cos37+Fcos37°-mg,F1sin37 位移差1=x-x1'=0.64m, Fin37,解得F=3mg 8 地度大小分别是v1=41t1v:一a::: 橄去拉力后，小物体的加连度仍为：，木板的加追度为 AM 轻杆 f 最终小物体和木板共论，有4=1十11：，4= d:12, 解得鼻=2m/s,1=1.25, 从撒去拉力到共谁，位移大小分别为”=江” 2 (2)设装置加速度为a,对A,F=Ma, 解得△r:=x:"一x"=0,96m, 对B,mgan53=ma, 期△x1十△r:=1,6m=1, 解得M=品m 所以小物体最终停在木板左璃。 周周测物理必修第一册R) ·72·