阶段检测一运动的描述- 【蓝海启航·启航金卷周周测】2024-2025学年高中物理必修一册（人教版2019）

阶段检测一 运动的描述 5.一质点沿直线运动,其位奖上填时间广交化的图像如图所示,现下说法正确的是 A.在1-1列一1,这段时间,赞点做加速运动 B.在1一1,到1一;这段时间,点数匀速运 (时0:78分钟 ,100分) C.在.-2;时刻,质点的遭度大小为4m/s D.在(-4s时刻,顾点的速度大小为2m/s ,11 一、单选题(本题共7小题,每题:分,计23分) 6.测速仪谈够测量运动物体的最时冰,比漏量精度较亮:广泛立用干交没管现等演域。如 1.第19展豆运会在梳州举行,考察下到运动员的比赛成绩时,可将运效员视为质点的是 图所示,测迷位向汽车发射一束激光,经反射后被接收势置接收,只要酒出从发封别接收断好 历的对间,视可得到测速仪到汽车的距离,在测量时,测速仅在较短时间Ar一D.1s内分别发射 两凡,对次车进行两次这样的距离测量5-10m.f.一7.5m.已知测速高1一6m,刚汽 车的度为 A.百式轮 B.马抗松 C.陵 D.t 2.如图所示,一摩天轮的半径为R.轮缘上的座脸(视为度点)阔轮较动,下 说法证确的是 1_ Cn/。 A.m/s 1m/s A.天轮转动一期,的平均随率为。 D/s B. 度天轮转动半拢,座舱通过的路程为2R 7.在无人机上安装挺影装置进行护提,可以疾得祖好的抗提效果,取坚直向上为正方向,某校运 C.天轻转动四分之一期,舱的位孩大小为0.5R 路会上无人机概影时,无人机在竖直方网的建度隐时间变化关系的图像如图所示,下到说法正 D.天轮转动一切的过程中.座舱的最大路阻是量大位移大小的:倍 1 确的是 3.2022年11月抗州马拉松在杭州黄老育中心整开跑,马拉舱全程42.1%千来,路线如图所 示,最终栗国以2小时17分17秒的成绩,夜得马技秘男子删第一名,以下说法正确的是 高 A.无人就在1.时刻速度方发生交化 1& B.无人机在7.时刻比1.时刻能够拍提地而景物的范围更大 C.无人就在1.时刻与.刻的加速度可能相同 D.无人祖在.时刻比山时刻更遇合拍提勉面上的近是 二、多选题(本题共1小题,每题5分,共计13分,全部选对的两5分,分选对的得)分,错选的 0) 8.一做速直线运治的物体,加迷度逐渐或小:直到为零,题该物体的运对情况可能是 it A.速度逐渐增大,加速度为零时速度量大 B.回的军均速度约为18.4km/ A.国址比赛中不可以君或活& B.速度方向可改变 C.42.105干米是此次行陛的位稿大小 D.?小时17分17秒指的-时间问隔 C.速度逐渐减小,加速度为零时速度最小 4.如图所示,在水平地喜上,一物体济两个半径为R的凋孤轶道由A经B、D D.速度蓬渐增大,方向可能改变 到C位置,且AB垂直D.下列说达正的是 9.甲.乙两个项点同时出发敬直线运动,其-!图像如图所示,下到说法正确的是 A.由A择D的路程告 A.甲的速度比乙前大 。 B.由A.视C的路程为2-& C.由AC的位稳大小为/T0R.方向由C指向A B.甲的加速度比乙的大 D.由A到D.位移绚大小为?短R,方向偏离AB料向下45” C.1.时,甲和乙遇 D.0~。时间内,甲在乙的前面 .③. 段段测一至动述 10.如图里,乙所示的位稿一时间(c)图像和速度一时画(一图像中;给出了四条好1?3.4 )是提与慰面掉过中的平均加速度大小 分表因个不阿指的运动情况,现下到说法中正确的是 ) (2段从开的下落到离开翻面后上看到量富点的平均流度大小。 ## A.阻线1.3表示物体曲线运动 B回便中0一上时间内物体12的军均速度相等 C.1.像中0~1.时词内3的加速度一直大于4的加度 11.(14分)荡较千是儿童喜爱的一项娱乐话动,其过程可简化为如图所示的模型,图中O点为秋 D.两图像中1:封到分表示图线2、4开始反向运动 千的同定悬点,现略秋子(视为质点)拉至A点由静止释效,秋干在望直面内沿园强ABC运 ,B点为涵动的最低点。已知OA的长度L.-?m.乙A0站一60.乙C-30,秋千从A点 选择题答题栏 出 运动到8点、B点运动到C点的时间分别为7-1.f-(/一1)。.求。 答 (1)校千从A&运劲到B点的平均速度大小: (2)颗干从A点运动到C点的路程和平均速度大小(结要证保闹). 三、非选择题(本题共5小显,共计54分) 11.(6分)在”用打点计时器测难度”的实验中,一条记录小车运动情况的纸带如图所示,在其上取 A.共.C.D.E5个计数点,每相邻两个计数点之间还有9个点没有在图中画出。 _ (1每两个点之时问问隔为-1n-- 。 (②B点建度-。二 m/s.D点连度.一 , m/s(结果侵园:位有效数字). 12.00分)(1)电砥打点计时器使用的电漏应是 (选填“交源8V左右”武“交 35.(16分)一列长L.一200m的高铁到车,以a.的速度匀速遍过一座长×.一2.2km的离架桥之 220v”). ,进人军直的软道绪续行奖,平直的轨道演方有一睡道(睡道背是为比我是的高山).此后 (2)实验室使用我国民用电(频率50H),在”习徒用打点计时器”的实验中,某同学选出了一 到车驾较员始终保持车速不变并第一次鸣笛示意,经过7一6,后听到回声,经过1一3;后第 条清晰的纸带,并数其中的A.B.C....,七个点进行研突,这七个点和刻度凡标度的对序 二次鸣笛,再经过(.一4s后听到了第二次鸣笛的回声,已知声音的传播通度“一 如国。 30m.求: (1)列车第一,二次鸣简时距离道的距离及列车的速度 .......................... (列车通过高架桥所用的时间(时间结果是{1位小数)。 唯 可求出A点列D点的距离是 . m/s:B点的时速度是 ms (3)出实卷数据可得A点别D点的平均速形是 题 (结果保畜2抗有效数字)。 13.(9分)如图所示,学生练习用脚颤球,某一次足球由离水平题到高,一0.8m的位置静止下 落,经.一0.5s.足球以速度大小1一3.2n坚直向下落到脚上,被重新,球以确度 大小一?m直向上离开释面.再次上升的量亮点离水平地面高度.一017m:离开 上开的时间7一0.16,.已知是球与脚面的作用时间A一D.04·.足球可视为点且在 中运动时空气阻力不可忽略。求。 因因测 指理 总第一R 。:的位移为Ta=一30m,所以物体在5。内的总路程为￥= 42,195千来为运动员的轨迹的长度，是路程，所用时间2小 11+x:+x1+x,+|x31=(5+20+20+15+30)m= 901m, 时17分17秒为2.288小时，物体的平均选率为可=÷ (2)物体在5s内的总位移为x=x1十1十：十x十r:= 5m十20m十20m+15m十（一30）m=30m,方向向东 42.195km=18.4km/h,故B.C错误，D正确，故选D。 2.288h (3)后2s内的位移为x'=x4+x=15m+(-30)m= 4,D解析：A,由A到D的路程为51=R+πR=2πR,故A 一15m, 错误： 后28内的平均建度大小为0=士-一15】 =2 m/s=-7.5m/s, B.南A到C的路程为s:一云R十1人2xR一2元屋·故B 方向向西， 错误； 全程的平均速度大小为7=二=6m/“,方向向东 C.由A到C的位移大小为T1=√/R+(3R)=10R,方 句由A指向C,故C错误； 0+6(3)30 14.(10(2)” a+b D.由A到D,位移的大小为：=√(2R)十(2R)=22R 解析：(1)住移为初位置指向末位置的有向线段，根据题意， 方向偏离AB外向下5°，故D正确。故达D。 由围可知，跑步者总位移大小为x=。 5,D解析：因xt图像的斜单等于速度，可扣在1=D到t (2)根据题意，由公式x=W可得，跑步者在长边上跑动的 1s这段时间，质点做匀速运动，选项A错误：在【=】s到 1=3s这段时间，质，点静止，在1=2s时刻，质点的速度大小 时间为=么， 为0，选项B,C错璞在1■4s时朝，质点的速度大小为 跑步者在短边上跑动的时间为，一日 -m/g=2a选项D正精，故选D, 则地步者运动的平均速度大小口 6.C解析：根据几何美系，=V-一V√：一，较短时 间，故汽奉醉时建度为这役时闲的平均建度知=·联立解 (3)报据题意，以初速度方向为正方向，则初速度为？，末追 得v=35m/s,故C正确，A,B.D错误，故选C 度为一，由加速度定义式“=可得，跑步者运动的平均 7,B解析：A,由图像得，0一：时间内，无人机的速度始终为 △ 加造度为a=一 22 正值，则无人机的递度始终坚直向上，则无人机在1：时刘谗 +6 a+b* 度方向没有发生变化，故A错误： v U B.由A得，1，一t时间内，无人机始终向上运动，则1a时刻 无人机离地面更远，柏摄地面景物的范国更大，故B正确： 即跑步者运动的平均加地度大小为和 C,1图像切线的卧率表示加速度，由困像得，无人机在1 时到的加速度为正值，无人机在1时刻的加速度为负值，加 阶段检测一运动的描述 追度不相问，故C错误： 1,B解析：A,在考察自由式轮滑比赛成绮时，运动员的具体 D,由A得，1，一：时间内，无人机选度始终为正值，一直向 动作直接影响成绩，不能忽略运动员的大小，形状，不可将运 上运动，1时刻离地面更近，更适合拍摄地而上的近素，故D 动萸视为质点，故A错误： 错误。故选B。 B,在考察马拉松运动比赛成特时，由于路程较长，运动黄的 :8,AC解析：若加选度与度同向，物体微加运动，度逐 大小和形状可以忽略，评判比赛成绩时，可将运动员视为减 浙增大，当加地度减小到零时，逸度最大，发匀速运动，所以 点，故B正确： 物体先微加速运动，后微匀速运动，物休的运动方向不会？ C,在考察排毁运动的比赛成鳍时，委研究运动员的动作，运 变，A正确，D错误： 动项的形状大小不能忽略不计，故运动员不可视为质点，故 若加速度与追度反向，物体微减速运动，若逢度先减小到察， C错误： 则物体先减遮到零，再反向加速，B正确：若加道度与速度反 D,在考察体操运动的比赛成黄时，要根据具体的肢体动作 向，物体微减速逮运动，若加速度光减小到零，则物体先微减速 打分，不能忽略运动员的大小，形状，因此不可将其视为质 运动再做匀速运动，北时速度最小，C正确。故选ABC, 点，故D错误。故选B, 9,AC解析：由图像看出两质，点的图像是一条针线，表示质点 2.D解析：A.平均速率等于路程与时间的比值，则摩天轮转 发的是匀速直线运动，且甲的斜率大于乙的斜率，所以，> 动一周路程不为零，则座舱的平均速率不为0，选项A错溪： v心，故A正确：由图像可知，甲，乙都微匀速运动，加速度为 ,摩天轮转动半周，座舱通过的路程为πR,选项B错误： 零，故B错误：交点表示在同一时刻，位置相同即相通，而 C.摩天轮转动四分之一周，座轮的位移大小为x 0一，时间内每是乙的位置坐标大于甲的位置坐标，即乙在 √/R+R=√2R,选项C错溪： 甲的前面，故C正确，D错误：故选AC. D摩天轮转动一周的过程中，座舱的最大路程为2xR,最大：10，BD解析：无论速度一时间图停还是位移一时间图像只能表 位移大小为2R,则最大路程是最大住移的开倍，选项D正 示物体发直线运动，而不能表示物体微曲线运动，故A错误： 确。故选D, 在x1图线中0一‘1时间内物体1和2的位移相同，时问也 3.D解析：当物体的大小形状对所研究的问题没有影响或影 相等，故平均速度相同，故B正确： 响很小可以忽略不计时，物体可以看成质点，粟同雄大小形 在t图像中图线的针率表示折体的加追度，由图可知， 状对时比赛的影响狠小，可以忽略，所以可以看成质点，故A 04a时问内3的加地度并不是一直大于4的加逸度，放C 错误： 错误： ·43· 答案全解全析 (围线的针率等于物体的速度，针率大于0，表示物体沿 。11,2L:=W,十：，L1=L:十wut1十oto, 正方向运动：鲜单小于0，表示物体沿负方向运动，而，时 解得v=42.5m/s,L1=1147.5m,L.g=765m: 刻之前物体1和2的运动沿正方向，：时刻之后物体2沿 负方向运动，故1：时刻开始物体2反向运动：1图像中遥 (2)到车通过高架桥所月的时间1=L+工 度的正负表示运动方向，从0一1这段时间内物体4速度 200+2.2×1000 s%56.5s. 为正，故【：时刻反向运动，故D正确。故这BD 42,5 11.(1)0.20(2)0.3450.975 周测2匀变速直线运动的基本规律 解析：(1)由题意在其上取A,B,C,D,E5个计数点，每相 邻两个计数，点之间还有9个点没有在图中画出，肿每相邻 1.B解析：汽车在刹车过程数匀减速克线运动，在停止运动之 两计数点时间间隔为1=e=1m=tF=0.02×108= 前，汽车的速度随时间减小，路程随时间增大，故A错误，B 0.205. 正确，汽车做匀减速直线运动，加逸度大小恒定不变，故C错 13.80×10 误：汽率狱匀减速直线运动，加速度方向与速度方向相反，可 (2)B点造度世= 2×0.20m/s=0.345m/s, 知，若速度为正值，则加逸度为负值，故D错误。故选B。 D点跪度w=52.80-1380)X10 2.A解析：以a表示加速度的大小，根据匀变速直线运动规 -m/8=0.975nm/s. 2×0.20 12.(1)交流8V左右(2)4,10/4.11/4.12(3)0.140,13 排有=一a1→4=21二12 2 m/s=6m/s2,故C、D借误： 解析：(1)电磁打点计时器使用的电源应是交流8V左右。 再矩过18汽车的选度为：=一at=24m/s一6X3m/ (2)刻度尺的最小分度是1mm,依据数带刻度，可知，A到 6/s,故A正确，B错误。故速A, D的距离是4.11cm。 3.A解析：由匀变速直线运动公式p,十1可知，物体的初建 (3)计数点同时间间隔为T=5X 7=0.10s 度为=5m/s,加地度为4=一2m/s,故A正确，C错议， 由于加達度方向与初達度方向相反，所以物体微匀减追运动，故 由平均速度等于位移除以时间可以解出AD间的平均速度 B错误： 0--×10m/s0,14m/s 根搭遮度公式可以计算出经过3s物体的速度变为■5m/s一 2×3m/s一1m/s,负号表示方向与初魂度方向相反，故D错 时河较赶，B点的除时逸度大小的等于AC间的平均速度 误。故迹A。 xac2.50×102 大小vg=2T=2×0.10 m/s0.13m/s 4.D解析：由题意可知小球先微初速度方向的匀减速直线运动， 减速到0再反向加递，故小球的加速度方向与初速度方向相反， 13.(1)130m/s(2)0.9m/s 故A错误： 解析：(1)取竖直向上为正方向，是球与脚面接触过程中的 谁度变化量△知=，一《一，， 前45内的平均选度大小为口=中”=10+（一的 m/s= 2 2 足球与脚面接触过程中的平均加速度大小口= 2m/s,故B错误： 解得a=130m/s. 试小球的加维度为a=岩-一背0m-一4m (2)足球从开始下落到离开面后上升到最高点的位移 所以孩小球的加速度大小为4m/s,方向竖直向上，故C △x=h:一h1+ 错误： △r 该过程中足球的平均速度 t+t3+△r1 前4“内小球先匀减递到零后反向加违，故在建度减为零时 解得v=一0.9m/s, 离液面近，有1=0=12.5m,故D正确。故选D. 2a 即该过程中足球的平均速度大小为0.9m/5。 14.(1)2m/s(2)xm2m/s 5.A解析：将F=2+201一2.51与了=1+7a12对比可 解析：(1)根据题图中的几何关系可知，秋千从A点运动到 得，v:=20m/s,a=一5m/s B点的位移大小：=上， 可知，汽车做匀减递运动，加速度大小为5m/s,故B错误： 龈格平均选度的定义有口=，】 28末的速度为=20m/s一5×2m/s=10m/s 20+10 2s内的平均速度为= m/s=15m/s,故A正确：18 解得t,=2m/s。 2 (2》秋千从A点运动到C点的轨迹为圆燕，国此路程= 末的速度为1=20m/5一5×1m/s=15m/8 受L,解得-m 第25内的平均连度西=”=12.5m/ 2 根据题图中几何关系可如△OAC为等腰克角三角形，因此 别第2“内的位移为x=过=12.5m,故C错误： L 秋千从A点运动到C点的位移大小：= 0s45 汽车停下时网为，0二出一45 a 该试程的平均选度大小一，十· 望 则5年内位特的位移等于4s内的位移，即工一罗×4围 解得2m2m/s 40m 15,(1)1147.5m765m42.5m/s(2)56.5s 解析：(1)设列车第一次鸣萄时距离隧通的距离为L1,列车 s内的平均速度大小是7=9m/=8m/,故D 第二次鸣笛时距离睡道的距离为L:,可得2L:=,十 故选A 周周测物理必修第一册RJ ·44·