2024年四川省绵阳市游仙区中考物理诊断试卷

2024年四川省绵阳市游仙区中考物理诊断试卷 一、选择题（本题包括13个小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求） 1．（3分）如图甲所示是小明在活动实践课制作的口哨，由竹筒（A、B两端开口，C处开一小口）和“活塞”组成。将活塞从B处塞入，如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．悦耳的哨音一定不是噪声 B．哨音是由筒内空气振动产生的 C．换用更大的力吹气改变了哨音的音色 D．吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度 2．（3分）电子车票，也称“无纸化”车票，乘客网上购票后，这是乘客通过刷身份证进站时的情景，将身份证靠近检验口，从而识别乘客身份。与这一原理相同的是（　　） A． B． C． D． 3．（3分）下面是小明同学对“能源的开发利用”和“信息传递”的一些认识，其中正确的是（　　） A．5G网络即第五代无线通信技术，是通过电磁波传递信息的 B．光纤通信是依靠激光多次发生折射来传递信息的 C．化石燃料、水能、地热能都属于新能源 D．在核电站的核反应堆内部，核燃料具有的核能通过核裂变反应直接转化为电能 4．（3分）如图所示，纸筒底部中心开一小孔，纸筒开口端蒙一半透明纸做光屏，此时在光屏上恰能观察到清晰的烛焰的像S1；在图示情景中，若在底部中心开一个大孔，并在大孔处嵌入一合适的凸透镜也恰能在光屏上呈现清晰的像S2，S2与S1相比（　　） A．更亮更小 B．更暗更小 C．更亮等大 D．更亮更大 5．（3分）如图，两个完全相同的圆柱体容器中盛有质量相等的甲、乙两种液体，A、B两点到各自液面的距离相等（　　） A．A、B两点液体的压强相等 B．甲容器对桌面的压强比乙容器小 C．甲、乙液体对容器底部的压强相等 D．甲液体对容器底部的压力比乙液体小 6．（3分）在研究水的沸腾实验中，下列相关说法正确的是（　　） A．图甲中，加盖子是为了减慢水的沸腾，开小孔是为了防止沸点变大 B．图乙中读数方法会导致测量结果偏小 C．图丙中A是沸腾时气泡的变化情况，B中沸腾前气泡上升时变小是因为空气遇冷液化 D．图丁中，若a、b是同种物质，则图像不同的原因有初温不同和质量不同 7．（3分）如图所示，甲、乙、丙装置完全相同，燃料的质量、液体的质量和初温都相等（烧杯内的液体均未沸腾），温度计示数为T甲＞T乙＞T丙。下列说法正确的是（　　） A．选择甲、乙，可以用燃烧相同时间比较液体升高温度来反映燃料热值的大小 B．选择甲、丙，可以用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少 C．液体a的比热容ca与液体b的比热容cb相比，有 ca＞cb D．燃料1的热值q1与燃料2的热值q2相比，有 q1＜q2 8．（3分）针对如图三种现象， ①甲图是一个无摩擦的、不在同一平面上连续的轨道，小球从A点经B、C能滑到D； ②乙图是一个无摩擦的滚摆，将细绳绕轴转到A点，放手后； ③丙图是一个单摆，从A点放手，能摆到B点，抵住细绳，小球能摆到C点； ④丁图AOB是光滑轨道，A点的高度H大于B点的高度，让小球由A点静止开始自由落下（不计空气阻力），则小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是b； 其中不能成立的是（　　） A．①②③ B．②④ C．③④ D．③ 9．（3分）2022年真是我国“超级航天年”，中国航天带给了国人无数的惊喜与浪漫。3月23日，航天员在“天宫课堂”做了将水连接在两块玻璃板之间形成“水桥”、液体结晶使“冰球发热”等实验。4月16日，与大气剧烈摩擦，发出耀眼的光。6月5日（　　） ①“水桥”的形成是因为分子之间存在引力 ②返回舱进入大气层发出光是重力做功改变了返回舱的内能 ③液体结晶的球发热是因为液体结晶过程中内能增加 ④火箭发动机的燃料是氢，这是因为氢的比热容很大 A．①③ B．②③ C．①② D．① 10．（3分）如图甲所示，利用拉力F将木块从一个弯折的管道左端拉进，右端拉出。已知竖直管口对木块的挤压作用完全相同（　　） A．木块的重力为12N B．竖直管口对木块的摩擦力为12N C．水平管口对木块的摩擦力为3N D．三个过程中物体都处于平衡状态 11．（3分）如图所示是现在一般标准住宅户内配电系统图，下列分析正确的是（　　） A．三孔插座对应用电器的三线插头，插头最左边的那条导线与用电器的外壳相连 B．当插座漏电时，空气开关①将跳闸 C．当空调电流过大时，漏电保护器会迅速切断电流 D．闭合空气开关③后试电笔先后插入插座的左右插孔，插入插座的左插孔氖管不发光 12．（3分）如图甲所示是小华同学自制的气压计，下列说法错误的是（　　） A．图甲的自制气压计制作时，需注意瓶口密闭，瓶内的气压大于外界的大气压 B．把图甲自制气压计从一楼带到五楼，看到玻璃管内水柱的高度将减小 C．图乙将瓶内装满水，塞紧塞子，用力挤压瓶子可验证“力可以使固体发生微小形变” D．图丙去掉瓶塞，取一吸管靠近玻璃管口，通过吸管向右吹气，玻璃管内水面会上升 13．（3分）某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，激光被遮挡一次，计数器示数变大自动计数一次（计数器可视为电压表）（　　） A．光敏电阻R1的阻值随光照强度的增大而减小 B．开关S闭合前，电阻R2的阻值为零 C．闭合开关S，激光被遮挡的瞬间，通过R1的电流变大 D．闭合开关S，激光被遮挡的瞬间，电阻R2两端的电压变大 二、填空题（本题包括5个小题，每空2分，共20分） 14．（4分）吃早饭的时候，妈妈用热水给小雪加热250g的袋装牛奶，为了使这袋牛奶的温度由12℃升高到42℃，牛奶吸收了 　 　J热量；若热水放出热量的40%被牛奶吸收，则妈妈至少要用热水 　 　kg（结果保留小数点后两位）。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），该牛奶的比热容为2.5×103J/（kg•℃）] 15．（4分）激光笔发出的一束激光与平面镜成50°角射向平面镜，反射光线如图，则反射光线与入射光线的夹角大小为 　 　；若在平面镜不动的情况下，要让激光笔射中目标，可保持激光笔的入射点不变　 　（选填“顺”或“逆”）时针转过一定的角度。 16．（4分）如图为甲、乙、丙三个实心小球在水中静止时的情况。 （1）若这三个球体积相同，则它们所受浮力F甲、F乙、F丙的大小关系为 　 　。 （2）若这三个球质量相同，则它们所受浮力F甲、F乙、F丙的大小关系为 　 　。 17．（4分）小明利用暑假在家里进行课外实践活动：测量石块的密度（ρ石＞ρ水）。小明发现大石块比较大，不能放入量筒中，经思考后，如图所示，实验操作如下： ①向烧杯中加入适量的水，将大石块浸没在水中（水未溢出），在水面的位置做标记1。 ②取出大石块，用天平测出烧杯和剩余水的总质量m2。 ③向烧杯里加水，直到水面到达标记处，测得此时的烧杯和水总质量为m3。已知水的密度为ρ水，根据以上测量，计算大石块的密度ρ石＝　 　（用水的密度ρ水和测量量表示）。根据此方法测出的大石块密度与真实值相比 　 　（选填“偏大”“偏小”或“一样大”）。 18．（4分）图甲为剑剑家的电吹风内部电路简图，它内部有一根电热丝和一个产生强风的风扇，通过开关S1和S2实现冷风和热风两挡功能，则电热丝应该接在图中 　 　（选填“A”或“B”）处。图乙是剑剑某次洗头后使用电吹风时消耗的电功率P与时间t的图象，则电热丝的阻值为 　 　Ω。 三、实验探究题（本题包括3个小题，每空2分，共20分） 19．（6分）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小强同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验，让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。（S1＞S2＞S3） （1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球达到水平面的 　 　相同。 （2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是：　 　。 （3）三次实验中，碰撞前动能最小的是图 　 　（选填“甲”“乙”或“丙”）中的铁球。 20．（6分）图甲是学习光的折射的实验情景，图乙是某实验的示意图。 （1）实验前，点燃固定在盒盖下方的蚊香，盖上盒盖，在塑料盒的右侧面上可看到一个亮点（如图乙B点）。向塑料盒中逐渐加入掺有少量牛奶的水，还有一个在原来亮点的下方D处。保持入射光不动，继续加水　 　（填序号），折射角大小 　 　（选填“增大”“不变”或“减小”）。 A.两个亮点都向上 B.两个亮点都向下 C.上面的亮点向上，下面的亮点向下 D.上面的亮点向下，下面的亮点向上 （2）如图丙，一束激光与水平方向成45°角斜射到空水槽底部O点，形成一个光斑。若向其中加水，则水槽底部光斑移动的速度 　 　v（选填“大于”“等于”或“小于”）。 21．（8分）探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω，2A”字样）、定值电阻6个（5Ω、10Ω、15Ω、25Ω、30Ω、50Ω），导线若干，小李等同学设计了如图甲所示的电路图。 （1）闭合开关S，发现电压表和电流表指针偏转角度较小，无论怎样移动滑片，则故障可能的原因是：　 　。 （2）排除故障后，适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，根据实验数据绘出了如图乙图象。将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向 　 　（选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片。 （3）实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小李同学无论怎样移动滑片，为了能完成这次实验，小李应将电源电压调 　 　（选填“高”或“低”）。 （4）下列选项中能大致反映本实验中各物理量之间关系的是 　 　（填序号）。 A. 电流表示数I与R阻值的关系； B. 电压表示数U与R阻值的关系； C. 滑动变阻器接入电路阻值RP与R阻值的关系； D. 电阻R的功率PR与R阻值的关系。 四、计算题（本题包括2个小题，第22题9分，第23题12分，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 22．（9分）近年来，随着全球环保意识的不断提高，新能源电动汽车逐渐成为了人们关注的焦点。电动汽车具有零排放、能源利用率高、结构较简单和噪声小等优点。用两种不同充电桩，不计充电过程中的能量损失。 充电桩 电池初始状态 充电电压/V 充电电流/A 充满电的时间/h 普通充电桩 相同 220 30 10 快充充电桩 600 100 　 　 （1）用快充充电桩充电，消耗的电功率为多少？ （2）用普通充电桩充满电，消耗的电能为多少千瓦时？ （3）用快充充电桩充满电，需要多少小时？ （4）目前存在普通充电桩充电时间长，充电桩紧缺等问题。为解决此问题，除用快充充电桩充电外 23．（12分）小林同学是一个爱思考问题的同学，他看到某小区正在建造的楼房地基上有起重机在不停地吊起地面上的建筑材料，于是他查阅了起重机资料（如图甲所示），小林知道了塔式起重机主要用于房屋建筑中材料的输送及建筑构件的安装（动滑轮重、绳重及摩擦不计，g取10N/kg）。 （1）为保持平衡，起重臂的长度越长的塔式起重机，配备的平衡重的质量应越大还是越小？请帮他分析说明。 （2）图乙为起重机钢丝绳穿绳简化示意图，若将重为1.2×104N的货物由地面沿竖直方向匀速提升30m，再沿水平方向移动20m，则此过程克服重力做功多少？钢丝绳做功多少？ （3）换用如图丙所示滑轮组，在需要考虑动滑轮重力的情形下，用拉力F将重为8000N的物体匀速在5s时间内提升了0.5m，则该过程中拉力F所做功的功率为多少？ 2024年四川省绵阳市游仙区中考物理诊断试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（本题包括13个小题，每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求） 1．（3分）如图甲所示是小明在活动实践课制作的口哨，由竹筒（A、B两端开口，C处开一小口）和“活塞”组成。将活塞从B处塞入，如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．悦耳的哨音一定不是噪声 B．哨音是由筒内空气振动产生的 C．换用更大的力吹气改变了哨音的音色 D．吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度 【答案】B 【解答】解：A．环境保护角度看、休息，悦耳的哨音如果干扰人们正常工作，属于噪声； B．声音是由物体的振动产生，故B正确； C．换用更大的力吹气改变了哨音的响度； D．吹气时来回拉动“活塞”改变了空气柱的长度，故D错误。 故选：B。 2．（3分）电子车票，也称“无纸化”车票，乘客网上购票后，这是乘客通过刷身份证进站时的情景，将身份证靠近检验口，从而识别乘客身份。与这一原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【解答】解：由题意可知，刷身份证时会产生感应电流，有感应电流产生； A、图示为奥斯特实验，故A不符合题意； B、图中有电源，说明通电导体在磁场中受力而运动； C、图示的实验是探究磁极间的相互作用规律的实验； D、图中没有电源，会产生感应电流，故D符合题意。 故选：D。 3．（3分）下面是小明同学对“能源的开发利用”和“信息传递”的一些认识，其中正确的是（　　） A．5G网络即第五代无线通信技术，是通过电磁波传递信息的 B．光纤通信是依靠激光多次发生折射来传递信息的 C．化石燃料、水能、地热能都属于新能源 D．在核电站的核反应堆内部，核燃料具有的核能通过核裂变反应直接转化为电能 【答案】A 【解答】解：A、5G网络即第五代无线通信技术，故A正确； B、光纤通信是依靠激光多次发生反射来传递信息的； C、化石燃料，故C错误； D、核电站发电是核燃料通过核裂变将核能转化为内能，然后通过发电机转化为电能。 故选：A。 4．（3分）如图所示，纸筒底部中心开一小孔，纸筒开口端蒙一半透明纸做光屏，此时在光屏上恰能观察到清晰的烛焰的像S1；在图示情景中，若在底部中心开一个大孔，并在大孔处嵌入一合适的凸透镜也恰能在光屏上呈现清晰的像S2，S2与S1相比（　　） A．更亮更小 B．更暗更小 C．更亮等大 D．更亮更大 【答案】C 【解答】解：由题意可知，第一次通过小孔成的像属于小孔成像。 第二次换上凸透镜后，烛焰经凸透镜也是成倒立的实像，经凸透镜折射的光更多2比S1更亮， 同时，由于两次的物距和像距都不变。故只有选项C正确。 故选：C。 5．（3分）如图，两个完全相同的圆柱体容器中盛有质量相等的甲、乙两种液体，A、B两点到各自液面的距离相等（　　） A．A、B两点液体的压强相等 B．甲容器对桌面的压强比乙容器小 C．甲、乙液体对容器底部的压强相等 D．甲液体对容器底部的压力比乙液体小 【答案】C 【解答】解：A、已知甲乙容器中液体的质量相等，根据密度公式ρ＝，由于A，根据p＝ρgh可知A点液体的压强大于B点液体的压强； B、两容器质量，根据G＝mg知总重力相同，由p＝、乙容器对桌面的压强相同； CD、对于直壁容器，液体的质量相同，对容器底的压力相同，且容器的底面积相同知，甲、乙两容器底部受到的压强相等、D错误。 故选：C。 6．（3分）在研究水的沸腾实验中，下列相关说法正确的是（　　） A．图甲中，加盖子是为了减慢水的沸腾，开小孔是为了防止沸点变大 B．图乙中读数方法会导致测量结果偏小 C．图丙中A是沸腾时气泡的变化情况，B中沸腾前气泡上升时变小是因为空气遇冷液化 D．图丁中，若a、b是同种物质，则图像不同的原因有初温不同和质量不同 【答案】D 【解答】解：A、加盖是为了缩短加热时间，故A错误； B、温度计的0刻度在下，故B错误； C、沸腾前，上层低，使气泡变小，烧杯中上层水的温度和下层水的温度相同，直至液面破裂； D、若a，吸收相同的热量，故D正确。 故选：D。 7．（3分）如图所示，甲、乙、丙装置完全相同，燃料的质量、液体的质量和初温都相等（烧杯内的液体均未沸腾），温度计示数为T甲＞T乙＞T丙。下列说法正确的是（　　） A．选择甲、乙，可以用燃烧相同时间比较液体升高温度来反映燃料热值的大小 B．选择甲、丙，可以用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少 C．液体a的比热容ca与液体b的比热容cb相比，有 ca＞cb D．燃料1的热值q1与燃料2的热值q2相比，有 q1＜q2 【答案】B 【解答】解： A、选择甲、乙，燃料的种类不同；实验中燃烧相同的时间，所以无法根据液体升高的温度来反映燃料热值的大小； B、选择甲、丙，液体的质量相同，可以探究比热容的大小，故B正确； C、甲、丙所示实验中所用燃料种类与质量相同，燃料燃烧释放的热量被烧杯中的液体吸收a＝Qb，甲、丙两实验烧杯中液体的初温相等甲＞T丙，则Δt甲＞Δt丙，即Δta＞Δtb，因为Qa＝Qb，m相等，Δt1＞Δt2，Q＝cmΔt，所以由c＝，ca＜cb，故C错误； D、甲、乙两实验所使用的燃料质量m相同而种类不同，液体温度升高的越高，燃料的热值越大甲＞T乙，所以q4＞q2，故D错误。 故选：B。 8．（3分）针对如图三种现象， ①甲图是一个无摩擦的、不在同一平面上连续的轨道，小球从A点经B、C能滑到D； ②乙图是一个无摩擦的滚摆，将细绳绕轴转到A点，放手后； ③丙图是一个单摆，从A点放手，能摆到B点，抵住细绳，小球能摆到C点； ④丁图AOB是光滑轨道，A点的高度H大于B点的高度，让小球由A点静止开始自由落下（不计空气阻力），则小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是b； 其中不能成立的是（　　） A．①②③ B．②④ C．③④ D．③ 【答案】C 【解答】解：①甲图中无摩擦，机械能是守恒的，小球从A点经B；故正确； ②乙图中无摩擦，将细绳绕轴转到A点，滚摆能在上下来回转动； ③丙图中，将单摆从A点放手，若在0点放一小棒，小球仍只能摆到B点。故错误。 ④由题知，AOB为完全光滑轨道，小球运动时其机械能守恒； 小球从A点由静止滑下，则小球的机械能等于A点时的重力势能，机械能守恒，这是不可能的； b虚线的最高点与A点的高度相同，而在b虚线的最高点时，所以b虚线表示小球的机械能大于A点的机械能； c虚线的最高点低于A点，由于在最高点时小球仍运动，符合实际； d虚线中小球离开轨道时，由于惯性，则d虚线不可能；故错误； 故正确的是①②，错误的是③④； 故选：C。 9．（3分）2022年真是我国“超级航天年”，中国航天带给了国人无数的惊喜与浪漫。3月23日，航天员在“天宫课堂”做了将水连接在两块玻璃板之间形成“水桥”、液体结晶使“冰球发热”等实验。4月16日，与大气剧烈摩擦，发出耀眼的光。6月5日（　　） ①“水桥”的形成是因为分子之间存在引力 ②返回舱进入大气层发出光是重力做功改变了返回舱的内能 ③液体结晶的球发热是因为液体结晶过程中内能增加 ④火箭发动机的燃料是氢，这是因为氢的比热容很大 A．①③ B．②③ C．①② D．① 【答案】C 【解答】解：①水桥的形成是因为水分子之间有引力，故①正确； ②返回舱进入大气层时，返回舱与空气摩擦，使返回舱的内能增加，是通过做功的方式改变返回舱的内能； ③液体结晶是凝固过程，凝固放热，故③错误； ④火箭发动机的燃料是氢，这是因为氢的热值大。 故选：C。 10．（3分）如图甲所示，利用拉力F将木块从一个弯折的管道左端拉进，右端拉出。已知竖直管口对木块的挤压作用完全相同（　　） A．木块的重力为12N B．竖直管口对木块的摩擦力为12N C．水平管口对木块的摩擦力为3N D．三个过程中物体都处于平衡状态 【答案】D 【解答】解：AB、由甲 木块上升时，向下的重力，所以有：G+f＝12N ①； 木块下降时，向下的重力，所以有：G+8N＝f ②； 联立得：G＝2N；f＝10N、B错误； CD、水平拉动时，为2N，故C错误。 故选：D。 11．（3分）如图所示是现在一般标准住宅户内配电系统图，下列分析正确的是（　　） A．三孔插座对应用电器的三线插头，插头最左边的那条导线与用电器的外壳相连 B．当插座漏电时，空气开关①将跳闸 C．当空调电流过大时，漏电保护器会迅速切断电流 D．闭合空气开关③后试电笔先后插入插座的左右插孔，插入插座的左插孔氖管不发光 【答案】D 【解答】解： A、图中的三孔插座对应用电器的三线插头，这样可以防止因外壳漏电而发生触电事故； B、当插座漏电时，由于此时电路中的电流不会过大，故B错误； C、当空调电流过大时，漏电保护器不会切断电流； D、插座的左孔接零线，闭合空气开关③后，插入插座的右孔时氖管发光。 故选：D。 12．（3分）如图甲所示是小华同学自制的气压计，下列说法错误的是（　　） A．图甲的自制气压计制作时，需注意瓶口密闭，瓶内的气压大于外界的大气压 B．把图甲自制气压计从一楼带到五楼，看到玻璃管内水柱的高度将减小 C．图乙将瓶内装满水，塞紧塞子，用力挤压瓶子可验证“力可以使固体发生微小形变” D．图丙去掉瓶塞，取一吸管靠近玻璃管口，通过吸管向右吹气，玻璃管内水面会上升 【答案】B 【解答】解：A、因为瓶内气压等于外界大气压加上水柱产生的向下的压强，故A正确； B、自制气压计内部空气压强等于外界大气压和水柱向下的压强之和，外界大气压变小，水柱高度变大； C、用力挤压瓶子，再用小一点的力，发现玻璃管内水面高度的变化减小，故C正确； D、去掉橡皮塞，玻璃管上方的空气流动速度增大，瓶内水在大气压的作用下上升。 故选：B。 13．（3分）某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，激光被遮挡一次，计数器示数变大自动计数一次（计数器可视为电压表）（　　） A．光敏电阻R1的阻值随光照强度的增大而减小 B．开关S闭合前，电阻R2的阻值为零 C．闭合开关S，激光被遮挡的瞬间，通过R1的电流变大 D．闭合开关S，激光被遮挡的瞬间，电阻R2两端的电压变大 【答案】A 【解答】解：由电路图可知，开关S闭合后R1与R2串联，可视为电压表的计数器与R6并联， A．由题意可知，光敏电阻接收的光照强度减弱，根据串联电路的分压特点可知1的阻值增大，则光敏电阻R1的阻值随光照强度的减小而增大，反之光敏电阻R3的阻值随光照强度的增大而减小，故A正确； B．因电阻是导体本身的一种性质、长度，与两端的电压和通过的电流无关，虽然电阻R2两端的电压和通过的电流为零，但其阻值不为零； CD．由A可知，激光被遮挡的瞬间1的阻值增大，电路的总电阻增大可知，由串联电路中各处的电流相等可知通过R4的电流变小，由U＝IR可知电阻R2两端的电压变小，故CD错误。 故选：A。 二、填空题（本题包括5个小题，每空2分，共20分） 14．（4分）吃早饭的时候，妈妈用热水给小雪加热250g的袋装牛奶，为了使这袋牛奶的温度由12℃升高到42℃，牛奶吸收了 　1.875×104　J热量；若热水放出热量的40%被牛奶吸收，则妈妈至少要用热水 　0.62　kg（结果保留小数点后两位）。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），该牛奶的比热容为2.5×103J/（kg•℃）] 【答案】1.875×104；0.62。 【解答】解：（1）牛奶升温时吸收的热量： Q吸＝c1m1（t﹣t01）＝5.5×103J/（kg•℃）×4.25kg×（42℃﹣12℃）＝1.875×104J， （2）热水由60℃降低到42℃放出的热量： 因为Q吸＝40%Q放， 所以放出的热量为： Q放＝＝＝46875J， 根据Q放＝c7m2（t02﹣t）得热水的质量为： m2＝＝≈8.62kg。 故答案为：1.875×104；2.62。 15．（4分）激光笔发出的一束激光与平面镜成50°角射向平面镜，反射光线如图，则反射光线与入射光线的夹角大小为 　80°　；若在平面镜不动的情况下，要让激光笔射中目标，可保持激光笔的入射点不变　顺　（选填“顺”或“逆”）时针转过一定的角度。 【答案】80°；顺。 【解答】解：一束激光与平面镜成50°角射向平面镜，此时入射角为90°﹣50°＝40°；反射光线与入射光线的夹角大小为40°+40°＝80°； 根据反射角等于入射角，入射点位置不变，则反射光线逆时针转过一定的角度，能射中目标； 故答案为：80°；顺。 16．（4分）如图为甲、乙、丙三个实心小球在水中静止时的情况。 （1）若这三个球体积相同，则它们所受浮力F甲、F乙、F丙的大小关系为 　F甲＜F乙＝F丙　。 （2）若这三个球质量相同，则它们所受浮力F甲、F乙、F丙的大小关系为 　F甲＝F乙＞F丙　。 【答案】（1）F甲＜F乙＝F丙；（2）F甲＝F乙＞F丙。 【解答】解：（1）由图知，三个球排开液体的体积： V甲＜V乙＝V丙， 在同一种液体中，根据F浮＝ρ液gV排可知： 三个球受到的浮力：F甲＜F乙＝F丙； （2）由图知，因为甲球漂浮， F甲＝G甲； 乙球悬浮， F乙＝G乙； 丙球下沉， F丙＜G丙； 因为G＝mg，甲、乙、丙三个实心球质量相等， G甲＝G乙＝G丙， F甲＝F乙＞F丙。 故答案为：（1）F甲＜F乙＝F丙；（2）F甲＝F乙＞F丙。 17．（4分）小明利用暑假在家里进行课外实践活动：测量石块的密度（ρ石＞ρ水）。小明发现大石块比较大，不能放入量筒中，经思考后，如图所示，实验操作如下： ①向烧杯中加入适量的水，将大石块浸没在水中（水未溢出），在水面的位置做标记1。 ②取出大石块，用天平测出烧杯和剩余水的总质量m2。 ③向烧杯里加水，直到水面到达标记处，测得此时的烧杯和水总质量为m3。已知水的密度为ρ水，根据以上测量，计算大石块的密度ρ石＝　ρ水　（用水的密度ρ水和测量量表示）。根据此方法测出的大石块密度与真实值相比 　偏小　（选填“偏大”“偏小”或“一样大”）。 【答案】ρ水；偏小。 【解答】解：由题意知，大石块的总质量m石＝m1﹣m2， 加水的质量Δm＝m6﹣m2，由ρ＝可知水＝； 所以大石块的体积V石＝V水＝； 大石块的密度ρ石＝＝＝ρ水； 取出大石块时，大石块上带走一部分水，用天平测出烧杯和剩余水的总质量m2减小了，则所测大石块的体积偏大可知，所测体积偏大。 故答案为：ρ水；偏小。 18．（4分）图甲为剑剑家的电吹风内部电路简图，它内部有一根电热丝和一个产生强风的风扇，通过开关S1和S2实现冷风和热风两挡功能，则电热丝应该接在图中 　B　（选填“A”或“B”）处。图乙是剑剑某次洗头后使用电吹风时消耗的电功率P与时间t的图象，则电热丝的阻值为 　44　Ω。 【答案】（1）B；（2）44。 【解答】解：（1）由图乙可知，开关S1在干路上，S2控制B中的元件， 因为无论是吹冷风还是吹热风，电动机均需工作8控制电动机和电热丝，S2只控制电热丝，则A处应该接电动机； （2）由图像参数可知，电吹风冷风挡的电功率P冷＝44W， 电热丝的电功率：P电热丝＝P热﹣P冷＝1144W﹣44W＝1100W， 由P＝可知＝＝44Ω； 故答案为：（1）B；（2）44。 三、实验探究题（本题包括3个小题，每空2分，共20分） 19．（6分）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小强同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验，让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。（S1＞S2＞S3） （1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球达到水平面的 　速度　相同。 （2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是：　质量相同时，速度越大，动能越大　。 （3）三次实验中，碰撞前动能最小的是图 　丙　（选填“甲”“乙”或“丙”）中的铁球。 【答案】（1）速度；（2）质量相同时，速度越大，动能越大；（3）丙。 【解答】解：（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保持小球的速度相同，所以应使质量不同的小球从斜面的同一高度由静止滚下； （2）由图示实验可知，甲、丙两次实验，甲滚下的高度大于丙滚下的高度，甲将纸盒推动得更远，由此可得：质量相同的物体，它具有的动能就越大； （3）三次实验中，是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，丙图中纸盒被推动的距离最小。 故答案为：（1）速度；（2）质量相同时，动能越大。 20．（6分）图甲是学习光的折射的实验情景，图乙是某实验的示意图。 （1）实验前，点燃固定在盒盖下方的蚊香，盖上盒盖，在塑料盒的右侧面上可看到一个亮点（如图乙B点）。向塑料盒中逐渐加入掺有少量牛奶的水，还有一个在原来亮点的下方D处。保持入射光不动，继续加水　C　（填序号），折射角大小 　不变　（选填“增大”“不变”或“减小”）。 A.两个亮点都向上 B.两个亮点都向下 C.上面的亮点向上，下面的亮点向下 D.上面的亮点向下，下面的亮点向上 （2）如图丙，一束激光与水平方向成45°角斜射到空水槽底部O点，形成一个光斑。若向其中加水，则水槽底部光斑移动的速度 　小于　v（选填“大于”“等于”或“小于”）。 【答案】（1）C；不变；（2）小于。 【解答】解：（1）向塑料盒中逐渐加入掺有少量牛奶的水，达到一定高度后会观察到在右侧面原来亮点的上方出现一个亮点，还有一个在原来亮点的下方；保持入射光不动，入射点向左移动，下面的亮点向下移动； 由于入射角不变，则折射角大小不变； （2）沿水槽壁缓慢注水，折射光线逐渐向左偏折，折射角和反射角的大小也不变，折射光线靠近法线，如图所示，由v＝知。 故答案为：（1）C；不变。 21．（8分）探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池、电流表、电压表、滑动变阻器（标有“20Ω，2A”字样）、定值电阻6个（5Ω、10Ω、15Ω、25Ω、30Ω、50Ω），导线若干，小李等同学设计了如图甲所示的电路图。 （1）闭合开关S，发现电压表和电流表指针偏转角度较小，无论怎样移动滑片，则故障可能的原因是：　滑动变阻器同时接了下面两个接线柱　。 （2）排除故障后，适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，根据实验数据绘出了如图乙图象。将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向 　右　（选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片。 （3）实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小李同学无论怎样移动滑片，为了能完成这次实验，小李应将电源电压调 　低　（选填“高”或“低”）。 （4）下列选项中能大致反映本实验中各物理量之间关系的是 　C　（填序号）。 A. 电流表示数I与R阻值的关系； B. 电压表示数U与R阻值的关系； C. 滑动变阻器接入电路阻值RP与R阻值的关系； D. 电阻R的功率PR与R阻值的关系。 【答案】（1）滑动变阻器同时接了下面两个接线柱；（2）右；（3）低；（4）C。 【解答】解：（1）电压表和电流表均有示数，说明电路中没有断路，电表示数不变，由于电流表的示数较小，此时电路中的电阻较大； （2）根据串联分压原理可知，将定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，使电压表示数保持不变； （3）由图乙可知，电阻两端的电压：UV＝IR＝0.8A×30Ω＝…＝0.6A×2Ω＝3V 在接入50Ω的定值电阻后，为了能完成这次实验，根据串联电路的规律及分压原理有：＝＝，故右边也为一定值， 当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻也最大，故有：＝； 解得电源电压最大为：U′＝4.2V；而原电源电压为4×1.5V＝8.5V，小李应将电源电压调低； （4）A、因实验中应控制定值电阻两端的电压不变，故电流随R的变化关系图像为反比例函数图像； B、实验中应控制定值电阻两端的电压不变，电压表示数不变； C、实验中应控制定值电阻两端的电压不变，由串联分压原理可知，为定值，故C正确； D、由于实验中定值电阻两端的电压不变可知电阻R的电功率与R之积为一定值，故D错误； 故选C。 故答案为：（1）滑动变阻器同时接了下面两个接线柱；（2）右；（4）C。 四、计算题（本题包括2个小题，第22题9分，第23题12分，共21分。解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 22．（9分）近年来，随着全球环保意识的不断提高，新能源电动汽车逐渐成为了人们关注的焦点。电动汽车具有零排放、能源利用率高、结构较简单和噪声小等优点。用两种不同充电桩，不计充电过程中的能量损失。 充电桩 电池初始状态 充电电压/V 充电电流/A 充满电的时间/h 普通充电桩 相同 220 30 10 快充充电桩 600 100 　1.1　 （1）用快充充电桩充电，消耗的电功率为多少？ （2）用普通充电桩充满电，消耗的电能为多少千瓦时？ （3）用快充充电桩充满电，需要多少小时？ （4）目前存在普通充电桩充电时间长，充电桩紧缺等问题。为解决此问题，除用快充充电桩充电外 【答案】（1）用快充充电桩充电，消耗的电功率为60kW； （2）用普通充电桩充满电，消耗的电能为66kW•h； （3）用快充充电桩充满电，需要1.1小时； （4）多安装一些充电桩，设立电池交换站等。 【解答】解：（1）用快充充电桩充电，消耗的电功率为：P快＝U快I快＝600V×100A＝60000W＝60kW； （2）用普通充电桩充满电，消耗的电能为：W＝U普I普t普＝220V×30A×10h＝66kW•h； （3）由公式W＝Pt得，用快充充电桩充满电需要的时间：t快＝＝＝1.1h； （4）为解决和缓解普通充电桩充电时间长，充电桩紧缺等问题，可以多安装一些充电桩。 故答案为：（1）用快充充电桩充电，消耗的电功率为60kW； （2）用普通充电桩充满电，消耗的电能为66kW•h； （3）用快充充电桩充满电，需要5.1小时； （4）多安装一些充电桩，设立电池交换站等。 23．（12分）小林同学是一个爱思考问题的同学，他看到某小区正在建造的楼房地基上有起重机在不停地吊起地面上的建筑材料，于是他查阅了起重机资料（如图甲所示），小林知道了塔式起重机主要用于房屋建筑中材料的输送及建筑构件的安装（动滑轮重、绳重及摩擦不计，g取10N/kg）。 （1）为保持平衡，起重臂的长度越长的塔式起重机，配备的平衡重的质量应越大还是越小？请帮他分析说明。 （2）图乙为起重机钢丝绳穿绳简化示意图，若将重为1.2×104N的货物由地面沿竖直方向匀速提升30m，再沿水平方向移动20m，则此过程克服重力做功多少？钢丝绳做功多少？ （3）换用如图丙所示滑轮组，在需要考虑动滑轮重力的情形下，用拉力F将重为8000N的物体匀速在5s时间内提升了0.5m，则该过程中拉力F所做功的功率为多少？ 【答案】（1）配备的平衡重的质量应越大；（2）克服重力做功为3.6×105J；钢丝绳做功为3.6×105；（3）拉力F所做功的功率为1000W 【解答】解：（1）由杠杆的平衡条件可知：G配重×L左＝F右×L右，则G配重＝×F右， 由题意可知，L左、F右不变，L右越长，则G配重越大，由G＝mg可知； （2）克服重力做功：W＝G'h＝1.2×105N×30m＝3.6×107J， 绳子自由端移动的距离：s＝2h＝2×30m＝60m， 因为动滑轮重、绳重及摩擦不计G'＝7N＝6×103N， 钢丝绳做的功：W'＝F's＝5×103N×60m＝3.3×105J； （3）由图丙可知n'＝2，有用功：W有＝G″h'＝8000N×3.5m＝4000J， 由η＝×100%可知总＝＝＝5000J， 拉力做功的功率：P＝＝＝1000W。 答：（1）配备的平衡重的质量应越大；（2）克服重力做功为5.6×105J；钢丝绳做功为3.6×105；（3）拉力F所做功的功率为1000W。 学科网（北京）股份有限公司 $$