13.2物质的比热容-【暑假自学课】2024年新九年级物理暑假提升精品讲义（沪科版）

第13章第2节 物质的比热容 模块一 思维导图构建知识体系 模块二 基础知识全梳理（吃透教材） 模块三 教材习题解析 模块四 核心考点精准练（8道题） 模块五 小试牛刀过关测（7道题） 1．知道什么是物质的比热容，知道比热容的单位及其读法。 2．知道比热容是物质的特性之一，会查物质的比热容表。 3．会根据水的比热容大这一特性来解释一些有关的简单现象。 4．通过探究、实验、观察比较不同物质的吸热能力不同。 ■知识点一：比热容 1. 定义： 一定质量的某种物质，在温度升高（降低）时所吸收（放出）的热量与它的质量和升高（降低）温度的乘积之比。用符号c表示。 （比值法下定义） 2.单位：焦每千克摄氏度 -----J/(kg·℃) 3.性质：比热容是物质的一种特性，大小与物质的种类、状态有关，与质量、体积、温度、密度、吸热放热、形状等无关。 4.水的比热容及应用： （1）水的比热容为4.2×103J(kg·℃) 表示： 1kg的水温度升高（降低）1℃吸收（放出）的热量为4.2×103J。 （2）水的比热容最大： A.水吸（放）热本领强，所以用水做冷却剂或取暖介质。如：热机用水冷却发动机。暖气片内用热水供暖。 B.水的温度很难改变，对生物起到保护作用。如：在炎热的夏季，农作物没有被晒死。 对比热容的理解： （1）表示物体吸热或放热本领的物理量。 （2）也可以这样理解：物质比热容越大，温度越不容易改变。比热容越小，温度越 ■知识点二：实验：探究不同物质的吸热能力 1. 实验主要仪器及作用： （1）天平：测量物体质量。 （2）停表：记录加热时间。 （3）温度计：测温度。 （4）搅拌器：使物质受热均匀。 （5）完全相同的热源：保证相同加热时间内物质吸收的热量相同。 2. 装置的安装顺序：自下而上。 3.实验方法： （1）转换法：通过比较加热时间来判断吸热多少。 （2）控制变量法：控制质量和升高温度相同。或者控制质量和吸热多少相同。 4.物质吸热多少的判断方法：加热时间越长，物质吸收的热量越多。 5.实验方案： 方法一： 让等质量的水和油吸收相同热量，比较物体升高的温度，升温快的比热容小。 方法二： 让等质量的水和油升高相同温度，比较吸收热量多少，吸收热量多的比热容大。 6.实验结论： (1)吸收相同的热量，温度变化量越小的物质，吸热能力越强。 (2)升高相同温度，加热时间越长的物质，吸热能力越强。 即：水和油的吸热本领不同，水的吸热本领比油强，即水的比热容比油大。 实验现象： 方法一：质量相等的油和水加热相同时间，油比水温度升高的快（即：油温度变化量大，升温快） 方法二：质量相等的油和水升高相同的温度，油比水加热的时间短（即：油比水吸收的热量少 ■知识点三：热量的计算 1.公式： Ｑ＝cmΔt （1）物体温度升高，吸收的热量：Ｑ吸＝cmΔt升 （2）物体温度降低，放出的热量：Ｑ放＝cmΔt降 （3）Δt表示温度变化多少：Δt升 =（t2－t1） Δt降 =（t1－t2） 2.热平衡方程：若不计热损失 Ｑ吸＝Ｑ放 也就是，在热传递过程中，如果不考虑热量损失，高温物体放出的热量等于低温物体吸收的热量。 特别强调：“升高了”不等于“升高到” （1）单位：特别提醒质量一定要用Kg。 （2）另外，求质量时常用到单位换算：1mL = 10-6m3, 1L = 10-3m3; 教材原题（P44） 1．沿海地区，昼夜温差较小，而内陆沙漠地区的昼夜温差较大，这主要是因为（ ）。 A．海水的密度小，砂石的密度大 B．海水的比热容大，砂石的比热容小 C．海水的内能多，砂石的内能少 D．海水吸收热量少，砂石吸收热量多 【答案】B。 【解析】沿海地区水多，内陆地区（尤其是沙漠）水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故 ACD不符合题意，B符合题意。。 2．水的比热容较大，人们往往利用它的这一特性为生活、生产服务，下列事例中与 它的这一特性无关的是（ ）。 A．让流动的热水流过散热器供暖 B．汽车发动机用循环水冷却 C．夜晚向稻田里放水以防冻坏秧苗 D．夏天洒水降温 【答案】D。 【解析】夏天洒水降温是利用汽化吸热，和水的比热容大无关。故 D符合题意。 3．将质量和初温均相同的铝、铜、铁三个金属球（c铝＞ c铁＞ c铜），浸没在沸水中煮 较长的一段时间，则三个球的温度 _______。从沸水中吸热最多的是 _______ 球，吸热最 少的是 _______ 球。 【答案】相同；铝；铜。 【解析】（1）三球浸没在沸水中煮较长的一段时间，热传递最终结果温度都和沸水温度相同。（2）物体温度升高，吸收的热量：Ｑ吸＝cmΔt升，mΔt升均相同，则比热容大的吸热多，比热容小的吸热小。 4．若将一瓶煤油倒去一半，则留下的一半（ ）。 A．密度不变，比热容变为原来的一半 B．密度和比热容都不变 C．比热容不变，密度变为原来的一半 D．密度、比热容都变为原来的一半 【答案】B。 【解析】密度与物体的质量体积无关；比热容是物质的一种特性，大小与物质的种类、状态有关，与质量、体积、温度、密度、吸热放热、形状等无关。所以只有B符合题意。 5. 若 100 g 水从 20 °C升温至 90 °C，要吸收多少热量？一根铁钉的质量约 10 g，从 1 000 °C的红热 状态 冷却 至 25 °C，会 放出 多少 热量？ [ c水 =4.2×103 J/(kg·°C)，c铁 = 0.46×103 J/(kg·°C)] 【答案】2.94×103 J；4.485×104 J。 【解析】略。 1．（2023四川眉山）日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的 大。在标准大气压下，质量为水温度从升高，吸收热量 J。【】 2.（2023四川遂宁）小明乘电梯回家，如果以电梯为参照物他是 的；到家后，他用热水加热盒装牛奶。5min后牛奶的温度升高了40℃，这是通过 方式改变了内能；已知牛奶的体积为250mL，则牛奶吸收的热量为 J。[ρ牛奶=1.02×103kg/m3，c牛奶=2.5×103J/(kg•℃)] 3．（2023江苏扬州）下列与比热容有关的生活现象，描述正确的是（　　） A．沙漠地区昼夜温差小 B．汽车发动机常用水做冷却剂 C．在太阳光的照射下，干泥土比湿泥土升温慢 D．“早穿棉袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”是我国沿海地区的生活写照 4．（2023福建）城市中修建人工湖和湿地公园，可以调节气温，这主要是利用水的（    ） A．密度较大 B．沸点较高 C．比热容大 D．流动性好 5．（2023湖北宜昌）在两个相同的烧杯中分别装有质量和初温相同的水和某种液体，用两个完全相同的电加热器对其加热，每隔一段时间用温度计分别测量它们的温度，并画出了温度随时间变化的图像如图，由图像可知（　　）    A．a液体比热容小 B．b液体是水 C．0~3min内a液体吸收的热量少 D．升高相同的温度时，b液体吸收的热量少 6．（2023广东广州）以下过程不发生物态变化，初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（　　） A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大 D．无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大 7．（2023湖北）我国幅员辽阔，人文自然资源丰富，下列分析正确的是（　　） A．新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容大 B．云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为分子不停地做无规则运动 C．黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为冰雕没有内能 D．山东潍坊的潍柴内燃机工作时，将机械能转化成内能 8．（2023·湖南益阳）某小组同学为了比较水和沙石的比热容大小，在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的水和沙石，用相同的酒精灯加热。    （1）小组的实验装置如图所示，其中有一处明显的错误，错误之处是 ； （2）更正错误后，加热相同的时间，沙石升高的温度比水多，说明沙石的比热容比水 （选填“大”或“小”）； （3）比较全班不同小组的实验数据，发现各小组之间的实验数据有较大的不同，可能原因是 （请写出一条）。 1．（2023四川宜宾）质量相同的铜和铅吸收的相同的热量时，铜比铅的温度升高得 （选填“多”或“少”）；质量相同的铜和铅升高相同的温度，吸收热量多的是 （选填“铜”或“铅”）。已知，。 2．（2023·黑龙江牡丹江）小明家的热水器装有50kg水，将水由20℃加热到60℃，水需要吸收的热量是 J。小明用去一部分水，热水器中水的比热容 （选填“变大”“变小”或“不变”）。沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的 。 3．（2023·湖南常德）下表是一些物质的比热容[单位J/(kg·℃)]，根据表中数据和生活现象，下列判断中正确的是（　　） 水 4.2×103 铝 0.88×103 煤油、冰 2.1×103 铁、钢 0.46×103 砂石 约0.92×103 铜 0.39×103 A．不同种类的物质，比热容一定不同 B．比热容与物质物质的状态无关 C．质量相同、初温相同的铝块和铜块吸收相同的热量，铜块的末温更低 D．沿海地区昼夜温差小，是因为水的比热容较大 4．（2023山东泰安）质量均为0.5kg的水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，它们温度随时间变化的关系如图所示。已知水的比热容，。下列说法中（　　） ①甲物质是水 ②0~12min乙温度降低了20℃ ③0~12min甲放出了的热量 ④乙物质的比热容为 A．只有①②正确 B．只有②④正确 C．只有①③正确 D．只有①④正确 5．（2023江苏苏州）在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图所示风向时，通常（　　） A．发生在白天，且陆地温度较高 B．发生在白天，且海水温度较高 C．发生在夜晚，且陆地温度较高 D．发生在夜晚，且海水温度较高 6．（2023上海）5kg的水温度由40℃下降到20℃，放出的热量Q放为多少？[］ 7．（2023·内蒙古通辽）如图所示，在“比较不同物质吸热情况”的实验中，各取质量为50g、初温为20℃的水和食用油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔1min记录一次数据，如下表所示。    物质 加热时间/min 消耗酒精/g 末温度/℃ 物质 加热时间/min 消耗酒精/g 末温度/℃ 食用油 1 0. 5 54 水 1 0. 5 35 2 1. 0 88 2 1. 0 50 3 1. 5 122 3 1. 5 65 （1）分析实验数据可知， （选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强； （2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和 法； （3）根据表中记录的数据，则2min内食用油吸收的热量是 J，所使用的酒精灯的加热效率为 （q酒精=3.0×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg·℃)）。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！1 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $$ 第13章第2节 物质的比热容 模块一 思维导图构建知识体系 模块二 基础知识全梳理（吃透教材） 模块三 教材习题解析 模块四 核心考点精准练（8道题） 模块五 小试牛刀过关测（7道题） 1．知道什么是物质的比热容，知道比热容的单位及其读法。 2．知道比热容是物质的特性之一，会查物质的比热容表。 3．会根据水的比热容大这一特性来解释一些有关的简单现象。 4．通过探究、实验、观察比较不同物质的吸热能力不同。 ■知识点一：比热容 1. 定义： 一定质量的某种物质，在温度升高（降低）时所吸收（放出）的热量与它的质量和升高（降低）温度的乘积之比。用符号c表示。 （比值法下定义） 2.单位：焦每千克摄氏度 -----J/(kg·℃) 3.性质：比热容是物质的一种特性，大小与物质的种类、状态有关，与质量、体积、温度、密度、吸热放热、形状等无关。 4.水的比热容及应用： （1）水的比热容为4.2×103J(kg·℃) 表示： 1kg的水温度升高（降低）1℃吸收（放出）的热量为4.2×103J。 （2）水的比热容最大： A.水吸（放）热本领强，所以用水做冷却剂或取暖介质。如：热机用水冷却发动机。暖气片内用热水供暖。 B.水的温度很难改变，对生物起到保护作用。如：在炎热的夏季，农作物没有被晒死。 对比热容的理解： （1）表示物体吸热或放热本领的物理量。 （2）也可以这样理解：物质比热容越大，温度越不容易改变。比热容越小，温度越 ■知识点二：实验：探究不同物质的吸热能力 1. 实验主要仪器及作用： （1）天平：测量物体质量。 （2）停表：记录加热时间。 （3）温度计：测温度。 （4）搅拌器：使物质受热均匀。 （5）完全相同的热源：保证相同加热时间内物质吸收的热量相同。 2. 装置的安装顺序：自下而上。 3.实验方法： （1）转换法：通过比较加热时间来判断吸热多少。 （2）控制变量法：控制质量和升高温度相同。或者控制质量和吸热多少相同。 4.物质吸热多少的判断方法：加热时间越长，物质吸收的热量越多。 5.实验方案： 方法一： 让等质量的水和油吸收相同热量，比较物体升高的温度，升温快的比热容小。 方法二： 让等质量的水和油升高相同温度，比较吸收热量多少，吸收热量多的比热容大。 6.实验结论： (1)吸收相同的热量，温度变化量越小的物质，吸热能力越强。 (2)升高相同温度，加热时间越长的物质，吸热能力越强。 即：水和油的吸热本领不同，水的吸热本领比油强，即水的比热容比油大。 实验现象： 方法一：质量相等的油和水加热相同时间，油比水温度升高的快（即：油温度变化量大，升温快） 方法二：质量相等的油和水升高相同的温度，油比水加热的时间短（即：油比水吸收的热量少 ■知识点三：热量的计算 1.公式： Ｑ＝cmΔt （1）物体温度升高，吸收的热量：Ｑ吸＝cmΔt升 （2）物体温度降低，放出的热量：Ｑ放＝cmΔt降 （3）Δt表示温度变化多少：Δt升 =（t2－t1） Δt降 =（t1－t2） 2.热平衡方程：若不计热损失 Ｑ吸＝Ｑ放 也就是，在热传递过程中，如果不考虑热量损失，高温物体放出的热量等于低温物体吸收的热量。 特别强调：“升高了”不等于“升高到” （1）单位：特别提醒质量一定要用Kg。 （2）另外，求质量时常用到单位换算：1mL = 10-6m3, 1L = 10-3m3; 教材原题（P44） 1．沿海地区，昼夜温差较小，而内陆沙漠地区的昼夜温差较大，这主要是因为（ ）。 A．海水的密度小，砂石的密度大 B．海水的比热容大，砂石的比热容小 C．海水的内能多，砂石的内能少 D．海水吸收热量少，砂石吸收热量多 【答案】B。 【解析】沿海地区水多，内陆地区（尤其是沙漠）水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故 ACD不符合题意，B符合题意。。 2．水的比热容较大，人们往往利用它的这一特性为生活、生产服务，下列事例中与 它的这一特性无关的是（ ）。 A．让流动的热水流过散热器供暖 B．汽车发动机用循环水冷却 C．夜晚向稻田里放水以防冻坏秧苗 D．夏天洒水降温 【答案】D。 【解析】夏天洒水降温是利用汽化吸热，和水的比热容大无关。故 D符合题意。 3．将质量和初温均相同的铝、铜、铁三个金属球（c铝＞ c铁＞ c铜），浸没在沸水中煮 较长的一段时间，则三个球的温度 _______。从沸水中吸热最多的是 _______ 球，吸热最 少的是 _______ 球。 【答案】相同；铝；铜。 【解析】（1）三球浸没在沸水中煮较长的一段时间，热传递最终结果温度都和沸水温度相同。（2）物体温度升高，吸收的热量：Ｑ吸＝cmΔt升，mΔt升均相同，则比热容大的吸热多，比热容小的吸热小。 4．若将一瓶煤油倒去一半，则留下的一半（ ）。 A．密度不变，比热容变为原来的一半 B．密度和比热容都不变 C．比热容不变，密度变为原来的一半 D．密度、比热容都变为原来的一半 【答案】B。 【解析】密度与物体的质量体积无关；比热容是物质的一种特性，大小与物质的种类、状态有关，与质量、体积、温度、密度、吸热放热、形状等无关。所以只有B符合题意。 5. 若 100 g 水从 20 °C升温至 90 °C，要吸收多少热量？一根铁钉的质量约 10 g，从 1 000 °C的红热 状态 冷却 至 25 °C，会 放出 多少 热量？ [ c水 =4.2×103 J/(kg·°C)，c铁 = 0.46×103 J/(kg·°C)] 【答案】2.94×103 J；4.485×104 J。 【解析】略。 1．（2023四川眉山）日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的 大。在标准大气压下，质量为水温度从升高，吸收热量 J。【】 【答案】 比热容 4.2×105 【解析】[1]因为水的比热容较大，即相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以，汽车水箱中用水作为冷却液。 [2]水温度变化量为20℃，由知道，水吸收的热量 2.（2023四川遂宁）小明乘电梯回家，如果以电梯为参照物他是 的；到家后，他用热水加热盒装牛奶。5min后牛奶的温度升高了40℃，这是通过 方式改变了内能；已知牛奶的体积为250mL，则牛奶吸收的热量为 J。[ρ牛奶=1.02×103kg/m3，c牛奶=2.5×103J/(kg•℃)] 【答案】 静止 热传递 2.55×104 【解析】[1]小明乘电梯回家，小明与电梯之间没有位置的变化，所以以电梯为参照物他是静止的。 [2]牛奶吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式改变牛奶的内能。 [3]牛奶的体积V=250mL=250cm3=2.5×10-4m3 由可知，牛奶的质量m=ρ牛奶V=1.02×103kg/m3×2.5×10-4m3=0.255kg 牛奶吸收的热量Q吸=c牛奶mΔt=2.5×103J/(kg•℃)×0.255kg×40℃=2.55×104J 3．（2023江苏扬州）下列与比热容有关的生活现象，描述正确的是（　　） A．沙漠地区昼夜温差小 B．汽车发动机常用水做冷却剂 C．在太阳光的照射下，干泥土比湿泥土升温慢 D．“早穿棉袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”是我国沿海地区的生活写照 【答案】B 【解析】AD．与沿海地区相比，由于沙漠地区的沙子的比热容比水的比热容小，白天吸收相同的热量后，沙子的温度升高得多，气温较高；夜晚放出相同热量后，沙子的温度下降得多，气温较低，因此沙漠地区昼夜温差大，故“早穿棉袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”是我国沙漠地区的生活写照，故AD错误； B．水的比热容大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同温度时，水吸收的热量多，因此用水来做发动机的冷却剂，故B正确； C．水的比热容大，湿泥土中含水多，因此干泥土的比热容小于湿泥土的比热容，在同等质量、同样的吸热情况下，干泥土的温度上升比较快，故C错误。 故选B。 4．（2023福建）城市中修建人工湖和湿地公园，可以调节气温，这主要是利用水的（    ） A．密度较大 B．沸点较高 C．比热容大 D．流动性好 【答案】C 【解析】水的比热容较大，白天，相同质量的水和土壤、沙石比较，吸收相同的热量时，水的温度升高得少；夜晚，放出相同的热量时，水的温度降低得少，使得昼夜的温差小，所以修建人工湖和湿地公园可以有效调节周围环境的气温，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 5．（2023湖北宜昌）在两个相同的烧杯中分别装有质量和初温相同的水和某种液体，用两个完全相同的电加热器对其加热，每隔一段时间用温度计分别测量它们的温度，并画出了温度随时间变化的图像如图，由图像可知（　　）    A．a液体比热容小 B．b液体是水 C．0~3min内a液体吸收的热量少 D．升高相同的温度时，b液体吸收的热量少 【答案】D 【解析】ABC．质量和初温相同的水和某种液体，用两个完全相同的电加热器对其加热，相同时间内吸收的热量相同，根据，温度升高较慢的比热容较大，而水的比热容最大，因此a液体比热容大是水，故ABC不符合题意； D．b液体的比热容较小，根据Q=cmΔt可知，升高相同的温度时，b液体吸收的热量少，故D符合题意。 故选D。 6．（2023广东广州）以下过程不发生物态变化，初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（　　） A．甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 B．甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大 C．甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大 D．无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大 【答案】B 【解析】依题意初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，说明吸收相同的热量，甲温度变化比乙温度变化慢，由此可知，初温相同的甲、乙放出相同热量，甲乙温度都降低，由于甲温度变化比乙温度变化慢，所以甲的末温比乙的末温高，但由于不知道甲乙两块金属的质量关系，所以无法判断甲、乙比热容哪一个大，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 7．（2023湖北）我国幅员辽阔，人文自然资源丰富，下列分析正确的是（　　） A．新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容大 B．云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为分子不停地做无规则运动 C．黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为冰雕没有内能 D．山东潍坊的潍柴内燃机工作时，将机械能转化成内能 【答案】B 【解析】A．新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容小，白天吸收太阳能温度上升高，夜晚放出热量，温度降也大，故A错误； B．云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为花香分子不停地做无规则运动，扩散到空气中引起嗅觉，故B正确； C．黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为哈尔滨冬天的温度低，任何物体都有内能，冰雕也有内能，故C错误； D．山东潍坊的潍柴内燃机工作时，主要是将内能转化成机械能，故D错误。 故选B。 8．（2023·湖南益阳）某小组同学为了比较水和沙石的比热容大小，在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的水和沙石，用相同的酒精灯加热。    （1）小组的实验装置如图所示，其中有一处明显的错误，错误之处是 ； （2）更正错误后，加热相同的时间，沙石升高的温度比水多，说明沙石的比热容比水 （选填“大”或“小”）； （3）比较全班不同小组的实验数据，发现各小组之间的实验数据有较大的不同，可能原因是 （请写出一条）。 【答案】 盛水烧杯中温度计的玻璃泡接触了烧杯底 小 见解析 【解析】（1）[1]根据小组的实验装置可知，其中一处明显的错误是水中温度计的玻璃泡接触了杯底。 （2）[2]更正错误后，加热相同的时间，则水和沙石吸收的热量相同，沙石升高的温度比水多，说明沙石的吸热能力弱，即沙石的比热容比水小。 （3）[3]比较全班不同小组的实验数据，发现各小组之间的实验数据有较大的不同，可能原因是：各小组所用水（沙石）的质量不一样；各小组水（沙石）的初温不一样；各小组的酒精灯不完全相同；各小组记录温度变化的时间间隔不一样。 1．（2023四川宜宾）质量相同的铜和铅吸收的相同的热量时，铜比铅的温度升高得 （选填“多”或“少”）；质量相同的铜和铅升高相同的温度，吸收热量多的是 （选填“铜”或“铅”）。已知，。 【答案】 少 铜 【解析】[1]由可知，质量相同的铜和铅吸收的相同的热量时，由于铜比铅的比热容大，所以铜比铅的温度升高少。 [2]由可知，质量相同的铜和铅升高相同的温度，由于铜比铅的比热容大，所以铜吸收热量较多。 2．（2023·黑龙江牡丹江）小明家的热水器装有50kg水，将水由20℃加热到60℃，水需要吸收的热量是 J。小明用去一部分水，热水器中水的比热容 （选填“变大”“变小”或“不变”）。沿海地区比内陆地区昼夜温差小，是因为水的 。 【答案】 不变 比热容大 【解析】[1]小明家的热水器装有50kg水，将水由20℃加热到60℃，水需要吸收的热量Q吸=c水m(t﹣t0)=4.2×103J/(kg·℃)×50kg×(60℃﹣20℃)=8.4×106J [2][3]比热容是物质的一种特性，只与物质的种类及状态有关，与物质的质量大小无关，小明用去一部分水，热水器中水的比热容不变。根据可知，相同质量的不同物质，吸收（或放出）相同的热量，因水的比热容大，故水的温度变化小，即沿海地区比内陆地区昼夜温差小。 3．（2023·湖南常德）下表是一些物质的比热容[单位J/(kg·℃)]，根据表中数据和生活现象，下列判断中正确的是（　　） 水 4.2×103 铝 0.88×103 煤油、冰 2.1×103 铁、钢 0.46×103 砂石 约0.92×103 铜 0.39×103 A．不同种类的物质，比热容一定不同 B．比热容与物质物质的状态无关 C．质量相同、初温相同的铝块和铜块吸收相同的热量，铜块的末温更低 D．沿海地区昼夜温差小，是因为水的比热容较大 【答案】D 【解析】A．煤油和冰是不同的物质，但它们的比热容是相同的，故A错误； B．物质的比热容与物质的状态有关，如水和冰的比热容不同，故B错误； C．由，知，质量相同、初温相同的铝块和铜块吸收相同的热量，铜的比热容小，铜块的末温更高； D．沿海地区水多，内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，由，可知，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故D正确。 故选D。 4．（2023山东泰安）质量均为0.5kg的水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，它们温度随时间变化的关系如图所示。已知水的比热容，。下列说法中（　　） ①甲物质是水 ②0~12min乙温度降低了20℃ ③0~12min甲放出了的热量 ④乙物质的比热容为 A．只有①②正确 B．只有②④正确 C．只有①③正确 D．只有①④正确 【答案】D 【解析】①时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图像可知，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；根据Q放=cmΔt可知，在质量相等、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，若A、B两种液体中，一种物质是水，则一定是甲物质，故①正确； ②由图可知，0~12min乙的温度从60℃降低至20℃，所以乙的温度降低Δt乙=60℃-20℃=40℃，故②错误； ③0~12min甲放出的热量Q水放=c水m水Δt甲=4.2×103J/(kg•℃)×0.5kg×(60℃-40℃)=4.2×104J，故③错误； ④由题知，而水和液体的质量相同，即m水=m乙，而水和另种液体在相同时间内放出的热量相等，即Q水放=Q乙放，则c水m水Δt甲=c乙m乙Δt乙，结合图像可得，0~12min水放出的热量，即另一种液体放出的热量Q水放=Q乙放=4.2×104J，则另一种液体的比热容，故④正确 故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 5．（2023江苏苏州）在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图所示风向时，通常（　　） A．发生在白天，且陆地温度较高 B．发生在白天，且海水温度较高 C．发生在夜晚，且陆地温度较高 D．发生在夜晚，且海水温度较高 【答案】D 【解析】水的比热容较大，同样质量的水和沙石，吸收相同的热量（接受相同的太阳辐射能），沙石的温度升高得多，陆面上空空气迅速增温而上升，海面上空的气温相对较冷，冷空气下沉并在近地面流向附近较热的陆面，补充那儿因热空气上升而造成的空缺，形成风。同理，在晚上相同受冷的情况下，陆地的温度低于海洋的温度，从而形成从陆地吹向海洋的风，故这样形成了海陆风。由图可知，风从陆地吹向海洋，则应发生在夜晚，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 6．（2023上海）5kg的水温度由40℃下降到20℃，放出的热量Q放为多少？[］ 【答案】4.2×105J 【解析】解：放出的热量Q放为 7．（2023·内蒙古通辽）如图所示，在“比较不同物质吸热情况”的实验中，各取质量为50g、初温为20℃的水和食用油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔1min记录一次数据，如下表所示。    物质 加热时间/min 消耗酒精/g 末温度/℃ 物质 加热时间/min 消耗酒精/g 末温度/℃ 食用油 1 0. 5 54 水 1 0. 5 35 2 1. 0 88 2 1. 0 50 3 1. 5 122 3 1. 5 65 （1）分析实验数据可知， （选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强； （2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和 法； （3）根据表中记录的数据，则2min内食用油吸收的热量是 J，所使用的酒精灯的加热效率为 （q酒精=3.0×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg·℃)）。 【答案】 水 转换 6.3×103 21% 【解析】（1）[1]由表中数据可知，相同质量的水和食用油，吸收相同热量时，食用油的温度变化量更大，故可知水的吸热能力更强。 （2）[2]实验中为了控制无关变量，应控制水和食用油的质量和初温相同，故运用了控制变量法，将水和食用油吸收热量的多少转化为加热时间，运用了转换法。 （3）[3][4]因2min内水和食用油吸收的热量相同，故由Q=cmΔt可得Q吸=c水m水Δt水=c油m油Δt油=4.2×103J/(kg·℃)×0.05kg×(50℃-20℃)=6.3×103J，由Q=mq可得，酒精完全燃烧释放的热量为Q放=m酒精q酒精=1×10-3kg×3.0×107J/kg=3.0×104J，故可得所使用的酒精灯的加热效率为 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