精品解析：2024年山东省淄博市临淄区中考二模物理试题

2023-2024学年度第二学期阶段性质量检测 初四物理试题 本试卷共四道大题，共8页，满分80分，考试时间90分钟。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 注意事项： 1.答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将区县、学校、姓名、考试号、座号填写在答题卡和试卷规定位置，并涂写考试号。 2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔涂黑答题卡对应题目的答案标号；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 3.非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，字体工整、笔迹清晰，答案要写在答题卡各题目指定区域内；如需改动，先划掉原来答案，然后再写上新答案。严禁使用涂改液、胶带纸、修正带修改。 4.保证答题卡清洁、完整，严禁折叠，严禁在答题卡上做任何标记。 5.评分以答题卡上的答案为依据。不按以上要求作答的答案无效。 一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意） 1. 下列四幅图中，关于声现象的描述正确的是（　　） A. 甲图，发声的音叉能将乒乓球弹开，说明音叉在振动 B. 乙图，用大小不同的力拨动刻度尺，听到声音的音调不同 C. 丙图，将玻璃罩中的空气抽出，听到闹钟发出的声音响度不变 D. 丁图，放在正在播放音乐的喇叭前的蜡烛烛焰摆动，说明声能传递信息 【答案】A 【解析】 【详解】A．甲图，发声的音叉能将乒乓球弹开，说明音叉在振动，声音是由物体振动产生的，故A正确； B．乙图，用大小不同的力拨动刻度尺，刻度尺振动幅度不同，听到声音的响度不同，故B错误； C．丙图，将玻璃罩中的空气抽出，因传声的介质逐渐减少，所以听到闹钟发出的声音响度逐渐变小，故C错误； D．丁图，放在正在播放音乐的喇叭前的蜡烛烛焰摆动，说明声能传递能量，故D错误。 故选A。 2. 如图是某小区交叉路口的几个标志。下列说法正确的是（　　） A. 图中A是禁鸣标志，禁鸣是在声源处控制噪声 B. 图中B是汽车限速标志，它表示该路段车速最高为5m/s C. 图中C是摄像头，其内部的光学元件是凹透镜 D. A中的禁鸣标志是红色的，是因为它吸收了太阳光中的红光 【答案】A 【解析】 【详解】A．控制噪声的方式有三种：在声源处减弱噪声、在传播过程中减弱噪声和在人耳处减弱噪声，禁鸣是在声源处控制噪声，故A正确； B．图中B是汽车限速标志，它表示该路段车速最高为5，故B错误； C．图中C是摄像头，其内部的光学元件是凸透镜，故C错误； D．不透明物体的颜色是由其反射的色光决定的，所以禁鸣标志是红色的，是因为它反射了太阳光中的红光，故D错误。 故选A。 3. 在太公湖，妈妈给小明拍照时，看到了对岸树木在水中的倒“影”、水中的鱼“影”、地面上小雨的“影”子。关于“影”的形成原理，下列说法正确的是（　　） A. 妈妈的摄“影”——光的直线传播 B. 树木的倒“影”——光的反射 C. 水中的鱼“影”——光的反射 D. 小雨的“影”子——光的折射 【答案】B 【解析】 【详解】A．妈妈的摄“影”，属于凸透镜成像，原理是光的折射，故A错误； B．树木的倒“影”，属于平面镜成像，原理是光的反射，故B正确； C．水中的鱼“影”原理是光的折射，故C错误； D．小雨的“影”子，原理是光的直线传播，故D错误。 故选B。 4. 在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上恰能承接到烛焰清晰的像。下列判断正确的是（　　） A. 烛焰在图示位置所成的像与投影仪成像特点相同 B. 该凸透镜的焦距为15.00cm C. 仅将如图所示位置的光屏右移，可模拟远视眼成像 D. 将蜡烛移到光具座35.0cm处，则将光屏向右移至80.0cm处时，光屏上可得到放大的像 【答案】D 【解析】 【详解】A．图中物距大于像距，由凸透镜成像规律可知，此时成的是倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同，投影仪成的是倒立、放大的实像，故A错误； B．图中物距等于30.0cm，成倒立、缩小的实像时，物距大于两倍焦距，所以凸透镜的焦距小于15.00cm，故B错误； C．仅将如图所示位置的光屏右移，相当于像成在视网膜前方，可模拟近视眼成像，故C错误； D．图中物距为30.0cm，像距为15.0cm，光路具有可逆性，所以将蜡烛移到光具座35.0cm处，即物距为15.0cm，则将光屏向右移至80.0cm处，即像距为30.0cm，光屏上可得到倒立、放大的实像，故D正确。 故选D。 5. 如图是一款网红食品——“分子冰激凌”，制作时，将沸点为-196℃的液氮倒入冰激凌盒中的牛奶中，瞬间“烟雾弥漫”。同时牛奶被制成冰激凌。下列说法正确的是（　　） A. 液氮倒入冰激凌盒中升华吸热 B. “烟雾弥漫”中的“白烟”是水蒸气 C. 牛奶制成冰激凌的过程是凝华放热 D. 吃冰激凌解暑利用了冰激凌熔化吸热 【答案】D 【解析】 【详解】A．液氮倒入冰激凌盒中由液态转化为气态，属于汽化吸热，故A错误； B．“烟雾弥漫”中的“白烟”是水蒸气液化形成的小液滴，故B错误； C．牛奶制成冰激凌的过程中，牛奶由液态转化为固态，属于凝固放热，故C错误； D．冰激凌由固态转化为液态的过程称为熔化，熔化过程吸收热量，所以吃冰激凌解暑利用了冰激凌熔化吸热，故D正确。 故选D。 6. 劳动教育成为“必修课”，小明周末在家使用高压锅炖猪骨汤时，联想到许多物理知识。下列说法正确的是（　　） A. 炖汤过程中，排骨汤含有的热量不断增加 B. 排骨汤香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动 C. 排骨汤沸腾过程中吸收热量，温度不变，内能不变 D. 炖汤过程中，气流冲击限压阀转动，此过程的能量转化与内燃机压缩冲程相似 【答案】B 【解析】 【详解】A．热量过程量，不能“含有”，故A错误； B．排骨汤香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，且温度越高，分子的无规则运动越剧烈，故B正确； C．排骨汤沸腾过程中吸收热量，温度不变，内能变大，故C错误； D．炖汤过程中，气流冲击限压阀转动，气体对外做功，内能转化为机械能，此过程的能量转化与内燃机做功冲程相似，压缩冲程将机械能转化为内能，故D错误。 故选B。 7. 如图是“测量固体密度”实验时的部分实验过程，下列选项正确的是（　　） A. 天平使用前指针位置如图甲所示，为使天平平衡，平衡螺母应向右调 B. 天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，该固体的质量为27.4g C. 放入固体前后，量筒的示数如图丙所示，该固体的体积为40cm3 D. 该固体的密度为2.7g/cm3 【答案】D 【解析】 【详解】A．天平使用前指针位置如图甲所示，图甲中指针偏右，说明右侧偏重，为使天平平衡，平衡螺母应向左调，故A错误； B．天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，该固体的质量 读取的是游码左侧对应的刻度，故B错误； C．放入固体前后，量筒的示数如图丙所示，该固体的体积 故C错误； D．该固体的密度 故D正确。 故选D。 8. 如图用力蹬地，滑板车会向前滑行。停止用力后，滑板车会慢慢停下来。不计空气阻力，下列分析正确的是（　　） A. 在滑行过程中，相对于滑板车，小明是运动的 B. 停止用力后，滑板车能继续向前滑行是因为滑板车受到惯性力的作用 C. 不蹬地后，滑板车会慢慢停下来，说明力是改变物体运动状态的原因 D. 滑板车受到的重力和地面对滑板车的支持力是一对平衡力 【答案】C 【解析】 【详解】A．在滑行过程中，小明与滑板车之间的空间位置没有发生改变，所以相对于滑板车，小明是静止的，故A错误； B．惯性不是力，不能给物体作用，停止用力后，滑板车能继续向前滑行是因为滑板车具有惯性，将保持原来的运动状态，故B错误； C．不蹬地后，滑板车会慢慢停下来，是因为滑板车受到摩擦力作用，说明力是改变物体运动状态的原因，故C正确； D．地面对滑板车的支持力等于滑板车和人的总重力，所以滑板车受到的重力和地面对滑板车的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故D错误。 故选C。 9. 如图所示，歼20是我国自主研发的一款高性能的隐形战机。下列说法正确的是（　　） A. 歼20发动机使用的石油燃料是可再生能源 B. 飞机机翼的升力是利用了流体中流速大的位置压强大这一原理 C. 歼20飞机很难被雷达检测到，是因为它的构造及材料对电磁波有很强的吸收作用 D. 歼20飞行员与地面指挥中心通过超声波传递信息 【答案】C 【解析】 【详解】A．歼20发动机使用的石油燃料不能不断的从自然界中获取，且短时间是不可恢复，所以是不可再生能源，故A错误； B．飞机机翼的升力是利用了流体中流速大的位置压强小这一原理，故B错误； C．歼20飞机很难被雷达检测到之所以能够避开雷达的探测，其原因在于它的表面制成特殊形状，这种形状能够减弱电磁波的反射，同时表面有一层特殊材料，这种材料能够增强对电磁波的吸收作用，使得雷达受到反射回来的电磁波发生变化，即导致雷达无法根据反射回来的电磁波判断前方物体，故C正确； D．电磁波可以在真空中传播，电磁波可以传递信息，且传播速度很快，所以歼20飞行员与地面指挥中心通过电磁波传递信息，故D错误。 故选C。 10. 如图所示是我国高超音速导弹“DF-17”从起飞到击中目标的轨迹示意图，它突防能力强，难以拦截。下列说法正确的是（　　） A. 导弹在a点所具有的动能最大 B. 在大气层内，导弹向上俯冲时受到的大气压强增大 C. 导弹飞出大气层后至上升到a点过程中，重力势能转化为动能 D. 导弹再次穿越大气层从c点至命中攻击点的过程中，重力势能转化为动能和内能 【答案】D 【解析】 【详解】A．导弹在a点的高度最高，重力势能最大，动能最小，故A错误； B．大气压强，它随高度的增加而减小，这是大气压强的变化规律，故B错误； C．导弹飞出大气层后上升到a点过程中，速度减小，高度增加，动能转化为重力势能，故C错误； D．导弹再次穿越大气层至命中攻击点的过程中，重力势能减小，动能增大，而其与空气摩擦导致内能增大，此内能的改变是通过做功的方式实现的，所以重力势能转化为动能和内能，故D正确。 故选D。 11. 图示电路中灯泡L1和L2分别标有“3.8V，0.2A”和“3.8V，0.3A”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），闭合开关后两灯均发光。下列说法正确的是（　　） A. 灯泡L1和L2串联 B. 灯L1中的电流比L2中的电流小 C. 灯L1的电阻丝比灯L2的电阻丝粗 D. 电流表A2的示数为0.5A 【答案】B 【解析】 【详解】A．电路有两个回路，所以是并联电路，即灯泡L1和L2并联，故A错误； B．电路为并联电路，电源为2节干电池，电压为3V，灯泡L1的电阻为 灯泡L2的电阻为 并联电路支路电压等于电源电压，由可知，流过L1的电流小于流过L2的电流，故B正确； C．由B可知，灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻，其它条件相同时，横截面积越大，电阻越小，所以灯L1的电阻丝比灯L2的电阻丝细，故C错误； D．电流表A2接在干路上，测量干路电流，因两灯两端电压小于额定电压，所以流过的电流小于额定电流，即电流表A2的示数小于0.5A，故D错误。 故选B。 12. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 电流表的示数不变，电压表V的示数变小 B. 电流表的示数不变，电压表V的示数不变 C. 电压表V的示数与电流表的示数比值不变 D. 电压表V的示数与电流表的示数比值变小 【答案】C 【解析】 【详解】根据电路图可知，该电路是并联电路，电流表测量通过R2的电流，电流表测量干路的电流，电压表V测量电源电压；根据并联电路的电压特点可知，电压表V的示数不变；根据并联电路互不影响的特点可知，电流表的示数不变； 根据并联电路的电流特点可知，电流表的示数随着通过R1的电流的变化而变化，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，R1的电阻变大，通过R1的电流变小，所以，电流表的示数变小； 根据可知，电压表V的示数与电流表的示数之比等于定值电阻R2的大小，定值电阻R2的阻值不变；电压表V的示数与电流表的示数之比等于滑动变阻器R1的大小，电阻是变大的。 故ABD错误，C正确。 故选C。 13. 我国自行研制的第三艘航空母舰福建号采用了最先进的电磁弹射器。电磁弹射器的弹射车处于强磁场中，当弹射车内的导体有强电流通过时，弹射车就给舰载机提供强大的推力而快速起飞。下列各图能正确反映电磁弹射器工作原理的是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】依题意电磁弹射器的弹射车处于强磁场中，当弹射车内的导体有强电流通过时，弹射车就给舰载机提供强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力运动，与电动机原理相同。 A．图A是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故A不符合题意； B．图B是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故B不符合题意； C．图C有电源，通电导体在磁场中受力运动，是电动机原理，故C符合题意； D．图D没有电源，是探究电磁感应现象的实验，故D不符合题意。 故选C。 14. 如图是家用空气开关的结构图，它由电磁铁P、衔铁OQ、闸刀S、弹簧等元件构成，它主要起保险作用。下列说法正确的是（　　） A. 电磁铁P是利用电流的热效应来工作的 B. 电磁铁P的左端是S极 C. 空气开关“跳闸”时一定是家庭电路发生了短路 D. 当电流过大时，电磁铁磁性增强，使衔铁OQ转动，弹簧将闸刀拉起，切断电路 【答案】D 【解析】 【详解】A．电磁铁P是利用电流的磁效应来工作的，故A错误； B．电流从电磁铁P的左侧流入，由右手螺旋定则可知，左端为N极，故B错误； C．空气开关“跳闸”是因为电路中电流过大，不一定是家庭电路发生了短路，也可能是总功率过大，故C错误； D．当电流过大时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使衔铁OQ转动，弹簧将闸刀拉起，切断电路，起到保护作用，故D正确。 故选D。 15. 图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P移动过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A. 电源电压是6V B. 电阻R0的阻值为10Ω C. 电路消耗的最大电功率为1.2W D. 当R=10Ω时，R工作1min消耗的电能为36J 【答案】A 【解析】 【详解】AB．电路串联电路，当滑动变阻器连入电路阻值为5欧姆时，其两端电压为3V，电路中电流为 电源电压为 当滑动变阻器连入电路阻值为10欧姆时，其两端电压为4V，电路中电流为 电源电压为 解得 故A正确，B错误； C．当滑动变阻器连入电路的阻值为0时，电路消耗的电功率最大，为 故C错误； D．当R=10Ω时，R工作1min消耗的电能 故D错误。 故选A。 二、理解和应用题（本题包括5个小题，共16分） 16. 如图所示的运油车正在卸油，快速流出的油和油罐由于______现象会积累过多电荷，为防止发生事故，将一条“绳子”把运油车与静电消除器相连，“绳子”芯应是______（ 填“导体”或“绝缘体”）。若多余的电子经静电消除器上的接地线流向大地，则接地线中的电流方向______（填“向上”或 “向下”）。 【答案】 ①. 摩擦起电 ②. 导体 ③. 向上 【解析】 【分析】 【详解】[1]用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电，运油车卸油时，快速流出的油和油罐在摩擦过程中发生了摩擦起电现象，产生大量的静电。 [2]为防止发生事故，用一条“绳子”把运油车与静电消除器相连，将运油车上的电荷导入大地来消除静电，因此“绳子”芯应为导体。 [3]电子经静电消除器上的接地线流向大地，电流方向与电子定向移动的方向相反，所以接地线中的电流方向向上。 17. 如图甲所示电路中，电源电压恒定不变，R1的阻值为5Ω，图乙是小灯泡L的电流与电压关系图像。当只闭合S1、S2时，电压表示数为1V，电源电压为________V；当只闭合S2、S3时，电压表示数为2V，小灯泡L消耗的实际功率为________W，电阻R2在1min内产生的热量为________J。 【答案】 ①. 3 ②. 1.2 ③. 36 【解析】 【详解】[1]只闭合S1、S2时，电路为灯泡与R1串联的电路，电压表测量灯泡两端电压，电压表示数为1V，由图乙可知，此时电路中电流为0.4A，则电源电压为 [2]当只闭合S2、S3时，电路为灯泡与R2串联的电路，电压表测量灯泡两端电压，电压表示数为2V，电路中电流为0.6A，小灯泡L消耗的实际功率为 [3]电阻R2在1min内产生的热量 18. 如图是我国盾构隧道掘进机（盾构机），盾构机前端安装了锋利的刀盘，是为了________；刀盘旋转击碎石料过程中，通过________的方式使刀盘的内能增加，温度升高，此时需要用水循环给刀盘降温；击碎后的石料由传送带运输，当石料与传送带一起匀速水平前进时，石料________（选填“受”或“不受”）摩擦力。 【答案】 ①. 增大压强 ②. 做功 ③. 不受 【解析】 【详解】[1]盾构机前端安装了锋利的刀盘，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。 [2]刀盘旋转击碎石料过程中，将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变刀盘的内能。 [3]当石料与传送带一起匀速水平前进时，石料与传送带间没有相对运动或相对运动的趋势，所以石料与传送带之间没有摩擦力，即石料不受摩擦力。 19. 如图甲所示，工人利用滑轮组将重为800N的货物匀速提升，工人所用拉力F为500N，货物提升距离与时间关系图像如图乙所示。不计绳重和摩擦，则绳子自由端移动的速度为________m/s，动滑轮的重为________N，拉力F的功率为________W，滑轮组的机械效率是________。 【答案】 ①. 1 ②. 200 ③. 500 ④. 80% 【解析】 【详解】[1]由图像可知，物体移动的速度为 由图可知，绳子承重的段数n=2，绳子自由端移动的速度为 [2]不计绳重和摩擦，由 可得，动滑轮的重为 [3]拉力F的功率为 [4]滑轮组机械效率为 20. 某插排内部除了三孔插座外，还内置了一个USB供电模块，通过两根线和家庭电路相连，请用笔画线代替导线将电路图补充完整。 【答案】 【解析】 【详解】由题意可知，三孔插座和供电模块可以独立工作，两者互不影响，应并联，三孔插座中间孔接地线；而三孔插座和供电模块由总开关控制，所以总开关在干路上，由安全用电的原则，总开关应接在火线上，三孔插座的左侧孔与USB模块的另一接线处接零线，如下图所示： 三、实验与探究题（本题包括3个小题，共21分） 21. 小明用相同的电加热器分别给水和煤油加热（如图），探究水和煤油的吸热能力。某次按照正确的实验方案测量的部分实验数据如下表所示。 物质 初温/℃ 加热时间/min 末温/℃ 水 20 4 30 煤油 30 4 50 （1）实验中需要控制水和煤油的________相等； （2）本实验通过________来反映水和煤油吸收热量的多少，这种研究问题的方法称为________（选填“控制变量法”或“转换法”）； （3）比较不同物质的吸热能力，通常有两种方案：方案一，取相同质量的两种物质，吸收相等的热量，比较温度的变化；方案二，取相同质量的两种物质，升高相同的温度，比较吸收的热量。分析上表中信息可判断： ①小明采用的是________（选填“方案一”或“方案二”）； ②________（选填“水”或“煤油”）的吸热能力较强，物理学中用________（填物理量名称）表示物质的吸热能力； ③煤油的比热容为________。 【答案】 ①. 质量 ②. 加热时间的多少 ③. 转换法 ④. 方案一 ⑤. 水 ⑥. 比热容 ⑦. 2.1×103 【解析】 【详解】（1）[1]由可知，在探究不同物质的吸热能力时，要控制物质的质量相同。 （2）[2][3]水和煤油吸收热量的多少不易观察，本实验通过加热时间长短来反映水和煤油吸收热量的多少，采用了转换法。 （3）[4]由表中数据可知，水和煤油加热时间相同，即吸收热量相同，所以选择的是取相同质量的两种物质，吸收相等的热量，比较温度的变化，即方案一。 [5][6]由表中数据可知，吸收等量的热量，水的温度变化量更小，说明水的吸热能力更强，表示物质的吸热能力的物理量称为比热容。 [7]水和煤油的质量相同，吸收相同的热量后，水温从20℃升高至30℃，温度变化量为10℃，煤油从30℃升高至50℃，温度变化量为20℃，即煤油的温度变化量是水的两倍，由可知，水的比热容是煤油的两倍，所以煤油的比热容为 22. 在“探究杠杆平衡的条件”实验中。 （1）在挂钩码前，杠杆静止时如图甲所示，则应将杠杆左端的螺母向______（选填“左”或“右”）调节才能使杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的主要目的是______； （2）某小组实验时的过程如图乙所示，由此他们得出结论：杠杆的平衡条件是“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”。你认为这个结论是______（选填“正确”或“错误”）的，下列能帮助他们得出正确结论的操作是______； A.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计竖直向下拉 B.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计斜向下拉 C.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计竖直向上拉 D.增加钩码个数，再多次实验使结论更具普遍性 （3）将图乙（b）中杠杆左侧钩码下端再加挂一个相同的钩码，则应将右侧钩码向右移动______格，才能使杠杆在水平位置保持平衡，这样操作所依据的关系式为______。 【答案】 ①. 右 ②. 便于测力力臂 ③. 错误 ④. B ⑤. 1 ⑥. 【解析】 【详解】（1）[1][2] 在挂钩码前，杠杆静止时如图甲所示，左端下沉，说明左端重，则应将杠杆左端的螺母向右调节，给右端增重，才能使杠杆在水平位置平衡，此时杠杆和力臂重合，便于测量力臂。 （2）[3][4] 杠杆平衡条件是“动力×动力臂=阻力×阻力臂”，而力臂是支点到力的作用线的距离，并非支点到力的作用点的距离，所以结论错误。“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，此时的力臂正是支点到力作用点的距离；为得出普遍结论，应改变力的方向使力臂不等于支点到力作用点的距离，多做几次实验，得出实验结论，故选B。 （3）[5][6] 设一个钩码重力为G，杠杆上一格的长度为L，设应将右侧钩码向右移动格，根据杠杆平衡条件则有 解得，即将图乙（b）中杠杆左侧钩码下端再加挂一个相同的钩码，则应将右侧钩码向右移动1格，才能使杠杆在水平位置保持平衡。 23. 在探究“电流跟电阻的关系”实验中，电源电压保持6V不变。 （1）某同学连接的电路如图甲所示，他接错了一根导线，请在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线；________ （2）改正错误后连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是________； （3）排除电路故障进行实验，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器，使电压表示数保持不变，实验数据记录如下表。分析表中数据可得出结论________；为了完成该实验，所选滑动变阻器的最大阻值不得小于________Ω； 实验次数 1 2 3 4 5 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 电流I/A 0.6 0.3 0.2 0.15 0.12 （4）若另一组同学测量的实验数据如下表，分析表中数据可发现与正确结论不符，其原因可能是________； 次数 电阻R/Ω 电流I/A 1 5 0.60 2 10 0.40 3 25 0.20 （5）完成上述实验后，乐乐又设计了如图乙所示的电路，来测量一个额定电压为U0的小灯泡的额定功率，已知定值电阻的阻值为R0，请完成以下实验步骤： ①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器，直到电流表示数为________，此时灯泡正常发光； ②只闭合开关S和S1，保持滑片位置不动，读出此时的电流表示数I； ③小灯泡的额定功率： P额＝________。 【答案】 ①. ②. 电阻R处断路（或开路） ③. 在电阻两端的电压一定时，通过该电阻的电流与它的电阻成反比 ④. 25 ⑤. 更换电阻后，没有移动滑片来控制定值电阻两端电压不变（或一定） ⑥. ⑦. U0（I-）（或U0I-） 【解析】 【详解】（1）[1]如图甲，电压表正负接线柱接反了，电流表“－”接线柱应与电压表“3V”接线柱相连，如图所示： （2）[2]电流表无示数，说明出现了断路，电压表示数接近电源电压，说明其测量对象定值电阻断路。 （3）[3]由表可知，当电压一定时，每次实验电流I与电阻R的乘积相等，故可得出结论：在电阻两端的电压一定时，通过该电阻的电流与它的电阻成反比。 [4]由表可知，定值电阻两端电压保持为 UR＝IR＝0.6A×5Ω＝3V 电源电压为U＝6V，故滑动变阻器两端电压为 UP＝U－UR＝6V－3V＝3V 由串联分压原理可知 当定值电阻最大，即Rmax＝25Ω时，滑动变阻器阻值最大，最大值为 RPmax＝Rmax＝25Ω 故所选滑动变阻器的最大阻值不得小于25Ω。 （4）[5]本实验需要控制定值电阻两端电压不变，而改组同学数据电流与电阻的乘积不相等，所以原因可能是更换定值电阻后，没有控制定值电阻两端电压不变。 （5）①[6]要测量小灯泡额定功率，需首先使小灯泡正常发光；只闭合开关S和S2，R0和小灯泡并联，电流表测量通过R0的电流，当U0＝IR0，即时，灯泡正常发光；故调节滑动变阻器，直到电流表示数为，灯泡正常发光。 ③[7]只闭合开关S和S1，电流表测量干路电流，保持滑片位置不动，读出此时的电流表示数I，则通过灯泡的电流为 故小灯泡额定功率为 四、分析与计算（本题包括2个小题，共13分） 24. 2018年4月，太平洋某海域，“蛟龙号”完成了下潜前的准备，腹部挂好压载铁块；内科考队员均就位：舱门封闭如图所示，此时“蛟龙号”的工作参数如表格所示（g取10N／kg，海水密度ρ＝1.1×103 kg／m3）．问 状态 满载 整体体积 22m3 整体质量 24.6t 海水密度 1.1×103kg/m3 电池电压 200V 电池容量 400Ah 电动机额定功率 1200W （1）在海水中1．8km深处完成科考任务后，发现液压系统故障，无法抛掉压载铁块，只得启动“蛟龙号”两侧的螺旋桨，两侧螺旋桨共同作用使“蛟龙号”获得竖直向上的推力F推，帮助“蛟龙号”匀速上升，不计海水对“蛟龙号”的阻力，匀速上升过程中，F推有多大？ （2）上升过程耗时2h，F推做功的功率多大？ （3）为保障电动机驱动螺旋桨用电，舱内其他用电器都被关闭，电池完好．上升过程中仪表显示刚开始上升电池电量是80％，最后出水时电池电量是75％．此过程中，电能转化为F推做功的效率有多大？ 【答案】（1） 4×103N （2） 1000W （3）50% 【解析】 【分析】（1）先计算蛟龙号自身重力，再根据阿基米德原理计算浮力，而匀速上升过程中，物体受到平衡力的作用，据此分析； （2）根据推力结合功的公式求出上升1.8km所完成功的多少，由计算功率； （3）根据表格中的数据计算消耗电池储存电能的多少，由效率公式计算即可． 【详解】（1） “蛟龙号”的重力： G=mg=24.6×103kg×10N/kg=2.46×105N， 浸没在水中，所受的浮力： F浮=ρgV排=1.1×103kg/m3×10N/kg×22m3=2.42×105N， 匀速上升过程中，受力平衡，可得： G=F浮+F推， 蛟龙号受到的推力为： F推=G-F浮=2.46×105N-2.42×105N=4×103N； （2）由题知，上升的距离s=1.8km=1800m， 则推力做的功： W=F推s=4×103N×1.8×103m=7.2×106J， 推力做功的功率： ； （3）电池储存的电能： W0=UIt=200V×400A×3600s=2.88×108J， 上升过程消耗的电能： W1=W0×（80%-75%）=2.88×108J×5%=1.44×107J， 电能转化的效率： ． 25. 作为四大国粹之一的中药能有效抑制病毒在人体内的传播。如图甲所示为一款电热中药壶，其简化电路图如图乙所示，它有急火和文火两种工作状态，由温控开关S1自动控制，文火时的电功率为220W。R1和R2均为发热电阻，且R2的阻值为123.2Ω。【c中药取4.0×103J/(kg·℃)】求： （1）中药壶在文火状态下的电流； （2）将3kg中药从20℃加热至100℃，中药吸收的热量； （3）若不计热量损失，用急火完成（2）中的加热过程所用的时间。 【答案】（1）1A；（2）9.6×105J；（3）1920s 【解析】 【详解】解：（1）根据，中药壶在文火状态下的电流 （2）中药吸收的热量 （3）当S1接b时，R1和R2串联在电路中，为文火状态，根据 电路的总电阻 根据串联电路电阻的特点，R1的阻值为 当S1接a时，只有R1在电路中，为急火状态 不计热量损失W=Q吸，根据，加热过程所用时间 答：（1）中药壶在文火状态下的电流1A； （2）中药吸收的热量9.6×105J； （3）加热过程所用时间1920s。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2023-2024学年度第二学期阶段性质量检测 初四物理试题 本试卷共四道大题，共8页，满分80分，考试时间90分钟。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 注意事项： 1.答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将区县、学校、姓名、考试号、座号填写在答题卡和试卷规定位置，并涂写考试号。 2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔涂黑答题卡对应题目的答案标号；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。 3.非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，字体工整、笔迹清晰，答案要写在答题卡各题目指定区域内；如需改动，先划掉原来答案，然后再写上新答案。严禁使用涂改液、胶带纸、修正带修改。 4.保证答题卡清洁、完整，严禁折叠，严禁在答题卡上做任何标记。 5.评分以答题卡上的答案为依据。不按以上要求作答的答案无效。 一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意） 1. 下列四幅图中，关于声现象的描述正确的是（　　） A. 甲图，发声的音叉能将乒乓球弹开，说明音叉在振动 B. 乙图，用大小不同的力拨动刻度尺，听到声音的音调不同 C. 丙图，将玻璃罩中的空气抽出，听到闹钟发出的声音响度不变 D. 丁图，放在正在播放音乐的喇叭前的蜡烛烛焰摆动，说明声能传递信息 2. 如图是某小区交叉路口的几个标志。下列说法正确的是（　　） A. 图中A是禁鸣标志，禁鸣是在声源处控制噪声 B. 图中B是汽车限速标志，它表示该路段车速最高为5m/s C. 图中C是摄像头，其内部的光学元件是凹透镜 D. A中的禁鸣标志是红色的，是因为它吸收了太阳光中的红光 3. 在太公湖，妈妈给小明拍照时，看到了对岸树木在水中的倒“影”、水中的鱼“影”、地面上小雨的“影”子。关于“影”的形成原理，下列说法正确的是（　　） A. 妈妈的摄“影”——光的直线传播 B. 树木的倒“影”——光的反射 C. 水中的鱼“影”——光的反射 D. 小雨的“影”子——光的折射 4. 在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上恰能承接到烛焰清晰的像。下列判断正确的是（　　） A. 烛焰在图示位置所成的像与投影仪成像特点相同 B. 该凸透镜焦距为15.00cm C. 仅将如图所示位置的光屏右移，可模拟远视眼成像 D. 将蜡烛移到光具座35.0cm处，则将光屏向右移至80.0cm处时，光屏上可得到放大的像 5. 如图是一款网红食品——“分子冰激凌”，制作时，将沸点为-196℃的液氮倒入冰激凌盒中的牛奶中，瞬间“烟雾弥漫”。同时牛奶被制成冰激凌。下列说法正确的是（　　） A 液氮倒入冰激凌盒中升华吸热 B. “烟雾弥漫”中的“白烟”是水蒸气 C. 牛奶制成冰激凌的过程是凝华放热 D. 吃冰激凌解暑利用了冰激凌熔化吸热 6. 劳动教育成为“必修课”，小明周末在家使用高压锅炖猪骨汤时，联想到许多物理知识。下列说法正确的是（　　） A. 炖汤过程中，排骨汤含有的热量不断增加 B. 排骨汤香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动 C. 排骨汤沸腾过程中吸收热量，温度不变，内能不变 D. 炖汤过程中，气流冲击限压阀转动，此过程的能量转化与内燃机压缩冲程相似 7. 如图是“测量固体密度”实验时的部分实验过程，下列选项正确的是（　　） A. 天平使用前指针位置如图甲所示，为使天平平衡，平衡螺母应向右调 B. 天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，该固体的质量为27.4g C. 放入固体前后，量筒的示数如图丙所示，该固体的体积为40cm3 D. 该固体的密度为2.7g/cm3 8. 如图用力蹬地，滑板车会向前滑行。停止用力后，滑板车会慢慢停下来。不计空气阻力，下列分析正确的是（　　） A. 在滑行过程中，相对于滑板车，小明是运动的 B. 停止用力后，滑板车能继续向前滑行是因为滑板车受到惯性力的作用 C. 不蹬地后，滑板车会慢慢停下来，说明力是改变物体运动状态的原因 D. 滑板车受到的重力和地面对滑板车的支持力是一对平衡力 9. 如图所示，歼20是我国自主研发的一款高性能的隐形战机。下列说法正确的是（　　） A. 歼20发动机使用石油燃料是可再生能源 B. 飞机机翼的升力是利用了流体中流速大的位置压强大这一原理 C. 歼20飞机很难被雷达检测到，是因为它的构造及材料对电磁波有很强的吸收作用 D. 歼20飞行员与地面指挥中心通过超声波传递信息 10. 如图所示是我国高超音速导弹“DF-17”从起飞到击中目标的轨迹示意图，它突防能力强，难以拦截。下列说法正确的是（　　） A. 导弹在a点所具有的动能最大 B. 在大气层内，导弹向上俯冲时受到的大气压强增大 C. 导弹飞出大气层后至上升到a点过程中，重力势能转化为动能 D. 导弹再次穿越大气层从c点至命中攻击点的过程中，重力势能转化为动能和内能 11. 图示电路中灯泡L1和L2分别标有“3.8V，0.2A”和“3.8V，0.3A”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），闭合开关后两灯均发光。下列说法正确的是（　　） A. 灯泡L1和L2串联 B. 灯L1中的电流比L2中的电流小 C. 灯L1的电阻丝比灯L2的电阻丝粗 D. 电流表A2的示数为0.5A 12. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 电流表的示数不变，电压表V的示数变小 B. 电流表的示数不变，电压表V的示数不变 C. 电压表V的示数与电流表的示数比值不变 D. 电压表V的示数与电流表的示数比值变小 13. 我国自行研制的第三艘航空母舰福建号采用了最先进的电磁弹射器。电磁弹射器的弹射车处于强磁场中，当弹射车内的导体有强电流通过时，弹射车就给舰载机提供强大的推力而快速起飞。下列各图能正确反映电磁弹射器工作原理的是（　　） A. B. C. D. 14. 如图是家用空气开关的结构图，它由电磁铁P、衔铁OQ、闸刀S、弹簧等元件构成，它主要起保险作用。下列说法正确的是（　　） A. 电磁铁P是利用电流的热效应来工作的 B. 电磁铁P的左端是S极 C. 空气开关“跳闸”时一定是家庭电路发生了短路 D. 当电流过大时，电磁铁磁性增强，使衔铁OQ转动，弹簧将闸刀拉起，切断电路 15. 图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P移动过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A. 电源电压是6V B. 电阻R0的阻值为10Ω C. 电路消耗的最大电功率为1.2W D. 当R=10Ω时，R工作1min消耗的电能为36J 二、理解和应用题（本题包括5个小题，共16分） 16. 如图所示的运油车正在卸油，快速流出的油和油罐由于______现象会积累过多电荷，为防止发生事故，将一条“绳子”把运油车与静电消除器相连，“绳子”芯应是______（ 填“导体”或“绝缘体”）。若多余的电子经静电消除器上的接地线流向大地，则接地线中的电流方向______（填“向上”或 “向下”）。 17. 如图甲所示电路中，电源电压恒定不变，R1的阻值为5Ω，图乙是小灯泡L的电流与电压关系图像。当只闭合S1、S2时，电压表示数为1V，电源电压为________V；当只闭合S2、S3时，电压表示数为2V，小灯泡L消耗的实际功率为________W，电阻R2在1min内产生的热量为________J。 18. 如图是我国盾构隧道掘进机（盾构机），盾构机前端安装了锋利的刀盘，是为了________；刀盘旋转击碎石料过程中，通过________的方式使刀盘的内能增加，温度升高，此时需要用水循环给刀盘降温；击碎后的石料由传送带运输，当石料与传送带一起匀速水平前进时，石料________（选填“受”或“不受”）摩擦力。 19. 如图甲所示，工人利用滑轮组将重为800N的货物匀速提升，工人所用拉力F为500N，货物提升距离与时间关系图像如图乙所示。不计绳重和摩擦，则绳子自由端移动的速度为________m/s，动滑轮的重为________N，拉力F的功率为________W，滑轮组的机械效率是________。 20. 某插排内部除了三孔插座外，还内置了一个USB供电模块，通过两根线和家庭电路相连，请用笔画线代替导线将电路图补充完整。 三、实验与探究题（本题包括3个小题，共21分） 21. 小明用相同的电加热器分别给水和煤油加热（如图），探究水和煤油的吸热能力。某次按照正确的实验方案测量的部分实验数据如下表所示。 物质 初温/℃ 加热时间/min 末温/℃ 水 20 4 30 煤油 30 4 50 （1）实验中需要控制水和煤油的________相等； （2）本实验通过________来反映水和煤油吸收热量的多少，这种研究问题的方法称为________（选填“控制变量法”或“转换法”）； （3）比较不同物质的吸热能力，通常有两种方案：方案一，取相同质量的两种物质，吸收相等的热量，比较温度的变化；方案二，取相同质量的两种物质，升高相同的温度，比较吸收的热量。分析上表中信息可判断： ①小明采用的是________（选填“方案一”或“方案二”）； ②________（选填“水”或“煤油”）的吸热能力较强，物理学中用________（填物理量名称）表示物质的吸热能力； ③煤油的比热容为________。 22. 在“探究杠杆平衡的条件”实验中。 （1）在挂钩码前，杠杆静止时如图甲所示，则应将杠杆左端的螺母向______（选填“左”或“右”）调节才能使杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的主要目的是______； （2）某小组实验时的过程如图乙所示，由此他们得出结论：杠杆的平衡条件是“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”。你认为这个结论是______（选填“正确”或“错误”）的，下列能帮助他们得出正确结论的操作是______； A.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计竖直向下拉 B.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计斜向下拉 C.去掉一侧钩码，换用弹簧测力计竖直向上拉 D.增加钩码个数，再多次实验使结论更具普遍性 （3）将图乙（b）中杠杆左侧钩码下端再加挂一个相同的钩码，则应将右侧钩码向右移动______格，才能使杠杆在水平位置保持平衡，这样操作所依据的关系式为______。 23. 在探究“电流跟电阻的关系”实验中，电源电压保持6V不变。 （1）某同学连接的电路如图甲所示，他接错了一根导线，请在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线；________ （2）改正错误后连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是________； （3）排除电路故障进行实验，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器，使电压表示数保持不变，实验数据记录如下表。分析表中数据可得出结论________；为了完成该实验，所选滑动变阻器的最大阻值不得小于________Ω； 实验次数 1 2 3 4 5 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 电流I/A 0.6 0.3 0.2 0.15 0.12 （4）若另一组同学测量的实验数据如下表，分析表中数据可发现与正确结论不符，其原因可能是________； 次数 电阻R/Ω 电流I/A 1 5 0.60 2 10 0.40 3 25 0.20 （5）完成上述实验后，乐乐又设计了如图乙所示的电路，来测量一个额定电压为U0的小灯泡的额定功率，已知定值电阻的阻值为R0，请完成以下实验步骤： ①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器，直到电流表示数为________，此时灯泡正常发光； ②只闭合开关S和S1，保持滑片位置不动，读出此时的电流表示数I； ③小灯泡的额定功率： P额＝________。 四、分析与计算（本题包括2个小题，共13分） 24. 2018年4月，太平洋某海域，“蛟龙号”完成了下潜前的准备，腹部挂好压载铁块；内科考队员均就位：舱门封闭如图所示，此时“蛟龙号”的工作参数如表格所示（g取10N／kg，海水密度ρ＝1.1×103 kg／m3）．问 状态 满载 整体体积 22m3 整体质量 24.6t 海水密度 11×103kg/m3 电池电压 200V 电池容量 400Ah 电动机额定功率 1200W （1）在海水中1．8km深处完成科考任务后，发现液压系统故障，无法抛掉压载铁块，只得启动“蛟龙号”两侧的螺旋桨，两侧螺旋桨共同作用使“蛟龙号”获得竖直向上的推力F推，帮助“蛟龙号”匀速上升，不计海水对“蛟龙号”的阻力，匀速上升过程中，F推有多大？ （2）上升过程耗时2h，F推做功的功率多大？ （3）为保障电动机驱动螺旋桨用电，舱内其他用电器都被关闭，电池完好．上升过程中仪表显示刚开始上升电池电量是80％，最后出水时电池电量是75％．此过程中，电能转化为F推做功的效率有多大？ 25. 作为四大国粹之一的中药能有效抑制病毒在人体内的传播。如图甲所示为一款电热中药壶，其简化电路图如图乙所示，它有急火和文火两种工作状态，由温控开关S1自动控制，文火时的电功率为220W。R1和R2均为发热电阻，且R2的阻值为123.2Ω。【c中药取4.0×103J/(kg·℃)】求： （1）中药壶在文火状态下的电流； （2）将3kg中药从20℃加热至100℃，中药吸收的热量； （3）若不计热量损失，用急火完成（2）中的加热过程所用的时间。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$