云南省下关第一中学2023-2024学年高一下学期6月月考物理试题

1,目程学过的电学知肌下列便达中正稀单是 k静士于果标期点疗的点电肩的电规中，住一点的电势中与支电热之同说容周：的关原 下关一中数有樂用223-224学年高一年教下学期度考（二） 人量千静电平南状女的导体内路电场有姓量为零 细国4所承。A,B、C为：编上等距的三点，有无穿8处的电敦 物明试卷 量为了无现.造音把盈有什良农议计说球我 为半。下列说被正确的是 心用且万我的鸟压电电士关在象端克型的修。鸟安所毛怎是啊与了尖偏控电 A.A,0,C三A的场调暴方比成 本比电分第1系【选静1和系【表《非通海划)商你分，第1系等1可至器4百， 0摄商酒电电昏量的工人等酸峰峰有比家金属衣发全 BA,B.G三点的神号关系为￥：g 第】卷第4用里菜6胃。青使婚未后，韩本洗春和笔用十一并发树。两学团舟，青风满 4影1，实线到为一十零电的这电青风在电场方作用下风)离有P或运磷的销座 C.面同的电界是关景为，： 型国分种 道4,4，？为据中的三条电场线。下提块正的是 正电食在4.香，C三直的电》能美系为《，水水， (点电骑作？点的遥度大于在？边的度 《如国所灰，1：B,,0是得电城中葫网个出。0是配的中出，士。N,G构城 第18武拆国.共4移分 真直电得在Q点的电势莹大F在P直的息界里 十直角期师，出长为立，电与角新在的平有平行，已室-51.=W 注意市项： 化点电简在？点的机城安等于在P点的机峡图 A-5,南此可痛 段点电骑在Q点的加通度出在P点纳如速度大 用十上转清总。 A:息场酒的方★春直A静连线斜向下 5,神身十三号飞船梁用”院流烈技本“，在辽地轨道上，题胞脱肉天和核心输。在 】母小避挂出县果心，月2服特笔把算用十上时血是目的第爱杯香逢里女需代传 且红长度确去向由发点指向G点 西执国开烧许释阻因国地自，网 同点棉千净后。养出本其他零家标骨。在故角表上样苦无姓 L天杯杭（的情驻的同统连型监能A霍5两，韩径速度落为 七电期器度的大考2了y。 一，意群到（本大形其2和眼。辱小思4分，共4移分：在件小阶出偏国个这瑞中。毫 玉返同箱中的字敏（处于大重状总，不受墙球的贸方 1-距日有物个超日要求，第-12莲有多明符介则日要录，今够感时的博4处，线 G曲程末同的道量与天植C验可以在同一装速运行 意运孩位的大水为子 对划不全的海2分。有生槽明得0分 五网帕守菌大气员运帆地面过假中，机械健好们 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5 6 7 8 9 10 11 12 答案 C B A B C A C A AD BD BD CD 【解析】 1．由 FE q  可知，电场强度 E 跟放入的电荷 q 所受的电场力无关，由电场本身性质决定，故 A 错误。电场由场源电荷激发，电场强度由电场本身性质决定，电场强度是反映电场本身 特性的物理量，与试探电荷存在与否无关，故 B 错误，C 正确。在离带电体很近时，r 接 近于零，带电体不能看成点电荷， 2 QE k r  不适用，r 接近于零，电场强度不是无穷大，故 D 错误。 2．摩擦起电的本质是电子的转移，互相摩擦后 a 带 101.6 10 C  的电荷，是 a 上的电子转移 到 b 上，此情况下正电荷不发生移动，故 A、D 错误。a 原来是电中性，摩擦后带上 101.6 10 C 的正电荷，根据电荷守恒定律，可知 b 在摩擦后一定带 101.6 10 C 的负电荷，故 B 正确。 根据电荷守恒定律，可知电荷既不能凭空产生，也不能凭空消亡，只能从一个物体转移到 另一个物体，或从物体的一端转移到另一端，故在摩擦前 a 内部有电荷，故 C 错误。 3．处于静电平衡状态的导体内部电场强度处处为零，故 A 正确。避雷针是利用了静电的尖端 放电制作的，故避雷针必须做成针状，不能做成球形，故 B 错误。用几万伏的高压电电击 关在金属笼里的鸟，而鸟安然无恙是因为笼子静电屏蔽的作用，故 C 错误。超高压带电作 业的工人穿戴金属衣可以屏蔽外电场，更安全，故 D 错误。 4．点电荷从 Q 点向 P 点运动，电场力做正功，动能增大，电势能减小，故 A 错误，B 正确。 该过程有电场力做功，机械能不守恒，故 C 错误。Q 点的电场线较 P 点稀疏，可知 Q 点的 场强较小，则粒子在 Q 点的加速度小于在 P 点的加速度，故 D 错误。 高一物理 XG 参考答案·第 2 页（共 6 页） 5．根据 2 2 MmG m r r  v ，可得 GM r v ，可知圆轨道距地面高度越高，环绕速度越小；而只要 环绕速度相同，返回舱和天和核心舱可以在同一轨道运行，与返回舱和天和核心舱的质量 无关，故 A 错误，C 正确。返回舱中的宇航员处于失重状态，仍然受到地球引力作用，地 球的引力提供宇航员绕地球运动的向心力，故 B 错误。返回舱穿越大气层返回地面过程中， 有阻力做功产生热量，机械能减小，故 D 错误。 6．保持开关闭合，电容器两极板间的电压 U 保持不变，将上极板往下平移，两极板间的距离 d 减小，根据 UE d  ，电容器内部电场强度增大，液滴所受的电场力大于重力，因此油滴 向上加速运动，故 A 正确。将上极板向左移动少许，两极板间正对面积 S 减小，根据 r 4π SC kd   ，可知电容减小，又根据 QC U  ，由于电压保持不变，因此电容器的带电量减小， 电路中出现从 b 到 a 的电流，故 B 错误。断开开关，电容器的带电量 Q 保持不变，利用 r 4π SC kd   ， QC U  ，可知电容器内部的电场强度 r 4πU Q kQE d Cd S    ，可知将上极板往上 平移后，电容器内部的电场强度保持不变，P 点电势保持不变，故 C 错误。断开开关，将 上极板向左移动少许，根据 r 4π SC kd   ，电容减小，又由于 QC U  ，带电量保持不变，两极 板间的电压升高，根据 UE d  ，可知板间电场强度增大，故 D 错误。 7．粒子在竖直方向做匀减速直线运动，则有 202gh  v ，电场力做正功，重力做负功，使粒子 的动能由 2 0 1 2 mv 变为 202mv ，则根据动能定理，有 2 2 0 0 12 2 Uq mgh m m  v v ，解得 A、 B 两 点电势差应为 2 02mU q  v ，故选 C。 8． x  图像的斜率绝对值表示电场强度的大小，沿着 x 轴图像斜率逐渐减小，所以 A、B、C 三点的场强关系为 A B CE E E  ，故 A 正确。由图可知 A B C    ，故 B 错误。根据 U Ed ，知 AB 间的电场强度平均值大于 BC 间的电场强度平均值，所以 AB BCU U ，故 C 错误。沿着电场线方向电势降低，所以 x 轴上电场强度方向沿 x 轴正向，正电荷从 A 运动 到 C 电场力做正功，电势能减小，故 D 错误。 高一物理 XG 参考答案·第 3 页（共 6 页） 9 ． 在 匀 强 电 场 中 ， 5VB   ， 15VC  ， 则 B 、 C 连 线 的 中 点 D 的 电 势 5 15 V 5V 2 2 B C D          ，故 D A  ， AD 为一条等势线，根据电场线与等势线垂直 且沿着电场线方向电势降低可知，电场强度的方向垂直于 AD 连线斜向下，故 A 正确，B 错误。电场强度的大小 10 3 V/m 3 UE d   ，故 C 错误，D 正确。 10．由于小球由静止释放后，沿水平直线运动，小球一定做的是初速度为零的匀加速直线运 动，由题意知小球受力如图 1 所示，由于两板带电的电性不明确， 因此小球的带电电性不能确定，故 A 错误。由受力情况可知，小 球一定从Q点运动到 P 点，故 B 正确。小球受到的电场力的竖直 分力与重力平衡，因此小球受到的电场力一定大于重力，故 C 错 误。电场力做正功，故 D 正确。 11．A 点电荷在 D 点的场强方向沿 AC 方向，C 点电荷在 D 点的场强方向沿 CD 方向，D 点的 合场强方向沿 BD 方向，故 B 点放的未知电荷在 D 点的场强方向沿 DB 方向，故 B 点放 的未知电荷带负电，故 A 错误。A 点和 C 点电荷在 D 点的场强大小为 2 kqE L  ，则合场强 为 2 2 22 kqE E L  合 ，B 点放的未知电荷在 D 点的场强大小为 2( 2 ) kqE L    ，又 E E合 ， 解得 2 2q q  ，故 B 正确。A、C 两点处的电荷在 D 点产生的电场强度大小相同，方向 不同，故 C 错误。未知电荷受其他两电荷的静电力的合力大小为 2 2 2 42 kqF F L  合 ，故 D 正确。 12．在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向 O→a，电子从 a 点到 O 点运动的过程中，电 场力方向 a→O，故加速度向下，与速度同向，速度越来越大；但电场线的疏密情况不确 定，O 点上方的电场强度最大点位置不确定，故电场强度大小变化情况不确定，则电荷所 受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断，故 A、B 错误。越过 O 点后， 电子做减速运动，则点电荷运动到 O 点时速度最大，电场力为零，加速度为零，故 C 正 确。根据电场线的对称性可知，越过 O 点后，电子做减速运动，加速度的变化情况无法 判断，可知 D 正确。 第Ⅱ卷（非选择题，共 52 分） 二、填空、实验题（本大题共 2 小题，共 14 分） 13．（每空 2 分，共 6 分） （1） d t 图 1 高一物理 XG 参考答案·第 4 页（共 6 页） （2）克服摩擦阻力做功 （3） 21( ) ( ) 2B A A B dm m gh m m t        【解析】（1）挡光片通过光电门时的速度为 d t   v 。 （2）克服摩擦阻力做功，能量损失。 （3）如果系统的机械能守恒，应满足的关系式为 2 21 1 2 2B A A B m gh m gh m m  v v ，即 21( ) ( ) 2B A A B dm m gh m m t        。 14．（每空 2 分，共 8 分） （1）放电 0.2s 内电容器放出的电荷量 不变 （2）430 【解析】（1）电容器充电结束后，将电容器的两端与一个闭合的外电路接通时，电容器开 始放电，而开关 S 改接 2 后，电容器与左侧形成一个闭合回路，进行的是放电过程。开 关接 1 时，对电容器充电，接 2 时电容器放电，根据 q It 可知， I t 图像中阴影标记的 狭长矩形的面积的物理意义是 0.2s内电容器放出的电荷量。因为总电荷量不会因为电阻 R 而变化，则曲线与坐标轴所围成的面积不变，且由于电阻变小，电路中的平均电流变大， 所以放电时间将变短，曲线会有变化，但是曲线与坐标轴所围成的面积表示这一时间间 隔内通过导体的总电荷量，总电荷量不变，所以曲线与坐标轴所围成的面积不变。 （2）根据 QC U  ，且 8.0VU  ，得 3 43.44 10 F 4.3 10 F 430μF 8 C      。 三、计算题（本大题共 4 小题，共 38 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 15．（8 分） 解：（1） A B、 间的库仑力大小 9 8 6 22 5 10 N09.0 10 N . 0. 0 024 1 3 QqF k r       库 （2）小球 A受力如图 2 所示 由平衡条件 sinF T 库 解得 A 球所受拉力 0.02 2NT  图 2 高一物理 XG 参考答案·第 5 页（共 6 页） 16．（8 分） 解：（1）小物块静止时受力如图 3 由受力平衡得 N sin 0qE F   N cos 0mg F   解得 tanmgE q   代入数据得 300N/CE  （2）物块下滑至斜面底端时电场力做功为 cos 0.6J 2 EW q L     根据动能定律可得 21sin 0 2 mgL W m   v 解得到达斜面底端时物块的速度大小为 6m/sv 17．（10 分） 解：（1）粒子在加速电场中加速，由动能定理有 2 1 0 1 2 eU m v 解得 10 2eU m v （2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，根究类平抛运动的研究方法，垂直电场方向有 0L t v 沿电场方向有 2e U d ma 侧移量 21 2 y at 联立解得 2 2 14 U Ly dU  （3）根据粒子运动轨迹，即类平抛运动的推论，由几何关系可知 2 2 L y L Yx   解得 2 1 1 2 2 U LY L x U d       图 4 图 3 高一物理 XG 参考答案·第 6 页（共 6 页） 18．（12 分） 解：（1）若滑块从水平轨道上距离 B 点 3s R 的 A 点由静止释放，从释放到滑块到达与 圆心 O 等高的 C 点这一过程的电场力做功为 ( ) 3W F s R mgR  电 电 电场力做正功电势能减小，故电势能变化量为 p 3E mgR   （2）若滑块从水平轨道上距离 B 点 10s R 的 A 点由静止释放，设滑块到达 D 点时的速度 为 Dv ，从 A 点到 D 点过程运用动能定理，得 212 0 2 D F s mgs mg R m    电 v 解得 D gRv 在 D 点，运用圆周运动知识，竖直方向的合力提供向心力，得 2 N DmF mg R   v 解得 N 0F  滑块到达 D 点时对轨道的作用力大小为 0 （3）等效竖直平面圆周运动，要使滑块从 G 点飞出，则必须可以通过等效最高点，当恰 好通过等效最高点时，满足题意的 s 最小。等效重力由重力和电场力的合力提供 2 2 5( ) ( ) 4 G mg F mg   电 等效重力与重力的夹角 3tan 4 Eq G    所以 37   当恰好通过等效最高点时的速度设为 v，则此时满足 2 G m R   v 从 A 点由静止释放到达等效最高点过程，由动能定理，得 2 min min 1( sin 37 ) (1 cos37 ) 0 2 F s R mgs mgR m       电 v 解得 min 11.5s R 图 5