精品解析：内蒙古自治区通辽市科尔沁左翼中旗实验高级中学2023-2024学年高一下学期5月期中生物试题

2023-2024学年第二学期高一期中考试（生物）试卷 一、单项选择题（每题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的） 1. 下列关于遗传实验和遗传规律的叙述，不正确的是（） A. 非等位基因之间的自由组合会影响生物的性状表现 B. 杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现也不同 C. 孟德尔巧妙设计的测交方法可以用于检测F1的基因型 D. 选择合适的生物材料是遗传学实验获得成功的重要前提 2. 孟德尔在研究中运用了假说一演绎法，以下叙述不属于假说的是（　　） A. 受精时，雌雄配子随机结合 B. 形成配子时，成对的遗传因子分离 C. F2中既有高茎又有矮茎，性状分离比接近3：1 D. 性状是由遗传因子决定的，在体细胞中遗传因子成对存在 3. 某作物高秆（D）对矮秆（d），抗锈病（T）对不抗锈病（t）为显性，两对基因独立遗传。现有一品种为DdTt，让其自交产生大量个体F1，将F1中的高秆抗锈病个体选出（其它的淘汰），让其自由交配得F2，问F2中高秆抗锈病与矮秆不抗锈病的比例为（ ） A. 8：1 B. 3：2 C. 64：1 D. 81：8 4. 控制猫尾长短的基因遵循分离定律，某杂交实验过程如下图所示。下列有关叙述错误的是 A. 甲中，亲本长尾猫的基因型与F1中长尾猫的相同 B. 甲杂交过程属于测交过程 C. 可用测交法判断F2中长尾猫是否是纯合子 D. F2中长尾猫相互交配，其后代中短尾猫所占的比例为1/2 5. 通过信封抽取卡片模拟孟德尔杂交实验，包括一对相对性状和两对相对性状的模拟实验。通过本实验，有利于学生更加直观、深入的理解孟德尔遗传定律。“模拟孟德尔杂交实验”活动的材料用具如图所示。下列叙述正确的是（　　） A. 一对相对性状的模拟杂交实验中，可用①和③分别表示“雄”和“雌” B. 分别从②和④中取一张卡片得到YR的概率是1/16 C. 活动可模拟F1的基因型、表现型及比例出现过程 D. 从①③分别取一张卡片组合可模拟基因的自由组合定律 6. 三交法是指三个品种间的杂交，即两个亲本杂交得到的F1杂种与另一亲本杂交，可表示为(A×B)×C。已知A品种玉米具有抗大斑病性状(TT)，B品种玉米具有耐密性状(dd)，C品种玉米具有早熟性状(ee)，三种性状是独立遗传的且A、B、C均为纯合子。为培育具有上述三种优良性状的纯合玉米新品种，理论上分析，下列育种思路正确的是（ ） A. (A×B)×C，F2均具有耐密、早熟性状 B. (A×C)×B，F2约有1/8的植株属于目标品种 C. (A×C)×B与(B×C)×A得到的子代均须连续自交才能获得目标品种 D. 抗大斑病耐密新品种的选育，只需要在高密度下种植并选育即可 7. 玉米是雌雄同株、异花传粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其他植株的花粉。在一块农田间行种植等数量基因型为Aa和aa的玉米（A和a分别控制显性性状和隐性性状，且A对a为完全显性），假定每株玉米结的籽粒数目相同，将收获的玉米籽粒种下去，具有显性性状和隐性性状的玉米比例应接近（ ） A. 1∶4 B. 5∶11 C. 1∶2 D. 7∶9 8. 蜜蜂中，雌蜂是雌雄配子结合产生的二倍体，雄蜂是由未受精的卵直接发育而来的。某对蜜蜂所产生子代的基因型为：雌蜂是 AADD、AADd、AaDD、AaDd；雄蜂是 AD、Ad、aD、ad．这对蜜蜂的基因型是（　　） A. AADd 和 ad B. AaDd 和 Ad C. AaDd 和 AD D. Aadd 和 AD 9. 某种雌雄同株植物叶片形状的圆形和针形分别受基因A和a控制。以下分析错误的是（ ） A. 若Aa植株自交，淘汰掉F1中的aa植株，剩余植株自由交配，F2中圆形：针形=8:1 B. 若a基因使花粉一半致死，Aa植株自交，后代圆形：针形=5:1 C. 若a基因使花粉完全致死，Aa×Aa的后代随机交配，后代中Aa所占比例为1/2 D. 若AA基因型致死，则圆叶植株自交得F1，F1自由交配所得后代中圆形：针形=1:1 10. 某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa的为小花瓣，aa的为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，r的花瓣为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（ ） A. 子代共有4种表现型 B. 子代共有9种基因型 C. 子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为1/3 D. 子代的所有植株中，纯合子约占1/4 11. 某种蛇体色的遗传如图所示，基因B、b和T、t遵循自由组合定律，当两种色素都没有时表现为白色。选纯合的黑蛇与纯合的橘红蛇作为亲本进行杂交，下列有关叙述正确的是（ ） A. 亲本黑蛇和橘红蛇的基因型分别为BBTT、bbtt B. F1的基因型全部为BbTt，表型均为黑蛇 C. 让F1花纹蛇相互交配，后代花纹蛇中纯合子所占的比例为1/9 D. 让F1花纹蛇与杂合的橘红蛇交配，其后代出现白蛇的概率为1/9 12. 人类中非秃顶和秃顶受常染色体上的等位基因（B、b）控制，其中男性只有基因型为BB时才表现为非秃顶，而女性只有基因型为bb时才表现为秃顶。非秃顶男性与非秃顶女性结婚，子代所有可能的表现型为（　　） A. 儿子、女儿全部为非秃顶 B. 女儿全部为秃顶，儿子全部为非秃顶 C. 女儿全为非秃顶，儿子为秃顶或非秃顶 D. 女儿为秃顶或非秃顶，儿子全为非秃顶 二、不定项选择题（每题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求） 13. 如果用纯种红牡丹与纯种白牡丹杂交，F1是粉红色的。有人认为这说明基因是可以相互混合，也有人认为基因是颗粒的，粉色是由于F1红色基因只有一个，合成的红色物质少造成的。为探究上述问题，下列做法正确的是（ ） A. 用纯种红牡丹与纯种白牡丹再杂交一次，观察后代的花色 B. 让F1进行自交，观察后代的花色 C. 对F1进行测交，观察测交后代的花色 D. 让F1与纯种红牡丹杂交，观察后代的花色 14. 已知基因型为AaBbCcdd的豌豆自交得F1（四对基因符合基因的自由组合定律），下列关于F1的叙述错误的是（ ） A. F1的基因型有81种 B. F1中表型与亲本不同的占37/64 C. F1中基因型与亲本不同的占1/8 D. F1的表型比例为27∶9∶9∶9∶3∶3∶3∶1 15. 已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为：①aaBBDD；②AABBDD；③aaBBdd；④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是（ ） A. 任意选择两植株杂交都能用于验证基因的分离定律 B. 欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③ C. 欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择②和④进行杂交 D. 欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和任意植株杂交 16. 已知荠菜的三角形果实和卵圆形果实是由一对基因R、r控制的。用荠菜进行两组实验： 实验①：让三角形果实荠菜植株（a）进行自交，子代个体中三角形果实∶卵圆形果实＝3∶1； 实验②：让a植株与卵圆形果实荠菜植株（b）杂交，子代个体中三角形果实∶卵圆形果实＝1∶1。 下列关于两组实验的分析正确的是（ ） A. 从实验②可判断三角形果实对卵圆形果实为显性 B. 实验①子代中能稳定遗传的个体占1/4 C. 让实验②所得子代中的三角形果实荠菜植株自交，结果与实验①相同 D. 将实验①子代中的三角形果实荠菜植株与卵圆形果实荠菜植株杂交，所得后代为卵圆形果实荠菜植株的概率是1/4 三、非选择题 17. 某种植物有红、蓝两种花色，现有以下四组杂交实验，请回答下列问题。 A组：红花×红花→红花、蓝花； B组：蓝花×蓝花→红花、蓝花； C组：红花×蓝花→红花、蓝花； D组：红花×红花→全为红花。 其中，A组中子代红花植株的数量为298，蓝花植株的数量为101；B、C组未统计数量。 （1）若该植株的花色只受一对等位基因控制，则___________组和___________组对显隐性的判断正好相反。 （2）有人对实验现象提出了假说：花色性状由三个复等位基因（A+、A、a）控制，其中A决定蓝色，A+和a都决定红色，A+相对于A、a为显性，A相对于a为显性。若该假说正确，则B组同学所用的两个蓝花亲本的基因型组合方式为___________。 （3）若（2）中所述假说正确，那么红花植株的基因型可能有___________种。 ①若用基因型为AA的植株与红花植株杂交，则根据F1的性状表现可以判断出的红花植株的基因型是___________。 ②若用基因型为aa的植株与红花植株杂交，则根据F1的性状表现可以判断出的红花植株的基因型是___________。 18. 植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲乙丙丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见下表（实验②中F1自交得F2）。 实验 亲本 F1 F2 ① 甲×乙 1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮 1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮 / ② 丙×丁 缺刻叶齿皮 9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮 3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮 回答下列问题： （1）根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是_____。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是__________。 （2）甲乙丙丁中属于杂合体的是__________。 （3）实验②的F2中纯合体所占的比例为__________。 （4）假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是__________，判断的依据是__________。 19. 已知猫的双瞳同色和双瞳异色由一对位于常染色体上的基因T、t控制。耳朵形状由位于另一对常染色体上的基因D、d控制，折耳(DD)与立直耳(dd)杂交，子一代为折耳立(Dd)。甲、乙两个科研小组分别将多只折耳双瞳异色猫与多只折耳立双瞳同色猫作亲本杂交，甲组的F1为折耳双瞳同色：折耳立双瞳同色=1:1，乙组的F1为折耳双瞳异色：折耳双瞳同色：折耳立双瞳异色：折耳立双瞳同色=1：1：1：1。回答下列问题： (1)根据____组的杂交结果可判断双瞳同色是____性状。 (2)乙组亲本中，折耳双瞳异色猫与折耳立双瞳同色猫的基因型分别是________。 (3)乙组子代中折耳立双瞳同色的雌雄猫相互交配，所得后代的表现型比例是________。 (4)现要选育出能稳定遗传的折耳双瞳同色猫，请利用甲、乙两组亲本及子代中现有的猫为材料，设计出所用时间最短的实验方案________。 20. 某植物的红花与白花由等位基因A/a控制，叶紧凑与叶舒展由等位基因B/b控制，现让一红花叶舒展植株与一红花叶紧凑植株杂交，得到的F1都为红花叶紧凑植株，让F1自由交配，F2中红花叶紧凑∶红花叶舒展∶白花叶紧凑=11∶4∶1。回答下列问题（不考虑变异类型）∶ （1）B基因控制_______________叶型，题干信息_______________（填“能”或“不能”）判断花色的显隐性，理由是___________________________________。 （2）亲本的基因型为_______________，F2红花叶舒展植株中纯合子的比例为______________。 （3）甲组同学认为控制花色和叶型的基因遵循自由组合定律，而乙组同学不同意甲组同学的观点，分析可知_______________组同学的判断正确，请从实验中选择合适的材料进行验证： ①实验思路：_________________________________________________________ ②实验结果：___________________________________________________________ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2023-2024学年第二学期高一期中考试（生物）试卷 一、单项选择题（每题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的） 1. 下列关于遗传实验和遗传规律的叙述，不正确的是（） A. 非等位基因之间的自由组合会影响生物的性状表现 B. 杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现也不同 C. 孟德尔巧妙设计的测交方法可以用于检测F1的基因型 D. 选择合适的生物材料是遗传学实验获得成功的重要前提 【答案】B 【解析】 【分析】1、孟德尔一对相对性状的杂交试验中，实现3：1的分离比必须同时满足的条件是：F1形成的配子数目相等且生活力相同，雌、雄配子结合的机会相等；F2不同的基因型的个体的存活率相等；等位基因间的显隐性关系是完全的；观察的子代样本数目足够多。 2、测交的定义是孟德尔在验证自己对性状分离现象的解释是否正确时提出的，为了确定子一代是杂合子还是纯合子，让子一代与隐性纯合子杂交，这就叫测交。在实践中，测交往往用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例。 【详解】A.非同源染色体上的非等位基因之间的自由组合会影响生物的性状表现，A正确； B.杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现可能相同，如豌豆的Dd与DD都可表现为高茎，B错误； C.测交方法可以检测子一代的基因型及产生配子的种类及比例，C正确； D.孟德尔选择豌豆作为遗传实验材料是获得成功的重要原因，D正确。 故选B。 【点睛】本题考查孟德尔遗传实验、对分离现象的解释和验证，要求考生识记孟德尔遗传实验的过程及其对分离现象的解释，能归纳总结F2出现3：1性状分离比的条件；掌握测交的概念及作用；能结合所学的知识准确判断各选项。 2. 孟德尔在研究中运用了假说一演绎法，以下叙述不属于假说的是（　　） A. 受精时，雌雄配子随机结合 B. 形成配子时，成对的遗传因子分离 C. F2中既有高茎又有矮茎，性状分离比接近3：1 D. 性状是由遗传因子决定的，在体细胞中遗传因子成对存在 【答案】C 【解析】 【分析】孟德尔对一对相对性状的杂交实验的解释：（1）生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；（2）体细胞中的遗传因子成对存在；（3）配子中的遗传因子成单存在；（4）受精时，雌雄配子随机结合。 【详解】A、受精时，雌雄配子随机结合，这是假说的内容之一，A不符合题意； B、形成配子时，成对的遗传因子分离，分别进入不同的配子中，这是假说的内容之一，B不符合题意； C、F2中既有高茎又有矮茎，性状分离比接近3∶1，这是实验现象，不是假说内容，C符合题意； D、性状是由遗传因子决定的，在体细胞中遗传因子成对存在，这是假说的内容之一，D不符合题意。 故选C。 3. 某作物高秆（D）对矮秆（d），抗锈病（T）对不抗锈病（t）为显性，两对基因独立遗传。现有一品种为DdTt，让其自交产生大量个体F1，将F1中的高秆抗锈病个体选出（其它的淘汰），让其自由交配得F2，问F2中高秆抗锈病与矮秆不抗锈病的比例为（ ） A. 8：1 B. 3：2 C. 64：1 D. 81：8 【答案】C 【解析】 【分析】已知某作物高秆（D）对矮秆（d），抗锈病（T）对不抗锈病（t）为显性，遵循基因的自由组合定律，可以运用先分离后组合的方法解题。 【详解】DdTt自交产生大量个体F1，基因型为：D_T_、ddT_、D_tt，ddtt，其中高秆抗锈病个体的基因型是D_T_，根据题意让其自由交配，分别考虑两对基因：F1高秆的基因型为1/3DD、2/3Dd，则D的概率为2/3，d的概率为1/3，后代矮秆dd的概率为1/3×1/3=1/9，则高秆的概率为8/9；F1抗锈病个体基因型为1/3TT、2/3Tt，则T的概率为2/3，t的概率为1/3，后代不抗锈病tt的概率为1/3×1/3=1/9，则抗锈病的概率为8/9，故后代高秆抗锈病的概率是8/9×8/9=64/81，矮秆不抗锈病的概率是1/9×1/9=1/81，所以F2中高秆抗锈病与矮秆不抗锈病的比例为64：1。 故选C。 4. 控制猫尾长短的基因遵循分离定律，某杂交实验过程如下图所示。下列有关叙述错误的是 A. 甲中，亲本长尾猫的基因型与F1中长尾猫的相同 B. 甲杂交过程属于测交过程 C. 可用测交法判断F2中长尾猫是否是纯合子 D. F2中长尾猫相互交配，其后代中短尾猫所占的比例为1/2 【答案】D 【解析】 【分析】根据子代性状判断显隐性的方法如下：①不同性状的亲本杂交→子代只出现一种性状→子代所出现的性状为显性性状，双亲均为纯合子。②相同性状的亲本杂交→子代出现不同性状→子代所出现的新的性状为隐性性状，亲本为杂合子。 【详解】A、F1长尾猫之间相互交配，F2中有长尾猫和短尾猫（发生性状分离），说明F1长尾猫为杂合子，杂合子表现为显性性状，即猫的长尾对短尾为显性性状，亲本长尾猫与短尾猫杂交，F1中有长尾猫和短尾猫，说明亲本长尾猫为杂合子，其基因型与F1中长尾猫的相同，A正确； B、甲中，亲本长尾猫为杂合子，亲本短尾猫为隐性纯合子，所以甲杂交过程属于测交过程，B正确； C、测交后代的表现型及其比例与待测个体产生的配子的种类及其比例相同，因此可用测交法判断F2中长尾猫是否是纯合子，C正确； D、综上分析可推知：F2长尾猫中的纯合子占1/3，杂合子占2/3，F2中长尾猫相互交配，其后代中短尾猫所占的比例为2/3×2/3×1/4＝1/9，D错误。 故选D。 5. 通过信封抽取卡片模拟孟德尔杂交实验，包括一对相对性状和两对相对性状的模拟实验。通过本实验，有利于学生更加直观、深入的理解孟德尔遗传定律。“模拟孟德尔杂交实验”活动的材料用具如图所示。下列叙述正确的是（　　） A. 一对相对性状的模拟杂交实验中，可用①和③分别表示“雄”和“雌” B. 分别从②和④中取一张卡片得到YR的概率是1/16 C. 活动可模拟F1的基因型、表现型及比例出现过程 D. 从①③分别取一张卡片组合可模拟基因的自由组合定律 【答案】D 【解析】 【分析】分析题图：图中①和②中含有Y和y这对等位基因，③和④中含有另一对等位基因R和r。图中信封代表生殖器官，卡片代表配子。 【详解】A、一对相对性状的模拟杂交实验中，可用①和②（或③和④）分别表示“雄”和“雌”，A错误； B、分别从②和④中取一张卡片得到YR的概率是1/2×1/2＝1/4，B错误； C、活动可模拟F2的基因型、表现型及比例出现过程，C错误； D、①中涉及一对等位基因Y和y，③中涉及另一对等位基因R和r，因此从①③分别取一张卡片组合可模拟基因的自由组合定律，D正确。 故选D。 6. 三交法是指三个品种间的杂交，即两个亲本杂交得到的F1杂种与另一亲本杂交，可表示为(A×B)×C。已知A品种玉米具有抗大斑病性状(TT)，B品种玉米具有耐密性状(dd)，C品种玉米具有早熟性状(ee)，三种性状是独立遗传的且A、B、C均为纯合子。为培育具有上述三种优良性状的纯合玉米新品种，理论上分析，下列育种思路正确的是（ ） A. (A×B)×C，F2均具有耐密、早熟性状 B. (A×C)×B，F2约有1/8的植株属于目标品种 C. (A×C)×B与(B×C)×A得到的子代均须连续自交才能获得目标品种 D. 抗大斑病耐密新品种的选育，只需要在高密度下种植并选育即可 【答案】C 【解析】 【分析】1、遗传定律的适用范围：进行有性生殖的真核生物的核基因的遗传。 2、基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 3、试题分析：A、B、C均为纯合子，A品种玉米具有抗大斑病性状(TT)，B品种玉米具有耐密性状(dd)，C品种玉米具有早熟性状(ee)，可知A基因型为TTDDEE，B的基因型为ttddEE，C的基因型为ttDDee。 【详解】A、品种A与B杂交，F1为TtDdEE，F1与C品种ttDDee杂交，F2不具有耐密(dd)、早熟(ee)的性状，A错误； B、品种A与C杂交，F1为TtDDEe，F1与B品种ttddEE杂交，F2中为抗病耐密早熟的纯合子(TTddee)的概率为0，B错误； C、(A×C)×B与(B×C)×A得到的子代中有同时具有T、d、e三种优良性状基因的个体，但为杂合子，因此需要连续自交才能获得目标品种，C正确； D、选育抗病耐密的新品种时，只在高密度下种植并选育，只能得到表现型为耐密的个体，无法选育抗病的个体，D错误。 故选C。 7. 玉米是雌雄同株、异花传粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其他植株的花粉。在一块农田间行种植等数量基因型为Aa和aa的玉米（A和a分别控制显性性状和隐性性状，且A对a为完全显性），假定每株玉米结的籽粒数目相同，将收获的玉米籽粒种下去，具有显性性状和隐性性状的玉米比例应接近（ ） A. 1∶4 B. 5∶11 C. 1∶2 D. 7∶9 【答案】D 【解析】 【分析】玉米是雌雄同株、异花传粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其他植株的花粉。即为随机交配。 【详解】根据题意在玉米群体中有1/2Aa、1/2aa，玉米是随机交配，A和a的基因频率分别为1/4、 3/4，故子代中aa的基因型频率为（3/4）2=9/16，A_ = 1-9/16 = 7/16，7/16：9/16 = 7:9 ，所以A表现型和a表现型的玉米比例应接近7:9，D正确，ABC错误。 故选D。 8. 蜜蜂中，雌蜂是雌雄配子结合产生的二倍体，雄蜂是由未受精的卵直接发育而来的。某对蜜蜂所产生子代的基因型为：雌蜂是 AADD、AADd、AaDD、AaDd；雄蜂是 AD、Ad、aD、ad．这对蜜蜂的基因型是（　　） A. AADd 和 ad B. AaDd 和 Ad C. AaDd 和 AD D. Aadd 和 AD 【答案】C 【解析】 【分析】本题考查自由组合定律的实质及应用的相关知识点，雄蜂的基因型是 AD、Ad、aD、ad，因其由未受精的卵直接发育而来的，故其母本产生的卵细胞是AD、Ad、aD、ad，得出其基因型为AaDd，再据子代雌蜂的基因型 AADD、AADd、AaDD、AaDd，逆推出父本雄蜂的基因型为AD。 【详解】据题意，雄蜂是由未受精的卵直接发育而来的，子代中雄蜂基因型是 AD、Ad、aD、ad，所以其母本的卵细胞是AD、Ad、aD、ad，根据基因的自由组合定律，推出亲本雌蜂的基因型是AaDd，雌蜂是雌雄配子结合产生的二倍体，子代中雌蜂基因型是 AADD、AADd、AaDD、AaDd，而卵细胞是AD、Ad、aD、ad，所以精子是AD，故亲本中雄蜂的基因型是AD。 故选C。 【点睛】解答本题关键是“雄蜂是由未受精的卵直接发育而来的”，这一条件，另要知道雄蜂的减数分裂是特殊情况，减I后期染色体全部移向一极，产生的精子和其体细胞染色体一致，故雄蜂的基因型和其精子的基因型相同。 9. 某种雌雄同株植物叶片形状的圆形和针形分别受基因A和a控制。以下分析错误的是（ ） A. 若Aa植株自交，淘汰掉F1中的aa植株，剩余植株自由交配，F2中圆形：针形=8:1 B. 若a基因使花粉一半致死，Aa植株自交，后代圆形：针形=5:1 C. 若a基因使花粉完全致死，Aa×Aa的后代随机交配，后代中Aa所占比例为1/2 D. 若AA基因型致死，则圆叶植株自交得F1，F1自由交配所得后代中圆形：针形=1:1 【答案】C 【解析】 【分析】基因分离定律的实质：位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代。题意分析，某种植物叶片形状圆形和针形分别受常染色体上的基因A和a控制，遵循基因分离定律的实质。 【详解】A、Aa植株自交得F1，若淘汰掉aa，则有1/3AA和2/3Aa（可产生的配子类型及所占比例为2/3A、1/3a），其自由交配得F2，F2中圆形∶针形=8∶1，A正确； B、若a基因使花粉一半致死，Aa植株自交，花粉（雄配子）中2/3是A，1/3是a，雌配子中1/2是A，1/2是a，后代圆形∶针形=5∶1，B正确； C、若a基因使花粉完全致死，Aa×Aa的后代基因型及比例为1/2AA、1/2Aa，再随机交配，雄配子全是A，雌配子中A：a=3:1，所以所得植株的基因型及比例为3/4AA、1/4Aa，C错误； D、若AA基因型致死，则圆叶植株的基因型均为Aa，其自交所得的F1为2/3Aa、1/3aa，F1自由交配，F2的基因型为1/2Aa、1/2aa，即圆形∶针形=1∶1，D正确。 故选C。 10. 某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa的为小花瓣，aa的为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，r的花瓣为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（ ） A. 子代共有4种表现型 B. 子代共有9种基因型 C. 子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为1/3 D. 子代的所有植株中，纯合子约占1/4 【答案】A 【解析】 【分析】根据题意分析可知：控制花瓣大小的基因和控制花瓣颜色的基因独立遗传，所以符合基因的自由组合定律。一对等位基因Aa的个体自交后代基因型有AA、Aa和aa3种，表现型为大花瓣、小花瓣和无花瓣3种。 【详解】A、由题意可知，Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于aa表现无花瓣，故aaR_与aarr的表现型相同，表现型共5种，A错误； B、由题意可知，Aa自交子代基因型有3种，Rr自交子代基因型有3种，所以基因型为AaRr的亲本自交，子代共有9种基因型，B正确； C、aa的植株表现为无花瓣，AaRr的亲本自交，子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为2/3×1/2=1/3，C正确； D、两对基因分开分析，AaRr自交子代的所有植株中，纯合子约占1/2×1/2=1/4，D正确。 故选A。 11. 某种蛇体色的遗传如图所示，基因B、b和T、t遵循自由组合定律，当两种色素都没有时表现为白色。选纯合的黑蛇与纯合的橘红蛇作为亲本进行杂交，下列有关叙述正确的是（ ） A. 亲本黑蛇和橘红蛇的基因型分别为BBTT、bbtt B. F1的基因型全部为BbTt，表型均为黑蛇 C. 让F1花纹蛇相互交配，后代花纹蛇中纯合子所占的比例为1/9 D. 让F1花纹蛇与杂合的橘红蛇交配，其后代出现白蛇的概率为1/9 【答案】C 【解析】 【分析】分析题图：由细胞代谢途径可知，某种蛇体色的遗传受两对等位基因控制，且两对等位基因位于非同源染色体上，因此遵循自由组合定律。B_tt为黑蛇，bbT_为橘红蛇，B_T_为花纹蛇，bbtt为白蛇。 【详解】A、由题意知，B_tt为黑蛇、bbT_为橘红蛇，亲本纯合的黑蛇与纯合的橘红蛇的基因型分别是BBtt、bbTT，A错误； B、亲本纯合的黑蛇与纯合的橘红蛇的基因型分别是BBtt、bbTT，F1的基因型全部为BbTt，表型均为花纹蛇，B错误； C、F1花纹蛇相互交配，子二代为B_T_：B_tt：bbT_：bbtt=9：3：3：1，其中花纹蛇B_T_（1/9BBTT、2/9BBTt、2/9BbTT、4/9BbTt）中纯合体占1/9，C正确； D、F1花纹蛇基因型是BbTt，杂合橘红蛇的基因型是bbTt，杂交后代白蛇（bbtt）的比例是1/2×1/4=1/8，D错误。 故选C。 12. 人类中非秃顶和秃顶受常染色体上的等位基因（B、b）控制，其中男性只有基因型为BB时才表现为非秃顶，而女性只有基因型为bb时才表现为秃顶。非秃顶男性与非秃顶女性结婚，子代所有可能的表现型为（　　） A. 儿子、女儿全部为非秃顶 B. 女儿全部为秃顶，儿子全部为非秃顶 C. 女儿全为非秃顶，儿子为秃顶或非秃顶 D. 女儿为秃顶或非秃顶，儿子全为非秃顶 【答案】C 【解析】 【分析】本题考查从性遗传相关知识，要求考生掌握和理解从性遗传及分离定律等相关知识点，旨在考查考生利用所学知识解决实际问题的能力。 【详解】结合题干信息可知非秃顶男性的基因型为BB，非秃顶女性基因型为BB或Bb，非秃顶男性与非秃顶女性结婚，则子代基因型可能为BB或Bb，所以子代所有可能的表现型为：女儿全部为非秃顶，儿子为秃顶或非秃顶，故选C。 【点睛】正确解答此题需要透彻理解“男性只有基因型为BB时才表现为非秃顶，而女性只有基因型为bb时才表现为秃顶” ，进而分析作答。 二、不定项选择题（每题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求） 13. 如果用纯种红牡丹与纯种白牡丹杂交，F1是粉红色的。有人认为这说明基因是可以相互混合，也有人认为基因是颗粒的，粉色是由于F1红色基因只有一个，合成的红色物质少造成的。为探究上述问题，下列做法正确的是（ ） A. 用纯种红牡丹与纯种白牡丹再杂交一次，观察后代的花色 B. 让F1进行自交，观察后代的花色 C. 对F1进行测交，观察测交后代的花色 D. 让F1与纯种红牡丹杂交，观察后代的花色 【答案】BCD 【解析】 【分析】若为融合遗传，则遗传因子融合一体不能分离；若基因为颗粒，则杂合子自交后代基因会发生分离。 【详解】A、用纯种红牡丹与纯种白牡丹再杂交一次，后代只有一种花色，为粉红色，只有一种表型，无法确定基因是否融合，A错误； B、让 F1进行自交，观察后代的花色，若后代发生性状分离，红∶粉∶白 =1∶2∶1，则粉色是由于 F1红色基因只有一个，合成的红色物质少造成的；若后代不发生性状分离，则说明基因是可以相互混合、融合的，B正确； C、对F1进行测交，观察测交后代的花色，若后代发生性状分离，比值为粉∶白 = 1∶1，可以说明基因是颗粒的，粉色是由于 F1红色基因只有一个，合成的红色物质少造成的，若不发生性状分离，则说明基因发生了融合，C正确； D、让 F1与纯种红牡丹杂交，后代有两种基因型个体，一种只含有一个红色基因，另一种含有两个红色基因，观察后代的花色，若后代发生性状分离，比值为粉∶红 =1∶1，可以说明粉色是由于 F1红色基因只有一个，合成的红色物质少造成的，若不发生性状分离，则说明基因发生了融合，D正确。 故选BCD。 14. 已知基因型为AaBbCcdd的豌豆自交得F1（四对基因符合基因的自由组合定律），下列关于F1的叙述错误的是（ ） A. F1的基因型有81种 B. F1中表型与亲本不同的占37/64 C. F1中基因型与亲本不同的占1/8 D. F1的表型比例为27∶9∶9∶9∶3∶3∶3∶1 【答案】AC 【解析】 【分析】基因自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的。在减数分裂形成配子的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】A、基因型为AaBbCcdd的豌豆自交，将4对基因分开独立的分析： Aa自交，后代基因型有三种（1/4AA、2/4Aa、1/4aa），表现型有显性（1/4AA、2/4Aa）、隐性（1/4aa）两种；Bb自交，后代基因型有三种（1/4BB、2/4Bb、1/4bb），表现型有两种，显性（1/4BB、2/4Bb），隐性（1/4bb）； Cc自交，后代基因型有三种（1/4CC、2/4Cc、1/4cc），表现型有两种，显性（1/4CC、2/4Cc），隐性（1/4cc）；dd自交，后代基因型有一种（dd），表现型有一种隐性（dd）；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合，所以，后代基因型共有3×3×3×1=27种，A错误； B、结合A选项，F1中表现型与亲本相同的个体所占比例为3/4×3/4×3/4×1=27/64 ，则F1中表现型与亲本不同的占1-27/64=37/64，B正确； C、结合A选项，F1中基因型与亲本相同的个体所占比例为1/2×1/2×1/2×1=1/8，则F1中基因型与亲本不同的占1-1/8=7/8，C错误； D、F1的表现型有显显显隐3/4×3/4×3/4=27/64，显显隐隐3/4×3/4×1/4×1=9/64，隐显显隐1/4×3/4×3/4×1=9/64，显隐显隐3/4×1/4×3/4×1=9/64，显隐隐隐3/4×1/4×1/4×1=3/64，隐显隐隐1/4×3/4×1/4×1=3/64，隐隐显隐1/4×1/4×3/4×1=3/64，隐隐隐隐1/4×1/4×1/4×1=1/64，故F1的表现型比例为27：9：9：9：3：3：3：1，D正确。 故选AC。 15. 已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为：①aaBBDD；②AABBDD；③aaBBdd；④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是（ ） A. 任意选择两植株杂交都能用于验证基因的分离定律 B. 欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③ C. 欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择②和④进行杂交 D. 欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和任意植株杂交 【答案】BC 【解析】 【分析】1、基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 2、基因自由组合定律实质是，位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合互不干扰，在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体的非等位基因自由组合。 【详解】A、由于任意选择两植株杂交都能产生含有等位基因的后代，所以都能验证基因的分离定律，A正确； B、欲验证基因的自由组合定律，杂交后代至少含有两对等位基因，可选用的杂交组合有①和④、②和③、③和④，B错误； C、欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交，产生出AaBbDd，再让其自交即可产生出aabbdd的植株，②和④由于没有a基因，进行杂交无法得到aabbdd的植株，C错误； D、欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和任意植株杂交，都可产生Bb等位基因，D正确。 故选BC。 16. 已知荠菜的三角形果实和卵圆形果实是由一对基因R、r控制的。用荠菜进行两组实验： 实验①：让三角形果实荠菜植株（a）进行自交，子代个体中三角形果实∶卵圆形果实＝3∶1； 实验②：让a植株与卵圆形果实荠菜植株（b）杂交，子代个体中三角形果实∶卵圆形果实＝1∶1。 下列关于两组实验的分析正确的是（ ） A. 从实验②可判断三角形果实对卵圆形果实为显性 B. 实验①子代中能稳定遗传的个体占1/4 C. 让实验②所得子代中的三角形果实荠菜植株自交，结果与实验①相同 D. 将实验①子代中的三角形果实荠菜植株与卵圆形果实荠菜植株杂交，所得后代为卵圆形果实荠菜植株的概率是1/4 【答案】C 【解析】 【分析】由题意知，荠菜的果实性状三角形和卵圆形是一对基因R、r控制的；实验①：让三角形荠菜（a）植株进行自交，子代个体中三角形∶卵圆形=3∶1，说明三角形果实对卵圆形果实是显性性状，亲本三角形果实的基因型是Rr；②让a植株与卵圆形荠菜（b）植株杂交，子代个体中三角形∶卵圆形=1∶1，相当于测交实验。 【详解】A、由题意知，实验①中让三角形果实荠菜植株（a）进行自交，子代个体中三角形果实∶卵圆形果实＝3∶1，说明三角形果实对卵圆形果实是显性性状，亲本三角形果实荠菜植株的基因型是Rr；实验②中让a植株与卵圆形果实荠菜植株（b）杂交，子代个体中三角形果实∶卵圆形果实＝1∶1，相当于测交实验。实验②是测交实验，不能判断显隐性关系，A错误； B、实验①亲本基因型是Rr，子一代中RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1，其中能稳定遗传的是RR、rr，占1/2，B错误； C、实验②亲本基因型是Rr、rr，子代中三角形果实荠菜植株的基因型是Rr，其自交结果与实验①相同，C正确； D、实验①子代三角形果实荠菜植株的基因型及比例是RR∶Rr＝1∶2，其与卵圆形果实荠菜植株（rr）杂交，所得后代为卵圆形果实荠菜植株的概率是2/3×1/2＝1/3，D错误。 故选C。 三、非选择题 17. 某种植物有红、蓝两种花色，现有以下四组杂交实验，请回答下列问题。 A组：红花×红花→红花、蓝花； B组：蓝花×蓝花→红花、蓝花； C组：红花×蓝花→红花、蓝花； D组：红花×红花→全为红花。 其中，A组中子代红花植株的数量为298，蓝花植株的数量为101；B、C组未统计数量。 （1）若该植株的花色只受一对等位基因控制，则___________组和___________组对显隐性的判断正好相反。 （2）有人对实验现象提出了假说：花色性状由三个复等位基因（A+、A、a）控制，其中A决定蓝色，A+和a都决定红色，A+相对于A、a为显性，A相对于a为显性。若该假说正确，则B组同学所用的两个蓝花亲本的基因型组合方式为___________。 （3）若（2）中所述假说正确，那么红花植株的基因型可能有___________种。 ①若用基因型为AA的植株与红花植株杂交，则根据F1的性状表现可以判断出的红花植株的基因型是___________。 ②若用基因型为aa的植株与红花植株杂交，则根据F1的性状表现可以判断出的红花植株的基因型是___________。 【答案】 ①. A ②. B ③. Aa×Aa ④. 4 ⑤. A+A+和aa ⑥. A+A 【解析】 【分析】根据A组，红色亲本杂交后代出现蓝色，说明蓝色是隐性性状；根据B组，蓝色亲本杂交后代出现红色，说明红色是显性性状，两组结果矛盾。 【详解】（1）若该植株的花色只受一对等位基因控制，则由A组得出，红花对蓝花为显性，由B组得出，蓝花对红花为显性，结论相反。 （2）假设花色由三个复等位基因A+、A、a控制，A决定蓝色，A+和a都决定红色，A+相对于A、a为显性，A相对于a为显性，则B组中，由于A+对A为显性，故子代红花植株不含A+，基因型为aa，则蓝花亲本的基因型均为Aa。 （3）若（2）中假说正确，则红花植株的基因型可能有4种：A+A+、A+A、A+a、aa。 ①若用基因型为AA的植株与红花植株杂交：A+A+×AA→A+A（全为红花）；A+A×AA→A+A（红花）∶AA（蓝花）=1∶1；A+a×AA→A+A（红花）∶Aa（蓝花）=1∶1；aa×AA→Aa（全为蓝花），则根据F1的性状表现可以判断出的红花植株的基因型是A+A+和aa。 ②若用基因型为aa的植株与红花植株杂交：A+A+×aa→A+a（全为红花）；A+A×aa→A+a（红花）∶Aa（蓝花）=1∶1；A+a×aa→A+a、aa（全为红花）；aa×aa→aa（全为红花），则根据F1的性状表现可以判断出的红花植株的基因型是A+A。 【点睛】本题的难点在于A、B组杂交结果矛盾，无法确定显隐性，需要根据后面题目中给出的相关信息作出进一步的判断，该性状可能受复等位基因控制，则红花植株的基因型可能是A+A+、A+A、A+a、aa，蓝花对应的基因型有：AA、Aa。 18. 植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲乙丙丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见下表（实验②中F1自交得F2）。 实验 亲本 F1 F2 ① 甲×乙 1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮 1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮 / ② 丙×丁 缺刻叶齿皮 9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮 3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮 回答下列问题： （1）根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是_____。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是__________。 （2）甲乙丙丁中属于杂合体的是__________。 （3）实验②的F2中纯合体所占的比例为__________。 （4）假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是__________，判断的依据是__________。 【答案】 ①. 基因型不同的两个亲本杂交，F1分别统计，缺刻叶∶全缘叶=1∶1，齿皮∶网皮=1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均符合分离定律 ②. 缺刻叶和齿皮 ③. 甲和乙 ④. 1/4 ⑤. 果皮 ⑥. F2中齿皮∶网皮=48∶16=3∶1，说明受一对等位基因控制 【解析】 【分析】分析题表，实验②中F1自交得F2，F1全为缺刻叶齿皮，F2出现全缘叶和网皮，可以推测缺刻叶对全缘叶为显性（相关基因用A和a表示），齿皮对网皮为显性（相关基因用B和b表示），且F2出现9∶3∶3∶1。 【详解】（1）实验①中F1表现为1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮，分别统计两对相对性状，缺刻叶∶全缘叶=1∶1，齿皮∶网皮=1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均符合分离定律；根据实验②，F1全为缺刻叶齿皮，F2出现全缘叶和网皮，可以推测缺刻叶对全缘叶为显性，齿皮对网皮为显性； （2）根据已知条件，甲乙丙丁的基因型不同，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮，实验①杂交的F1结果类似于测交，实验②的F2出现9∶3∶3∶1，则F1的基因型为AaBb，综合推知，甲的基因型为Aabb，乙的基因型为aaBb，丙的基因型为AAbb，丁的基因型为aaBB，甲乙丙丁中属于杂合体的是甲和乙； （3）实验②的F2中纯合体基因型为1/16AABB，1/16AAbb，1/16aaBB，1/16aabb，所有纯合体占的比例为1/4； （4）假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮=45∶15∶3∶1，分别统计两对相对性状，缺刻叶∶全缘叶=60∶4=15∶1，可推知叶形受两对等位基因控制，齿皮∶网皮=48∶16=3∶1，可推知果皮受一对等位基因控制。 【点睛】本题考查基因的分离定律和自由组合定律，难度一般，需要根据子代结果分析亲代基因型，并根据杂交结果判断是否符合分离定律和自由组合定律，查考遗传实验中分析与计算能力。 19. 已知猫的双瞳同色和双瞳异色由一对位于常染色体上的基因T、t控制。耳朵形状由位于另一对常染色体上的基因D、d控制，折耳(DD)与立直耳(dd)杂交，子一代为折耳立(Dd)。甲、乙两个科研小组分别将多只折耳双瞳异色猫与多只折耳立双瞳同色猫作亲本杂交，甲组的F1为折耳双瞳同色：折耳立双瞳同色=1:1，乙组的F1为折耳双瞳异色：折耳双瞳同色：折耳立双瞳异色：折耳立双瞳同色=1：1：1：1。回答下列问题： (1)根据____组的杂交结果可判断双瞳同色是____性状。 (2)乙组亲本中，折耳双瞳异色猫与折耳立双瞳同色猫的基因型分别是________。 (3)乙组子代中折耳立双瞳同色的雌雄猫相互交配，所得后代的表现型比例是________。 (4)现要选育出能稳定遗传的折耳双瞳同色猫，请利用甲、乙两组亲本及子代中现有的猫为材料，设计出所用时间最短的实验方案________。 【答案】 ①. 甲 ②. 显性 ③. DDtt、DdTt ④. 6：3：3：2：1：1 ⑤. 利用甲组亲本中折耳立双瞳同色猫为材料，雌雄相互交配，从后代中选出折耳双瞳同色猫 【解析】 【分析】1、基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。  2、折耳(DD)与立直耳(dd)杂交，子一代为折耳立(Dd)，因此折耳与立直耳是不完全显性，子一代折耳立相互交配，子二代的基因型及比例是TT：Tt：tt=1：2：1，分别表现为折耳、半折耳立、立直耳；甲组实验双瞳异色猫与多只双瞳同色猫作亲本杂交，甲组的F1为双瞳同色，，说双瞳同色是显性。 【详解】（1）将多只折耳双瞳异色猫与多只折耳立双瞳同色猫作亲本杂交，甲组的F1为折耳双瞳同色︰折耳立双瞳同色＝1︰1，说明双瞳同色相对于双瞳异色为显性性状。 （2）乙组的F1为折耳双瞳异色︰折耳双瞳同色︰折耳立双瞳异色︰折耳立双瞳同色＝1︰1︰1︰1，则乙组亲本中，折耳双瞳异色猫与折耳立双瞳同色猫的基因型分别是DDtt、DdTt。 （3）乙组子代中折耳立双瞳同色的雌雄猫基因型为DdTt，相互交配，后代中会出现6种表现型，分别为折耳立双瞳同色：折耳双瞳同色：立直耳双瞳同色：折耳立双瞳异色：折耳双瞳异色：立直耳双瞳异色=6︰3︰3︰2︰1︰1。 （4）现要选育出能稳定遗传的折耳双瞳同色猫DDTT，利用甲组亲本中折耳立双瞳同色猫DdTT为材料，雌雄相互交配，从后代中选出折耳双瞳同色猫DDTT。 【点睛】本题要求考生理解基因分离定律和自由组合定律的实质，学会根据子代的表现型判断性状的显隐性关系及子代表现型及比例关系判断亲本的基因型，并应用正推法结合题干信息进行推理、综合解答问题。 20. 某植物的红花与白花由等位基因A/a控制，叶紧凑与叶舒展由等位基因B/b控制，现让一红花叶舒展植株与一红花叶紧凑植株杂交，得到的F1都为红花叶紧凑植株，让F1自由交配，F2中红花叶紧凑∶红花叶舒展∶白花叶紧凑=11∶4∶1。回答下列问题（不考虑变异类型）∶ （1）B基因控制_______________叶型，题干信息_______________（填“能”或“不能”）判断花色的显隐性，理由是___________________________________。 （2）亲本的基因型为_______________，F2红花叶舒展植株中纯合子的比例为______________。 （3）甲组同学认为控制花色和叶型的基因遵循自由组合定律，而乙组同学不同意甲组同学的观点，分析可知_______________组同学的判断正确，请从实验中选择合适的材料进行验证： ①实验思路：_________________________________________________________ ②实验结果：___________________________________________________________ 【答案】 ①. 叶紧凑 ②. 能 ③. F1都为红花植株，F1自由交配，F2中出现了白花，因此红花为显性，白花为隐性 ④. AAbb、AaBB ⑤. 100% ⑥. 乙 ⑦. ①选择亲本红花叶舒展植株与F2中白花叶紧凑植株进行杂交得到F1，让F1自由交配，统计F2的表现型及比例 ⑧. ②红花叶紧凑：红花叶舒展：白花叶紧凑=2：1：1 【解析】 【分析】红花与白花由等位基因A/a控制，分析交配过程可知，亲本都是红花，F1为红花，F1自由交配得F2中有白花，可知红花为显性，白花为隐性，F2中红花∶白花=15∶1，花色只受一对等位基因控制，可知F1不是只有一种基因型，F1中基因型应为AA∶Aa=1∶1，则亲本基因型为AA和Aa；叶紧凑与叶舒展由等位基因B/b控制，分析交配过程可知，亲本叶舒展与叶紧凑杂交，F1全部为叶紧凑，可知叶紧凑为显性，叶舒张为隐性，亲本基因型为BB和bb，F1基因型为Bb，F2为BB∶Bb∶bb=1∶2∶1，叶紧凑∶叶舒展=3∶1，综合分析，如果遵循自由组合定律，F1自由交配，F2的表现型及比例为红花叶紧凑∶红花叶舒展∶白花叶紧凑∶白花叶舒展=45∶15∶3∶1，而F2中红花叶紧凑∶红花叶舒展∶白花叶紧凑=11∶4∶1，不符合自由交配结果，因此不遵循自由组合定律。 【详解】（1）亲本叶舒展与叶紧凑杂交，F1全部为叶紧凑，可知叶紧凑为显性，叶舒张为隐性，B基因控制叶紧凑，根据题干信息能判断花色的显隐性，理由是F1都为红花植株，F1自由交配，F2中出现了白花，因此红花为显性，白花为隐性； （2）就花色而言，F2出现红花∶白花=15∶1，说明F1的基因型有两种，为AA∶Aa=1∶1，则亲本基因型为AA和Aa，就叶型而言，F1全部为叶紧凑，可知叶紧凑为显性，叶舒张为隐性，亲本基因型为BB和bb，因两对等位基因不遵循自由组合定律，等位基因A/a和等位基因B/b在一对同源染色体上，F2中没有出现白花叶舒展类型，基因a和b不在一条染色体上，故亲本红花叶舒展植株的基因型只能是AAbb，所以亲本基因型只能为AAbb和AaBB，不能是Aabb和AABB，F2 红花叶舒展植株基因型全部为AAbb，纯合子的比例为100%； （3）分析可知乙组同学的判断正确，可以选择测交实验证明，但没有隐形纯合子个体，所以采用类似于测交的杂交过程来验证，可以选择亲本红花叶舒展植株，基因型为AAbb，F2白花叶紧凑植株，基因型为aaBB，进行杂交，因为是验证实验，实验结果要符合题中观点，实验思路为：选择亲本红花叶舒展植株与F2中白花叶紧凑植株进行杂交得到F1，让F1自由交配，统计F2的表现型及比例，实验结果为：红花叶紧凑：红花叶舒展：白花叶紧凑=2：1：1。 【点睛】此题考查遗传中显隐性判断，基因位置的判断，基因型的判断，以及设计实验验证遗传定律，难度较大，需要注意的是F1是自由交配产生F2，不是自交，容易出错，在自由交配中可以采用配子法快速得到F2的结果。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $