2024年四川省成都市天府新区中考物理质检试卷

2024年四川省成都市天府新区中考物理质检试卷 一、单项选择题（每小题2分，共26分） 1．（2分）人们日常生活中使用的无线WiFi传递信息是利用（　　） A．电磁波 B．超声波 C．超导体 D．次声波 2．（2分）下列事例中，用热传递的方式来改变物体内能的是（　　） A．热水慢慢变凉 B．双手摩擦取暖 C．古人钻木取火 D．热机对外做功 3．（2分）下列估测的数据中最符合实际的是（　　） A．家用电吹风的功率约为90W B．家用电风扇正常工作1h耗电5kW•h C．家用电冰箱的电流约为7A D．电子手表的氧化银电池电压约为1.5V 4．（2分）如图所示，将乒乓球吊在扬声器前。当扬声器播放音乐时，会看到乒乓球随音乐跳动，下列说法不正确的是（　　） A．发声的物体在振动 B．声音能够传递能量 C．声音的音调越高，乒乓球弹开的幅度越大 D．人能听到音乐声，是因为空气能传播声音 5．（2分）如图所示，利用频闪照相技术拍摄抛出后的小球在相同时间间隔的位置，小球从A到B位置加速下落过程中的说法正确的是（　　） A．动能增大，重力势能增大 B．动能减小，重力势能增大 C．动能减小，重力势能减小 D．动能增大，重力势能减小 6．（2分）日常生活中蕴含着丰富的物理知识，如图所示，下列关于厨房中的实例利用大气压强的是（　　） A．使用U形排水管 B．从瓶中倒出酱油 C．用锋利的刀切腊肉 D．用塑料吸盘挂物品 7．（2分）“珍爱生命，注意安全”是同学们应具备的基本安全意识。下列符合家庭电路和安全用电的操作是（　　） A．插线板上同时接多个大功率用电器 B．使用验电笔时，手不能接触笔尖金属体 C．开关接在灯和零线之间 D．同伴发生触电时，立即用手将其拉开 8．（2分）如图所示是简易电动机模型，其线圈由漆包线绕成，将线圈一端的漆全部刮掉，另一端只刮掉半周，在线圈的下面放置一个磁体。将线圈接入电路，闭合开关后线圈转动起来。下列关于该电动机模型的说法正确的是（　　） A．利用电磁感应原理工作 B．工作时机械能转化为电能 C．对调电源正负极可改变线圈转动方向 D．增大电路的电流可改变线圈转动方向 9．（2分）某物理小组做探究水沸腾规律实验，他们对“水沸腾了，还要继续加热一段时间”这一步操作的目的展开了讨论，你认为下列说法不合理的是（　　） A．观察水沸腾前后气泡的变化 B．探究水的沸点和液面上方气压大小的关系 C．观察水沸腾前后温度的变化 D．探究水沸腾不仅需达到沸点还需继续吸热 10．（2分）下列实验中采用了与“探究压力的作用效果，保持压力不变，改变受力面积”相同研究方法的是（　　） A．“探究浮力大小与什么因素有关”实验，将物体浸没在不同液体中进行实验 B．“比较不同物质吸热的情况”实验，用加热时间的长短反映吸收热量的多少 C．“研究阻力对物体运动的影响”实验，运用科学推理得出牛顿第一定律 D．“研究串联电路的等效电阻”实验，几个串联电阻所起的作用，可用一个电阻来代替 11．（2分）“做中学”是一种重要的学习方式，如图所示是用吸管开展的科学研究，下列说法正确的是（　　） A．图甲：用吸管吹气，两乒乓球向中间靠拢，因为流速大的地方压强大 B．图乙：使劲压玻璃瓶，吸管中水柱上升，是力改变了物体的形状 C．图丙：用吸管自制温度计，是利用液体的热缩冷胀原理 D．图丁：吸管的一端做得很尖，是为了减小压强 12．（2分）如图所示把书放在水平桌面上，书上放一支笔，用手缓慢地推动书，使它带着笔沿桌面向前缓慢移动。下列说法正确的是（　　） A．以桌为参照物，笔是静止的 B．以笔为参照物，书是运动的 C．当突然快速向前推动书，笔由于惯性相对书向后运动 D．当书静止在桌面时，书的重力和桌面对书的支持力是相互作用力 13．（2分）如图所示将两只灯泡接入电路中，闭合开关，两灯均发光。关于该状态下的判断正确的是（　　） A．两灯均发光时，L2发光亮度一定比L1更亮 B．用导线连接L1的两个接线柱，L2仍然发光 C．若断开开关，L2发光，L1不发光 D．若取下L1后，L2仍然发光 二、填空题（每空2分，共28分） 14．（4分）用如图所示装置制造“雾”：在一只大烧杯里铺一层饱含水分的湿沙，杯口盖一只盘子，在盘子里放些冰。给烧杯加热，发现烧杯中出现了朦胧的“白雾”，盘子中的冰逐渐减少。“白雾”的形成是 　 　（填物态变化名称）现象；冰逐渐减少的过程中，忽略总质量的变化，那么盘中混合物的内能 　 　。 15．（4分）如图所示，将一束光贴着纸板E由A射向镜面O点，则在纸板F上可以看到反射光OB，再将一束光沿BO入射，经平面镜反射后会沿 　 　射出；将如图的纸板F沿ON向后折，则在纸板F上 　 　看到反射光。 16．（4分）如图所示，用拖把向前清扫地面污渍时，地面对拖把的摩擦力的方向是向 　 　的；手握住拖把杆的部分有花纹，是通过增大 　 　来增大摩擦力从而避免打滑。 17．（4分）如图所示，用手将小球压入水底，松手后小球在上浮过程中分别经过1、2位置，最终在3位置静止。小球在1位置时，受到的浮力 　 　自身重力；从1至2位置的运动过程中的合力方向是 　 　。 18．（4分）如图所示，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，光线较暗时灯泡自动发光，光线较亮时灯泡自动熄灭。为了符合要求，灯泡应设计在 　 　两接线柱之间。开关闭合时，电磁铁上端是 　 　极。 19．（4分）如图甲所示的电路，闭合开关后，电压表示数如图乙所示，为 　 　V；将滑动变阻器的滑片P向左端移动，电压表示数会 　 　。 20．（4分）如图甲所示，一个有“加热”和“保温”两个挡位的智能杯垫，其电路图如图乙所示。电源电压为220V，电阻丝R1＝2640Ω，R2＝2200Ω。闭合开关S1和S2时，杯垫处于 　 　挡位；杯垫正常加热1min产生的热量是 　 　J。 三、作图与计算题（共17分） 21．（2分）“坐井观天”出自韩愈《原道》：“坐井而观天，曰天小者，非天小也。”如图甲所示一只青蛙在枯井底向外张望，请你在图乙中画出青蛙眼睛（O点）通过井口能看到最大范围的两条光线。 22．（2分）如图甲所示是人单脚站立踮脚时骨骼绕关节转动的情景，其简化杠杆示意图如图乙所示，O是这个杠杆的支点，A点小腿肌肉产生的拉力F1为动力，F2为阻力。请你在图乙中画出动力F1及阻力F2的力臂L2。 23．（6分）餐饮服务机器人可以为餐馆提供送菜服务，堪称“送餐小达人”。某次送餐时，若机器人以1.8km/h的速度匀速沿水平地面将餐点送至21m远的餐桌，该过程中其受到的牵引力大小恒为60N。求： （1）机器人此次送餐的时长。 （2）机器人牵引力做的功。 24．（7分）如图的电路中电源电压恒为8V，R1是一个定值电阻，灯泡的额定功率为0.6W，滑动变阻器R2标有“50Ω 0.5A”字样，电流表有0～0.6A和0～3A两个量程。不考虑灯泡电阻的变化。 （1）只闭合开关S2时，测得电压表示数为2V，此时灯泡L正常发光，求电阻R1的阻值。 （2）当全部开关都闭合，移动滑动变阻器滑片并确保电路安全情况下，为准确测量出电路中的最大和最小电流，请通过计算说明这两次测量是否需要更换电流表的量程。 四、实验与探究题（共14分） 25．（6分）晓理在探究“串联电路中电压规律”实验时，设计了如图所示的电路。 L1两端的电压U1/V L2两端的电压U2/V 电路两端的电压U/V 1.2 1.8 3.0 （1）根据电路图连接好电路，闭合开关后发现两灯都不亮，且电压表示数为电源电压，则故障可能是 　 　。 （2）排除故障后，晓理测量出L1两端的电压，然后将电压表与A点相连的导线直接换接在C点测量L2两端的电压。这种做法是否可行？答：　 　。 （3）正确完成实验后，晓理把实验数据记录在上表中。于是他立即由实验数据得出结论：串联电路两端的电压等于串联电路中各部分电路两端的电压之和。请你指出这个过程的不足之处，并说明理由。答：　 　。 26．（8分）晓理在实验室用托盘天平和量筒测量小矿石的密度。 （1）如图甲所示，将托盘天平放在水平桌面上，晓理发现天平指针一直固定在分度盘的中央刻度，他接下来的操作应该是 　 　。 （2）晓理观察铭牌发现该托盘天平的最大称量为200g，感量为0.2g，还发现实验桌上有A、B两盒砝码，如图乙所示，他应该选择 　 　（选填“A”或“B”）盒砝码进行实验。 （3）晓理调节好天平后，测出矿石的质量m；向量筒中倒入适量的水，测出水的体积V1；用细线系住矿石轻轻放入量筒，直到矿石浸没在水中，测出矿石和水的总体积V2；根据密度公式，求出矿石的密度ρ＝　 　。（用m、V1、V2表示） （4）晓理十分认真地完成了实验，但矿石密度的测量值与真实值仍有差异。你认为该实验的误差是怎么产生的？请写出其中一条：　 　。 一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 27．（2分）晓理对课本提供的能量和能源信息进行了整理，下列说法正确的是（　　） A．能量在利用的过程中，其转化和转移是有方向性的 B．能量既不能创造也不会消失，因此不需要节约能源 C．核电站利用核聚变发电，发生的是可控的链式反应 D．太阳能、地热能、氢燃料、天然气都属于新能源 28．（2分）如图所示，2024年除夕夜成都市民欢聚在天府新区秦皇湖畔欣赏“闪耀蓉城”无人机秀。下列说法正确的是（　　） A．灯光下的水面亮得刺眼，说明水面是光源 B．在平静的秦皇湖湖面看到房屋的倒影是光的折射现象 C．某市民取下近视眼镜后看无人机画面变模糊了，此时像成在视网膜后方 D．成都市民看到的五颜六色的灯光画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成 29．（2分）用某个装置加热一杯质量为100g的水，并用温度计测量水温，4min后停止加热，测得消耗燃料4.2g。根据实验数据绘制了水温随时间变化的图像如图中a图线。接下来，用相同的装置加热另一杯水，并根据实验数据绘制了图中b图线。已知该装置放热均匀，同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），燃料完全燃烧所放出的热量只有60%被水吸收。忽略加热过程中水的质量变化，下列说法正确的是（　　） A．a图线的水吸收的热量为2520J B．该燃料的热值为1.5×106J/kg C．b图线的水质量为100g D．b图线的水吸收的热量更多 （多选）30．（2分）晓理用质量为0.6kg的空箱子和三个质量相同的滑轮自制了如图甲所示的装置，探究货物的重力逐渐增加时装置机械效率的变化。经过实验他绘制了如图乙所示的图像。不计绳重和摩擦，g取10N/kg，则下列说法正确的是（　　） A．每个滑轮的重力为7N B．绳子自由端移动距离是货物移动距离的3倍 C．提升重为80N的货物，绳子自由端拉力为25N D．将重为20N的货物提升2m，用时5s，绳子自由端拉力的功率为4W （多选）31．（2分）物理小组用如图甲所示的电路对一个新型电阻R3（标有2.5V字样）进行了测量。电源电压恒定不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V。当闭合开关S和S1，断开开关S2，将滑动变阻器R2的滑片P从一端移至另一端，测得电流表示数随电压表示数变化情况如图乙中的a线所示。当把电压表并联在R3两端，闭合开关S和S2，断开开关S1，移动滑动变阻器R2的滑片P，测得电阻R3电流随电压变化情况如图乙中的b线所示。下列说法正确的是（　　） A．电源电压为4V B．R2的最大阻值为15Ω C．R3正常工作时的电功率为0.6W D．将电压表并联在R2两端，当闭合开关S和S2，断开开关S1时，为保证电路安全滑动变阻器R2连入电路的阻值范围为4Ω～12Ω 二、综合题（共10分） 32．（4分）物理学科实践小组对如图甲所示的传统管线饮水机进行研究，发现它通过把水仓内的水加热到设定温度来供人饮用。如图乙是饮水机工作原理图，其中S是自动温控开关，当水的温度低于设定的最低温度值时，通过温控开关控制饮水机处于加热状态；当水的温度达到设定的最高温度值时，通过温控开关控制饮水机处于保温状态，如此反复。R1是定值电阻，R2是阻值不变的电热丝。该饮水机的部分参数如下表所示。 额定电压 220V 加热功率 550W 保温功率 50w 热水出水温度 85～95℃ （1）同学们研究饮水机使用说明书和工作原理后，有以下认识，其中不合理的是：　 　。 A.安装传统管线饮水机，应距墙一定的距离，有利于通风散热 B.尽管饮水机功率不太大且外壳由塑料制成，也需使用三孔插座供电 C.“使用时插头要充分插入插座”，若插头外露可能会导致触电事故 D.水仓水温达到95℃，开关S接到触点1，灯L2亮，饮水机开始保温 （2）同学们发现当饮水机水仓内水温度低于85℃时，饮水机就重新加热，循环往复将水仓内水温控制在85～95℃之间。同学们测得水从85℃上升到95℃所需的加热时间为3min，咨询到电费单价为0.5元/kW•h，则单独计算反复加热烧开水仓内的水100次所花的电费为 　 　元。如果水仓里没有水了，就会有干烧损坏部件的危险。为了避免此危险的发生，请你从安全用电的角度给出一个合理的建议：　 　。 （3）为了比较“切断电源8小时后一次加热至95℃”和“8小时内保温状态下反复加热”两种情况下消耗的电能，在没有电能表的情况下，除提供的上述信息外还需测量水从室温上升到95℃所需的加热时间和 　 　。 33．（6分）如图所示，甲是柱形薄壁容器，其质量为100g，底面积为20cm2，高度为10cm，容器内装有6cm深的水；均匀实心长方体A、B的部分物理量信息如表所示。忽略物体吸水、容器壁厚度等次要因素。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg） （1）求长方体B的密度。 （2）将长方体A缓慢放入容器中，待A稳定后（始终竖直），求容器对水平桌面的压强。 （3）如果在（2）基础上将长方体B放在A上，B平衡后（始终竖直）再使用辅助工具将AB一起竖直向上提起2cm，求此时水对长方体A下表面的压强。 物体 质量/g 高度/cm 底面积/cm2 长方体A 90 10 10 长方体B 150 5 10 2024年四川省成都市天府新区中考物理质检试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题（每小题2分，共26分） 1．（2分）人们日常生活中使用的无线WiFi传递信息是利用（　　） A．电磁波 B．超声波 C．超导体 D．次声波 【解答】解：人们日常生活中使用的无线WiFi传递信息是利用电磁波。 故选：A。 2．（2分）下列事例中，用热传递的方式来改变物体内能的是（　　） A．热水慢慢变凉 B．双手摩擦取暖 C．古人钻木取火 D．热机对外做功 【解答】解：A、一杯热水慢慢变凉，即热水放出热量，这是通过热传递改变物体内能的，故A正确； B、冬天双手互相摩擦，手会发热，是通过做功方式改变了手的内能，故B错误； C、钻木取火是摩擦生热，机械能转化为内能，属于做功改变物体内能，故C错误； D、热机对外做功是通过做功改变了物体的内能，故D错误； 故选：A。 3．（2分）下列估测的数据中最符合实际的是（　　） A．家用电吹风的功率约为90W B．家用电风扇正常工作1h耗电5kW•h C．家用电冰箱的电流约为7A D．电子手表的氧化银电池电压约为1.5V 【解答】解： A、家用电吹风的功率约为600W，故A不符合实际； B、家用电风扇的功率约为100W＝0.1kW，正常工作1h耗电W＝Pt＝0.1kW×1h＝0.1kW•h，故B不符合实际； C、家用电冰箱的电功率约为200W，工作时通过的电流I＝＝≈1A，故C不符合实际； D、电子手表的氧化银电池电压约为1.5V，故D符合实际。 故选：D。 4．（2分）如图所示，将乒乓球吊在扬声器前。当扬声器播放音乐时，会看到乒乓球随音乐跳动，下列说法不正确的是（　　） A．发声的物体在振动 B．声音能够传递能量 C．声音的音调越高，乒乓球弹开的幅度越大 D．人能听到音乐声，是因为空气能传播声音 【解答】解：AB、当扬声器播放音乐时，会看到乒乓球随音乐跳动，说明声音是由物体振动产生的，同时说明声音能够传递能量，故AB正确； C、叉发出声音的响度越大，乒乓球弹开的幅度越大，故C错误； D、人能听到音乐声是通过空气传播的。 故选：C。 5．（2分）如图所示，利用频闪照相技术拍摄抛出后的小球在相同时间间隔的位置，小球从A到B位置加速下落过程中的说法正确的是（　　） A．动能增大，重力势能增大 B．动能减小，重力势能增大 C．动能减小，重力势能减小 D．动能增大，重力势能减小 【解答】解：由图可以看出，小球从A到B位置加速下落过程中，小球在相等的时间间隔内，球移动的距离是变大的，可以判断小球的速度逐渐变大；小球的质量不变，速度变大，动能增大；高度变小，重力势能减小。 故选：D。 6．（2分）日常生活中蕴含着丰富的物理知识，如图所示，下列关于厨房中的实例利用大气压强的是（　　） A．使用U形排水管 B．从瓶中倒出酱油 C．用锋利的刀切腊肉 D．用塑料吸盘挂物品 【解答】解：A．使用U形排水管是利用连通器的原理，故A不符合题意； B．从瓶中倒出酱油利用重力的方向竖直向下，故B不符合题意； C．用锋利的刀切腊肉是在压力一定时，减小受力面积增大压强，故C不符合题意； D．使用吸盘时，首先将吸盘内的气体挤出，盘内不存在气体，气压几乎为零，在盘外大气压的作用下将吸管压在墙壁上，这是应用大气压，故D符合题意； 故选：D。 7．（2分）“珍爱生命，注意安全”是同学们应具备的基本安全意识。下列符合家庭电路和安全用电的操作是（　　） A．插线板上同时接多个大功率用电器 B．使用验电笔时，手不能接触笔尖金属体 C．开关接在灯和零线之间 D．同伴发生触电时，立即用手将其拉开 【解答】解：A、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。故多个大功率用电器同时使用一个插排时，将会使插排中的电流过大，引起火灾，故A不符合安全用电常识； B、使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体，但不能接触笔尖金属体，否则容易发生触电事故，故B符合安全用电常识； C、家庭里每盏电灯的开关应该接在灯泡和火线之间，断开开关切断火线，操作更安全，故C不符合安全用电常识； D、发现有人触电后，应该首先切断电源，然后再进行其他的救护措施，故D不符合安全用电常识。 故选：B。 8．（2分）如图所示是简易电动机模型，其线圈由漆包线绕成，将线圈一端的漆全部刮掉，另一端只刮掉半周，在线圈的下面放置一个磁体。将线圈接入电路，闭合开关后线圈转动起来。下列关于该电动机模型的说法正确的是（　　） A．利用电磁感应原理工作 B．工作时机械能转化为电能 C．对调电源正负极可改变线圈转动方向 D．增大电路的电流可改变线圈转动方向 【解答】解：A．电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故A错误； B．电动机消耗电能而转动起来，能量转化为电能转化为机械能，故B错误； C．线圈转动的方向与电流的方向有关，对调电源正负极可改变线圈转动方向，故C正确； D．线圈转动的方向与电流的方向有关，增大线圈中的电流，只会改变线圈受到磁场力的大小，而不会改变受力的方向，故D错误。 故选：C。 9．（2分）某物理小组做探究水沸腾规律实验，他们对“水沸腾了，还要继续加热一段时间”这一步操作的目的展开了讨论，你认为下列说法不合理的是（　　） A．观察水沸腾前后气泡的变化 B．探究水的沸点和液面上方气压大小的关系 C．观察水沸腾前后温度的变化 D．探究水沸腾不仅需达到沸点还需继续吸热 【解答】解：水沸腾后，还要继续加热一段时间的主要目的是观察水沸腾后的温度变化。也可以观察水沸腾前后气泡的变化和探究水沸腾不仅需达到沸点还需继续吸热； 继续加热不能探究水的沸点和液面上方气压大小的关系。 故选：B。 10．（2分）下列实验中采用了与“探究压力的作用效果，保持压力不变，改变受力面积”相同研究方法的是（　　） A．“探究浮力大小与什么因素有关”实验，将物体浸没在不同液体中进行实验 B．“比较不同物质吸热的情况”实验，用加热时间的长短反映吸收热量的多少 C．“研究阻力对物体运动的影响”实验，运用科学推理得出牛顿第一定律 D．“研究串联电路的等效电阻”实验，几个串联电阻所起的作用，可用一个电阻来代替 【解答】解：A.探究浮力大小与什么因素有关时，将物体浸没在不同的液体中，就是控制排开液体的体积相同，液体的密度不同，属于控制变量法，故A正确； B.用加热时间的长短反映吸收热量的多少采用的转换法，故B错误； C.该选项运用的是实验加逻辑推理的方法，故C错误； D.该选项采用的是等效替代的思想，故D错误。 故选：A。 11．（2分）“做中学”是一种重要的学习方式，如图所示是用吸管开展的科学研究，下列说法正确的是（　　） A．图甲：用吸管吹气，两乒乓球向中间靠拢，因为流速大的地方压强大 B．图乙：使劲压玻璃瓶，吸管中水柱上升，是力改变了物体的形状 C．图丙：用吸管自制温度计，是利用液体的热缩冷胀原理 D．图丁：吸管的一端做得很尖，是为了减小压强 【解答】解：A、向乒乓球中间吹气时，乒乓球中间空气流速大，压强变小，在流速小的地方压强较大，乒乓球外侧大气压不变，乒乓球外侧压强大于内侧压强，乒乓球向中间靠拢，该实验说明了流体流速大的地方压强小，故A错误； B、使劲压玻璃瓶，吸管中水柱上升，说明力改变了物体的形状，故B正确； C、用吸管自制温度计，是利于液体的热胀冷缩原理，故C错误； D、吸管一端做得很尖，是在压力一定时，为了减小受力面积，增大压强，故D错误。 故选：B。 12．（2分）如图所示把书放在水平桌面上，书上放一支笔，用手缓慢地推动书，使它带着笔沿桌面向前缓慢移动。下列说法正确的是（　　） A．以桌为参照物，笔是静止的 B．以笔为参照物，书是运动的 C．当突然快速向前推动书，笔由于惯性相对书向后运动 D．当书静止在桌面时，书的重力和桌面对书的支持力是相互作用力 【解答】解：A、由题意知，把书放在桌子上，书上放一支笔，用手缓慢地推动书，使它带着笔沿桌面向前缓慢移动，相对桌面，笔的位置发生了改变，所以以桌为参照物，笔是运动的，故A错误； B、以笔为参照物，书相对笔的位置没有改变，所以以笔为参照物，书是静止的，故B错误； C、当突然快速向前推动书，笔由于惯性要保持原来的静止状态，所以相对书向后运动，故C正确； D、桌面对书的支持力等于书、笔的总重力，与书的重力不相等，故不是一对相互作用力，故D错误。 故选：C。 13．（2分）如图所示将两只灯泡接入电路中，闭合开关，两灯均发光。关于该状态下的判断正确的是（　　） A．两灯均发光时，L2发光亮度一定比L1更亮 B．用导线连接L1的两个接线柱，L2仍然发光 C．若断开开关，L2发光，L1不发光 D．若取下L1后，L2仍然发光 【解答】解：由图知，两灯并联。 A、亮度取决于实际功率，两灯均发光时，L2发光亮度不一定比L1更亮，故A错误； B、用导线连接L1的两个接线柱，此时电源被短路，所以两灯都熄灭，故B错误； C、开关在干路上，控制整个电路，断开后都不亮，故C错误； D、L1和L2并联，取下L1后，对L2支路不产生影响，则L2不会熄灭，故D正确。 故选：D。 二、填空题（每空2分，共28分） 14．（4分）用如图所示装置制造“雾”：在一只大烧杯里铺一层饱含水分的湿沙，杯口盖一只盘子，在盘子里放些冰。给烧杯加热，发现烧杯中出现了朦胧的“白雾”，盘子中的冰逐渐减少。“白雾”的形成是 　液化　（填物态变化名称）现象；冰逐渐减少的过程中，忽略总质量的变化，那么盘中混合物的内能 　增加　。 【解答】解：（1）“白雾”的形成是水蒸气液化形成的小水滴，是液化现象； （2）冰逐渐减少的过程中，吸收热量，总质量不变，内能增加。 故答案为：液化；增加。 15．（4分）如图所示，将一束光贴着纸板E由A射向镜面O点，则在纸板F上可以看到反射光OB，再将一束光沿BO入射，经平面镜反射后会沿 　OA　射出；将如图的纸板F沿ON向后折，则在纸板F上 　不能　看到反射光。 【解答】解：如果将光源沿BO射入一条入射光线，会观察到反射光线会沿OA的方向射出，说明了在光的反射中，光路具有可逆性。 根据光的反射定律，在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内，所以把纸板F向后折叠，则在纸板F上不能看到反射光线，说明反射光线、与入射光线和法线应在同一平面内。 故答案为：OA；不能。 16．（4分）如图所示，用拖把向前清扫地面污渍时，地面对拖把的摩擦力的方向是向 　后　的；手握住拖把杆的部分有花纹，是通过增大 　接触面的粗糙程度　来增大摩擦力从而避免打滑。 【解答】解：摩擦力阻碍物体相对运动，所以用拖把向前清扫地面污渍时，地面对拖把的摩擦力的方向是向后的； 手握住拖把杆的部分有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力从而避免打滑。 故答案为：后；接触面的粗糙程度。 17．（4分）如图所示，用手将小球压入水底，松手后小球在上浮过程中分别经过1、2位置，最终在3位置静止。小球在1位置时，受到的浮力 　大于　自身重力；从1至2位置的运动过程中的合力方向是 　竖直向上　。 【解答】解：（1）根据题意可知，球在位置1时没有处于静止状态，还处于上升过程，浮力会大于自身的重力； （2）由图可知，球从位置1至位置2的过程中，处于上升过程，浮力大于重力，合力的方向竖直向上。 故答案为：大于；竖直向上。 18．（4分）如图所示，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，光线较暗时灯泡自动发光，光线较亮时灯泡自动熄灭。为了符合要求，灯泡应设计在 　A、B　两接线柱之间。开关闭合时，电磁铁上端是 　N　极。 【解答】解： （1）光线较暗时，光照强度减弱，光敏电阻的阻值变大，则控制电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，衔铁在弹簧的作用下被拉起，灯泡自动发光，说明灯泡在A和B两接线柱之间。 （2）由图可知，电流从电磁铁的上端流入、下端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极、下端为S极。 故答案为：A、B；N。 19．（4分）如图甲所示的电路，闭合开关后，电压表示数如图乙所示，为 　2.2　V；将滑动变阻器的滑片P向左端移动，电压表示数会 　变大　。 【解答】解：根据图乙可知，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V； 根据电路图可知，定值电阻和滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压；将滑动变阻器的滑片P向左端移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据U＝IR可知，定值电阻两端电压变大，电压表示数变大。 故答案为：2.2；变大。 20．（4分）如图甲所示，一个有“加热”和“保温”两个挡位的智能杯垫，其电路图如图乙所示。电源电压为220V，电阻丝R1＝2640Ω，R2＝2200Ω。闭合开关S1和S2时，杯垫处于 　加热　挡位；杯垫正常加热1min产生的热量是 　1320　J。 【解答】解：由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P＝可知，电路中的总功率最小，智能杯垫处于保温挡； 闭合开关S1和S2时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，智能杯垫处于加热挡； 由Q＝I2Rt＝t可知，杯垫正常加热1min产生的热量：Q＝t＝×1×60s＝1320J。 故答案为：加热；1320。 三、作图与计算题（共17分） 21．（2分）“坐井观天”出自韩愈《原道》：“坐井而观天，曰天小者，非天小也。”如图甲所示一只青蛙在枯井底向外张望，请你在图乙中画出青蛙眼睛（O点）通过井口能看到最大范围的两条光线。 【解答】解：图中O点是青蛙的位置，将O点与井口左右两边的端点相连成一直线，然后在直线上标出箭头，即得到两条射向青蛙眼睛的光线，这两条光线就决定了青蛙的观察范围。如图所示： 故答案为：见解答图。 22．（2分）如图甲所示是人单脚站立踮脚时骨骼绕关节转动的情景，其简化杠杆示意图如图乙所示，O是这个杠杆的支点，A点小腿肌肉产生的拉力F1为动力，F2为阻力。请你在图乙中画出动力F1及阻力F2的力臂L2。 【解答】解：由支点O向F2的作用线作垂线标出力臂l2。肌肉拉力竖直向上，作用在A点。如图所示： 23．（6分）餐饮服务机器人可以为餐馆提供送菜服务，堪称“送餐小达人”。某次送餐时，若机器人以1.8km/h的速度匀速沿水平地面将餐点送至21m远的餐桌，该过程中其受到的牵引力大小恒为60N。求： （1）机器人此次送餐的时长。 （2）机器人牵引力做的功。 【解答】解：（1）机器人的速度v＝1.8km/h＝0.5m/s，由v＝可得，机器人此次送餐的时长： t＝＝＝42s； （2）机器人牵引力做的功： W＝Fs＝60N×21m＝1260J。 答：（1）机器人此次送餐的时长为42s。 （2）机器人牵引力做的功为1260J。 24．（7分）如图的电路中电源电压恒为8V，R1是一个定值电阻，灯泡的额定功率为0.6W，滑动变阻器R2标有“50Ω 0.5A”字样，电流表有0～0.6A和0～3A两个量程。不考虑灯泡电阻的变化。 （1）只闭合开关S2时，测得电压表示数为2V，此时灯泡L正常发光，求电阻R1的阻值。 （2）当全部开关都闭合，移动滑动变阻器滑片并确保电路安全情况下，为准确测量出电路中的最大和最小电流，请通过计算说明这两次测量是否需要更换电流表的量程。 【解答】解：（1）只闭合开关S2时，R1与灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压， 由于灯泡正常工作，根据P＝U可得电路中的电流：I＝IL＝＝＝0.3A， 根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可知： U1＝U﹣UL＝8V﹣2V＝6V， 根据I＝可得R1的阻值为：R1＝＝＝20Ω； （2）当全部开关都闭合，R1、R2并联接入电路，电流表测干路电流，当R2的滑片在最右端，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据欧姆定律可知通过该支路的电流最小； 则：I1＝＝＝0.4A，I2最小＝＝＝0.16A， 根据并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的最小示数为： I最小＝I1+I2最小＝0.4A+0.16A＝0.56A＜0.6A，为准确测量出电路中的最小电流，则电流表的量程应选择0～0.6A； 已知滑动变阻器R2标有“50Ω 0.5A”字样，则滑动变阻器允许通过的最大电流：I2最大＝0.5A， 根据并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的最大示数为： I最大＝I1+I2最大＝0.4A+0.5A＝0.9A＞0.6A，为准确测量出电路中的最大电流，则电流表的量程应选择0～3A； 所以，确保电路安全情况下，为准确测量出电路中的最大和最小电流，这两次测量需要更换电流表的量程。 答：（1）电阻R1的阻值为20Ω。 （2）当全部开关都闭合，移动滑动变阻器滑片并确保电路安全情况下，为准确测量出电路中的最大和最小电流，这两次测量需要更换电流表的量程。 四、实验与探究题（共14分） 25．（6分）晓理在探究“串联电路中电压规律”实验时，设计了如图所示的电路。 L1两端的电压U1/V L2两端的电压U2/V 电路两端的电压U/V 1.2 1.8 3.0 （1）根据电路图连接好电路，闭合开关后发现两灯都不亮，且电压表示数为电源电压，则故障可能是 　L1断路　。 （2）排除故障后，晓理测量出L1两端的电压，然后将电压表与A点相连的导线直接换接在C点测量L2两端的电压。这种做法是否可行？答：　不可行　。 （3）正确完成实验后，晓理把实验数据记录在上表中。于是他立即由实验数据得出结论：串联电路两端的电压等于串联电路中各部分电路两端的电压之和。请你指出这个过程的不足之处，并说明理由。答：　根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论要多次测量　。 【解答】解：（1）根据电路图连接好电路，两灯串联，电压表测L1的电压，闭合开关后发现两灯都不亮，电路可能断路，且电压表示数为电源电压，电压表与电源连通，则故障可能是L1断路； （2）已测出L1两端的电压，与A相连的为电压表负接线柱，与A相连的为电压表的负接线柱，排除故障后，将电压表与A点相连的导线直接换接在C点测量L2两端的电压。做法不可行，原因是电压表正负接线接反了。 （3）根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论要多次测量。 故答案为：（1）L1断路；（2）不可行；（3）根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论要多次测量。 26．（8分）晓理在实验室用托盘天平和量筒测量小矿石的密度。 （1）如图甲所示，将托盘天平放在水平桌面上，晓理发现天平指针一直固定在分度盘的中央刻度，他接下来的操作应该是 　取下橡胶垫圈　。 （2）晓理观察铭牌发现该托盘天平的最大称量为200g，感量为0.2g，还发现实验桌上有A、B两盒砝码，如图乙所示，他应该选择 　A　（选填“A”或“B”）盒砝码进行实验。 （3）晓理调节好天平后，测出矿石的质量m；向量筒中倒入适量的水，测出水的体积V1；用细线系住矿石轻轻放入量筒，直到矿石浸没在水中，测出矿石和水的总体积V2；根据密度公式，求出矿石的密度ρ＝　　。（用m、V1、V2表示） （4）晓理十分认真地完成了实验，但矿石密度的测量值与真实值仍有差异。你认为该实验的误差是怎么产生的？请写出其中一条：　测矿石体积时，用细线系住矿石轻轻放入量筒，会使得所测矿石体积偏大　。 【解答】解：（1）如图甲所示，将托盘天平放在水平桌面上，晓理发现天平指针一直固定在分度盘的中央刻度，他接下来的操作应该是取下橡胶垫圈； （2）题中托盘天平的最大称量为200g，感量为0.2g，故选A盒砝码进行实验； （3）由题可知，矿石体积为V＝V2﹣V1，则矿石的密度ρ＝＝； （4）测矿石体积时，用细线系住矿石轻轻放入量筒，会使得所测矿石体积偏大，根据密度公式可知，所测密度会偏小。 一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 27．（2分）晓理对课本提供的能量和能源信息进行了整理，下列说法正确的是（　　） A．能量在利用的过程中，其转化和转移是有方向性的 B．能量既不能创造也不会消失，因此不需要节约能源 C．核电站利用核聚变发电，发生的是可控的链式反应 D．太阳能、地热能、氢燃料、天然气都属于新能源 【解答】解：AB、能量在利用的过程中，其转化和转移是有方向性的，能量是守恒的，但是不是所有的物质都是能源，故A正确，B错误； C、核电站是利用核裂变的可控链式反应来发电的，故C错误； D、太阳能、地热能、氢燃料属于新能源，天然气不是新能源，故D错误。 故选：A。 28．（2分）如图所示，2024年除夕夜成都市民欢聚在天府新区秦皇湖畔欣赏“闪耀蓉城”无人机秀。下列说法正确的是（　　） A．灯光下的水面亮得刺眼，说明水面是光源 B．在平静的秦皇湖湖面看到房屋的倒影是光的折射现象 C．某市民取下近视眼镜后看无人机画面变模糊了，此时像成在视网膜后方 D．成都市民看到的五颜六色的灯光画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成 【解答】解：A、灯光下的水面亮得刺眼，是因为光在水面发生了镜面反射，水面不会发光，不是光源，故A错误； B、在平静的秦皇湖湖面看到房屋的倒影是光的反射现象，故B错误； C、某市民取下近视眼镜，看到无人机画面变模糊了，是因为此人是近视眼，晶状体太厚，无人机的像成在了视网膜的前面，故C错误； D、五颜六色的灯光，是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，故D正确。 故选：D。 29．（2分）用某个装置加热一杯质量为100g的水，并用温度计测量水温，4min后停止加热，测得消耗燃料4.2g。根据实验数据绘制了水温随时间变化的图像如图中a图线。接下来，用相同的装置加热另一杯水，并根据实验数据绘制了图中b图线。已知该装置放热均匀，同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），燃料完全燃烧所放出的热量只有60%被水吸收。忽略加热过程中水的质量变化，下列说法正确的是（　　） A．a图线的水吸收的热量为2520J B．该燃料的热值为1.5×106J/kg C．b图线的水质量为100g D．b图线的水吸收的热量更多 【解答】解：A、加热2min，水吸收到的热量是： Q吸＝m水c水Δt＝0.1kg×4.2×103J/（kg•℃）×（99℃﹣93℃）＝2520J， 加热2min，水继续吸收热量，所以前4min水吸收的热量为Q吸′＝2Q吸＝2×2520J＝5040J，故A错误； B、根据Q吸′＝ηQ放，可得消耗燃料4.2g放出的热量：Q放＝＝＝8400J， 由Q放＝mq可得该燃料的热值：q＝＝＝2×106J/kg，故B错误； D、由题知，用相同的装置分别加热两杯水，该装置放热均匀，且图象中两杯水的加热时间都为4min，所以两图线中水吸收的热量相等，故D错误； C、由图象可知，相同时间内两杯水吸收的热量相同，且温度变化相同，则根据Q＝cmΔt可知两杯水的质量相等，故C正确。 故选：C。 （多选）30．（2分）晓理用质量为0.6kg的空箱子和三个质量相同的滑轮自制了如图甲所示的装置，探究货物的重力逐渐增加时装置机械效率的变化。经过实验他绘制了如图乙所示的图像。不计绳重和摩擦，g取10N/kg，则下列说法正确的是（　　） A．每个滑轮的重力为7N B．绳子自由端移动距离是货物移动距离的3倍 C．提升重为80N的货物，绳子自由端拉力为25N D．将重为20N的货物提升2m，用时5s，绳子自由端拉力的功率为4W 【解答】解：A、由图乙可知，当提升物重G＝20N时，滑轮组的机械效率η＝50%，不计摩擦与绳重，根据η＝＝＝＝可知，动滑轮总重为： G动+箱＝﹣G＝﹣20N＝20N，两个动滑轮的总重为G动＝G动+箱﹣G箱＝G动+箱﹣m箱g＝20N﹣0.6kg×10N/kg＝14N，因三个滑轮质量相等，因此每个动滑轮重为7N，即每个滑轮的重力为7N，故A正确； B、由图甲可知，n＝4，根据s＝nh可知，绳子自由端移动距离是货物移动距离的4倍，故B错误； C、提升重为80N的货物，不计绳重和摩擦，绳子自由端拉力为： F'＝（G'+G动+箱）＝×（80N+20N）＝25N，故C正确； D、将重为20N的货物提升2m，拉力做的有用功为： W有＝Gh＝20N×2m＝40J， 根据η＝可知，拉力做的总功为： W总＝＝＝80J， 绳子自由端拉力的功率为： P＝＝＝16W，故D错误。 故选：AC。 （多选）31．（2分）物理小组用如图甲所示的电路对一个新型电阻R3（标有2.5V字样）进行了测量。电源电压恒定不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V。当闭合开关S和S1，断开开关S2，将滑动变阻器R2的滑片P从一端移至另一端，测得电流表示数随电压表示数变化情况如图乙中的a线所示。当把电压表并联在R3两端，闭合开关S和S2，断开开关S1，移动滑动变阻器R2的滑片P，测得电阻R3电流随电压变化情况如图乙中的b线所示。下列说法正确的是（　　） A．电源电压为4V B．R2的最大阻值为15Ω C．R3正常工作时的电功率为0.6W D．将电压表并联在R2两端，当闭合开关S和S2，断开开关S1时，为保证电路安全滑动变阻器R2连入电路的阻值范围为4Ω～12Ω 【解答】解：（1）当闭合开关S和S1，断开开关S2，由于R1和R2串联，根据乙图可以建立方程组 当U＝0，I＝0.6A时，U总＝0.6A×R1； 当U＝3V，I＝0.2A时，R2＝＝＝15Ω（滑动变阻器的最大值），U总＝0.2A×（15Ω+R1）； 解上面两个方程组可得，U总＝4.5V，R1＝7.5Ω，故A错误，B正确。 （2）当把电压表并联在R3两端，闭合开关S和S2，断开开关S1，由于R3和R2串联， 根据乙图可知，当U＝2.5V，I＝0.5A，则P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W，故C错误。 根据乙图可知，当U＝2.5V，I＝0.5A（电路中电流最大，R2最小），R2＝＝＝4Ω； 根据乙图可知，当U＝1.5V，I＝0.25A（电路中电流最小，R2最大），R2＝＝＝12Ω，故D正确。 故选：BD。 二、综合题（共10分） 32．（4分）物理学科实践小组对如图甲所示的传统管线饮水机进行研究，发现它通过把水仓内的水加热到设定温度来供人饮用。如图乙是饮水机工作原理图，其中S是自动温控开关，当水的温度低于设定的最低温度值时，通过温控开关控制饮水机处于加热状态；当水的温度达到设定的最高温度值时，通过温控开关控制饮水机处于保温状态，如此反复。R1是定值电阻，R2是阻值不变的电热丝。该饮水机的部分参数如下表所示。 额定电压 220V 加热功率 550W 保温功率 50w 热水出水温度 85～95℃ （1）同学们研究饮水机使用说明书和工作原理后，有以下认识，其中不合理的是：　D　。 A.安装传统管线饮水机，应距墙一定的距离，有利于通风散热 B.尽管饮水机功率不太大且外壳由塑料制成，也需使用三孔插座供电 C.“使用时插头要充分插入插座”，若插头外露可能会导致触电事故 D.水仓水温达到95℃，开关S接到触点1，灯L2亮，饮水机开始保温 （2）同学们发现当饮水机水仓内水温度低于85℃时，饮水机就重新加热，循环往复将水仓内水温控制在85～95℃之间。同学们测得水从85℃上升到95℃所需的加热时间为3min，咨询到电费单价为0.5元/kW•h，则单独计算反复加热烧开水仓内的水100次所花的电费为 　1.375　元。如果水仓里没有水了，就会有干烧损坏部件的危险。为了避免此危险的发生，请你从安全用电的角度给出一个合理的建议：　在电路中串联一个压力开关　。 （3）为了比较“切断电源8小时后一次加热至95℃”和“8小时内保温状态下反复加热”两种情况下消耗的电能，在没有电能表的情况下，除提供的上述信息外还需测量水从室温上升到95℃所需的加热时间和 　水从85℃上升到95℃所需的加热时间、开始保温到下次加热的时间　。 【解答】解：（1）A.安装传统管线饮水机，应距墙一定的距离，有利于通风散热，防止过热引起事故，故A正确； B.尽管饮水机功率不太大且外壳由塑料制成，因为其中有生活用水是导体，也需使用三孔插座供电，故正确； C.“使用时插头要充分插入插座”，若插头外露可能会导致触电事故，故C正确； D.当S接1时，灯L2与电阻R2串联，当S接2时，灯L1、R2、R1串联，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，故当S接1时，电阻最小，由P＝可知电加热管R2的功率最大，处于加热状态；故D错误； （2）水从85℃上升到95℃所需的加热时间为3min，则单独计算反复加热烧开水仓内的水100次消耗的电能： W＝Pt＝550W××100＝0.55kW×5h＝2.75kW•h， 电费单价为0.5元/kW•h，所花的电费为 A＝2.75kW•h×0.5元/kW•h＝1.375元。 如果水仓里没有水了，就会有干烧损坏部件的危险，在电路中串联一个压力开关，没有水就没有压力，压力开关自动断开； （3）根据W＝Pt知，要比较两种情况下消耗电能的多少，由W＝Pt可知，需要知道水从室温上升到95℃所需的加热时间和水从85℃上升到95℃所需的加热时间、开始保温到下次加热的时间。 故答案为：（1）D；（2）1.375；在电路中串联一个压力开关；（3）水从85℃上升到95℃所需的加热时间、开始保温到下次加热的时间。 33．（6分）如图所示，甲是柱形薄壁容器，其质量为100g，底面积为20cm2，高度为10cm，容器内装有6cm深的水；均匀实心长方体A、B的部分物理量信息如表所示。忽略物体吸水、容器壁厚度等次要因素。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg） （1）求长方体B的密度。 （2）将长方体A缓慢放入容器中，待A稳定后（始终竖直），求容器对水平桌面的压强。 （3）如果在（2）基础上将长方体B放在A上，B平衡后（始终竖直）再使用辅助工具将AB一起竖直向上提起2cm，求此时水对长方体A下表面的压强。 物体 质量/g 高度/cm 底面积/cm2 长方体A 90 10 10 长方体B 150 5 10 【解答】解：（1）长方体B的密度为：＝； （2）A的密度为：； 容器容积为V容＝20cm2×10cm＝200cm3，其中水的体积为V水＝20cm2×6cm＝120cm3，则未装水部分体积V空＝V容﹣V水＝200cm3﹣120cm3＝80cm3， 假设把A放入容器中，A刚好漂浮，A所受浮力为：F浮＝GA＝mAg＝0.09kg×10N/kg＝0.9N； 此时A浸入的水的体积为V排＝＝＝90cm3＞80cm3，故溢出水10cm3， 则此时容器对水平桌面的压力F＝G容+G水+GA＝（m容+m水+mA）g＝（0.1kg+103kg/cm3×110×10﹣6m3+0.09kg）×10N/kg＝3N， 容器对水平桌面的压强＝＝1500Pa； （3）当B放在A上，A下降，当A接触容器底时，恰好浸没，水面与容器口相平，将AB一起竖直向上提起2cm，A露出水面，排开水的体积变小，水面下降， 则有sΔh＝sA（Δh+h升），故Δh＝＝＝2cm，则A下表面在水中深度h＝10cm﹣2cm﹣2cm＝6cm， 此时水对长方体A下表面的压强pA＝ρ水gh＝103kg/m3×10N/kg×0.06m＝600Pa。 答：（1）长方体B的密度3g/cm3； （2）容器对水平桌面的压强1500Pa； （3）此时水对长方体A下表面的压强600Pa。 学科网（北京）股份有限公司 $$