第4单元 第3课时 自由组合定律-【金版教程】2025年高考生物一轮复习解决方案全书word（新教材，多选版）

金版教程 高考科学复习解决方案 生物学(经典多选版) 第课时　自由组合定律 [内容标准细化]　1.孟德尔遗传实验的科学方法。2.自由组合定律。 课前5min检测 1．孟德尔在两对相对性状的豌豆杂交实验中，用纯种黄色圆粒豌豆和纯种绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交得F2。下列有关叙述正确的是(　　) A．黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，故这两对性状的遗传遵循自由组合定律 B．F1产生的雄配子总数与雌配子总数相等，是F2出现9∶3∶3∶1性状分离比的前提 C．从F2的绿色圆粒植株中任取两株，这两株基因型不同的概率为4/9 D．自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，后代出现绿色皱粒的概率为1/81 答案　C 解析　连锁的两对等位基因也都遵循分离定律，故不能依据黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，得出这两对性状的遗传遵循自由组合定律的结论，A错误；F1产生的雄配子总数往往多于雌配子总数，B错误；从F2的绿色圆粒植株(yyRR或yyRr)中任取两株，这两株基因型相同的概率为(1/3)×(1/3)＋(2/3)×(2/3)＝5/9，故不同的概率为4/9，C正确；自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，由于豌豆是自花传粉植物，只有基因型为YyRr的个体才会产生绿色皱粒(yyrr)，故后代出现绿色皱粒的概率为(4/9)×(1/16)＝1/36，D错误。 2．如图甲和乙分别为两株豌豆体细胞中的有关基因组成，要通过一代杂交达成目标，下列操作不合理的是(　　) A．甲自交，验证B、b的遗传遵循基因的分离定律 B．乙自交，验证A、a与B、b的遗传遵循基因的自由组合定律 C．甲、乙杂交，验证D、d的遗传遵循基因的分离定律 D．甲、乙杂交，验证A、a与D、d的遗传遵循基因的自由组合定律 答案　B 解析　只考虑B/b基因控制的性状，甲自交，子代表型之比为3∶1，可以验证B、b的遗传遵循基因的分离定律，A合理；乙自交，由于两对等位基因位于一对同源染色体上，因此A、a与B、b的遗传不遵循基因的自由组合定律，B不合理；只考虑D/d基因控制的性状，甲、乙杂交，后代表型之比为1∶1，可以验证D、d的遗传遵循基因的分离定律，C合理；只考虑A/a和D/d基因控制的性状，甲、乙杂交，A、a与D、d两对等位基因位于两对同源染色体上，杂交后代的表型之比为1∶1∶1∶1，可以验证A、a与D、d的遗传遵循基因的自由组合定律，D合理。 3．有两个纯种的小麦品种：一个抗倒伏(d)但易感锈病(r)，另一个易倒伏(D)但能抗锈病(R)。两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到F1，F1再进行自交，F2中出现了既抗倒伏又抗锈病的新品种。下列说法中正确的是(　　) A．F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种都能稳定遗传 B．F1产生的雌雄配子数量相等，结合的概率相同 C．F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种占9/16 D．F2中易倒伏与抗倒伏的比例为3∶1，抗锈病与易感锈病的比例为3∶1 答案　D 解析　F2中既抗倒伏又抗锈病个体的基因型是ddRR或ddRr，杂合子不能稳定遗传，A错误；F1产生的雌雄配子数量不相等，B错误；F2中既抗倒伏又抗锈病的新品种占3/16，C错误；F1的基因型为DdRr，两对相对性状的基因独立遗传，故每一对基因的遗传仍遵循分离定律，D正确。 知识自主梳理 一　孟德尔两对相对性状的杂交实验 1．两对相对性状的杂交实验——提出问题 (1)杂交实验 (2)实验结果及分析 结果 结论 F1全为黄色圆粒 说明黄色、圆粒为显性性状 F2中圆粒∶皱粒＝3∶1 说明种子形状的遗传遵循分离定律 F2中黄色∶绿色＝3∶1 说明子叶颜色的遗传遵循分离定律 F2中出现两种亲本性状(黄色圆粒、绿色皱粒)，出现两种新性状(绿色圆粒、黄色皱粒) 说明两对相对性状之间进行了自由组合 (3)问题提出 ①F2中为什么出现新性状组合？ ②为什么不同类型性状比为9∶3∶3∶1? 2．对自由组合现象的解释——提出假说 (1)理论解释 ①两对相对性状分别由两对遗传因子控制。 ②F1产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以自由组合。 ③F1产生配子种类及数量比：YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1。 ④受精时，雌雄配子的结合是随机的，配子结合方式有16种。 (2)遗传图解 　(3)结果分析：F2共有9种基因型，4种表型。 注：9种基因型中，每种基因型前的系数可用2n表示(n表示等位基因的对数)，如基因型YYRR的系数为20＝1，基因型YYRr的系数为21＝2，基因型YyRr的系数为22＝4。 3．对自由组合现象的验证——演绎推理、实验验证 (1)演绎推理过程 ①方法：测交实验，让F1(YyRr)与隐性纯合子(yyrr)杂交。 ②遗传图解 预期：孟德尔依据提出的假说，演绎推理出测交实验结果为测交后代黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒数量比为1∶1∶1∶1。 (2)实验验证：孟德尔所做的测交实验，无论是以F1作母本还是作父本，结果都符合预期的设想。 4．得出结论：实验结果与演绎结果相符，假说成立，得出自由组合定律。 二　自由组合定律的内容与应用 1．实质、发生时间及适用范围 2．基因自由组合定律的细胞学基础 　雌配子数≠雄配子数。4种雌配子比例相同，4种雄配子比例相同，但雄配子数远远多于雌配子数。 3．孟德尔获得成功的原因 典例精研精练 考点1　自由组合定律的发现 题型一　两对相对性状的杂交实验 1．(2023·山东潍坊阶段性检测)利用豌豆的两对相对性状做杂交实验，其中子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性。现用黄色圆粒豌豆和绿色圆粒豌豆杂交，对其子代性状的统计结果如下图所示。下列有关叙述错误的是(　　) A．实验中所用亲本的基因型为YyRr和yyRr B．子代中重组类型所占的比例为1/4 C．子代中自交能产生性状分离的占3/4 D．让子代黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，后代性状分离比为1∶1∶1∶1 答案　D 解析　亲本黄色圆粒豌豆(Y_R_)和绿色圆粒豌豆(yyR_)杂交，对其子代性状进行分析，黄色∶绿色＝1∶1，圆粒∶皱粒＝3∶1，可推知亲本黄色圆粒豌豆的基因型为YyRr，绿色圆粒豌豆的基因型为yyRr，A正确；子代重组类型为黄色皱粒和绿色皱粒，黄色皱粒(Yyrr)占(1/2)×(1/4)＝1/8，绿色皱粒(yyrr)占(1/2)×(1/4)＝1/8，两者之和为1/4，B正确；自交能产生性状分离的是杂合子，子代纯合子有yyRR和yyrr，其中yyRR占(1/2)×(1/4)＝1/8，yyrr占(1/2)×1/4＝1/8，两者之和为1/4，则子代杂合子占1－1/4＝3/4，C正确；子代黄色圆粒豌豆的基因型为1/3YyRR和2/3YyRr，绿色皱粒豌豆的基因型为yyrr，两者杂交所得后代的表型及比例应为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝2∶2∶1∶1，D错误。 2．某种作物果实的黄色和白色由一对遗传因子(A和a)控制，盘状和球状由另一对遗传因子(B和b)控制。已知黄色对白色为显性，盘状对球状为显性。用结黄色盘状果实的作物种子播种，待结出果实时发现既有黄色盘状和黄色球状果实，也有白色盘状和白色球状果实。 (1)解释上述现象。 __________________________________________________________________ ______________________________________________________________________ ______________________________________________________________________ ______________________________________________________________________ _____________________________________________________________________。 (2)如果利用结黄色盘状果实的作物培育只结黄色球状果实的作物，写出实验方案。 __________________________________________________________________ ______________________________________________________________________ _____________________________________________________________________。 答案　(1)结黄色盘状果实的作物的基因型为AaBb，在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合，这样产生AB、Ab、aB、ab 4种配子，受精时，雌雄配子的结合是随机的，因此子代果实为黄色盘状和黄色球状、白色盘状和白色球状4种表型 (2)以结黄色盘状果实的作物为亲本进行自交，子代中出现性状分离，选取结黄色球状果实的个体连续自交，筛选能够稳定遗传的只结黄色球状果实的作物 题型二　假说—演绎法分析两对相对性状的遗传实验 3．(多选)(2023·西工大附中质检)下列关于孟德尔所做的遗传实验和有关遗传规律的叙述，不正确的是(　　) A．形成配子时非等位基因之间都能自由组合 B．基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合，体现了自由组合定律的实质 C．孟德尔作出的“演绎”是设计F1与隐性纯合子杂交，预测出后代的性状表现及比例 D．进行了多组一对相对性状的杂交实验，F2性状分离比均接近3∶1，验证了其假设的正确性 答案　ABD 解析　形成配子时非同源染色体上的非等位基因之间能自由组合，而同源染色体上的非等位基因之间不能自由组合，A错误；基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合，体现了受精作用，而在减数分裂过程中，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，体现了自由组合定律的实质，B错误；孟德尔设计F1与隐性纯合子进行测交实验，进而预测出后代的性状表现及比例，这是演绎推理的过程，C正确；做了多组一对相对性状的杂交实验，F2的性状分离比均接近3∶1，说明3∶1的出现不是偶然的，但通过这些实验不能验证其假设，如果要验证其假设是否正确，需要做测交实验，D错误。 考点2　自由组合定律的解题方法 题型一　由亲本基因型、表型推断子代基因型、表型 4．(2021·全国乙卷改编)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是(　　) A．植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体 B．n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大 C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等 D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数 答案　B 解析　1对基因杂合，测交结果会出现21种不同表型个体，2对基因杂合，测交结果会出现22种不同表型个体，植株A为n对基因均杂合的个体，所以，测交子代会出现2n种不同表型的个体，A正确；植株A为n对基因均杂合的个体，A测交后每种表型所占比例均为()n，所以理论上不论n为多少，其测交子代中不同表型个体数目应相等，B错误；植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数均为1/2n，C正确；n对基因均杂合的个体测交，子代中纯合子占1/2n，D正确。 5．(多选)基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交，假定这7对等位基因自由组合(不考虑染色体互换)，则下列有关叙述正确的是(　　) A．子代中7对等位基因纯合的个体出现的概率为1/128 B．子代中3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体和4对等位基因杂合、3对等位基因纯合的个体出现的概率相等 C．子代中5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为21/128 D．理论上亲本减数分裂产生128种配子，子代中有2187种基因型 答案　ABCD 解析　子代中一对等位基因的纯合包括显性纯合与隐性纯合，含一对等位基因的杂合子自交后代中杂合子与纯合子的概率都是1/2，题述个体子代中出现7对等位基因纯合的个体概率为：1/2×1/2×1/2×1/2×1/2×1/2×1/2＝1/128，A正确；子代中3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体和4对等位基因杂合、3对等位基因纯合的个体出现的概率相等，都为1/8×1/16×C＝35/128，B正确；子代中出现5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体的概率为1/32×1/4×C＝21/128，C正确；理论上亲本减数分裂产生27＝128种配子，子代中基因型有37＝2187种，D正确。 利用分离定律解题的方法 (1)适用范围：两对或两对以上的基因独立遗传，并且不存在相互作用(如导致配子致死)。 (2)解题思路 (3)常见题型分析 ①基因型(表型)种类及概率 在计算不同于双亲的表型的概率时，可以先算与双亲一样的表型的概率，然后用1减去相同表型的概率即可。 ②配子种类及概率的计算 有多对等位基因的个体 举例：基因型为AaBbCc的个体 产生配子的种类数 Aa　 　Bb　 　Cc ↓ ↓ ↓ 2　 × 　2　× 2＝8种 产生某种配子的概率 产生ABC配子的概率为1/2(A)×1/2(B)×1/2(C)＝1/8 题型二　由子代推亲代基因型、表型 6．(2021·全国甲卷)果蝇的翅型、眼色和体色3个性状由3对独立遗传的基因控制，且控制眼色的基因位于X染色体上。让一群基因型相同的果蝇(果蝇M)与另一群基因型相同的果蝇(果蝇N)作为亲本进行杂交，分别统计子代果蝇不同性状的个体数量，结果如图所示。已知果蝇N表现为显性性状灰体红眼。下列推断错误的是(　　) A．果蝇M为红眼杂合体雌蝇 B．果蝇M体色表现为黑檀体 C．果蝇N为灰体红眼杂合体 D．亲本果蝇均为长翅杂合体 答案　A 解析　假设控制体色的基因由A、a控制，控制翅型的基因由B、b控制，控制眼色的基因由C、c控制。子代黑檀体∶灰体≈1∶1可知，亲代基因型为Aa和aa，子代残翅∶长翅≈1∶3可知，亲代基因型为Bb和Bb，子代白眼∶红眼≈1∶1可知，亲代基因型为XCXc和XcY或者XcXc和XCY，由于题干“果蝇N表现为显性性状灰体红眼”，故果蝇N基因型为AaBbXCXc，果蝇M为aaBbXcY，或N的基因型为AaBbXCY，M的基因型为aaBbXcXc，A错误。 7．(2023·湖南师大附中质检)豌豆的花腋生和花顶生(受基因A、a控制)，半无叶形和普通叶形(受基因F、f控制)是两对相对性状。现利用花腋生普通叶形植株甲、花顶生普通叶形植株乙和花腋生半无叶形植株丙进行杂交实验，实验结果如下表所示。则甲、乙、丙的基因型分别是(　　) 亲本组合 F1的表型及比例 甲×乙 花腋生普通叶形∶花顶生普通叶形＝1∶1 乙×丙 花腋生普通叶形∶花腋生半无叶形＝1∶1 甲×丙 全部表现为花腋生普通叶形 A.AaFF、aaFF、AAff B．AaFf、aaFf、AAff C．AaFF、aaFf、AAff D．AaFF、aaFf、Aaff 答案　C 解析　由乙×丙组可推测出花腋生对花顶生为显性，由甲×丙组可推测出普通叶形对半无叶形为显性，即甲的基因型为A_F_，植株乙为花顶生普通叶形，即乙的基因型为aaF_，植株丙为花腋生半无叶形，即丙的基因型为A_ff。甲(A_F_)×乙(aaF_)，后代花腋生∶花顶生＝1∶1，即甲中关于花腋生的基因型为Aa，甲(AaF_)×丙(A_ff)杂交，后代全部表现为普通叶形，说明甲中关于叶形的基因型为FF，即甲的基因型为AaFF，乙(aaF_)×丙(A_ff)杂交，后代普通叶形∶半无叶形＝1∶1，说明乙中关于叶形的基因型为Ff，则乙的基因型为aaFf，甲和丙杂交后代全为花腋生，说明丙中关于花腋生的基因型为AA，故丙的基因型为AAff，C正确。 根据子代基因型、表型及比例推测亲代基因型的方法 方法一　基因填充法 根据亲代表型大概写出基因型，如A_B_等，再根据子代表型将所缺处填完，尤其要注意利用后代中的隐性性状，因为后代中一旦出现双隐性个体，则亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。 方法二　根据子代分离比解题 (1)可先单独分析，然后再组合。单独分析某一性状时： ①若子代性状比例为显∶隐＝3∶1→亲代一定是杂合子，即Bb×Bb→3B_∶1bb。 ②若子代性状比例为显∶隐＝1∶1→双亲一定是测交类型，即Bb×bb→1Bb∶1bb。 ③若子代只有显性性状，则双亲至少有一方是显性纯合子，即BB×BB或BB×Bb或BB×bb。 ④若子代只有隐性性状，则双亲一定都是隐性纯合子，即bb×bb→bb。 (2)也可根据特殊比值直接推断，如下： ①9∶3∶3∶1⇒(3∶1)(3∶1)⇒(Aa×Aa)(Bb×Bb)⇒AaBb×AaBb。 ②3∶3∶1∶1⇒(3∶1)(1∶1)⇒(Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)⇒AaBb×Aabb或AaBb×aaBb。 ③1∶1∶1∶1⇒(1∶1)(1∶1)⇒(Aa×aa)(Bb×bb)⇒AaBb×aabb或Aabb×aaBb。 ④3∶1⇒(3∶1)×1⇒(Aa×Aa)(BB×__)或(AA×__)(Bb×Bb)或(Aa×Aa)(bb×bb)或(aa×aa)(Bb×Bb)。 ⑤1∶1⇒(1∶1)×1⇒(Aa×aa)(BB×__)或(AA×__)(Bb×bb)或(aa×aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(bb×bb)。 题型三　探究性状由几对等位基因控制 8．(2021·湖北高考)甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交产生F2，结果如表。 组别 杂交组合 F1 F2 1 甲×乙 红色籽粒 901红色籽粒，699白色籽粒 2 甲×丙 红色籽粒 630红色籽粒，490白色籽粒 根据结果，下列叙述错误的是(　　) A．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状比为9红色∶7白色 B．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制 C．组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状比为3红色∶1白色 D．组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色 答案　C 解析　甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，组别1和2中F1均为红色籽粒，自交所得F2均出现了9∶7的性状分离比，假设控制该相对性状的是两对独立遗传的等位基因(用A/a和B/b表示)，则纯合白色植株基因型为aaBB、AAbb、aabb，此三者不可能出现符合组别1和组别2结果的杂交组合，故可排除该相对性状受两对等位基因控制的可能性；再假设这对相对性状由三对独立遗传的等位基因(用A/a、B/b、D/d表示)控制，且至少同时具有任意两种显性基因时才表现为红色籽粒，否则表现为白色籽粒，据此假设甲、乙、丙三个不同的纯合白色籽粒玉米基因型为AAbbdd、aaBBdd、aabbDD(顺序可调整)，此时三者能出现符合组别1和组别2结果的杂交组合，据此可推知，若乙与丙杂交，F1基因型为aaBbDd，全部表现为红色籽粒，F2玉米籽粒性状比为红色(aaB_D_)∶白色(aabbD_、aaB_dd、aabbdd)＝9∶7，A正确；据A项可知，若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对等位基因控制，B正确；组别1中，甲(AAbbdd)与乙(aaBBdd)杂交所得F1基因型为AaBbdd，其再与甲(AAbbdd)杂交所得玉米籽粒基因型及其比例为AABbdd∶AaBbdd∶AAbbdd∶Aabbdd＝1∶1∶1∶1，即红色∶白色＝1∶1，C错误；组别2中甲(AAbbdd)与丙(aabbDD)杂交所得F1基因型为AabbDd，F1与丙(aabbDD)杂交所得玉米籽粒基因型及其比例为AabbDD∶AabbDd∶aabbDD∶aabbDd＝1∶1∶1∶1，即红色∶白色＝1∶1，D正确。 9．(多选)(2023·辽宁沈阳郊联体月考一)有一种名贵的兰花，花色有红色、蓝色两种颜色，其遗传符合孟德尔的遗传规律。现将亲代红花和蓝花进行杂交，F1均为红花，F1自交，F2红花与蓝花的比例为27∶37。下列说法不正确的是(　　) A．兰花花色遗传由一对同源染色体上的一对等位基因控制 B．兰花花色遗传由两对同源染色体上的两对等位基因控制 C．若F1测交，则其子代表型及比例为红花∶蓝花＝1∶7 D．F2中蓝花基因型有5种 答案　ABD 解析　根据题干信息“亲代红花和蓝花进行杂交，F1均为红花，F1自交，F2红花与蓝花的比例为27∶37”可知，F2中红花占27/(27＋37)＝27/64＝(3/4)3，说明兰花花色的遗传由三对同源染色体上的三对等位基因控制，A、B错误；根据实验结果F2中红花占(3/4)3可知，红花的基因型可为A_B_C_(假设三对等位基因用A/a、B/b、C/c表示)，其余基因型均表现为蓝花，若F1(其基因型为AaBbCc)测交，则其子代中红花AaBbCc所占比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，蓝花占7/8，因此F1测交，其子代表型及比例为红花∶蓝花＝1∶7，C正确；F1(基因型为AaBbCc)自交，F2中基因型种类为3×3×3＝27(种)，其中红花的基因型为A_B_C_，种类为2×2×2＝8(种)，则F2中蓝花基因型为19种，D错误。 判断性状由几对等位基因控制 如果题目给出的数据是比例的形式，或给出的性状比接近“常见”性状比，则可将性状比中的数值相加。自交情况下，得到的总和是4的几次方，该性状就由几对等位基因控制；测交情况下，得到的总和是2的几次方，该性状就由几对等位基因控制。 例如，当自交后代表型比例为9∶3∶3∶1(各数值加起来是16，即42)或测交结果是1∶1∶1∶1(各数值加起来是4，即22)时，可立即判断为由两对同源染色体上的两对等位基因控制的性状。同理，如果题目中自交后代性状比中的数值加起来是256(即44)或测交后代表型比例中的数值加起来是16(即24)，可立即判断为由四对同源染色体上的四对等位基因控制的性状。 课时作业 一、单项选择题(每题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的) 1．(2023·江苏南京高三检测)“假说—演绎法”是现代科学研究中常用的一种方法，下列属于孟德尔在研究两对相对性状杂交实验过程中的“演绎”环节的是(　　) A．黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交后代有四种表型且比例接近9∶3∶3∶1 B．由F2出现了重组型，推测F1产生配子时不同对的遗传因子自由组合 C．若将F1与隐性纯合子杂交，则后代出现四种表型且比例接近1∶1∶1∶1 D．将F1与隐性纯合子杂交，后代有四种表型且比例接近1∶1∶1∶1 答案　C 解析　黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交后代有四种表型且比例接近9∶3∶3∶1，这是两对相对性状杂交实验的过程及结果，A错误；由F2出现了重组型，推测F1产生配子时不同对的遗传因子自由组合，这属于假说的内容，B错误；若将F1与隐性纯合子杂交，则后代应该出现四种表型且比例接近1∶1∶1∶1，这属于演绎推理的过程，C正确；将F1与隐性纯合子杂交，后代有四种表型且比例接近1∶1∶1∶1，这属于实验验证，D错误。 2．D、d和T、t是两对独立遗传的等位基因，控制两对相对性状。若两个纯合亲本杂交得到F1的基因型为DdTt，F1自交得到F2。下列叙述不正确的是(　　) A．F1自交时，雌配子与雄配子是随机结合的 B．F2中重组类型占3/8 C．F2中能稳定遗传的个体占1/4 D．F2中有9种基因型，在双显性状中，杂合子占8/9 答案　B 解析　F1的基因型为DdTt，亲本的基因型组合为DDTT×ddtt或DDtt×ddTT，故F2中重组类型占3/8或5/8，B错误。 3．(2023·襄阳五中检测)下列对n对独立遗传的等位基因控制的性状(完全显性)的遗传分析错误的是(　　) A．F1形成的配子种类数与F2的表型数相等 B．F2的表型数与基因型数不相等 C．F2的性状分离比为9∶3∶3∶1 D．F1雌雄配子可能的组合数是4n 答案　C 解析　n对独立遗传的等位基因控制的性状(完全显性)，F1形成的配子种类数为2n，F2表型数为2n，两者相等，A正确；F2的表型数为2n，基因型数为3n，两者不相等，B正确；如果杂交中包括的基因对数为1对，F2的性状分离比为(3∶1)1，基因对数为2对，F2的性状分离比为(3∶1)2，以此类推，如果杂交中包括的基因对数为n对，则F2的性状分离比为(3∶1)n，C错误；如果杂交中包括的基因对数为1对，则F1配子的组合数是41，如果杂交中包括的基因对数为2对，F1配子的组合数为42，以此类推，如果杂交中包括的基因对数为n对，则F1配子的组合数为4n，D正确。 4.已知水稻香味性状与抗病性状独立遗传，香味性状受隐性基因(a)控制，抗病(B)对易感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交实验，其中无香味易感病与无香味抗病植株杂交子代的统计结果如图所示。下列有关叙述不正确的是(　　) A．两亲本的基因型分别为Aabb、AaBb B．子代中无香味抗病的植株占3/8 C．子代中有香味抗病植株中能稳定遗传的占1/2 D．两亲本杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为3/64 答案　C 解析　由题干信息和杂交子代的统计结果可知，亲本的基因型是AaBb与Aabb，其后代不可能出现能稳定遗传的有香味抗病植株aaBB，C错误；亲代的基因型为Aabb×AaBb，子代香味相关的基因型为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，分别自交得到aa的概率为3/8，子代与抗病性状相关的基因型为1/2Bb和1/2bb，所以自交得到BB的概率为1/8，所以得到能稳定遗传的有香味抗病植株的比例为3/8×1/8＝3/64，D正确。 5．孟德尔曾用豌豆的七对相对性状进行杂交实验研究。下列相关叙述正确的是(　　) A．豌豆的杂交实验中必须在开花后对母本进行去雄处理，再进行人工授粉 B．选用黄色圆粒和绿色皱粒进行杂交，能在F1植株所结的种子上统计出9∶3∶3∶1的比例 C．减数分裂和受精作用中染色体的行为能使控制七对相对性状的等位基因发生分离和自由组合 D．孟德尔采用假说—演绎法，通过对F2数据的分析证明了豌豆的基因都位于染色体上 答案　B 解析　豌豆为自花传粉闭花受粉的植物，杂交实验中需在开花前(花蕾期)对母本进行去雄处理，以防止自花传粉，A错误；选用黄色圆粒和绿色皱粒进行杂交，F1植株所结的种子即为F2，其黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒约为9∶3∶3∶1，B正确；受精作用过程中不发生基因的分离和自由组合，基因的分离和自由组合发生在形成配子的过程中，C错误；摩尔根的果蝇实验证明了基因位于染色体上，D错误。 6.已知三对基因在染色体上的位置情况如图所示，且三对基因分别单独控制三对相对性状，则下列说法正确的是(　　) A．三对基因的遗传遵循基因的自由组合定律 B．基因型为AaDd的个体与基因型为aaDd的个体杂交，后代会出现4种表型，比例为3∶3∶1∶1 C．如果基因型为AaBb的个体在产生配子时没有发生同源染色体非姐妹染色单体的互换，则它只产生4种配子 D．基因型为AaBb的个体自交后代会出现4种表型，比例为9∶3∶3∶1 答案　B 解析　由图可知，基因A、a和B、b位于一对同源染色体上，不遵循基因的自由组合定律，A错误；基因A、a和D、d位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，由自由组合定律可知，基因型为AaDd的个体与基因型为aaDd的个体杂交，先分析一对基因Aa×aa，其子代有2种表型，比例为1∶1；再分析另一对基因Dd×Dd，其子代有2种表型，比例为3∶1，故AaDd×aaDd的后代会出现4种表型，比例为3∶3∶1∶1，B正确；如果基因型为AaBb的个体在产生配子时没有发生同源染色体非姐妹染色单体的互换，则只产生AB和ab 2种配子，C错误；基因A、a和B、b位于一对同源染色体上，不遵循基因的自由组合定律，自交后代会出现2种表型，且比例为3∶1，D错误。 二、多项选择题(每题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求) 7．(2023·河北石家庄二中质检)某生物个体减数分裂产生的雌、雄配子的种类和比例均为AB∶ab∶Ab∶aB＝4∶4∶1∶1，下列说法正确的是(　　) A．该生物自交后代有9种基因型 B．该生物自交后代纯合子的比例为34/100 C．上述两对相对性状的遗传符合基因的分离定律 D．上述两对相对性状的遗传符合基因的自由组合定律 答案　ABC 解析　由于减数分裂产生的雌、雄配子种类各有4种，因此该生物自交后代有9种基因型，4种表型，A正确；自交后代纯合子基因型有AAbb、AABB、aaBB、aabb，则AABB的概率为(4/10)×(4/10)＝16/100，AAbb的概率为(1/10)×(1/10)＝1/100，aabb的概率为(4/10)×(4/10)＝16/100，aaBB的概率为(1/10)×(1/10)＝1/100，因此其后代纯合子的概率为上述各种纯合子概率之和，即34/100，B正确；A∶a＝1∶1，B∶b＝1∶1，因此上述两对相对性状的遗传符合基因的分离定律，C正确；若符合基因的自由组合定律，则雌、雄配子种类和比例应为AB∶ab∶Ab∶aB＝1∶1∶1∶1，D错误。 8．(2023·河北秦皇岛高三开学考试)在模拟孟德尔杂交实验时，学生在正方体1和正方体2的六个面上用A和a标记，在正方体3和正方体4的六个面上用B和b标记，将四个正方体同时多次掷下，下列有关叙述错误的是(　　) A．用正方体1和正方体2可以模拟分离定律的性状分离比 B．每个正方体上A和a(或B和b)的数量均应为3个 C．统计正方体3和正方体4的字母组合，出现Bb的概率为1/4 D．统计四个正方体的字母组合，出现Aabb的概率为1/16 答案　CD 解析　一个正方体可表示一对等位基因的分离，正方体1和正方体2可表示雌雄生殖器官，因此用正方体1和正方体2可以模拟分离定律的性状分离比，A正确；模拟孟德尔杂交实验时，杂合子AaBb产生比例相同的配子，因此每个正方体上A和a(或B和b)的数量均应为3个，一个正方体可表示一对等位基因的分离，B正确；将正方体3和正方体4同时多次掷下，正方体3出现B、b的概率均为1/2，正方体4出现B、b的概率均为1/2，因此出现Bb的概率为2×1/2×1/2＝1/2，C错误；统计四个正方体的字母组合，每个正方体出现其中一个基因的概率为1/2，因此出现Aabb的概率为2×1/2×1/2(Aa)×1/2×1/2(bb)＝1/8，D错误。 9．大豆是两性花植物，大豆子叶颜色(BB表现深绿；Bb表现浅绿；bb呈黄色，幼苗阶段死亡)和花叶病的抗性(由R、r基因控制)遗传的实验结果如下表所示，下列相关分析错误的是(　　) 组合 母本 父本 F1的表型及植株数 一 子叶深绿不抗病 子叶浅绿抗病 子叶深绿抗病220株； 子叶浅绿抗病217株 二 子叶深绿不抗病 子叶浅绿抗病 子叶深绿抗病110株； 子叶深绿不抗病109株； 子叶浅绿抗病108株； 子叶浅绿不抗病113株 A.杂交时需对母本去雄以防止自花传粉 B．组合一和组合二中父本的基因型相同 C．组合一中的F1随机交配，在F2成熟群体中B基因频率为80% D．F1的子叶浅绿抗病植株自交，在F2的成熟植株中子叶浅绿不抗病占1/8 答案　BD 解析　组合一中，亲本为子叶深绿不抗病和子叶浅绿抗病杂交，子代全为抗病，则抗病为显性，亲本基因型为BBrr和BbRR，组合二F1中抗病∶不抗病≈1∶1，说明亲本基因型为BBrr和BbRr。大豆是两性花植物，杂交时需对母本去雄以防止自花传粉，A正确；组合一父本的基因型为BbRR，组合二中父本的基因型为BbRr，基因型不同，B错误；组合一中的F1中子叶深绿BB∶子叶浅绿Bb≈1∶1，B的基因频率为3/4，b的基因频率为1/4，F1随机交配，由于bb呈黄色，幼苗阶段死亡，则F2成熟群体中BB∶Bb＝3∶2，B基因频率为80%，C正确；F1的子叶浅绿抗病植株基因型为BbRr，该基因型植株自交，在F2的成熟植株中子叶深绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶浅绿不抗病＝3∶1∶6∶2，因此F2的成熟植株中子叶浅绿不抗病占1/6，D错误。 三、非选择题 10．(2023·湘豫名校联考)番茄为自花传粉植物，其果实营养丰富，果实有多室型和二室型(受两对等位基因A/a、B/b控制)，果实颜色有红果和黄果两种类型(受一对等位基因D/d控制)；为研究番茄果实室型和颜色这两个遗传性状的遗传特点，某小组利用纯种番茄进行杂交实验得F1，F1自交获得足够多的后代F2，F2的性状统计结果如下(不考虑互换)。回答下列问题： F2表型及比例 红果∶黄果＝1042∶342 多室型∶二室型＝779∶605 (1)根据F2的实验结果可知番茄果实室型的遗传遵循________________________定律，将F2中二室型种子种下去能稳定遗传的概率为________。 (2)若控制番茄果实室型及颜色两对相对性状的基因分别在不同染色体上，则F2中红果多室型∶红果二室型∶黄果多室型∶黄果二室型＝____________。 (3)某小组在做番茄的杂交实验时，若对F1植株人工授粉进行测交，人工授粉的步骤为______________________________________，已知控制番茄果实室型及颜色两对相对性状的亲本基因组成如下图所示，则F1测交所得的表型及比例为________________________________________________。 答案　(1)基因的自由组合(或基因的分离定律和自由组合)　1 (2)27∶21∶9∶7 (3)去雄→套袋→人工授粉→套袋　红果多室型∶红果二室型∶黄果二室型＝1∶1∶2 解析　(1)F2室型比例为多室型∶二室型＝779∶605接近9∶7，是9∶3∶3∶1的变式，符合基因的自由组合定律，因为研究对象是两对等位基因，如果观察研究其中的一对等位基因，也遵循基因的分离定律。依据题意，多室型的基因型为A_B_，即双显性类型，所占比例为9/16，其余的二室型个体的基因型为aaB_、A_bb、aabb，该类型个体种子种下去，自交后代不会出现双显性类型，因此都是二室型，故能稳定遗传的概率为1。 (2)控制两对性状的三对等位基因位于不同的染色体上，符合基因的自由组合定律，F2中，(3红果∶1黄果)(9多室型∶7二室型)＝27红果多室型∶21红果二室型∶9黄果多室型∶7黄果二室型。 (3)按照自花传粉植物的杂交流程，对于母本在花蕾期，先去雄处理，然后套袋，防止被提前传粉，人工授粉后，再次套袋。按照图示的基因和染色体关系，A和D(a和d)基因位于同一对染色体上，处于连锁状态。亲本杂交，F1基因组成如图，F1形成四种配子及比例为ADB∶ADb∶adB∶adb＝1∶1∶1∶1，测交时另一亲本产生的配子为adb，结合题意，测交的表型依次为红果多室型、红果二室型、黄果二室型、黄果二室型，因此红果多室型∶红果二室型∶黄果二室型＝1∶1∶2。 11．(2023·安徽合肥质量检测)果蝇的野生型和突变型受常染色体上的两对等位基因(A、a和B、b)控制，研究发现果蝇在A和B同时存在时表现为野生型，其他表现为突变型。现用自然种群中的两只基因型相同的野生型雌雄果蝇杂交，子代野生型∶突变型＝3∶1，回答下列问题： (1)若这两对等位基因遵循自由组合定律，则亲本的基因型组合为______________。若这两对等位基因不遵循自由组合定律，则亲本的基因型组合可能有________种。 (2)为验证该对相对性状的遗传是否遵循基因的自由组合定律，请用纯合的基因型AABB、aaBB、AAbb、aabb的雌雄果蝇为实验材料设计实验(要求：请写出实验思路、预期结果和结论)。 答案　(1)AaBB×AaBB或AABb×AABb　3 (2)方法一：实验思路：选用基因型为AABB和基因型为aabb的雌雄果蝇相互交配，得到F1，将F1与异性aabb的果蝇交配，观察并记录子二代的表型和比例。 预期结果和结论：若产生子代的表型和比例为野生型∶突变型＝1∶3，则可验证该相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律； 若产生子代的表型和比例为野生型∶突变型＝1∶1，则可验证该相对性状的遗传不遵循基因的自由组合定律。 方法二：实验思路：选用基因型为AABB和基因型为aabb的雌雄果蝇相互交配，得到F1，将F1果蝇相互交配，观察并记录子二代的表型和比例。 预期结果和结论：若产生子代的表型和比例为野生型∶突变型＝9∶7，则可验证该相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律； 若产生子代的表型和比例为野生型∶突变型＝3∶1，则可验证该相对性状的遗传不遵循基因的自由组合定律。 同理，选用AAbb与aaBB的杂交子代自交或测交也可。 解析　(1)若两对等位基因遵循自由组合定律，子代出现野生型∶突变型＝3∶1，则亲本基因型组合为AaBB×AaBB或AABb×AABb；若这两对等位基因不遵循自由组合定律，亲本基因型组合可能有3种[AaBB×AaBB，AABb×AABb，AaBb×AaBb()]。 23 学科网（北京）股份有限公司 $$