内容正文:
书
第32期2版参考答案
素养专练4
1.A 2.C 3.BCD 4.C 5.C 6.B
素养专练5
1.B 2.B 3.C 4.C 5.CD 6.ACD
素养专练6
1.BC 2.BD 3.BD 4.ABC 5.A 6.B
第32期3版参考答案
A组
一、单选题
1.C 2.A 3.D 4.B 5.C
二、填空题
6.干涉 B,D,F
三、计算题
7.(1)λ=4m;(2)6个.
8.(1)1700Hz; (2)1020m/s; (3)204m.
解析:(1)声波在空气中传播时,由v=λf得f=
v1
λ1
=3400.2Hz=1700Hz.
由于声波在不同介质中传播时频率不变,所以声波
在介质Ⅱ中传播时,频率为1700Hz.
(2)由v=λf得,声波在介质Ⅱ中的传播速度为v2
=λ2f=0.6×1700m/s=1020m/s.
(3)声波经 t2 =0.2s传至介质Ⅱ底部,故介质Ⅱ
的深度h=v2·
t
2 =1020×0.2m=204m.
B组
一、多选题
1.CD 2.AD 3.BC
二、填空题
4.(1)D;(2)未超速;(3)变低.
三、计算题
5.(1)AB连线中点D; (2)4个
解析:(1)波源发出声波相位相反,两波源到某点
距离差满足Δr=nλ(n=0,1,2,…)则为振动减弱的
点,且振幅相同的位置才能完全听不到声音,因此只有
AB连线中点D满足条件.
(2)由v=λf可得λ= vf=10m,声音极小的点到
B、C两点的波程差应为波长整数倍,则 AC连线上波程
差20m≤Δr≤40m,因此只有Δr=30m,一个点符合
题意(不计端点),AB连线上DB之间波程差0m≤Δr≤
40m,有3个点符合题意(不计端点),DA之间的波程差
0m≤Δr≤20m,有1个点符合题意(不计端点),故AB
连线上只有4个点符合题意.
第33期参考答案
一、单选题
1.A 2.A 3.A 4.D 5.D 6.C 7.A 8.D
二、多选题
9.BC 10.BD 11.AD 12.AC
三、实验题
13.(1)D;(2)9.74;
(3)最低点,在最低点加速度最小,速度变化慢,更
容易判断,所以测得的时间误差较小.
14.(1)95.1;(2)漏测;(3)9.86;(4)AC.
四、解答题
15.(1)T=0.4πs;L=0.4m;(2)0.28m/s.
解析:(1)由F-t图可得T=0.4πs由T=2π槡
L
g
得L=0.4m.
(2)由F-t图可得,摆球运动到最低点时细线的拉
力Fmax =0.510N,此时有Fmax-mg=m
v2
L,
解得v=0.28m/s.
16.(1)20cm 0.025Hz;(2)向负方向运动;
(3)60cm;(4)x=20sin(0.05πt)cm.
解析:(1)根据图像可知,质点离开平衡位置的最
大距离为A=20cm,即离开平衡位置的最大距离为
20cm;周期T=40s,则频率f=1t=
1
40Hz=0.025Hz.
(2)x-t图像上各点切线的斜率表示瞬时速度,在
20s时,根据图像的斜率可知,质点正在向负方向运动.
(3)质点在前30s内的运动路程为 s=3A=3×
20cm=60cm.
(4)质点振动的角速度为 ω=2πT =
2π
40rad/s=
0.05πrad/s,则振动表达式为x=20sin(0.05πt)cm.
17.(1)1m;(2)0.35m和x=0.85m.
解析:(1)根据v= λf解得λ=1m/s.
(2)以A为坐标原点,设P为AB间的任一点,其坐
标为x,则两波源到P点的路程差为Δl=x-(1.2-x),
0≤x≤1.2,合振幅最小的点满足Δl=(k+12)λ,(k
为整数)可知,当k=-1时x=0.35m,当k=0时x=
0.85m.
18.(1)4n+310 s(n=0,1,2,3……);
(2) 64n+3m/s(n=0,1,2,3…).
解析:(1)由振动图像可知,t=0时刻,当质点A在
平衡位置向上振动时,质点B在波峰位置,可知AB间距
离为x=nλ+3λ4,振动周期T=0.4s,所以从A到B的
时间为t= xv=nT+
3T
4 =
4n+3
10 s(n=0,1,2,3…).
(2)波速v= xt=
0.6m
4n+3
10 s
= 64n+3m/s(n=0,1,
2,3…).
书
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