创新示范卷18 综合检测（含答题卡）-【创新教程】2025年高考物理总复习大一轮创新示范卷（人教版 新教材）

《喜善能联) 创新示范卷（十八） 综合检测 3.如图所示，水平面内有A、B、C、 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24 D、E、F六个点，它们均匀分布 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 在半径为R=2cm的同一圆周 A 题目要求的) 上，空间有一方向与圆平面平行 1.2022年8月30日，国家航天局正式发布了“羲 的匀强电场.已知A,C、E三点的电势分别为9 和号”太阳探测卫星国际上首次在轨获取的太 =2√3V、=3VP=0V,下列判断正确 阳H谱线精细结构.H。是氢原子巴耳末系中 的是 波长最长的谱线，其对应的能级跃迁过程为 A.电场强度的方向由A指向C B.电场强度的大小为200V:m 巴耳术系 EleV 0 C.该圆周上的点电势最高为(2+√3)V 0.54 0.85 D.电子在D点的电势能小于在F点的电势能 -1.51 4.2023年8月28日株洲清水塘大桥正式通车.如 斗 图甲所示，大桥全长2.85千米，主跨为408米 -3.40 双层钢桁架拱桥结构，位列同类桥梁中湖南第 A.从∞跃迁到n=2 一、桥梁上层为机动车道，下层为行人和非机动 B.从n=5跃迁到n=2 车通行的景观通道.大桥一经开通就成为了株 C.从n=4跃迁到n=2 洲市民观光散步、娱乐休闲的“网红桥”.图乙中 D.从n=3跃迁到n=2 A、B、C、D、E、F为大桥上的六根竖直钢丝绳吊 2.中科院合肥物质研究院的 索，相邻两根吊索之间距离均相等，若一汽车在 御 可控核聚变装置“人造太 桥梁上层从吊索A处开始做匀减速直线运动， 阳”全超导托卡马克 刚好在吊索E、F的中点N点停下，汽车通过吊 (EAST),成功实现了1.2 索E时的瞬时速度为vE,从E点到N点的时 间为1，则 亿摄氏度的条件下人工可 控核聚变101秒.已知该装置内部发生的核反 应方程为H+H-He+x+17.6MeV,已 知H的比结合能为1.O9MeV,H的比结合能 为2.78MeV,则下列说法正确的是 A.汽车通过吊索A时的速度为9 A.x是质子 B.汽车通过AE段的时间等于31 B.He的比结合能一定小于I.09MeV C.汽车通过AE段的平均速度是EN段平均速 C.该反应属于a衰变 度的4倍 D.该反应中存在质量亏损 D.汽车通过全程AN的平均速度小于w 18-1 5.如图所示，图(a)是一波源的振动图像，图(b)是 8.如图所示，在xOy平面内，x y 某同学画出的某一时刻波形图像的一部分，该 轴上方的匀强磁场的磁感应 波沿x轴的正方向传播，P、Q是介质中的两个 强度大小为B,方向垂直于纸 。 质点，下列说法正确的是 面向里，x轴下方的匀强磁场的磁感应强度大 y/em 小为号B,方向垂直纸面向外.一质量为m、电荷 68102s 右8xm 量为q的带电粒子从原点O沿y轴负方向以速 度。射人磁场，粒子在磁场中运动的部分轨迹 (a) (b) 如图所示.若粒子每次沿y轴负方向经过x轴 A.该时刻这列波至少传播到r=10m处 时两磁场的方向均变为与原方向相反，大小不 B.此刻之后，Q比P先回到平衡位置 变，不计粒子重力，则下列说法正确的是() C.x=2m与x=6m的质点在任何时刻都保持 A.粒子带正电 相同的距离 &教子在x轴下方运动的半径为 D.从波源开始振动，在10s内传播方向上的质 C粒子从O点开始到第一次回到O点所经历 点振动经过的最长路程是40cm 6.如图所示的圆面是一透明的 0 的时间为密 圆柱形物体的截面，圆心为 D.粒子从O点开始到第一次回到O点，动量变 O,半径为r,M、N、Q为边界 化量的大小为2 上的三点，MN为水平直径， 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16 一束平行于MN的光线从Q点射入圆柱体，从 分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 M点射出，光在真空中的传播速度为c,∠NMQ 要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有 =30°，则光线从Q点传播到M点用的时间为 选错的得0分) 9.现用三根细绳a、b、c将质 A受 量均为m的两个小球1 309 北3 和2连接并悬挂，如图所 示，两小球均处于静止状 c D 态，细绳a与竖直方向的夹角为30°，细绳c水 7.为估算淋浴时，人头部受水冲击产生的平均压 平.重力加速度为g,则下列说法正确的是 强，测试员在花洒下自己头顶处，放置一个烧 ( 杯，测得半分钟内烧杯中水面上升了90mm,查询 得知花洒喷出的水落至头顶时速度约为0.7ms. A细绳a对小球1的拉为为5 据此估算人头部受水冲击的平均压强约为（设 B细绳么对小球2的拉力为写8 水滴撞击头部后无反弹，不计水滴重力，水的密 C.若将细绳c的右端缓慢上移，并保持小球1 度为1.0×10kg/m,将人头顶视为平面) 和2的位置始终不变，则细绳的拉力一定 变小 A.2.1 Pa B.4.9 Pa D.若将细绳b剪断，则在剪断细绳b的瞬间，小 C.210 Pa D.490 Pa 球1的加速度大小为0.5g 18-2 10.如图所示，足够长的两平 12.固定斜面的倾角0=30°， 行光滑金属导轨间的距离西 轻弹簧下端固定在斜面底 L=0.6m,导轨所在的平 端，弹簧处于原长时上端 面与水平面夹角0=37°，在导轨所在平面内分 位于C点.用一根不可伸长的轻绳通过轻质光 布着磁感应强度B=0.5T,方向垂直于导轨 滑的定滑轮连接物体A和B,A的质量为2m, 平面的匀强磁场.两导轨上端接有一额定电压 B的质量为m,初始时物体A到C点的距离为 U=3.6V的小灯泡.现把一质量m=0.1kg L.现给A、B一初速度v。(u>√gL),使A开 的金属棒ab垂直放置在导轨上由静止释放， 始沿斜面向下运动，物体A将弹簧压缩到最短 当金属棒达到最大速度时小灯泡恰好正常发 后又恰好能弹到C点，已知重力加速度为g, 光，金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触 良好.金属棒和导轨电阻不计，g取10m‘s, 物体A与斜面之间的动摩擦因数：一，不计 sin37°=0.6，c0s37°=0.8.则下列说法正确 空气阻力，整个过程中，轻绳始终处于伸直状 的是 态，则 () A.通过金属棒ab的电流方向从a到b A.与弹簧接触前，物体A向下做匀加速直线 B.金属棒运动过程中的最大速度为12m's 运动 C.小灯泡正常发光时的电阻值为2.0Ω B.物体A向下运动到C点时的速度 D.小灯泡的额定功率为7.2W 为丸0一gL 11.图甲为单板滑雪U型场地，其轨道简化如图 乙，滑道边缘线PQ的倾角为B,运动员以速度 C弹簧的最大压缩量为)（总一2L) 。从PQ上的O点沿PQ的竖直切面滑出滑 D.弹簧的最大弹性势能为子m(6-g 道，滑出时速度方向与PQ的夹角为α，腾空后 从PQ上的A点进人滑道.已知a十0=90°，重 三、非选择题（本题共6小题，共60分） 力加速度为g,运动员可视为质点，不计空气阻 13.(6分)某同学想探究两枚硬币碰撞前后的总动 力，下列说法正确的是 能是否相等.器材如下：玻璃台面，硬币（壹元1 枚，伍角1枚，两枚硬币与玻璃板的动摩擦因 数视为相同，均为：)，硬币发射架，天平，游标 卡尺，直尺等.硬币发射架的结构如图(a)所示 (右侧玻璃板未画出)，由底板，支架和打击杆 A.O.A两点间的距离为4sin0 组成，底板上开有一槽，槽宽略大于壹元硬币 g 的直径 B.运动员腾空中离PQ的最大距离为icos0 2g 定位横杆 打击杆 C.若仅减小夹角，则运动员腾空时间可能保 持不变 支架 D.若仅增大。的大小，则运动员再滑入轨道 底板 的速度方向不变 图(a 18-3 (1)用游标卡尺测量硬币的直径，其中壹元硬 币的直径为25.00mm,由图(b)可读出，伍角 硬币的直径为 mm: A-V-O 4 cm 甲 乙 10 图b) (1)首光用螺旋测微器测量导电玻璃的直径， (2)让硬币以一定初速度在水平玻璃板上滑 示数如图甲所示，则直径d= mm. 动，在摩擦力的作用下，经过距离后停止，则 (2)然后用欧姆表×100挡粗测该导电玻璃的 可以判断硬币的初速度为 电阻，表盘指针位置如图乙所示，则导电玻璃 的电阻约为 n. (用重力加速度g以及“”和“”表示)： (3)为精确测量导电玻璃的电阻R在额定电压 (3)把硬币发射架放在水平玻璃台板上，将壹 时的阻值，且要求测量时电表的读数不小于其 元硬币放入发射槽口，将打击杆偏离平衡位置 靠在支架的定位横杆上，释放打击杆将硬币发 量程的了，滑动变阻器便于调节，他们根据下 射出去，重复多次测出壹元硬币中心从槽口外 面提供的器材，设计了一个方案，请在虚线框 O点到静止点的距离平均值OA,记为，如图 中画出电路图，标出所选器材对应的电学 符号 (c)所示：再把一枚伍角硬币放在O点前，使其 圆心O在发射线上，且OO一R十r(R,r分别 为大小硬币的半径)，然后重新发射壹元硬币， 碰撞后分别测出两硬币前进的距离OB和O℃， 如图(d)所示，分别记为l和l,已知壹元硬币 的质量m,伍角硬币的质量m,若满足表达式 (用“m1”、“m”、“l”、 “l”、“”表示)，则可以说明两枚硬币碰撞前 丙 后的总动能相等， A.电流表A,(量程为60mA,内阻R,约为32) B.电流表A2(量程为2mA,内阻Re=152) C.定值电阻R,=7472 图c 图d D.定值电阻R,=1985n E.滑动变阻器R(0一202)一只 14.(8分)导电玻璃是制造LCD的主要材料之一， F.电压表V(量程为10V,内阻Rv=1k) 为测量导电玻璃的电阻率，某小组同学选取了 G.蓄电池E(电动势为12V,内阻很小) 一个长度为L的圆柱体导电玻璃器件，上面标 H.开关S一只，导线若干 有“3V”的字样，主要步骤如下，完成下列 (4)由以上实验可测得该导电玻璃电阻率值？ 问题 (用字母表示，可能用到的字母有 长度L、直径d、电流表A,A2的读数I1、1, 电压表读数U,电阻值Ra1、R、Rv、R、R,). 18-4 15.(7分)如图，医院消毒用的压 进气喷液山 16.(9分)如图所示的装置由加速器、辐向电场和 缩式喷雾器储液桶的容量为 平移器组成，平移器由两对水平放置、相距！的 5.7×103m,开始时桶内倒 相同平行金属板构成，极板长度为、间距为 人了4.2×103m3的药液. d,两对极板间偏转电压大小相等、电场方向相 现关闭进气口，开始打气，每 反.如图所示，一比荷为k的带正电粒子由静 次能打进2.5×10m的空气，假设打气过程 止经加速电压U。加速后，垂直进入辐向电场 中药液不会向外喷出.当打气次后，喷雾器 (电场强度方向指向圆心)，沿着半径为R的圆 内空气的压强达到4.0×10Pa,设周围环境 弧虚线（等势线）运动，之后水平射入偏转电压 温度不变，气压为标准大气压强1.0×10 为U,的平移器，最终离开时打在荧光屏上的 Pa,则 A点.不同区域内电场互不影响，不计粒子的 (1)求出n的数值： 重力.求： (2)试判断这个压强能否使喷雾器内的药液全 (1)粒子射出加速器时的速度大小山： 部喷完 (2)圆弧虚线处电场强度E大小： (3)粒子从进入平移器到打在A点，求竖直总 位移y. 18-5 创新示范卷（十八） (物理)答题卡 姓 名 雅考证号 条形码粘贴这（居巾） 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将白己的姓名，准考证号填写清楚，并认真在栽定位置附 正确功涂 奸条形码。 违纪 2.选泽题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用和.5毫米及以上黑色字 迹的鉴宁笔书写，要求宁体工整，笔迹清楚。 错误填涂 口 3严格按照题号在相应的答题区域内作答，超山答题区域书写的答案尤效。 ☑×☒) 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损 】0打 选择题 (共40分，1一8小题，每小题3分，9一12小题，每小题4分) 正确填涂 请在各题 1ABCD 2ABCD 3ABCD 4ABC回 5A回gD 6ABCD 7ABCD 8ABg回 9ABCD 10 A BC D 11ABCD 12A@@D ■ ■ 题 非选择题 (需用0.5毫米黑色签字笔书写) 内作 (共60分) 13.(6分) 超 (1) (2) 边框 (3) 答案无效 14.(8分) (1) (2) (3) (4) 请在各题日的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十八）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(7分) 进气口 喷液口 16.(9分) 请在各题目的答题区域内作答 17.(14分) 目挡板 ,超出边框的答案无效 18.(16分) ix xx xIK"x 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十八）第2页（共2页） 17.(14分)如图所示，质 品图挡板 18.(16分)如图所示，在以坐标 量为M=4.5kg的长 原点O为圆心、半径为R的 木板置于光滑水平地面上，质量为m=1.5kg 半圆形区域内，有相互垂直 的小物块放在长木板的右端，在木板右侧的地 的匀强电场和匀强磁场，磁 面上固定着一个有孔的弹性挡板，孔的尺寸刚 感应强度为B,磁场方向垂直于Oy平面向 好可以让木板无接触地穿过.现使木板和物块 里.一带正电的粒子（不计重力）从O点沿y轴 以=4m/s的速度一起向右匀速运动，物块 正方向以某一速度射人，粒子恰好做匀速直线 与挡板碰撞后立即以碰前的速率反向弹回，而 运动，经。时间从P点射出：若仅撤去磁场， 木板穿过挡板上的孔继续向右运动，整个过程 粒子仍从O点以相同的速度沿y轴正方向射 中物块不会从长木板上滑落，已知物块与挡板 第一次碰撞后，物块离开挡板的最大距离为x 人，经号时间从半圆形区域的边界射出。 =1.6m,重力加速度g取10m/s2. (1)求电场强度的大小和方向： (1)求物块与木板间的动摩擦因数： (2)求粒子的比荷9： (2)求物块第一次与挡板碰撞到再次与木板相 (3)若保留磁场而撒去电场，粒子仍从O点沿 对静止所需的时问： y轴正方向射入，但速度变为原来的4倍，求粒 (3)若物块与挡板第n次碰撞后，物块离开挡 子在磁场中运动的时间. 板的最大距离为x.=6.25×10dm,求n. 18-6 纠错空间 纠错空间创新示范卷·参考答案 用的方法有：轨道中的电流变为原来的2倍：弹体质 5 量支为原来的：轨道间距变为原来的4倍：轨道长 rmax-24. 度变为原来的4倍。 则打在x轴上的区问为[号5]，所以每秒打在邦 答案：(1)100m/s2(2)0.02N·s(3)见解析 测板上的粒子占总粒子数 17.解析：(1)在加速电场中加速时，根据动能定理有 N-5a-4a No-3 No. =mf-aw, 51 将U=2m呢 w'=0和功'=5w分别代入上式，得 答案：1[a,6a](2)号(3)号 到离子进入磁场的最小和最大速度 18.解析：(1)线框的ab边刚进入磁场时，感应电流的大 Umin=2v0 Vmax-3v0 小为1震- 在磁场中洛伦兹力提供向心力 线框恰好做匀速直线运动，有F=mg十BIl, Tv Bo=mv 解得B=1T (2)设线框进入磁场做匀速直线运动的时间为1，有 所以半径r mv qBo' 4--=01 将最小速度和最大速度分别代入并跟a=m qB。 线框全部进入磁场后做竖直上抛运动到最高点，所 进行对比得到最小半径和最大半径rim=2a, rmax-3a, 用时间为2=功=2 g=08=0.2s, 所以打在x轴上的区间为[4a,6a]: 所以线框从进入磁场到最高，点所用时间为1一1十2 (2)当最大速度的粒子打在探测板的最右端时，其半 =0.38: 径n-多0…由 (3)线框从最高点回到磁场边界时速度大小不变，线 raB,=mt, 框所受安培力大小也不变，其方向竖直向上，且mg =B1l, 得到此时磁感应强度大小B1=号B: 所以线柜穿出磁场过程仍然做匀速直线运动，之后 做匀加速直线运动，有 (3)若保精磁高应强度局=昌风，不变，将最小建度 2g(h-0=t2-2, 代入数据解得线框落地的速度为v=4ms: 和最大速度代入半径公式r=四 gB (4)由能量守恒知Q=2mgl, 得到此种情况下的最小半径和最大半径 得Q=0.4J. 5 答案：(1)1T:(2)0.3s:(3)4m/s:(4)0.4J 创新示范卷（十八） 选择题答案速查 题号 2 3 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 D D C A 分 A C BD BD AD BD 1.D[H。是氢原子巴耳末系中波长最长的谱线，根据 3.C [AE中点G的电势为G =云，可知H。是氨原子已耳未系中频率最小的播 A十班=3V=,所以CF是一个 2 线，根据氢原子的能级图，利用玻尔理论中的频率条 等势面，电场线与等势面垂直，且由高 件v=Em一E2,可见能级差越小，频率越低，波长越长。 电势指向低电势，所以电场强度方向 故H。对应的能级跃迁过程为从n=3跃迁到n=2.] 由A指向E,所以A错误：如图所示，由几何关系可得 2.D[根据电荷数和质量数守恒，可知x是中子，故A dE=2Rcos30°=2V3cm,电场强度的大小为E U 错误：聚变反应释放出能量，所以He更稳定，即He dAE 的比结合能更大，故B错误：该反应属于轻核聚变，故 25义0V/m=100V☑m,所以B错误：孩周周上电 C错误：根据爱因斯坦的质能方程可知，聚变过程释放 能量，所以存在质量亏损，故D正确.门 势最高的点在如图所示的点H,则有9H一P0=ER 100×2X10-2V=2V,9o=9C=5V,解得9H=(2 答案-45 高考总复习·物理 十3)V,所以C正确：电子在电势越高处，电势能越 始到第一次回到O点，动量变化量的大小为0，故D 小，由于F>D,所以电子在D点的电势能大于在F 项错误：粒子在x轴上方和下方运动的周期分别为 点的电势能，则D错误.] 4.C[令加速度为a,E到N的距离为L,从E到N根 T一，T-船则粒子从0点开始到第一次回 据速度-位移公式，有e2=2aL,从A到V根据速度 到O点所经历的时阿为1=T十工昭，故C项 位移公式，有A2=2a·9L, 正确.] 联立可得A=3vE,故A错误：根据速度-时间公式， 9.BD[把1、2小球看成整体分析，受力Fa 有1=1一E_2E 分析如图① a a E一0-E=,所以汽车通过AE段的时间等 由平街条件可得E一器- 31g, a 于21，故B错误；根据匀变速直线运动的推论有E= 23 2 mg F.=2 mgtan30°=2gmg,故A错误： 以旺=2知E公-少-号，所以汽车逼进AE 图① 对小球2受力分析如图② 2 2 段的平均速度是EV段平均速度的4倍，故C正确； 汽车道过金程AN的平均速度为N=巴，十0-3 2 2 >UE.故D错误.] +mg 5.A[由题图振动图像知周期T=4s:波源起振的方向 图② 向上：根据题图波形图可知入=8m,并且该部分前面 根据平衡条件有F6=√(mg)2十F2 还有至少半个波长，所以该时刻这列波至少传播到工 =② =10m处，故A正确；该波沿x轴的正方向传播，结 3mg,故B正确：对小球2的受 合波形图可知，Q点振动方向向下，而P点的振动方 力画出夫量分析如图③ 向向上，所以P点比Q点先回到平衡位置，故B错误： 根据图解法可得：F。先变小后变大， 图③ A=8m,则x=2m与x=6m的质点的平衡位置之间 故C错误：细线b剪断的瞬间，小球1 的距离为半个波长，由于它们振动步调总是相反，所 受力情况如图所示④ 以它们不可能在任何时刻都保持相同的距离，故C错 此时小球1的速度为0，向心加速度为0，向 误：周期T=4s,则10s=2.5T,质点在一个周期内通 心力为0，则F'=mgos30°=5，m 2mg,由牛顿 过的路程是四个振幅，在2.5T内的路程最长为10A =10×5cm=50cm,故D错误.] 第二定律得ngsin30=ma,解得a=0.5g, 图④ 故D正确.] 6.B[因为∠NMQ=30°，且△MOQ为等腰三角形，根 10.BD[由右手定则可判断通过金属棒的电流方向从 据几何关系可知，入射角i=∠QON=2∠NMQ= b到4，故A错误：因金属棒达到最大速度时小灯池 60,折射角为30，所以折射率n=si60 sin30 =3,光在介 恰好正常发光，则金属棒达到最大速度时其感应电动 势E-U=3.6V,由公式E=BLw,解得v=12m's,故B 质中传播逵度0=行，传播距离=2r0s30,光线从 正确：金属棒达到最大速度后做匀速运动，则有BIL Q点传播到M点用的时间为1=三=3.] =mngsin37°，解得I=2A,则灯泡正常发光时的电阻 7.A[设水杯的横裁面积为S,水滴对杯底的压力F= -号-1.8n,功率P-UI=7.2W,故C错，D pS,对落下的水滴由动量定理有一pS山=0一△w,式中 正确.门 △m=,联立得p==1.0X103×90×103×0.7 11.AD[将初速度%和加速度g分别分解为沿PQ方 A 30 Pa=2.1Pa.] 向和垂直PQ方向，则垂直PQ方向1=2cos9 gcos 0 8.C[根据题图中粒子的运动轨 ,运动员腾空中离PQ的最大距离为H= 迹，由左手定则可知粒子带负 g 电，则A项错误：粒子在x轴下 (cos 0)2 cos0 2gcos 0 2g,0A两点间的矩离为1=sim0 方运动时，由牛顿第二定律可 。Bm吃，解得=，故B项错误，粒子 2 gsin 02=4vsin 0 ,选项A正确，B错误：运动员 得g0·2r1 g 回到坐标原点O的运动轨迹如图所示，粒子从O点开 腾空时间t= 厂gc050,若仅减小夫角a,则运动员腾 答案-46 创新示范卷·参考答案 空时间减小，选项C错误：运动员再滑入轨道时，垂 定电压3V,故常规方法不能正常测量： 直斜面方向的速度不变，仍为，=%c0s0,沿斜面向 所以考虑用电流表改装成电压表使用，同时电压表 下的速度2=sin0+gsin0·t=3sin0,则合速 量程为10V,内阻Rv=1k2,故满偏电流为10mA, 度与P0的失角ma一号-0与初建定大小无 1 符合要求，故将电压表充当电流表使用，电流表A2 与R2串联充当电压表使用，改装后量程为4V,可以 关，则选项D正确.门 使用，由于改装后电表内阻已知，故内外接法均可， 12.BD[下滑前对A受力分析有，nAg sin30=mBg, 故电路图如图所示： 当A下滑时受摩擦力作用，可知与弹簧接触前，物体 A向下做匀减速直线运动，A错误：A和斜面间的滑 动摩擦力大小为F:=2mgc0s0,物体A向下运动到 C点的过程中，对A、B根据能量关系有2 ngLsin0十 1 2·3m哈=2·3mv+mgL+Fl,解得u= √场一gL,B正确：从物体A接触弹簧，将弹簧压缩 (④)根据串并联电路的规律可知，待测电阻中的电 到最短后又恰好回到C点的过程，对A、B与弹簧组 成的系统应用动能定理，有-F·2x=0- U一1 ·3m2. 流：I一R 电压：U,=12(R2十R2), 解得=%一，C错送：弹簧从压缩最短到治好能 U 由欧姆定律可知电阻：R,=了， 弹到C点的过程中，对A,B与弹簧组成的系统根据 能量关系有E。十mgx=2 ngxsin0十Fx,所以有Ep 根据电阻定律可知：R,=P5: =F=子m6-3m,D正确.] 4 而横栽面面积：S=π4 13.解析：(1)由图(b)可读出，伍角硬币的直径为d 20mm+10×0.05mm=20.50mm: 联立解得：0= xl2I2(R2十RA2) (2)根据题意，由牛顿第二定律有mg=ma, 由运动学公式u2-w2=2ax有v,2=2a1, 答案：(1)1.990(1.989~1.991均正确) (2)500 联立解得%=√2gl: (3)见解析图（4)d1(R,+R2) (3)若两枚硬币碰撞前后的总动能相等，则有 常- 15.解析：(1)空气经历等温变化，由理想气体状态方程， 得 代入(2)的结论，整理可得m1lA=m1lB十m2lc, 即可以说明两枚硬币碰撞前后的总动能相等， r T T 答案：(1)20.50(2)√2gl(3)m1lA=m1lB十 其中V=5.7×10-3m3-4.2×10-8m3=1.5× mile 10-3m3,V'=0.25×10-3m3, 14.解析：(1)螺旋测微器的固定刻度为1.5mm,可动刻 代入数值，解得n=18. 度为49.0×0.01mm=0.490mm,所以最终读数为 (2)当空气完全充满储液桶后，如果空气压强仍然大 1.5mm+0.490mm=1.990mm(1.989~1.991mm 于标准大气压，则药液可以全部喷出」 均正确) 由于温度不变，根据玻意耳定律4p,V=V1,其中 (2)表盘的读数为5，所以导电玻璃的电阻约为 4PoV 5×100n-5002. V1=5.7×103m3,得p.7X103' (3)电源的电动势为12V,电压表的量程为10V,滑 解得p≈1.053po>Pg: 动变阻器的电阻为202，由于滑动变阻器的电阻与 所以药液能全部喷出 待测电阻的电阻值差距不太大，若串联使用调节的 答案：(1)18(2)能 范国太小，所以滑动变阻器选择分压式接法；流过待 16.解析：(1)设粒子射出加速器的速度为1，粒子的电 测电程的电流的为：1一高A=0.05Λ=6mA,两 符量为g,质量为m,由动能定理得g。=m2, 电流表量程均不合造； 同时由于电压表量程为10V,远大于待测电阻的额 其中g=,解得U=√2U0: 答案-47 高考总复习·物理 2 (2)在辐向电场中运动微匀速圆周运动，有qE一mR: 物块与挡板第n次碰撞后，物块向左减速到速度为0 的过程中，由动能定理得 解得E-欢 1 -mgZ,=0-2mu,2 (3)在第一个偏转电场中，设粒子的运动时间为t,加 解得n=5. 缝度的大小4= 答案：(1)0.5(2)1.2s(3)5 md' 18.解析：(1)设带电粒子的质量为m,电荷量为q初速 在离开时，竖直分速度yy=al 度为，电场强度为E.可判断出粒子受到的洛伦滋 竖直位移=名， 力沿x轴负方向，可知电场强度沿工轴正方向，粒子 水平位移=1， 受力平衡，有qE=guB,又R=o, 粒子在两偏转电场间做匀速直线运动，经历时间也 得E=BR to 为t,竖直位移y2=U,1, (2)仅有电场时，带电粒子在匀强电场中做类平抛运 由题意知，粒子竖直方向总位移y=2y1十y2, U12 解得y=Und 动，在y方向位移y=…名 答案：g-√2：2E-0:68y光 U12 得y尽 设在x方向位移为x,因射出位置在半圆形区域边界 17.解析：(1)物块与挡板第一次碰撞后，物块向左减速 上，由数学知识得 到速度为0的过程中只有摩擦力做功，由动能定理 得-mg=0-之m6,解得以=05 (2)物块与挡板碰后，物块与木板组成的系统动量守 由牛顿第二定律，有a=gE m 恒，取水平向右为正方向.第一次碰撞后，物块反弹 在x方向，有x= 后瞬间速度大小为，设再次相对静止时的共同速 度为出，由动量守恒定律得 得9-43 Mvo-mvo=(M+m)v1, Bto (3)仅有磁场时，粒子的运动轨 解得治=名 迹如图所示，入射速度大小为 物块第一次与挡板碰撞到再次与木板相对静止过 4,带电粒子在匀强磁场中做匀 ix 程，根据动量定理有 速圆周运动，设轨道半径为r,由 mgt=n一n(-o), 牛顿第二定律有 解得t=1.2s: 94o)B=m4）2 r (3)第二次碰撞后，物块反弹后瞬间速度大小为功， 经一段时间系统的共同速度为 得r=m知=B·招-地-R. Bq 45B331 M一m /1 2 M+m1=(2） R 第三次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为2，经 由几何关系有sina= 2 一段时间系统的共同速度为 得a=子， 带电粒子在磁场中运动周期T=2πm gB' 第一1次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为 别带电触子在磁场中运动时间（一会工。 。一2，经一段时间系统的共同速度为 得1=3 18 第n次碰撞后，小物块反弹后瞬间递度大小为m-1· 答案：(1)B迟 10 沿：箱正方向(@) 答案-48