创新示范卷12 电磁感应（含答题卡）-【创新教程】2025年高考物理总复习大一轮创新示范卷（人教版 新教材）

《喜善能联) 创新示范卷（十二） 第十一章 电磁感应 (90分钟 100分) 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24 A.磁通量的变化量为0.4Wb 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 B.磁通量的变化率为0.2Wb/s 题目要求的) C.4点的电势比b点的电势高0.2V 1.如图所示，两光滑的平行导 D.在a、b间接一个理想电流表时，电流表的示 轨固定在绝缘水平面上，整 数为0.4A 个空间存在竖直向上的匀强磁场，两导体棒ab、 3.小万做自感现象实验时，连 cd垂直地放在导轨上与导轨始终保持良好的接 接电路如图所示，则( 触，现给导体棒ab、cd水平方向的速度分别为 A.断开开关S,L,逐渐变 1,,取水平向右的方向为正方向.则下列说 暗至熄灭，L2变亮后再 的 法正确的是 ( 熄灭 A.如果，=0、v>0.则感应电流方向沿a→b B.闭合开关S,L逐渐变亮，然后亮度不变 →d-→c→d C.闭合开关S,L立划变亮，且亮度不变 B.如果，<0，u>0,则回路中没有感应电流 D.断开开关S,L1变亮后再熄灭，L:一直不亮 C.如果=，>0，则感应电流方向沿a→c→d 4.如图所示，a、b两个闭合正××× ×☒× →b→a 方形线圈用同样材料和粗××××× D.如果，>，>0，则感应电流方向沿a→c→d 细的导线制成，匝数均为” b-a 匝，线圈边长L=41。,图示区域内有垂直纸面向 2.如图甲所示，横截面积S=50cm2的线圈的匝 里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀减小， 数n=100匝，线圈总电阻r=5Ω，沿线圈轴向 不考虑线圈之间的相互影响，则下列说法正确 有匀强磁场，设图示的磁场方向为正方向，磁场 的是 ( 的磁感应强度随时间按如图乙所示的规律变 A.两线圈内均产生逆时针方向的感应电流 化，则在0一2.0s内 B.4、b线圈中感应电动势之比为4：1 C.a、b线圈中感应电流之比为4：1 1.0 0.8 0.6 D.ab线圈中电功率之比为4：1 0.4 0.2 5.如图所示，在一垂直纸面向里、磁感应强度大小 0 1.02.0s 为B的匀强磁场中，有一轻质圆形铝环，电阻为 12-1 R,面积为S.现将其拧成两个面积相等的小圆 7.(2023·浙江省高三模拟) 环，CD段在AB段上方，两段交点不接触.则 如图所示，MN与PQ为在txx Ix x Ix xxx 铝环 同一水平面内的平行光滑上××××× 金属导轨，间距1=0.5m,电阻不计，在导轨左 ×4XXB× X 端接阻值为R=0.6Ω的电阻.整个金属导轨置 X 于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为 X入×x XDC× ×DX BX x B=2T.将质量m=1kg,电阻r=0.42的金 属杆ab垂直放置在导轨上.金属杆ab在水平拉 A.有感应电流产生，方向为A→B→C→D→A 力F的作用下由静止开始向右做匀加速运动， B.此过程中，磁通量的变化量为2BS 开始时，水平拉力为F。=2N,运动过程中金属 杆始终垂直导轨并与导轨接触良好，则下列说 C此过程中，通过铝环横截面的电荷量为0 法正确的是 () D.此时磁通量大小为BS A.2s末回路中的电流为10A 6.如图所示，光滑斜面的倾角为 B.回路中有顺时针方向的感应电流 日，斜面上放置一矩形导体线框 C.若2s内电阻R上产生的热量为6.4J,则水 abcd,ab边的边长为l1,bc边 平拉力F做的功约为18.7J 的边长为1，，线框的质量为m,电阻为R,线框 D.若2s内电阻R上产生的热量为6.4J,则金 属杆克服安培力做功为6.4J 通过绝缘细线绕过光滑的定滑轮与一重物相 8.如图，方向竖直向下的匀强 h B d 连，重物质量为M,斜面上ef线(ef平行底边) 磁场中有两根位于同一水 的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强 平面内的足够长的平行金属导轨，两相同的光 度为B,如果线框从静止开始运动，进入磁场的 滑导体棒ab、cd静止在导轨上.t=0时，棒ab 最初一段时间是做匀速运动的，且线框的ab边 以初速度v。向右运动且不会与cd相碰.运动过 始终平行于底边，则下列说法正确的是() 程中，ab、cd始终与导轨垂直并接触良好，两者 A.线框进入磁场前运动的加速度 速度分别为v、y,通过ab横截面的电荷量为 为Mg-mgsin0 q,回路中的电流为I,cd棒产生的焦耳热为Q. 下列图像中正确的是 B.线框进人磁场时匀速运动的速度 ab 为Mg-mgsin9)R BL. B C.线框做匀速运动的总时间为Mg一ngRsin0 D.该匀速运动过程中产生的焦耳热为(Mg mgsin 0)1 12-2 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16 两根光滑平行直导轨PM、DN,两直导轨在同 分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 一水平面内距离为d=1m,圆弧导轨处于磁感 要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有 应强度大小为√2T,方向与水平面成45°角斜 选错的得0分) 向左下方的匀强磁场中，一质量为1kg的金属 9.如图所示，一根长1m左右的 杆中通以图示方向的大小恒为1A的电流，现 空心铝管竖直放置（图甲），同 让金属杆由AC位置无初速度释放，下列有关 样竖直放置一根长度相同但有 丙 说法正确的是 竖直裂缝的铝管（图乙）和一根长度相同的空心 塑料管（图丙）.把一枚小磁体从上端管口放入 管中后，小磁体最终从下端管口落出，小磁体在 管内运动时，均没有跟管内壁发生摩擦.设小磁 体在甲、乙，丙三条管中下落的时间分别为1、 A.金属杆下滑过程中受到的安培力不变 2,t,则下列关于小磁体在三管中下落的说法 B.金属杆释放瞬间的加速度大小为10m/s 正确的是 r C.金属杆滑到PD时的速度大小为4m/s A.甲管、乙管和丙管都会产生感应电流 D.金属杆滑到PD时对P点的压力为25N B.小磁体完全进入甲管后，甲管中没有感应电 流产生 12.如图所示，在方向竖直向 C.1最大 下、磁感应强度大小为B D.t>ts 的匀强磁场中，有两根位 10.如图甲所示，粗细均匀的绝缘导线弯成正方形 于同一水平面内且间距为L的平行金属导轨 线框α和内切圆形线框b,两线框在同一平面 (导轨足够长，电阻不计)；两根质量均为m、内 内，磁场方向垂直于线框所在平面，磁感应强 阻均为r的光滑导体棒ab、cd静止在导轨上 度B随时间：变化的规律如图乙所示，两线框 (导体棒与金属导轨接触良好)，t=0时，ab棒 产生的感应电动势分别为E。和E。,感应电流 以初速度3向右滑动，cd棒以初速度v。向 大小分别为1。和1。，则 左滑动，关于两棒的运动情况，下列说法正确 X B 的是 () A.当其中某根棒的速度为零时，另一根棒的速 度大小为 B.当其中某根棒的速度为零时，另一根棒的加 甲 乙 A.E4:E%=π：2 B.EE=4: 速度大小为2 C.12:L=1:1 D.I:1。=2:1 C,从初始时刻到其中某根棒的速度为零过程 11.在如图所示的装置中，AP、CD是两个在竖直 面内平行放置的半径均为r=1m的光滑四分 中，导体棒a6产生的焦耳热为受m心 之一圆弧导轨，它们分别在P,D平滑连接着 D.cd棒的收尾速度大小为v 12-3 三、非选择题（本题共6小题，共60分） (1)求1=0.6s时线圈中的感应电流I: 13.(6分)某实验小组利用如 (2)求t=0.65s时轻杆对线圈的作用力大 图所示实验装置进行“探 小F 究感应电流方向的规律” LE2LLE2LKELEL4112 iB/T 2.0 的实验，其中线圈A与电源电路连接，线圈B 与电流表G连接，在实验过程中，①需要查清 线圈 的绕制方向（选填“A”“B”或“A 和B”):②是否需要查清流入电流表的电流方 向与指针偏转方向之间的关系？答： (选填“需要”或“不需要”) 14.(6分)如图所示是“探究影响感应电流方向的 因素”的实验装置 (1)将图中所缺导线补充完整. 照品 (2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针 向右偏了一下，那么合上开关后，将A线圈迅 速插人B线圈中，电流计指针将 (填 “向左偏”或“向右偏”)，A线圈插人B线圈后， 将滑动变阻器滑片迅速向左移动时，电流计指 针将 (填“向左偏”或“向右偏”) (3)在灵敏电流计所在的电路中，为电路提供 电流的是 (填图中仪器的字母) 15.(10分)如图甲所示，绝缘轻杆将一个矩形线圈 固定在竖直平面内，悬点P为AB边中点，矩 形线圈水平边AB=CD=0.6m,竖直边AD BC=1.0m,E,F分别为AD和BC边的中点， 在EF下方有一个范围足够大、垂直纸面的匀 强磁场.矩形线圈的质量m=0.2kg、电阻R 5,取垂直纸面向外为磁感应强度的正方向， 磁感应强度B随时间1的变化关系如图乙所 示.取重力加速度大小g=10m/s. 12-4 16.(12分)如图所示，固定在水平面上半径为r的 17.(12分)如图所示，足够长 金属圆环内存在方向竖直向上、磁感应强度大 的平行光滑U形导轨倾 小为B,的匀强磁场，金属圆环电阻不计.电阻 斜放置，所在平面的倾角 为R,的金属杆一端与圆环接触良好，另一端 0=37°，导轨间的距离L=1.0m,下端连接 固定在竖直导电转轴OO上，金属杆随轴以角 R=1.6的电阻，导轨电阻不计，所在空间存 速度仙顺时针匀速转动，相距为(，动摩擦因数 在垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强 为：，倾角为0的两平行导轨分别与圆环的A 度B=1.0T,质量m=0.5kg、电阻r=0.42 点和电刷相连，一质量为m、长为、电阻为R 的金属棒ab垂直置于导轨上，现用沿导轨平 的金属棒ab垂直于倾斜导轨（倾角为）放置，倾 面且垂直于金属棒、大小为F=5.0N的恒力 斜导轨所在区域内存在垂直于导轨平面向下的 使金属棒ab从静止开始沿导轨向上滑行，当 匀强磁场（图中未画出），金属棒b始终保持静 金属棒滑行s=2.8m后速度保持不变.求： 止.其中<tan0,重力加速度大小为g,求： (sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/8) (1)金属棒ab两端的电压大小是多少？哪端 (1)金属棒匀速运动时的速度大小： 电势更高？ (2)金属棒从静止到刚开始匀速运动的过程 (2)倾斜导轨所在区域内匀强磁场的磁感应强 中，电阻R上产生的热量Q 度B的范围？ B 金园杆 0. 0电刷 12-5 创新示范卷（十二） (物理)答题卡 姓 名 雅考证号 条形码粘贴这（居巾） 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将白己的姓名，准考证号填写清楚，并认真在栽定位置附 正确功涂 奸条形码。 ■ 违纪 2.选泽题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用和.5毫米及以上黑色字 迹的鉴宁笔书写，要求宁体工整，笔迹清楚。 错误填涂 口 3严格按照题号在相应的答题区域内作答，超山答题区域书写的答案尤效。 ☑×☒) 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损 选择题 (共40分，1一8小题，每小题3分，9一12小题，每小题4分) 正确填涂 请在各题 1A@g回 2ABCD 3AEC回 4ABC回 5ABCD 6ABCD 7ABCD 8ABCD 9ABCD 10 A BC D 11ABCD 12A@@D ■ ■ 题 非选择题 (需用0.5毫米黑色签字笔书写) 内作 (共60分) 13.(6分) 出边框的答案无效 14.(6分) 盘 (2) (3) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十二）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(10分) EAEALELEKLKL44442 B/T 2.0 053 1.0 D 16.(12分) 0 B 金属杆 0电 b A 请在各题目的答题区域内作答 17.(12分) ,超出边框的答案无效 18.(14分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十二）第2页（共2页） 18.(14分)如图所示，光滑 E (2)全过程中感应电流产生的焦耳热. 导轨EF、GH等高平行 放置，EG间宽度为FH E H 间宽度的3倍，导轨右侧水平且处于竖直向上 的匀强磁场中，左侧呈弧形升高.ab、cd是质量 均为m的金属棒，现让ab从离水平轨道h高 处由静止下滑，设导轨足够长，ab未离开宽轨 处，重力加速度为g.试求： (1)ab、cd棒的最终速度大小： 谢 12-6创新示范卷·参考答案 创新示范卷（十二） 选择题答案速查 题号 1 2 3 4 6 7 8 9 10 11 12 答案 D C A C D C C CD BC AC CD 1.D[如果1=0、必>0，由右手定则可判断出应产生 =1·△1， 顺时针方向的电流，故A错误：如果1<0、2>0，ab、 联立可得，此过程中，通过铝环横截面的电荷量为？= d所国的面积增大，穿过其磁通量增大，由楞次定律 得知，回路中有顺时针方向的电流，故B错误：如果1 梁袋≠0.C错.] =2>0,ab、cd所围的面积不变，穿过其磁通量不变， 6.D[由牛领第二定律得Mg一ngsin0=(M+m)a,解 故不产生感应电流，故C错误：如果2>1>0，则ah 得线框进入磁场前运动的加速度为口= dc所围面积增大，穿过其磁通量也增大，故由楞次定 Mgmgsin日，A错误：由平衡条件Mg一ngsin0 律可判断出产生a→c→db→a的电流，故D正确.] M+m 2.C[在0~2.0s内磁通量的变化量为△=S△B=50× F装=0，又F=B,1=是E=队，联立解得线瓶 10-×(1.0-0.2)W=4×10-3W%,故A错误：在0 2.05内磁通量的变化率为A9=4X】03Ws=2× 进入磁场时匀速运动的速度为v=Mg一ngsin0》R】 B21 △ 2 10一3Wb/s,故B错误：根据法拉第电磁感应定律有E B错误，线柜做匀速运动的总时间为1=上 =m中-100×2×10-3V=0.2V,根据楞次定律可 B2片l2 △ (Mg一ngsin0)RC错误；由能量守恒定律，该匀速运 知，a点的电势比b点的电势高0.2V,故C正确；在 动过程中产生的焦耳热等于系统重力势能的减小量， a、b间接一个理想电流表时，电流表的示数为 则Q=(Mg一ngsin)l2,D正确.] 1=E=0.04A,故D错误.] 7.C[在初始时刻，由牛颜第二定律F。=ma,得a= m 3.A[闭合开关S,由于线圈的阻碍作用，则L1逐渐变 亮，然后保持不变；根据二极管的单向导电性，电流不 mg=2mg,2s末时，杆ab的连度为v=a1 = 会通过L2,故L2不亮，故B、C错误：断开开关S,线圈 2X2mfs=4m's,ab杆产生的感应电动势为E=Bl知 与二极管D形成回路，则有流过I2的电流，则I2变 亮后再熄灭，而流过L1的电流逐渐减小，故L1逐渐 2X0.5×4V=4V,回路电流为I=R十，习] 变暗至熄灭，故A正确，D错误.] 4 4.C[原磁场向里减小，根据楞次定律可知，感应电流 0.6十0.4A=4A,故A错误：由楞次定律增反减网” 的磁场方向与原磁场方向相同，因此感应电流的方向 可知，回路中有逆时针方向的感应电流，故B错误：设 为顺时针方向，故A错误：根据法拉第电磁感应定律 拉力F所做的功为WF,由动能定理有WF一WA= 可知E-n9-n当2，而么-认：周光a,山线圈中 m,WA为金属杆克服安培力微的总功，它与R上 1 感应电动势之比为16：1，故B错误：线图电阻R= p5,故ab线圈电阻之比为4：1，由闭合电路欧拇 产生的焦手格Q关系为品尽，-号得即-号， 所以we=w十之m-的J187小，故C正确 定律可知1一发则06线图中感应电流之比为41 D错误.] 故C正确：电功率P=EI=严R,两线圈电流之比为4 8.C[导体捧ab切割磁感线产生由a到b的感应电流， :1,电阻之比为4：1，则电功率之比为64：1，故D 则导体棒ab受到向左的安培力，做减速运动：导体棒 错误.] d受到向右的安培力，向右加速运动，则感应电流I 5.A[由楞次定律及安培定则可知，圆环中有感应电流 产生，方向为A→BC→D→A,A正确：由题图可知， BL(一)，两导体棒的相对速度减小，感应电流 R 开始时圆环中的磁通量为中1=BS, 减小，每个导体棒所受的安培力大小F=BL 拧成两个面积相等的小圆环，此时圆环中的磁通量为 F随着电流减小而减小，设导体棒质量为，当两者 中2=0，可得△中=中2一④1=一BS,所以，此过程中磁 速度相等时，电流为零，由动量守恒定律得mw= 通量的变化量为BS,B、D错误：由法拉第电磁感应定 2m,两导体棒的递度最终为0=空，且加递度随着电 律可知，E=△9， △1 流的减小而减小，电流变化也越来越慢，最终为零，故 由闭合电路的欧好定律可得1=后，其中，电荷量为9 C正确，A错误：ab棒用动量定理BILt=mo一m2, 0 答案-31 高考总复习·物理 则g=1=院电符量应孩是随时间的增加而增加， 中，两根导体棒上产生的焦耳热为Qs=号m十 最后达到最大值，故B错误；系统状态稳定后，两个导 2m(3)2、1 体棒的相对速度为0，不再有感应电流产生，焦耳热不 m(2)2=3m哈，则导体棒ah产生 会随着时间一直增大，故D错误.] 的焦年热为Q-Q8一号m6,C正确：ad棒的饮 9.CD[由于甲管形成闭合电路，当小磁体通过时，会产 生感应电流：乙管没有形成闭合电路，但当小磁体靠 尾速度为两根导体棒具有的共同速度，则有3吻 近或远离铝常时，会形成小面积的涡流，因此也会产 m0=2m0头，解得共=%，D正确.] 生感应电流但强度比甲管的弱：丙管不会产生电磁感 13.解析：在实验过程中，除了需要查清流入电流表电流 应现象，因此甲管和乙常会产生感应电流，丙管不会 方向与指针偏转方向之间的关系之外，还应查清线 产生感应电流，A、B错误：根据“来拒去留”，甲管中感 圈A和线圈B的绕制方向. 应电流最强，因此甲管的小磁体下落得最慢，运动时 答案：A和B需要 间最长，C正确：乙管中会产生涡流，也会对小磁体产 14,解析：(1)将线圈B和电流计串联组成一个回路，将 生“来拒去留”的效果，因此下落的时间2>a,D 开关、滑动变阻器、电源、线圈A串联组成另一个回 正确.] 路即可，连接图知图所示」 10.BC设圖形线框半径为r,则正方形线框边长L=2, 正方形线框面积S=L2=4r2, 圆形线框面积S=π2， 两线框处在均匀变化的磁场中，根据法拉第电磁感 △Φ 应定律有EnA=nS1 =nSk. 则两线框产生感应电动势之比E。：E6一4：π，故A 错误，B正确：设单位长度电阻为R。,则正方形线框 (2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右 电阻R。=4LR。=8r·Ro,园形线框电阻Ro= 偏了一下，说明穿过B线图的磁通量增加，电流计指 2R,根据欧姆定律有1=卡， 针向右偏，合上开关后，将A线图迅速插入B线圈中 时，穿过B线图的磁通量增加，电流计指针将向右 两线柜中感应电流大小之比I。:16=1:1,故C正 偏：A线图插入B线图后，将滑动变阻器滑片迅速向 确，D错误. 左移动时，线圈A中电流减小，穿过B线圈的磁通量 11,AC[由题图可知，磁场与电流方向夹角不变，则根 减少，电流计指针将向左偏。 据F安=BId,可得，金属杆下滑过程中受到的安培 (3)在灵敏电流计所在的电路中，为电路提供电流的 力不变，故A正确：金属杆释放瞬间，对金属杆在竖 是线圈B. 直方向不仅受到重力，还存在安培力的竖直分量，故 答案：(1)如解析图(2)向右偏向左偏(3)B 加速度不为g,故B错误：金属杆滑到PD过程中，由 15.解析：(1)1=0.6s时线圈中产生的感应电动势E1= 动能定理得mgr-B1d·2r=名m2,解得 △，·s88×06 4ms,故C正确：金属杆滑到PD时，对金属杆受力 △t1 △1 2—V=3.0V. 分析由牛颜第二定律N一mg=m ,可得N= 线圈中的感应电流1-是-号A-0,6A, 28N,由牛顿第三定律，金属杆滑到PD时对P点的 (2)由题图可得1=0.65s时匀强磁场的磁感应强度 压力为F-兰-14N,故D错误.] B=1.5T, 12,CD[由于两棒组成的系统动量守恒，取向右方向为 线圈中的感应电流【2=1， 正方向，由动量守恒定律可得30一no=m助十 线圈受到的安培力大小FA=B12LD=1.5×0.6× m2,所以当其中某根棒的速度为零时，另一根棒的 0.6N=0.54N, 速度大小为2，A错误：当其中某根棒的速度为零 对线圈受力分析，根据受力平衡有Fv十FA=g, 时，另一根棒的速度大小为20，则有E=2BL0,1= 解得F、=1.46N. 号，F=B1L联立解得F-,南牛频茶二定 答案：(1)0.6A:(2)1.46N 律可得，另一根捧的加速度大小为a=E_1四 16.解析：1)感应电动势为E=Bm·豆-是Br, mr 根据右手定则，可知，通过金属棒的感应电流方向由 B错误：从初始时刻到其中某根棒的速度为零过程 b到a,可知金属棒b端电势更高： 答案-32 创新示范卷·参考答案 (2)由于金属圆环电阻不计，则流过金属棒的电流大 (2)金属棒运动过程，由能量守恒定律得 B1wr2 小为1=R1十R2(R+R2) Fs=mgs·sin9+ 2m+Q. 金属棒ab受到的安培力大小为F=BIL= R BB wr21 电阻R产生的热量为Qk一R十Q, 2(R1+R2)1 代入数据解得QR=1.28. 根据左手定则可知安培力沿斜面向上，由于：< 答案：(1)4m/s(2)1.28J tan, 即mng sin0>mg coso. 18.解析：(1)ab自由下滑，机械能守恒有mgh=2m2。 金属棒b始终保持静止，取最大静摩擦力等于滑动 由于ab、d串联在同一电路中，任何时刻通过的电流 摩擦力，根据受力平衡可得安培力大小范围为 总相等，金属棒有效长度L山=3Ld,故它们受到的 mg sin9-mg cos≤F≤mng sino+mg cos联合解 安培力关系为F山=3Fa, 得 2(mg sine-umg cos)(R1+R2) ≤B≤ 在安培力作用下，ab、cd各做变速运动，产生的感应 B1r21 电动势方向相反，当E山=Ed时，电路中感应电流为 2(mg sin0+umg cos0)(RI+R2) 零(1=0)，安培力为零，ab、cd运动趋于稳定，此时有 B1wr21 BLava=BLava 答案：①E=号or,6端电势更商： 1 (2) 2(mg sin0-g cos0(R1+R）≤B≤ 所以v山=3a· Biwr21 ab、cd受安培力作用，动量均发生变化，由动量定理 2(mg sine+umg cos)(R+R2) 得Fb△T=m(v一h), Biwr21 Fa△T=mva, 17.解析：(1)根据法拉第电磁感应定律，得感应电动势 V2gh 为E=BL, 联立以上各式解得仙= 10.w=3V2g6 10 根据闭合电路欧姆定律，得感应电流为： (2)根据系统的总能量守恒可得 I-R+ Q=mgh- mw2-amw2-9 1 10 金属棒受到的安培力为F零=BIL, 金属棒做匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件得 答案：(1)2g3V2gh 10 10 F=mgsin 0+BIL, (2)9mgh 代入数据解得v-4m/s: 10 创新示范卷（十三） 选择题答案速查 题号 1 6 7 8 9 10 11 12 答案 D B D D AD AB AC ACD 1,D[麦克斯韦预言存在电磁波，赫滋验证了电磁波的 in100xt(Wb),由电磁感应定律可得E= 1 存在，故A错误：非均匀变化的电场和磁场才能产生 △ 电磁波，故B错误：电磁波传播不需要介质，机械波传 一100cos100πt(V),可得电动势的最大值为100V, 播需要介质，故C错误；无线电波、红外线、可见光、紫 外线、X射线、Y射线都是电磁波，故D正确.] 则电动势的有效值E有=100V=502V,则电流表 2.B[电流的方向由b流向a,且电流强度正在减小，故 此时为电容器充电过程，电场能增加，磁场能减小，故 的示数 E=52A,故A错误：由题图乙可知，交 自感电动势阻碍电流的减小，则该时刻线阖的自感电 动势正在增大，故A错误，B正确：若探测仪靠近金属 支电流的频率为f=T=50Hz,一个周期内电流方 时，含有铁等磁性金属会发生磁化，其他金属不行，故 C错误：此时电流强度正在减小过程中，虽然探测仪与 向改变两次，所以1s内电流的方向改变100次，故B 金属保持相对静止，金属也会产生感应电流，故D 错误：0.01s时，磁通量为零，线框平面与磁场方向平 错误，] 行，故C错误：由焦耳定律可得1个周期内，电阻R上 3.D[由题图乙可知，磁通量变化的周期为T=2× 产生的焦耳热Q=IPRt=5√2×5√2×10×0.02J= 1028,磁通量随时间的关系式为中=一血孕 10J,故D正确.] 答案-33