创新示范卷10 电路及其应用 电能 能量守恒定律（含答题卡）-【创新教程】2025年高考物理总复习大一轮创新示范卷（人教版 新教材）

《喜善能联) 创新示范卷（十） 第九章 电路及其应用电能 能量守恒定律 (90分钟 100分) 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24 间加的电压为U,正离子进人B、C间电场时的 分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 初速度忽略不计，已知推进器单位时间喷出的 题目要求的) 离子质量为m,航天器获得的推力为F,则电场 郑 1.某国产品牌手机搭配的是一块5000mA·h的 中离子运动的等效电流大小为 电池，支持最高88W的有线超级快充和50W A. mU B. mU 的无线超级快充，同时还支持20W无线反向充 电，在行业内“遥遥领先”.这里与“mA·h”相对 C.2mU D. mU 斗 应的物理量是 ( 4.在如图所示的电路中，小量。 A.功率 B.电容 C.电荷量 D.能量 程电流表G的内阻R=10 2.2023年3月19日，复旦大学科研团队宜称已成功 2.满偏电流I=1mA,R, 制备出具有较高电导率的砷化铌纳米带材料，据介 10 =900,R-g90,下列说法正确的是( 绍该材料的电导率是石墨烯的1000倍.已知电导 A.当S,和S。均断开时，改装成的表是电流表 率。就是电阻率p的倒数，即。=二.下列说法正确 B.当S,和S均闭合时，改装成的是量程为 的是 100mA的电流表 ΛA.电导率越小，其导电性能越强 C.S和S均闭合时，改装成的表是电压表 B.电导率与材料的长度有关 D.S,和S均断开时，改装成的是量程为10V C.电导率与材料的横截面积有关 的电压表 D.电导率与温度有关 3.航天器中常用离子推 5.在测定电源电动势和内电阻的实验中，实验室 进器提供动力，如图所 提供了合适的实验器材.某同学按如图甲所示 示为离子推进器内部 的电路图进行测量实验，其中R为保护电阻， 结构示意图，从P处注入推进剂，从A处电离 图乙为电压表示数与电流表示数对应关系图 出正离子，经B、C间的电场加速后喷出，B、C 像，则下列说法正确的是 10-1 C.开关K闭合，滑动变阻器的滑片P不动，开 R 2.5 关S闭合时，U减小，1，增大 2.4 2.3 D.开关K闭合，滑动变阻器的滑片P不动，开 2 00.330.500.87A 关S闭合时，U增大，I,增大 乙 8.(2024·浙江义乌市 A.滑动变阻器的滑片从最左边滑到最右边的过 R 高三适应性考试)如 程中，电压表读数一直增大 图所示，开关S闭合 B.滑动变阻器的滑片从最左边滑到最右边的过 后，带电质点P在平行金属板中处于静止状 程中，电流表读数先减小后增加 态.则 C.电源的电动势E=3.0V,内电阻r=0.502 A.质点P一定带正电 D.电源的电动势E=2.5V,内电阻r=1.00 B.滑片向a端移动时，两只电表的示数均增大 6.如图所示，电路中c点接 C.滑片向a端移动时，质点P将向上极板运动 地.若不考虑电流表和 D.若将开关S断开，质点P将向下极板运动 电压表对电路的影响， 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16 将滑动变阻器的滑片向α端移动，则 分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 A.a点电势升高 要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有 B.电源的输出功率增加 选错的得0分) C.电压表读数诚小 9.机器人(Robot)是一种能够半自主或全自主工 D.电源的效率变小 作的智能机器，可以服务人类生活.如图所示， 7.如图所示，电路中R为 额定电流为I,线圈电阻为R,内阻未知的直流 滑动变阻器，R,、R2是 电源两端时，电动机恰好能正常工作，下列说法 定值电阻，理想电压表 中正确的是 V的读数为U,理想电流表A的读数为I1,电源 内阻不能忽略，则下列说法正确的是 A.开关K闭合、S断开时，滑动变阻器的滑片P 向左滑动号减小公不变 A,电源的内阻为F一· B.电源的输出功率为EI一R B.开关K闭合，S断开时，滑动变阻器的滑片P C.电动机消耗的总功率为EI 向右滑动，号增大，智增大 D.电动机的输入功率为UⅡ 10-2 10.如图所示，a、b分别是一电源 12.如图，电路中的定值电 和一小灯泡的U1图线，图 阻R。大于电源的内电 E, 线a与纵、横轴的交点坐标为(0，U,)和(L1, 阻r,现将开关S闭合， 0),两条图线的交点坐标为(I2,U:),图线b在 将滑动变阻器R的滑片P向上滑动，理想电 交点的切线与横轴交点的坐标为(I,0),则下 压表V,、V2、V,的示数变化量的绝对值分别 列说法正确的是 为△U,、△U,、△U,理想电流表A的示数变化 A.小灯泡的电阻随着电流的增大而藏小 量的绝对值为△I,则下列说法中正确的是 B.电源与小灯泡形成闭合回路且通过的电流 为1，时，小灯泡的电阻为， A.电压表V,的示数增大，电压表V,的示数 C电源的电动势为U 诚小 D.电源的内阻为7 B.电流表A的示数变大，电压表V,的示数 11.用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两 增大 个量程不同的大量程电流表A,,A,若把A,、 C.电压表V,和电流表A的示数变化量的比 A。分别采用并联或串联的方式接入电路，如 值器-+R 图所示，则闭合开关S后，下列有关电表的示 数和指针偏转角度的说法正确的是 D.电压表V,和V.的变化量△U,>△U 三，非选择题（本题共6小题，共60分） 13.(10分)某实验小组做“测量一均匀新材料制成 的金属丝的电阻率”实验. A.图甲中的A1、A的示数相同 (1)如图甲所示，先用多用电表“×1Ω”挡粗测 B.图甲中的A,、A,的指针偏角相同 其电阻R= Ω，然后用图乙的螺旋测 C.图乙中的A1,A的示数和偏角都不同 微器测其直径d mm,再用毫米刻 D.图乙中的A1、A,的指针偏角不相同 度尺测其长度为L. 10-3 園 25 待测金属丝 20 15 甲 两 (2)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除 (4)通过移动滑动变阻器测得多组电压U和电 待测金属丝外，实验室还备有的实验器材 流I的值，并以U为纵轴，I为横轴建立U一I 如下： 图像，作出一条过原点的倾斜直线，若斜率大 A.电压表V(量程3V,内阻约为15k:量程 小为k,则该金属丝电阻率= (用题 15V,内阻约为75k2)》 中相关字母表示). 14.(10分)某研究性学习小组设计了如图甲所示 B.电流表A(量程0.6A,内阻约为12：量程3 的电路来测量电源的电动势E、内阻及待测 A,内阻约为0.2) 电阻R,的阻值，通过改变滑动变阻器的阻值， C.滑动变阻器R,(052,0.6A) 记录多组电压表V,、V,及电流表A的读数， D.滑动变阻器R(020002,0.1A) 并描点作图得到了如图乙所示的a,b两条UI E.1.5V的干电池两节，内阻不能忽略 图线，电表均为理想电表。 F.电阻箱 UN G.开关S,导线若千 2.7 为了测多组实验数据，则滑动变阻器应选用 01 (填“R”或“R”). 1.02.03.0iA 知 乙 (3)请在方框内设计最合理的电路图，并完成 (1)由电压表V,与电流表A的示数描绘的 图丙中的实物连线。 【图线是图乙中的 (选填“a”或“b”). (2)由图乙可得，电源电动势E= V. 内阻r= 2,待测电阻R= n (结果均保留两位有效数字) (3)在滑动变阻器触头滑动的过程中，电压表 V,、V,读数变化量分别用△U、△U2表示，电 源内阻为r,定值电阻为R,·则 △U (用题中物理量符号表示). 10-4 15.(12分)(2024·浙 0 (4)根据已知的物理量（长度L,、电阻率）和实 江舟山市高三月 验中测量的物理量（电压表读数U、电流表读 考)一根均匀的细 甲 数I、金属管线外径D),则金属管线内径表达 长空心金属圆管，其横截面如图甲所示，长度 式d= 为L,电阻R约为5Ω，这种金属的电阻率为 16.(8分)某同学利用下列实验器材测量电源的电 P,因管线内径太小无法直接测量，某同学设计 动势和内阻。 下列实验方案尽可能精确测定它的内径d: A待测电源： (1)用螺旋测微器测量金属管线外径D,图乙 B.电阻箱R(最大电阻值为202)： 为螺旋测微器校零时的示数，用该螺旋测微器 C.定值电阻R(电阻值为40002)： 测量的管线外径读数为5.200mm,则所测金 属管线外径D= D.小量程电流表G(内阻不计)： mm. (2)为测量金属管线的电阻R,取两节干电池 E.开关、导线若干. (内阻不计)、开关和若干导线及下列器材： 该同学设计的实验电路图如图甲所示 A.电流表0~0.6A,内阻约0.052 1B00 B.电流表0~3A,内阻约0.01Ω 1(000 C.电压表0~3V,内阻约10k2 R/O- D.电压表0~15V,内阻约50kn E.滑动变阻器，0~102（额定电流为0.6A) (1)在闭合开关前，电阻箱应调到 (填 F.滑动变阻器，0~100Q(额定电流为0.3A) “最大值”“中间值”“最小值”). 为准确测出金属管线阻值，电流表应选 (2)该实验可以近似认为通过电源内部的电流 电压表应选 ,滑动变阻器应选 等于流过电阻箱的电流，则电阻箱的阻值R、 (填序号) 小量程电流表的示数1，电源的电动势E、内阻 (3)如图丙所示，请按实验要求用笔代线将实 r和定值电阻R。之间的关系为E= 物图中的连线补充完整。 (3)多次改变电阻箱的阻值R,读出对应电流 表的示数I,作出图像如图乙所示，则电源的电 动势E= V、内阻r= n. 丙 (结果均保留2位有效数字) 10-5 创新示范卷（十） (物理)答题卡 姓 名 雅考证号 条形码粘贴这（居巾） 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将白己的姓名准考证号填写清楚，并认真在规定位置附 正确功涂 好条形码。 违纪 2.选泽题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用和.5毫米及以上黑色字 迹的鉴宁笔书写，要求宁体工整，笔迹清楚。 错误填涂 口 3严格按照题号在相应的答题区域内作答，超山答题区域书写的答案尤效。 ☑×☒) 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损 】0)三 选择题 (共40分，1一8小题，每小题3分，9一12小题，每小题4分) 正确填涂 请在各题目 1ABCD 2ABCD 3AEC回 4 ABCD 5AB回D 6ABCD 7ABCD 8ABg回 9ABCD 10 A BC D 11ABCD 12A@@D ■ ■ 题 区 非选择题 (需用0.5毫米黑色签字笔书写) (共60分) 内作答 13.(10分) (1) (2) ,超出边框的答案无效 丽 圆 待测金属登 (3) 四妆一 丙 (4) 14.(10分) (1) (2) (3) 请在各题日的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(12分)（每空2分） (1) (2)） (3 丙 (4) 16.(8分) (1) (2) (3) 17.(10分) (1) (2) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 (3)H E (4) 18.(10分) R (1) (2)》 (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十）第2页（共2页） 17.(10分)(2023·广东省高三月考)用伏安法测 18.(10分)某新科技小组为测量一种新型导电材 定一个待测电阻R,的阻值（约为60），实验 料的电阻率，取一块厚度均匀、上下表面为正 室可提供如下器材. 方形的该型导电材料，如图1所示 电源E(电动势4V,内阻忽略不计) 电流表A,(量程0~15mA,内阻为50) 电流表A(量程0~200mA,内阻约为0.52) 电压表V,(量程03V,内阻约3k2) 电压表V,(量程0~15V,内阻约15kQ》 图2 滑动变阻器R(阻值范围0一102) (1)科技小组用多用电表的欧姆挡粗测该导电 定值电阻R,(阻值为52) 材料沿AC方向的电阻.机械调零、欧姆调零 定值电阻R,(阻值为20Ω) 后，选择“×10挡”，按正确的操作步骤测量电 开关S、导线若干 阻，表盘的示数如图2所示，则该导电材料沿 R. 0 AC方向的电阻约为 n. 甲 (2)实验小组还想更精确地测量该导电材料沿 (1)某同学直接选择了电压表V和电流表A AC方向的电阻R,可供选择的实验器材如下： 用伏安法测电阻，他采用如图甲所示的电路将 A.电源（电动势E=1.5V,内阻不计） 电压表接在OP之间和OQ之间分别读出了两 B.定值电阻(R,=2952) 组不同的U和I的示数，则该同学应将电压表 连在 (填“OP”或“OQ”)之间，测量的 C.定值电阻(R=9952) 结果更接近待测电阻的真实值，且测量值比真 D.电流表A.(量程05mA,内阻片=52) 实值略 (填“大”或“小”) E.电流表A2(量程0~10mA,内阻r2=12) (2)乙同学根据实验室提供的器材设计了能比 F.滑动变阻器R(阻值范围为0~102，允许通 较精确地测量该电阻R,的实验方案，电表读 过的最大电流为0.5A) 数尽量在量程的以上，则他选的电流表是 G.足量的导线与开关S 为使实验误差尽可能小，要 ,该电流表 (填“需要”或“不 求电表的测量值在满偏值 需要”)改装，选的电压表是 (填器材 的字母代号) 的号以上，定值电阻应选用 (3)在图乙虚线框中画出测量R,阻值的完整 (填“R”或 电路图，并在图中标明器材的字母代号 “R”).利用虚线框（图3）中 图3 电路图精确测量电阻R,,在电路图中标明器材 生生下至黄爱” 符号 m 内 (3)实验中测得两电流表A、A的示数分别为I (4)乙同学调节滑动变阻器R,当电压表的示数为 和L2,可得电阻R= (用实验测得的物 2.00V时，电流表的指针所指刻度如图丙所示， 理量符号和题设中给出的物理量符号表示)， 可读出电流表的示数是 mA,则待测电 (4)要测量该导电材料的电阻率还需要测量该 阻R的阻值为 Ω（结果保留 导电材料的 (用文字和物理量符号 1位小数). 表示) 10-6创新示范卷·参考答案 (2)在4T、7T这3T内向右匀诚速运动到速度为零， 在1=12时刻，电子的速度为0=a(3). 88 8 8 8 9 有r2=1=32 郎得别 在8智这智内反向向左自加速造动，有 从1=12T时刻开始，设再经过4时间，电子刚好到 8 =ag 达A板，有 解得动4 6=a-2a4r2, 在哥一晋这写内反向的左匀减建运骑到建度为案， -8+ 1 有==324， 解得a山=（骨一得T 在T、1T这汇内继续向右匀加速运动，有 881 8 [爱+号T不特合题意，合灯， 所以总时间为0=T+3T十=14-2)T≈ 所以电子运动T+3T后，距B板距离为： 8 8 8 1.57T. 9 答案：)9 2 (2)1.57T 9 32 5d 3 创新示范卷（十） 选择题答案速查 题号 1 2 6 7 8 10 11 12 答案 D C B C A C AD CD BD CD 1.C[“mA”是电流I的单位，“h”是时间t的单位，根 电流先减小，R1右边支路电压增加，电阻减小，故电流 据g=1得与“mA·h”相对应的物理量是电荷量.] 增加，则电流表支路电流先减小，当两支路电阻相等 2.D[电导率g是电阻率p的倒数，电导率越小，电阻 后再向右移动阶段，电流表支路电压减小，电阻增加， 率越大，其导电性能越弱，故A错误；材料的电阻率与 故电流表示数还是在减小，故B错误：由题图乙可知 材料形状无关，则材料的电导率与材料形状无关，故 当电压为2.5V时，电流为0.50A,此时两部分电阻 B、C错误；电阻率与温度有关，则电导率与温度有关， 相等，则总电流为【1=1A:而当电压为2.4V时，电 故D正确.] 流分别对应0.33A和0.87A,则说明当电压为2.4V 3.C[设电场中离子运动的等效电流大小为I,1时间 时，千路电流为12=0.33A十0.87A=1.2A,则根据 内，被加速的离子的电量为9=11， 闭合电路欧姆定律可得2.5V=E-r·1A,2.4V= 根搭功能定理可得gU=2m2,根搭动量定理可得 E-r·1.2A,解得电源的电动势E=3.0V,内电阻r =0.502,故C正确，D错误.] =m,联主解得1品] 6.A[将滑动变阻器的滑片向a端移动，阻值增大，总 4.B[当S1和S2均断开时，电流表G与电阻R1串联， 电阻增大，总电流减小，根据闭合电路欧姆定律可得 则改装成的表是电压表，量程为 U3=E-I(r+R1),由于总电流减小，电源内阻与定值 U=I.(R。十R1)=0.1V,选项A、D错误；当S1和S2 电阻R]不变，则R两端电压增大，则通过R两端电 均闭合时，电流表G与电阻R2并联，则改装成的表是 流增大，由串并联电路电压电流关系有1总=I2十I3, 电流表，漫程为U=+1。=100mA,选项B正确， 则通过R,的电流减小，电压表的读数为9a一9%=U山 R2 =U3一12R2,则电压表的读数增大，a,点电势升高，则 C错误.] A正确，C错误：根据电源的输出功率特点，当外电阻 5.C[由电路接法可知R1左右两部分并联后与R2串 等于电源内阻时，电源的输出功率最大，由于电源内 联，滑片处在正中间时总电阻最大，则可知在滑片从 阻无法确定，所以电源的输出功率无法确定，则B错 最左端向右移动过程中，滑动变阻器接入电路电阻先 UI 增大后减小，则路端电压先增大后减小，故A错误：总 送：电源的效率为？可X100%外，×100% 答案-25 高考总复习·物理 1X1O0%,则将滑动变阻器的滑片向a端移动， 1LBD[题图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电 1+ 流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读 数不同，故A错误，B正确：题图乙中的A1、A2串 阻值增大，总外电阻增大，所以电源的效率也增大，则 联，A1、A2的示数相同，由于量程不同，内阻不同，电 D错误.] 表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转 7.A[开关K闭合、S断开时，滑动变阻器的滑片P向 的角度不同，故C错误，D正确.门 左滑动，滑动变祖器的阻值变小，总的外电阻减小，根 12.CD[由题图可知，电源的内阻r,R。,R串联构成回 s1R后则落电流墙大，根据R一界职或 E 路，电流表串联在干路中，电压表V1与R。并联，V3 与R并联，V2测路端电压，当R向上滑动时，R的阻 小，根据闭合电路欧姆定律可得U=E一I1r,则有r 值增大，整个电路电阻变大，V3、V2示数变大，电流 品所以品不变，则A三痛：开关K闭合，S断开 表示数变小，A、B错误：电阻R上电压的增加量的绝 对值△U3等于r、R两个电阻电压减少量的绝对值， 时，滑动变阻器的滑片P向右滑动，滑动变祖器的阻 值变大，总的外电程增大，银播1R一则总电流 以业_△I(R,+P=r+R,C正确：V2增加的 所以 数值的绝对值△U2等于电源内阻两端内部电压降低 减小，根据风：-儿则片增大，长据闭合电路欧号定 的数值绝对值U内，即△U2=U内，整个电路是串联关 系，由于R>r,所以U1>U内=2，D正确.] 体子得U=E-1别有r一部所以兴不变，期B 13.解析：(1)多用表的读数为电阻的粗测值，其电阻为 6.0n. 错误：开关K闭合，滑动变阻器的滑片P不动，开关S 根据螺旋测微器读数规则，圆柱体的厚度为4.5mm 闭合时，时外电租或小，长器1。别总电流端 +19.9×0.01mm=4.699mm 大，根据闭合电路欧姆定律可得U=E-一Ir,则U减 (2)滑动变阻器R2(0~2000,0.1A)的祖值比待 测金属丝阻值6大得太多，为保证电路安全，方便 小，再根据U=UR1十IR,则电阻R1两端电压UR1也 实验操作，滑动变阻器应选R1,最大阻值5： 减小，所以11减小，则C、D错误.] (3)为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接 8.C[由题图可知电容器的上极板带正电，极板间场强 法，由于被测电阻但值较小，则电流表应采用外接 向下，质点处于平衡状态，则知受到的静电力向上，故 法，实验电路图如图所示 带负电，故A错误；滑片向a端移动时，滑动变阻器接 v) 入电阻增大，根据“串反并同”法可知电流表的示数减 小，电压表的示数变大，电容器两端的电压增大，质点 所受的静电力增大，则质，点将向上移动，故B错误，C R 正确：开关S断开，电容器两端的电压等于电源的电 A 动势，即电容器两端电压增大，板间场强增大，受到的 两节千电池的电压为3V,故电压表量程接3V;最 静电力变大，质点P将向上运动，故D错误.] 大电流约为0.5A,故电流表量程接0.6A. 9.AD[根据闭合电路的欧姆定律，电源的内电压U内 根据实验电路图连接实物电路图，如图所示 =E-U, 振据欧号定律电源的内阻为，华=E,故A正 待测金属丝 确：根据功率公式，电源的输出功率为P出=U=EI 一r,故B错误；电动机消耗的总功率即为电源的输 出功率，即P电=P出=UI,故C错误，电动机输入功 率即为电源的输出功率，则P入=P出=UI,故D 正确.门 ④根据公式得号-p5 10.CD[从题图图线b可以看出小灯泡的电阻随着电 流的增大而增大，选项A错误：当小灯泡与电源串联 解得U-p5 形成闭合回路时，由I图线可知，回路中的电流为 、L 因为k=pS' 2时，路端电压为U2,由电阻的定义可知R光，选 =kπd 解得p=4L. 项B错误：由电源的U】图线可知电源的电动势为 答案：(1)6.0(6也可得分)4.699(4.698~4.700均可) E=U,内凰，票选项CD运流门 (2)R(3)见解析图(4)d 4L 答案-26 创新示范卷·参考答案 14.解析：(1)根据U=E一1r可知U21图像的斜率应该 等于电阻R和电源内阻之和，U1-I图像的斜率应 可得}R+合· 该等于电源内阻，可知U21图像的斜率较大，U1-1 由题国示子最 图像可知，图像的斜率k一 Ror 图像的斜率较小，即电压表V1与电流表A的示数描 E 绘的U1图线是题图乙中的a: 1800-1000=1600. (2)由题图乙可得，电源电动势E=2.7V,由图线a 0.5 可得：r= 告-8a=a9n 纵轴栽距的绝对值6=100， 由周线6可得：R+r告-品n=270 解得电源电动势E=4.0V, 电源内阻r=1.62. 待测电阻R,=1.8Ω： 答案：(1)最大值 (3)根据U=E-Ir可知： U=E-Ir; (2, U2=E-I(R,+r) (3)4.01.6 17.解析：(1)由于待测电阻的阻值大约为60Ω，选取的 电压表V1的内阻约3k2,选取的电流表A2内阻约 普-R+n 为05n,制者是-30-0是器=120故电 R.P 流表分压作用比电压表分流作用小，所以选择电流 表内接法，测量值更接近真实值，故电压表应接在 答案：(1)a OQ之间，且测量值比真实值略大： (2)2.70.9 1.8(3)R,+7 EAA (2)电路中可能出现的最大电流约为I=R,一60 15.解析：(1)螺旋测微器校零时的示数3.3×0.01mm ≈67mA,电流表A2量程太大，可将电流表A1与定 =0.033mm,螺旋测微器测量的管线外径读数为 值电阻R2并联，相当于量程为52.5mA的电流表， 5.200mm,则所测金属管线外径D=5.200mm 电源电动势为4V,则电压表选择V1: 0.033mm=5.167mm. (3)电流表A,改装后内阻已知， (2)两节新的干电池电动势为3V,因此电压表选择 且可以精确测量通过待测电阻的 3V的量程，即为C, 电流，电压表具体内阻未知，若电 周为电路中装大息流大约为1。=辰=号A=心6A 流表外接，不能测出电压表的分 流值，而电流表内接，待测电阻的 为了测量的精确，电流表应选择A,滑动变阻器采用 电压可准确测量，故电流表内接； 限流式接法，因为待测电阻较小，所以滑动变阻器选 滑动变阻器阻值与待测电阻相比 择E. 较小，故采用分压接法，电路图如图所示 (3)由于待测电阻的平方小于电压表与电流表内阻 (4)电流表量程为15mA,最小刻度为0.5mA,电流 的乘积，属于小电阻，所以电流表采用外接法，实物 表指针指16格，故电流表的示数是8.0mA,此时通 图连接如图所示： 过待测电阻R,的电流为28mA,则待测电阻R的 阻值为R,=号RA'三(.03-0X2)≈ 28×10-350+201 57.12 答案：(1)OQ大 U (4)据欧姆定律得，R=,又R=P (2)A1需要V1 (3)见解析图(4)8.057.1 因为S=x号2-x号，解得dD一 18.解析：(1)该导电材料沿AC方向的电阻约为R= πU 15×102=1502. 答案：(1)5.167(5.166~5.168均可) (2)实验器材中没有电压表，因 (2)A C E 为电流表A,的内阻已知，所以 (3)见解析图 将电流表A]与定值电阻串联改 (4)√D2-4o πU 装成电压表，电源的电动势为 16.解析：(1)在闭合开关前，电阻箱应调到最大值： 1.5V,则串联的电阻为R= E (2)根据电路图，由闭合电路欧姆定律得E=U十1 一r=295,所以定值电阻应选择为R1:因为电流 IR。 =IRo+R 表A2内阻已知，所以用内接法，即如图所示电路 答案-27 高考总复习·物理 (3)根据并联电路两端电压相等，则I1(r1+R1)=I2 (r2十R), 化简可得，电阻为R,=m十R) 答案：(1)150 (2)R1 (3) 12 (4)设该正方形导电材料的边长为a,厚度为d,根据 电阻定律有R,=pS=Pa·di· 可得，该导电材料的电阻率为p=R,d, 1r+R)- 12 (4)厚度d 所以，还需要测量该导电材料的厚度d 创新示范卷（十一） 选择题答案速查 题号 1 3 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案 D C D A D B D AC AB BC CD ACD BC 1,C[通电螺线管内部的磁场最强，且接近匀强磁场， 两端稍弱.] 提供向心力，即B=m二得g一识由于根子1和 2.D[根据平衡条件有BI1L=ng sin0,BI2L= n儿.解每务了 2质黄相时，物建度相同，得器一行-子，故B销保：触 3.C[由右手螺旋定则，图1所示两平行导线在该正电 于的送动同期T一器将号-票-之南几灯关系了 粒子处磁感应强度方向垂直纸面向里，根据左手定 知，粒子1在磁场中偏转90°，粒子2在磁场中偏转45°，即 则，带正电的离子向上偏转，由于洛伦兹力不微功，故 粒子速率不变，故A错误，C正确：由安培定则可知， 逸度偏转角度之北为2：1，所以可得1=寻T红 图2中，两导线的正中间连线的磁感应强度方向水平 向右，与该正电粒子速度方向相同，故粒子不受洛伦 吉1，解得号-十故C错民，D正商.】 兹力，做匀速直线运动，故B、D错误.] 7.B[若使带电短子没进入“阴鱼” 4.D[由题意可知，a与d、b与e、c与f在O点的磁场 区域，则带电粒子在磁场中运动轨 大小相等、方向相反，故O点的磁感应强度为零，A错 迹如图，轨迹与圆O1相切于A点， 误：根据安培定则，其他5根输电线在￠处产生的磁场 设粒子做圆周运动的轨迹半径为 方向垂直f心向上，根据左手定则，c导线所受安培力 方向沿Oe指向O,B错误：由题意可知，b、∫对a的安 由见行美最可得(+)= 培力大小为FGe对a的安培力为停F,d对a的安 十（受R),解得r=2R,由牛领第 培力为号则a导钱所交安培力为F。=2Fs血30+ 二定律可将如B=加二联立解得B=弧] 8.D[根据左手定则可知，正电荷进入磁场区域时会向上 2xFsm60+号-2.5F,C错误，D运确.] 偏转，负电荷向下偏转，所以M点的电势一定高于V点 的电势，故A错误：流量计测得排污量为85m3/h,流 5.A[轨迹与ON相切，画出粒子 量计半径为r=5cm=0.05m,排污管的半径R=10cm 的运动轨迹如图所示，由于OA= 0 =0.1m,则85m3h=πR22,可得2≈2707m/h≈ O'D=r. “M 0.75m/s,故B错误：当粒子在电磁流量计中受力平 故△AOD为等边三角形，则∠O DA=60°， 新时，有号=0B,可知吕-2，又知=4 而∠MON=30°，则∠OCD=90°， 故C0D为-直线.则0D=S0=4r=L+r,解得 3m/s,故号-0.3m,收C错误：当流量流大时，最 大速度为m=12m/s,有vm:=4:1,所以最大流 r=台故A正瑞，B.CD错误] 量为4×85m3/h=340m3h,故D正确.] 9.AC[液滴在重力场、匀强电场和匀强磁场的复合场 6D[根据左手定则可得：粒子1带 中做匀速圆周运动，可知液滴受到的重力和电场力是 正电，粒子2带负电，故A错误：设 一对平衡力，重力竖直向下，所以电场力竖直向上，与 磁场边界边长为L,作出粒子运动 电场方向相反，故液滴带负电，故A正确；根据电场力 的轨迹如图，则粒子1、粒子2运动 的半楼n-合1=L.银子在避 和重力平衡可得9E=mg,解得品-登，故B错误：由 Q v2 场中做匀速圆周运动时洛伦兹力 洛伦滋力提供向心力可得qB=m尺，解得液滴的建 0 答案-28