创新示范卷9 静电场及其应用、静电场中的能量（含答题卡）-【创新教程】2025年高考物理总复习大一轮创新示范卷（人教版 新教材）

《喜善能联) 创新示范卷（九） 第八章 静电场及其应用、静电场中的能量 (90分钟100分) 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24 3.(2022·江苏淮安市高 金 分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 三模拟)等量异种电荷 题目要求的) 十Q、一Q的等势线分布 1.现代避雷针是美国科学家富兰克林发明的.避 如图所示，相邻的等势 雷针，又名防雷针、接闪杆，是用来保护建筑物、 线间电势差均相等，点a、b、c连线与两电荷的 高大树木等避免雷击的装置.如图所示为避雷 连线平行，且ab=bc,一带负电的点电荷M仅 针周围的等势面分布情况，电场中有M、N、P 在静电力的作用下经过a点时速度方向如图， 三点，则下列说法正确的是 经过b所在等势线到达c所在等势线，取无穷远 斗 处电势为零.下列说法正确的是 .6KV A.a、c两点的电势相等 7KV 8KV 9KV B.a、,c两点的电场强度相同 C.点电荷M在电场中运动的轨迹关于b所在 A.P点的场强大小比M点的小 等势线对称 B.P、M两点电势差Uw=2kV D.点电荷M穿越a、b、c等势线时电势能满足 御 C.M、N两点的场强相同 E<E<E D.电子在P点的电势能小于其在N点的电势能 4.如图所示三个同心圆是以点电 2.图中的实线表示电场线，虚 荷一Q为圆心的等势面，下列说 线表示只受电场力作用的 法正确的是 B 带电粒子的运动轨迹，粒子 A.将电荷十q由B点移到C点，电场力做正功 先经过N点，再经过M点，可以判定 B.一个点电荷十q在B点具有的电势能比在A A.M点的电势小于N点的电势 点的小 B.粒子带正电，M点的电势大于N点的电势 C.一个点电荷+q在B点所受的电场力比在A C,粒子在M点受到的电场力大于在N点受到 点的大 的电场力 D.将同一电荷从B点移到D点电场力做功比 D.粒子在M点的电势能小于在N点的电势能 由B点移到C点多 9-1 5.对心脏骤停患者利用自 度从a点开始沿x轴正方向运动（粒子只受静 动体外除颤器(AED)可 电力作用)，设粒子经过a、b两点时的速度分别 进行有效的除颤和心肺 为。、，其速度随坐标x变化的图像如图乙所 复苏.如图所示为用心 示，则以下判断正确的是 ( 脏除颤器治疗时的情景，该心脏除颤器的电容 器充电后的电压为4.0kV,充电后贮存的电能 为E=2CU,(C为电容器电容，U为电容器两 O 2L3L4L 甲 极板间电压).电容器一次放电至两极板之间的 A.ab连线的中点电势最低 电压为0的时间为2.0ms,平均放电电流为 B.x=3L处场强一定为零 36A,电容器放电时忽略人体的电阻变化，下列 C.粒子在a点的电势能小于在b点的电势能 说法正确的是 D.Q2带负电且电荷量大于Q A.充电后，电容器的带电量为7.2×10-C 8.一个周定在空间某点、带负电1(×10) B.充电后，电容器储存的电能为144J 的点电荷Q产生电场，其中一 C.放电过程，放电电流会越来越大 条电场线与x轴重合.另有 D.放电过程，电容器的电容会越来越小 个带正电的试探电荷g仅在静 0.10.2xm 6.如图所示，平行板电 电力作用下从x=0的位置开始沿x轴运动，其 容器两极板长度均为 动能E,与坐标x的关系如图所示，虚斜线为该 L,一个电荷量为q、 文37 曲线过点(0.2,2)的切线，已知g=2.0×10 质量为m的带正电粒子以大小为。的初速度 C.下列判断错误的是 紧贴上板垂直电场线射入电场，并恰好从下板 A.点电荷Q的位置一定在x轴上 边缘射出，射出时速度方向与下板的夹角为 B.该电场的电势沿x轴正方向一直升高 37°.粒子重力不计，sin37°=0.6.下列判斯正确 C.x=0.2m处场强的大小为10NC 的是 D.x=0与x=0.2m两点间的电势差为1V A.上极板带负电 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16 B.粒子射出下板边缘时的速度大小为2 分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 C上下两极板的电势差为22 要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有 选错的得0分) D两极板间的距离为沿 9.如图所示，有一个均匀带正电 7.如图甲所示，两个点电荷Q、Q2固定在x轴上， 荷的绝缘半圆环，圆心为坐标 其中Q,位于原点O,a、b是它们连线延长线上 原点O.同时y轴负方向上还 1+0 的两点.现有一带负电的粒子q以一定的初速 有一个电量为十Q的点电荷，原点O与点电荷 9-2 的距离为L,此时在O点处产生的电场强度为 度大小为u.带电小球的质量为m,电荷量大小 0.现在将环的右半部折叠放于左半部圆环上， 为q,不计重力.将电荷B的电荷量改变为2Q, 已知静电力常量为k,关于此时O点的电场强 仍将小球由D点释放，下列说法中正确的是 度E的说法正确的是 () A.E的方向沿x轴正方向 A.电荷B改变电荷量前，D点电势高于O点 B.E的方向指向第四象限 电势 CE的大小为是 B.电荷B改变电荷量前，OD两点电势差的大 D.E的大小为2k 小为罗 L C,电荷B改变电荷量后，D点场强大小变为 10.(2024·福建龙岩市高三月考) 0 如图所示，水平天花板下方固定 之前的倍 B① OA 一光滑小定滑轮O,在定滑轮的 D.电荷B改变电荷量后，小球运动到O点时 正下方C处固定一带正电的点 电荷，不带电的小球A与带正电的小球B通 的连度大小为 12.如图所示，a、b、c,d四个 过跨过定滑轮的绝缘轻绳相连，开始时系统在 质量均为m的带电小球 图示位置静止，OB⊥BC.若B球所带的电荷 obR 恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c三个完 量缓慢减少（未减为零），在B球到达O点正下 全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同 方前，下列说法正确的是 一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动， A.A球的质量小于B球的质量 三小球所在位置恰好将圆周等分，小球d位于 B.此过程中A球保持静止状态 O点正上方h处，且在外力F作用下恰处于静 C.此过程中点电荷对B球的库仑力逐渐增大 止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q,d D.此过程中滑轮受到轻绳的作用力逐渐减小 11.(2024·广东汕头市高三模 球的电荷量为6g,h=√2R,重力加速度为g,静 拟)如图所示，真空中固定放 电力常量为k,则 置两等量正点电荷A、B,它 A.小球d一定带正电 们的电荷量均为Q,O为两点电荷连线的中 B.小球b的周期为2xRmR qE 点，D点与两点电荷构成等腰直角三角形，绝 缘光滑杆固定在OD所在直线上，套在杆上的 C,小球c的加速度大小为3kg 3mR 带电小球由D点静止释放，运动到O点时，速 D.外力F竖直向上，大小等于mg十26g R 9-3 三、非选择题（本题共6小题，共60分） 2 13.(6分)(2024·江苏如东中学、拼茶中学四校期 接计算机屯流 传感器 中联考)在“观察电容器的充、放电现象”的实 /mA 验中，提供了如下器材： A.电容器C(3000uF,50V) B.电压表V,(3V,内阻约5kn) C.电压表V,(15V,内阻约25k) 0 022468 D.电流表A,(25mA,内阻约500) (1)开关S改接2后，电容器进行的是 E.电流表A.(250mA,内阻约502) (选填“充电”或“放电”)过程.此过程得到的上 F.定值电阻R(5002,0.5A) 1图像如图所示，图中用阴影标记的狭长矩形 G.学生电源（直流可调电压0~15V) 的面积的物理意义是 H.单刀双掷开关、导线若干 如果不改变电路其他参数，只减小电阻R的阻 为了能观察电容器的充、放电现象，电压表应 值，则此过程的【t曲线与坐标轴所围成的面 选用 (选填“V,”或“V,”),电流表应 积将 (选填“减小”“不变”或“增大”). 选用 (选填“A,”或“A”),请在下列 (2)若实验中测得该电容器在整个放电过程中 方框内，画出实验电路图 释放的电荷量Q=3.44×101C,则该电容器 的电容为 uF. (3)关于电容器在整个充、放电过程中的1图 像和U1图像的大致形状，可能正确的有 (g为电容器极板所带的电荷量，U相 为A、B两板的电势差). 14.(8分)在“用传感器观察电容器的充放电过程” 实验中，按图所示连接电路.电源电动势为 8.0V,内阻可以忽略.单刀双掷开关S先跟2 相接，某时刻开关改接1，一段时间后，把开关 再改接2.实验中使用了电流传感器来采集电 流随时间的变化情况. 9-4 15.(8分)把一个带电荷量为2×10C的正点电 16.(10分)如图所示，水平地面上方有水平向右 荷从电场中的A点移到无限远处时，静电力做 的、范围足够大的匀强电场，从地面上的A点 功8×10J:若把该电荷从电场中的B点移 竖直向上以初速度v。=10m/s抛出一个质量 到无限远处时，静电力做功2×10J,取无限 为m=0.1kg、电荷量为g=1×103C的带电 远处电势为零 小球，B点为其运动轨迹的最高点，小球落在 (1)求A点的电势： 水平地面上的C点时速度与水平方向的夹角 (2)求A、B两点的电势差： 为0且am0-号，已知AC的位移x-20 (3)若把电荷量为2×105C的负电荷由A点 移到B点，静电力做的功为多少？ m,取重力加速度大小g=10ms,忽略空气 阻力的影响，求： (1)电场强度E的大小： (2)小球运动到B点时速度大小： (3)以从A点开始运动作为计时起点，经过多 长时间小球的速度最小，最小值为多少？ B 77777777777777,7 0 9-5 创新示范卷（九） (物理)答题卡 姓 名 雅考证号 条形码粘贴这（居巾） 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将白己的姓名准考证号填写清楚，并认真在栽定位置贴 正确功涂 奸条形码。 违纪 2.选泽题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用和.5毫米及以上黑色字 迹的鉴宁笔书写，要求宁体工整，笔迹清楚。 错误填涂 口 3严格按照题号在相应的答题区域内作答，超山答题区域书写的答案尤效。 ☑×☒) 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损 选择题 (共40分，1一8小题，每小题3分，9一12小题，每小题4分) 正确填涂 请在各题目 1ABCD 2ABCD 3AEC回 4 ABCD 5AB回D 6ABCD 7ABCD 8ABg回 9ABCD 10 A BC D 11ABCD 12A@@D ■ ■ 题 区 非选择题 (需用0.5毫米黑色签字笔书写) (共60分) 内作答 13.(6分) ,超出边框的答案无效 14.(8分) (1) (2) (3) 请在各题日的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（九）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(8分) 16.(10分) 77元 77777777777777777六8 请在各题目的答题区域内作答 17.(14分) 0 E B ,超出边框的答案无效 18.(14分) B /V 27 L/s 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（九）第2页（共2页） 17.(14分)如图所示，BC是半径为R的圆弧形 18.(14分)如图中A和B是真空中的两块面积很 大的平行金属板，加上周期为T的交变电压， 光滑绝缘轨道，轨道位于竖直平面内，其下端 在两板间产生交变的匀强电场.已知B板电势 与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平 为零，A板电势中A随时间1变化的规律如图乙 向左的匀强电场中，电场强度为E.现有一质 所示.A板电势最高值为P,最低值为一②.已知 量为的带电小滑块（体积很小可视为质点）， 在t=0时刻，一个电荷量为一e的电子（重力 在BC轨道的D点释放后可以静止不动.已知 不计)，在静电力的作用下，从B板的小孔中由 OD与竖直方向的夹角为a=37°，随后把它从 静止开始向A板运动，当1=T时，电子刚好 A点由静止释放，小滑块恰能滑过C点，若已 知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为4= 到达A板。如果该电子是在1=？时刻才从B 0.25,重力加速度为g且【an37°=0.75.求： 板的小孔由静止开始运动，求： (1)滑块的带电量q: ↑9，/V (2)水平轨道上A、B两点之间的距离L: (3)从A滑至C的过程，何处动能最大，并求出 i/s 该最大值， 谢 甲 )从石到时间内，静电力对该电子所做 D77 的功： (2)该电子运动多长时间才能第一次到达 A板 9-6高考总复习·物理 (3)假设小物块能回到B点，设小物块第一次返回B (2)A与C碰撞后，对A和B组成的系统，由动量守 点的速度为口B,由能量守恒知 恒得 x232xag《2》之2之B之· mAA十B0=(mA十mB)元 代入数据得 解得B>0, e=2.5m/s 所以会从B点飞出圆孤轨道，故小物块在CD段通 对滑块A有 过的总路程￥=2L=70m. umBg =mAa, 答案：(1)150J:(2)=10√7m/s:(3)70m v=UA十at, 18.解析：(1)A与C发生弹性碰撞，以向右为正方向，对 A和C组成的系统，由动量守恒和机械能守恒得 =吃 mAVg=mAVA十mWC 代入数据得t=0.40s, 1 xA=0.20m. 碰撞后C一直做匀速运动，则 解得以 xc=vc, 代入数据得xc=1.2m, 2mA vo A、C碰撞后至B停在A板的右端过程，A的右瑞与 mA十mc 代入数据得 C的最大距离 A=-1.5m/s x=xC一xA: 负号表示长木板A的速度方向水平向左 x=1.0m. vc=3 m s, 答案：(1)1.5m/s,长板A的速度方向水平向左 滑块C的速度方向水平向右， 3m‘s,滑块C的速度方向水平向右(2)1.0m 创新示范卷（九） 选择题答案速查 题号 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B D A B C B B AC AB BCD CD 1.A[因M点的等势面较P点密集，可知M点电场线 4.A[负的点电荷产生的电 较P点密集，则P点的场强大小比M点的小，选项A 场的电场线是会聚的直线， 正确：P,M两点电势差UM=9P一9M=6kV-8kV 如图所示 =一2kV,选项B错误；M、N两点的场强大小相同， 沿着电场线电势要降低，故 但是方向不同，选项C错误：P点电势低于N点，则电 B点的电势比C点的电势 子在P点的电势能大于其在N点的电势能，选项D 高，故十q在B点具有的电 错误.] 势能比在C点电势能大，将 2.B[沿电扬线电势逐渐降低，可知M点的电势大于 电荷十q由B点移到C点，电场力做正功，同理可知， N,点的电势，选项A错误：根据粒子的运动轨迹可知， 在B点具有的电势能比在A点的大，故A正确，B错 粒子受电场力大致向下，可知粒子带正电，M点的电 误：电场线密处场强大，电场线稀处场强小，由图可 势大于N点的电势，选项B正确；因N点电场线较M 知，B点的场强比A点的场强小，则一个点电荷十q在 点密集，可知N点的场强较大，粒子在M点受到的电 B点所受的电场力比在A点的小，故C错误：由图可 场力小于在N点受到的电场力，选项C错误：因M点 知，C与D点的电势是相等的，根据电场力做功公式 电势高，且粒子带正电，可知粒子在M点的电势能大 W=qU,可知，将同一个电荷由B点移到D点电场力 于在N点的电势能，选项D错误，] 做的功与由B点移到C点一样多，故D错误.] 3.D[ac两点分别位于正、负电荷附近，则有a>g, 5.B[充电后，电容器的带电量为g=11=2×103×36C 故A错误；a、心两，点关于中轴对称，由等量异种电荷电 =7.2×10一2C,故A错误：充电后，电容器储存的电 场分布可知，两点场强大小相同，方向不同，故B错 误；在M到达等势线b时，坚直方向速度不为0，在b 能为E=2CU=2U=号×7.2X102×4×101 右侧仍有一段向下运动的过程，所以不可能对称，故C 144J,故B正确：放电过程，电荷量会逐渐减小，板间 错误；M穿越a、b、c,M带负电，所以电场力做负功，电 电压变小，放电电流会越来越小，故C错误：电容器的 势能变大，故D正确.] 电容与所带电量无关，由本身结构决定，故D错误.] 答案-22 创新示范卷·参考答案 6.C[正电粒子向下偏转，下极板带负电，上极板带正 Eo 电，A错误：射出时速度方向与下板的夹角为37°，可 、一后，将圆环右半部折叠放于左半部圆环上时，O点 得0s37产-号求释。=，B错溪：射出时建度方 电场强度E。和2E合成.如图所示，Ey合=E0 向与下板的夹角为37，可得改=1an37°，在沿电场线 2Ec0s465°=0.E,=2En46=6=是即E的方 方向上，根据运动学公式u,2-2ad,a= ,联立求得 向洛士轴正方向，大小为是] md 10.AB[开始时B球受力如图所 3 9mvo 示.由几何关系知mBg>FT,而 U= 32g ,C正确：在活电场线方向上d=受1= 2 FT=mAg,则mB>mA,A正确； B ×-D特] 假设此过程中A球保持静止状 态，由于B球所带的电荷量缓慢 7.B[带电粒子在电场中只受静电力作用，电势能和动 减少，B球缓慢下摆，B球受力平 能之和不变，由题图乙可知，在a、b连线的中，点3L 处，动能最大，电势能最小，因为粒子带负电荷，所以 黄接搭三商形相包有品一品 ©C = a,b连线的中点3L处电势最高，A错误；在3L点前做 加速运动，3L点后做减速运动，可见3L点的场强为 ,由于m服，0B,0C均不变，BC运渐减小，时轻 0,则x一3L处场强为零，B正确：根据A选项分析可 绳拉力Fr不变，假设成立，库仑力F逐渐减小，B正 知，a点动能比b点小，电势能比b点大，所以a点的 确，C错误：由于轻绳拉力FT不变，∠AOB逐渐减 电势比b点低，C错误：由于在x=3L点前微加速运 小，轻绳OA、OB的拉力的合力逐渐增大，即滑轮受 到轻绳的作用力逐渐增大，D错误.] 动，所以Q带负电3点的加选度为0，则有号 11.BCD[离两，点电荷越近的位置电势越高，则D点电 势低于O点电势，故A错误：从D到O只有电场力 放Q,带正电且电荷量小于QD情买一 微功，由动能定理得-gUm=之m2-0,解得Um 8.B[根据点电荷电场线的特点可知点电荷一定在电 场线所在的直线上，点电荷Q的一条电场线与x轴重 =-Uw=m」 2四，故B正确：设A,D间距离为r,电荷 合，则点电荷Q的位置一定在x轴上，选项A正确：带 正电的试探电荷沿x轴正方向运动的过程中，动能增 B改变电荷量前，由E吧及电场强度的叠加法则可 加，由动能定理知静电力对其做正功，则电场方向沿x 轴的正方向，电势沿x轴正方向降低，选项B错误：由 得，D点场强大小为ED=②Q.电荷B改变电荷量后， r2 于点电荷仅受静电力，由动能定理得知，Ekx图像的 斜率为静电力，由题图可知x=0.2m处F=Eg=k= D点场强大小为以-2制以-雪，此C正 0.20.N=2.0×105N,则场强大小为E=F 2×10-6 确：B改变电荷量后，每个龄间对小球的力都为原来 2.0×10NC=10N7C,选项C正确：由题图可知x 2.0×10- 的两倍.则小球从D到O过程中，B对小球做功WB' =2we.当QB=Q时，有WA+wB=7m(w1 =0.2m处动能为Ek=2×10-6J,x=0到x=0.2m WB=W):当QB=2Q时，有WA+WB'=3W= 过程由动能定理得qU=E-0,解得U=E 2mw2-3 1 u,故电荷B改变电荷量后，小球运动 2×10-6 2×10-6 V=1V,选项D正确.] 9.AC[设 V 到0点时的造度大小=，故D正绮.] 12.CD[a、b、c三小球所带电荷量相同，要使三个小球 十Q在O E 0 处产生的 做匀速圆周运动，d球与a,b、c三小球一定是异种电 电场强度 荷，由于a球的电性未知，所以d球不一定带正电， E A5°15 E 15 为Eo,E 故A错误；设db连线与水平方向的夹角为a,则 =k」 E 2E1 R3 ，之、么王支、 指向y轴正方向，设围环产生的电场强度为E,E h+Rcos a 根据牛顿第二定律得k69·9 与y轴负方向夹角为45°.如图所示2Ec0s45°=E0,E 92 2Rc030)cos30°m4R三1a,解得T 2k 答案-23 高考总复习·物理 2πRN3mR (2)设小球从A到C运动时间为1，研究小球在水平 ,a= 则小球c的加速度大小也为 3mR2 方向的运动，有u,=a山1， 3kg2 3mR2 故B错误，C正确：对d球，由平衡条件得F= 根据竖直方向运动对称性可知1=。 3k6q:是sina十mg=mg 26kg 代入数据解得vB=U,= 103 3 m/s; h2+R2 R ,故D正确.] (3)设小球运动时间为1时，速度最小 13.解析：电客器的击穿电压 水平方向上ur=al, 为50V,电源电压为0一15 竖直方向上0y=h一g, V,为使现象更明显，电压 表应选择V2;由于电容器 u=√/02十，2， 充、放电时会产生瞬间大电流，故电流表应选择大量 由数学知识知，当t=0.75s时，0取得最小值，为 程的A2. 实验电路图如图所示 -空=5m 答案：V2Ag如解析图所示 答案：1学×10vm:(220,5m:(85m 14.解析：(1)将开关S接通1，电容器与电源相连，所以 17.解析：(1)滑块在BC轨道的D,点释放后可以静止不 电容器充电：再将S接通2，电容器通过电阻R放电. 题图中横坐标分成许多很小的时间间隔△，在这些 动，有Eg=mng tana 很小的时间间隔里，放电电流可以视为不变，则I△ 滑块的带电量为q=4E 3mg 为这段时间内的电荷量，所以用阴影标记的狭长矩 (2)滑块从A点由静止释放，小滑块恰能滑过C点， 形的面积的物理意义是0.2s内电容器放出的电荷量. 根据动能定理有 根据Q=CU,电荷量与电阻值R无关，如果不改变 Eq(L+R)-umgL-mgR=0, 电路其他参考数，只减小电阻R的阻值，则此过程的 :曲线与坐标轴所国成的面积将不变 水平轨道上A,B两点之间的距离为L= 2: (2C-8=84X10 F=430:F 8 (3)等效重力的方向为an0=E4=3, mg 4 (3)电容器在充电过程中，电流由最大逐渐减小，放 可得0=a=37°， 电过程电流也是由最大逐渐减小，根据q=1,91图 故从A滑至C的过程，D点动能最大，从A滑至D 像的斜率大小表示电流的大小，B错误，A正确：电容 的过程，根据动能定理有 器在充电过程中，电流由最大逐浙减小，放电过程电 Eq(L+Rsin0)-umgL-mgR(1-cos 0)=Ekm, 流也是由装大遂渐减小，格据U-是-，电客器 动能最大值为Em=mgR, 2 的电容不变，C错误，D正确」 答案：(1)放电0.2s内电容器放出的电荷量不 答案：1g-:(2L=冬：(3D点，Em=mg 2 变(2)430(3)AD 18.解析：(1)设A、B两板间距为d,电子运动的加速度 15.解析：(1)根据题意WA=UAq: 大小为a,对于1=0时刻进入的电子，前半周期向右 UAoe=A-0, 匀加速运动，后半周期向右匀减速运动到速度为零. 得到A=400V 前半月期布后半月期位移相同，均为号，有 (2)同(1) 9a-0=Wg=100V. 故A、B间的电势差为：UAB=9A一9B=400V 解得a-兴。 100V=300V: (3)根据电场力做功与电势差关系公式WAB=gUB 时于=写进入的电子：有 有WB=gUB=-2X105CX300V=-6×10-3J 答案：(1)400V(2)300V(3)-6×10-3J 在冒~号这哥内的右匀加选运动，有 8 16.解析：(1)设小球从A到C运动时间为1，对小球在竖 直方向分析知2o=gt 设水平方向加速度为a,则有tan0=边 解得1=品4 小球在水平方向受电场力，则gE=ma, 设从哥到号的时间内，静电力对滨电子所货的功为 代入数据解得E=5X10Vm: 3 W,有w=品学 答案-24 创新示范卷·参考答案 (2)在4T、7T这3T内向右匀诚速运动到速度为零， 在1=12时刻，电子的速度为0=a(3). 88 8 8 8 9 有r2=1=32 郎得别 在8智这智内反向向左自加速造动，有 从1=12T时刻开始，设再经过4时间，电子刚好到 8 =ag 达A板，有 解得动4 6=a-2a4r2, 在哥一晋这写内反向的左匀减建运骑到建度为案， -8+ 1 有==324， 解得a山=（骨一得T 在T、1T这汇内继续向右匀加速运动，有 881 8 [爱+号T不特合题意，合灯， 所以总时间为0=T+3T十=14-2)T≈ 所以电子运动T+3T后，距B板距离为： 8 8 8 1.57T. 9 答案：)9 2 (2)1.57T 9 32 5d 3 创新示范卷（十） 选择题答案速查 题号 1 2 6 7 8 10 11 12 答案 D C B C A C AD CD BD CD 1.C[“mA”是电流I的单位，“h”是时间t的单位，根 电流先减小，R1右边支路电压增加，电阻减小，故电流 据g=1得与“mA·h”相对应的物理量是电荷量.] 增加，则电流表支路电流先减小，当两支路电阻相等 2.D[电导率g是电阻率p的倒数，电导率越小，电阻 后再向右移动阶段，电流表支路电压减小，电阻增加， 率越大，其导电性能越弱，故A错误；材料的电阻率与 故电流表示数还是在减小，故B错误：由题图乙可知 材料形状无关，则材料的电导率与材料形状无关，故 当电压为2.5V时，电流为0.50A,此时两部分电阻 B、C错误；电阻率与温度有关，则电导率与温度有关， 相等，则总电流为【1=1A:而当电压为2.4V时，电 故D正确.] 流分别对应0.33A和0.87A,则说明当电压为2.4V 3.C[设电场中离子运动的等效电流大小为I,1时间 时，千路电流为12=0.33A十0.87A=1.2A,则根据 内，被加速的离子的电量为9=11， 闭合电路欧姆定律可得2.5V=E-r·1A,2.4V= 根搭功能定理可得gU=2m2,根搭动量定理可得 E-r·1.2A,解得电源的电动势E=3.0V,内电阻r =0.502,故C正确，D错误.] =m,联主解得1品] 6.A[将滑动变阻器的滑片向a端移动，阻值增大，总 4.B[当S1和S2均断开时，电流表G与电阻R1串联， 电阻增大，总电流减小，根据闭合电路欧姆定律可得 则改装成的表是电压表，量程为 U3=E-I(r+R1),由于总电流减小，电源内阻与定值 U=I.(R。十R1)=0.1V,选项A、D错误；当S1和S2 电阻R]不变，则R两端电压增大，则通过R两端电 均闭合时，电流表G与电阻R2并联，则改装成的表是 流增大，由串并联电路电压电流关系有1总=I2十I3, 电流表，漫程为U=+1。=100mA,选项B正确， 则通过R,的电流减小，电压表的读数为9a一9%=U山 R2 =U3一12R2,则电压表的读数增大，a,点电势升高，则 C错误.] A正确，C错误：根据电源的输出功率特点，当外电阻 5.C[由电路接法可知R1左右两部分并联后与R2串 等于电源内阻时，电源的输出功率最大，由于电源内 联，滑片处在正中间时总电阻最大，则可知在滑片从 阻无法确定，所以电源的输出功率无法确定，则B错 最左端向右移动过程中，滑动变阻器接入电路电阻先 UI 增大后减小，则路端电压先增大后减小，故A错误：总 送：电源的效率为？可X100%外，×100% 答案-25