仿真测试卷(二)-【勤径学升】2025年高考一轮复习物理通关卷

见光图静照数性科骨所豪然百前学习饮件，见吸一轮氧习邪原+ A.在0一.和【一，时间内，导体韩受到的异钱的摩擦力方向 仿真测试卷（二） 相同 漏身，00分 区在一2么时同内通过电照及的电流大小为思 一、击择题：本题共10小题，共好分。在每小题的出的四个选项 飞在（一头时间肉，通过电程及的电我健为录 中，第1一7国只有一观符合避日要求，每小藏4分，第8-10赠 4 几在0一2x时到内.国路中产生的热耳热对Q-8型 有多填符合题日要求，每小题%分，全军运川得后分，达因不 全的得3分，有选情的得0分 8.一定质量的理想气体从秋态A依次经过我态产1 A.两列被木能发生干传现象 B,C和D后又国到状卷A。其中C+D·A为 1,《山家者漆学言一整)中国宾验快堆是第四代核能系笼的优选堆 型，采用环(P》作医料，在用心增韩杯的外国再生区里数置不 弘M点敲源的案动方程为y-4im(IO+晋)m 等用这程。该谓环过程如图所承，下列说法正 需的是 睾打 每发生型度的轴(U),杯2S9整变释放出的快中子被再生区 C,P点为动加函点，极幅为Tm A,AB过程中，单位时可内能算单位面积器 内的袖-23然餐收，转变为销-239，馆-239服不隐定，经过衰雯， 山，一从，五，时，P点沿￥精壬向振动 壁的分子数增加 进一少转变为易裂变的坏23即，从面实现核远料的增维”。下 5.《豆米梨)如图所示，正方形ACD四个夏点各国 县*过程中，气体分子内健减小 列说法正确的是 定一个警正电的点电背，电骑量相等，O哥正方形 心款态A和找老C,气体分子平均动使相同 A.由-239转受为怀·239，经过了8次日毫麦 的中心，观将A点的电传骨OA的旺长线向无 线 DD+A过程中，气体顿收热量 品轴2的发生食变过程中，电简数恒，质量也守 穷远处移动，则 9.《南省衡闻有雪)科学家发见，下离地球2764光年的平宙定 ,轴23发生意变的实质是原子核内的中子转化为一个质 A,在律动过程中》怎电场领度变小 闻存在造合里命居住的双星聚族，这一发现为人类研究地外 和一个电子 品在移动过程中C点的电肯所受静电力变大 台捏供了新的思路和方闻，程设竿宙中有一双星系统由疑量分 D环”P)裂登生成两个中等质最的核，环核的比结合能大于 C,在移动过程中，移动的电背所受静电力融负功 别为四和M的A,B再颗星体组成。这两颗星笼它门连线上的 生成的两个核的比结合能 D当其移动到无穷远处时，)点的电势高于A点 某一点在二者万有力作用下敵匀这圈周运动，如屏新示，A,B 2.甲，乙再物体在1=0时刻月地出发，其运动的士-图檬知相所 6.如图甲所示，领角为0一？的足够长斜面国定在水平地面上。一 博颗星的矩离为上，引力常量为G,则 量量为，一1区的小物块以一定的切速度从底漫中上鲜图， 正，下列说法正确的是 A.甲物体敏句湾直线远请，乙物体做变速ǐ线 一？，5m过程中物块的动能E与其沿斜靠运动的电离·之可 运动 的关系如图乙所示，己知重力加建度g取10m/w,dn37” 0.6,0s37产=0.8，制 弘0一上时民内，甲物体酒过的位移小于乙物 体通过的位移 A,四为从B,新以四N C,一，时可内，甲物体的享均速度大于乙物体的平均速度 D:时测甲物体的速度小于乙物棒的递度 头片缸经做程周运动的周期为环√G(+m 3,如图所示，钉子A和小定滑轮B均国定在经 C,若恒星A由于不断爱附字宙中的尘埃面使寻盾量缓慢增大 直墙面上，玄门相隔一定更离且处于同一高 其核量不蜜，们展A的周期媛慢增大 度，领线的一帽装有一小沙罐D,另一砖荷过咱 入，物体与斜自间的动摩擦因数：■0,5 ),若加鬃A由于不唐吸附字宙中的中埃)使得疑量缓慢增大： 定滑轮B与动滑轮C后国定在打子A上： 以物块沿料面上潜的最大距离为3,2出 其佳量不变，侧仙星A的轨道半径将缓慢减小 质量为w的小球王与轻爱动滑轮C园足连接。初始时整个系 C,物境从料而感瑞运动到最高点的过程中，由于厚擦产生的热 1口，《核西右物林有中中第五次模就)如图甲所示，领角为5的肖 旋处于静止找志，滑整C料刺细线的莫角为4，现罐慢地往沙 量为32」 而置于粗励的水平地而上，有一带块通过轻蝇绕过定滑轮与质 柏举加细沙，当采统再次半黄时，常轮再鳄领线的先角为 D.物体回可鲜置底楠时的局衡E一16J 量为w的小球相连（绳与斜面平行），带块质量为2m,带块衡恰 106。不i计一切摩掉，取07=08，时°=0.6，则此过程中 7,加图甲所示，种体棒N醒于水 好都止在粗局的算面上，在图乙中，换成让小球在水平面上留 住沙耗D中逐加的策沙质量为 平导轨上，PQAN所围的面期为 匀璃圆周留动轻渐与竖直力向的兴角为，且<5两幅图 5,Q之有阳值为R的电阳 c 中，滑块，斜面都静止，则以下说达中正确的是 A.m 不计导颗和绿体伟的电阻。绿轨 4,《山家者漆字常三整》如围甲所乐，在了轴上相电1,5m的， 所在区城内存在沿整直方向的匀 两点有两波源，一0时刻，再泼眼开始振动，量动图像分别如图 强盘场，规是婚写方向呢直上为正，在0一，时可内篮感成氣 乙，丙所示，己知两被的传摄渔度为1m/,帕上的P点与0 度的变化精况如图乙所示，量体棒N射终处于静止状卷。下 点相匝1,2m, 可说法正确的是 高考一轮通吴基·物厘实45 见比酒标熙能修？科者轻娟源四帽能学习伏什，实随一轮雾习难调 A.图甲滑典受到斜面的摩擦力大小为（正一》州 P.电图箱R(阻组范围为0一号99.9？) 《1山该粒子的比传。 品菌甲斜面受到地面的摩察力为形帮g G,电原（电动膀E=头0V,内阻的0之0 C,图乙中=5时，滑块恰好不受摩擦力 H.开美S.静线若干 D球转动角迪度连小，帝块受到的摩挥力塘大 (1)由于及有电压表，小薄同学把电流表A。串联电箱？改为 量程为多V的电压表，鲍需要把电阻箱韵阻質两为 号13456 10 (2)小刘透择的滑动变阻器为 选填或“上)。 《)第二象限半图形酸场区域的面积， 答案 (3)在下面的方据中面出正确的电路周。 二、非恶择题：本题共5小题，共54分。 aIAXIOu 11.(6分》〔山来省横梦本一模》利用如图 选沈此 所示的装置可测量滑块在斜面上运动 的加速度，一朝面上安装有周个光电 光纯门记 (3)凌粒子从11点运动到P点的总时间 门，其中究电门乙周定在料面上家近底 端处，先电门甲的位置可移动，当一俺有意光片的带块自等面 上偏滑下时，与两个光电门常期连的计时器可以显示出意光片 T003 从光电门甲至乙所用韵时间1，放变免电门甲的位置进行多次 (4)龙正确的电路连接，团合开美，记录电面表A,A的示数 男量，每次都使餐焕从同一点由静止开始下得，并用发尺测量 ,」，移功湖动变阻墨的帝片。尼录多组数据，并作出，一图 甲.乙之创的影离，记下相废的值，所斜数据如表中断示。 撩如图质尽，图待测电阻R, 口（结果警保留2位有 15,(18分)（山乘来光市来如图，质量月 z/m 00.4008.70080000.0 效数字) 1kg的借块A较在光带水平面上 /回# 2371,54,3526774, 13.《10分)（写有省毛统样题陆庭春）1图。一 其上表面有长上.=1m的水平轨道和 横载新为直角三角形A汇的玻璃砖，AH 半径民一0,2m的四分之一割死轨道.两军分轨道平滑连接 =1·∠A=60,∠C=3,一束单色光从 颗量为】妖的光滑小球取可悦为威点)战在滑投A水平铁道内 完成下列镇空和作图： AB的中点D处射人玻精砖，该单色龙与 的最左暗。的A魔加水半向左的恒定相力F,当A的位移为 (1)若带块所受摩据力为一常量，岸块加速度的大小丝，滑块经 AB的角为，单色光经以C直反射后 时经去F,重力框速度大小取10m/x 过光电门乙对的酸时速度黑，洲禁值x和（四个物理量之）国 从4C边的E点射曲玻璃砖，出耐光线价好平行下C边，元在 《1要使B虚从圆现轨道上瑞屏曲，求F的最小值 清足的关系式是 底空传播的速度为「。求： 《2)积据表中给出的数据，在给的坐标：上断出一了器线 (1山玻聘对该单色光的折射零“ (2)若B能上升别高出水平角通久.2药m处，承B在空中的运动 时间 (2)谈单色光从D点传播到E点经历的时间， (3满足(2)中的条并，B落回A上后的运动过程中，A对水平 《3由所群出的己（留线，得出精块加速度的大小为： 14,《12分)（生银省克城市辆来）如用所示， 童压力的最大值 在x小直角骨标系中，第一单限存在沿 m'。(保留2位行效数字)。 ￥射负方向的匀强电希，电场承度为上： 13,(8分)（山百客香中有颗来）为了精浅地洲量降测电阳及，约 第二象限某区域存在方倒垂直y平 10)的阻值，实验察观供了下列器材： 面向外，看积最小的半测形匀强藏场 A.电流表A,(量程为00A.内阳r,一1的n (中未辑曲)，琶感应盖度大小为：一重力不计的替正电起 队电流表A(量程为0,3A,内阳约小，10) 子，沿与r轴正友向域0■角约方向，以渔度到从点N C,誉动变阻器(0一1000.额定电流3A) ,)垂直射入磁场，接碧恰好以垂直y射的连度从y精上的N D.带动变阻#R,(0-5n,额定电境1.0A) 点（中素简出）字出磁场速人电场区城，最终带电较子从x结 艺滑动变阻器R,0一10.架定电流1,0A) 上P点射出电场区城。求： 5云高考一艳递其基·种理见此图标酮微信/抖音扫码 添加智能学习伙伴，突破一轮复习难点。 提供向心力得G”=2mm又L=r,+rn.联立解得 远大于m时，才有F≈mg,当m增加到一定程度时不再满足 绳绷断过程时间极短，由动量守恒定律有mv=mv?+Mv?, 荷增加2,则经过了2次β衰变，选项A错误；铀-239发生衰变 过程中，电荷数守恒，质量数也守恒，由于反应放出能量，则质 量亏损，选项B错误；铀-239发生β衰变，实质是原子核内的 中子转化为一个质子和一个电子，选项C正确；钚(“Pu)裂变 生成两个中等质量的核，反应放出核能，生成的新核更加稳定， 则钚核的比结合能小于生成的两个核的比结合能，选项 D 错误。 M远大于m这一条件，绳上的拉力F明显小于mg,这时的图 且v?=v-△v?, n=√,放A王确B.C.D倍观。 像将偏离原来的直线而弯曲) 解得绳绷断后瞬间A、B的速度大小分别为 12.(1)2.0×10°(2)7.5(3)登+ v?=1.2m/s,v=0.2m/s。 (4)1.47 1.3 8.AB 解析 在地球表面，万有别力等于重力，则有C (2)绳绷断后，A在拉力和摩擦力的作用下做匀加速直线运(5)不合理，改装后电流表的内阻与电池内阻相近，忽略后，会 使内阻的测量值相对误差过大 动，B做v=0.2m/s的匀速直线运动，从绳绷断到 A 离开 B 的过程，mg,解得地球质量 M一,选项 A 正确;天和核心舱绕地球 做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由G 十分 mgπ和Gr=mg,解得v=√层六，小于第一字宙速度 a=√R,选项B正确；D错误；由G+)5=m(R+分(学) 和G=mg,解得T=2π√,选项C错误。 解析(1)电流表G与R,并联后总电阻R′=k,R- A的加速度a?=4m/s2, 2.A 解析甲、乙两物体的位移一直为正，并且在增大，所以二 者一直朝着正方向运动，都做直线运动，图像的斜率表示速度， 故甲物体做匀速直线运动，乙物体做变速直线运动，故 A正 确；甲、乙两物体在t=0时刻同地出发，经t?到达同一位置，故 在这段时间内两物体的位移大小相等，故B错误；由图可知， 在0～t?时间内，甲物体的位移小于乙物的位移，时间相等，故 在0～t?时间内，甲物体的平均速度小于乙物体的平均速度， 故C错误；位移时间图像的切线斜率表示速度，由图可知在t? 时刻乙物体图像的切线斜率小于甲物体图像的斜率，即在t? 时刻乙物体的速度小于甲物体的速度，故D错误。 A的对地位移xλ=v、?+÷ax?2, 0.990,则蛋程约为1'==2.0×10°mA. B的对地位移xg=v?t?, (2)根据闭合电路欧姆定律，当电流表达到满偏时，回路中总 目 L—l=xa一xn, 电阻R=片=7.5 0,为了保护电流表，闭合开关之前，电阻 箱接入电路的电阻值应大于7.5Ω。 解得该过程经历的时间t?=0.5s, 故A在B上滑行的时间l=t?+l2=1s。 15.(1)√(2N5a(3)62.5%(3)根据同合电路欧姆定体1=R平区，解得十= 长+叶R 9.BC 解析 由交变电流的图像可知，交流电的周期T=0.02 s, 所以频率 f=50 Hz,A项错误；由交变电流的图像可知，通过 电阻R?的电流有效值为 2 A,由并联分流规律可知，通过R。 的电流有效值也是2A,所以通过副线圈的电流有效值为4A, 由理想变压器的变流规律合一的可知，通过原俊图的电流有 解析 (1)电子在加速场中,根据动能定理有cU-2⋯· 解得电子阴进入磁场的速度大小为～-√。 3.D 解析 设初始时沙桶和沙的质量为m,再次平衡时沙桶和 沙的质量为m?,则添加细沙前后根据平衡条件有2m?gcos 37°(4)由1-R+、整理可得R=-(+R),斜率表示E,根 据R子图线可得E=20V≈1.47 V;因R=8 a.÷= (2)打在荧光屏a点的电子，根据几何关系得 R2=(2d)2+(R?-d)2, =mg,2m.grcos 53°=mg,解得m,=晋m,m?=言m,则有Am =m?-m,=m,C正确，ABD错误。 效值为0.4 A,C项正确；由欧姆定律可知，副线圈两端电压 U.=1·R=-20V.由理想变压器的变压规律出一的可知， 原线圈两端电压为200V,所以电阻R,两端电压为20V,又通 解得R?=2.5d, 7.0,解得r=1.3 Ω。 ①若减小粒子的速度，粒子打在荧光屏的下表面，临界条件是(5)不合理，改装后的电流表内阻约为1Ω,被测电池内阻约 4.C 解析 这两列波的振动周期相同，故频率相同，相差也恒 定，符合干涉条件，A错误；从图丙可知，M点波源的振动方程 为y=4sin(10πt+π)cm,B错误；因两波波长为0.2 cm,波源 振动频率相同，起振方向刚好相反，点P到两波源的距离差为 轨迹与荧光屏相切于c点，是粒子的最小速度，如图所示。为1.3Ω,如果把电表当成理想电表，测量值为2.3Ω,相对误 过R?的电流为0.4A,所以R?的阻值为50Ω,B项正确；交流 电源的输出功率P=220 V×0.4A=88 W,D项错。 P 差23.32×100?7相对误差大大。 N. [abx 13.(1)T=560k Te=840 K (2)吸热 26J10.BCD 解析 对圆环受力分析，圆环受竖直向下的重力mg, 竖直向上的洛伦兹力f?=qoB,若mg与fa恰好平衡，则圆 环不受摩擦力，一直做匀速运动，B项正确。若mg与fs不 平衡，圆环与杆之间有弹力、摩擦力作用，圆环做减速运动。 24 0.9 cm,距离差刚好是半波长的奇数倍，故为振动加强点，振幅 为两波振幅之和为7cm,C正确；P点与O点相距1.2 cm,O 点的波源传至P点时需1.2s,故0.5s时不考虑O点波源的 影响；由于P点与M点相距0.3 cm,M点的波传至P需 解析 (1)A→B过程，根据理想气体状态方程 兴=. 解得T?=560K。 M Qv U 若mg>fx,由牛顿第二定律有μ(mg-quB)=ma,随速度的 减小，加速度不断增大，故圆环做加速度逐渐增大的减速运 动，最终静止，D项正确。若mg<fs,同理有μ(qvB-mg)= 根据几何关系可得，对应粒子做圆周运动的半径为R?=2d, 因此，下表面ac区域长度是ac=d; 0.3s,故0.5s时刻，P点只振动了0.2s,刚好振动了一个周 期，回到平衡位置并沿y轴负方向振动，D错误。B-C是等压变化，根据鉴吕防支定兴兴， 解得T=840 K。 ②若增大粒子的速度，粒子打在荧光屏上表面，临界条件是粒 5.D 解析 O是等量同种电荷连线的中点，场强为O,将 A处 的正点电荷沿OA方向移至无穷远处，O点电场强度变大，故 A错误；移动过程中，C点场强变小，正电荷所受静电力变小， 故B错误；A点电场方向沿OA方向，移动过程中，移动电荷所 受静电力做正功，故C错误；A点电场方向沿OA方向，沿电场 线方向电势降低，移动到无穷远处时，O点的电势高于A 点电 势，故 D正确。 ma,圆环的加速度随速度的减小而减小，故圆环做加速度逐 渐减小的减速运动，当a=0时，圆环开始做匀速运动，C项正 确。综上可知，A项错。 子运动轨迹与NP相切，由几何关系得R。=3d, 所以ag的长度为ag=3d-d+√(3d)2-(2d)2=2d+√5d, 由于af=3d, (2)根据题意W?m=34J, B→C过程气体膨胀，气体对外界做功 W=-p△V=-p(Ve-Vn)=-60J, C→A过程气体体积不变，Wca=0, 整个循环过程W=W,o+W+Wea=-26 J, 由于理想气体内能只与温度有关，所以经历一个循环过程后， 内能不变，即△U=0,根据热力学第一定律△U=W+Q,解得 Q=26 J, 11.(1)0.700(0.69～0.701均可)(2)0.98 (3)见解析 那么上表面fg区域的长度是fg=√5d-d, 发光区域的总长度为△d=ac+fg=√5d。 解析 (1)根据螺旋测微器的读数规则可得其读数为0.5mm+ 0.01×20.0mm=0.700mm。(2)根据图乙可选水平方向的 单位间隔为两小格，即x?=2L=v,T,则对应的竖直方向在相 等相邻时间间隔内的位移之差△y=2L=gT2,根据上述两式 可得v?=√2gL=0.98m/s。(3)不同之处：①丙图过原点， 丁图不过原点；②丙图是直线，丁图在F较大时发生弯曲，偏 离原直线方向。原因：①丁图不过原点是因为在实验过程中 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够，导致砂和砂桶的总重力 (3)由第(2)步可知，粒子半径在2d≤R≤3d的区间内，粒子 能打在效光屏上，结合oB=meU=÷m2, 解得U-, 6.D 解析 由动能定理可得—mgssin37°—umgscos 37°=E- E,可得μ=0.25,故A错误；由动能定理可得一mgs,sin 37°— μmgsmcos 37°=0—E,物块沿斜面上滑的最大距离为sm= E 所以此循环过程气体吸热26J。 14.(1)1.2 m/s 0.2m/s (2)1s mgsin 37°+amgcos 37=4 m,故 B错误；根据能量守恒可得 物块从斜面底端运动到最高点的过程中，由于摩擦产生的热量 等于机械能减少量Q=E。-mgs,sin37°=8J,故C错误；全程 应用动能定理得一2μmgsmcos37°=E—E,可求得物体回到 斜面底端时的动能 E=16J,故D正确。 当2eBd<u≤cd时，粒子能打在荧光屏上， 9eB3d2_2eB°d2 2m m因此 η= ×100?2.5??5eB2d2- _eB2d2 m m 解析 (1)对物块A由牛顿第二定律有F-μmg=max, 解得ax=4m/s2, 小于F。时，小车一直保持静止，没有加速度；②当砂和砂桶的 总质量m远小于小车的质量M时，图像的线性关系较好；随 着砂和砂桶的总质量m不断增大，当不再满足m远小于M 时，图像偏离原直线，发生弯曲。(原理分析：设绳的拉力为 由于μmg=μ?(M+m)g=5N,故可判断出A在B上向右滑 动过程中(轻绳绷紧前),木板B不动， 由1=号a、k2得=0.5s, 由v=a?t?求得绳绷紧前瞬间A的速度大小v=2m/s, 仿真测试卷(二) 7.D 解析导体棒 MN 始终静止，与导轨围成的线框面积不 1.C 解析铀-239转变为钚-239,质量数不变，电荷数增加，电 F.通F--晋由事只有是 变，根据法拉第电磁感应定伴可得感应电动势；E=式= 高考一轮通关卷·物理～71 见此图标酮微信/抖音扫码 添加智能学习伙伴，突破一轮复习难点。 s,用感应也动势与B一图像得率成正比。0~2,时间内 A 整理解得v?2=10(m/s)2,(2)÷-1图线如图所示。 B落回圆弧轨道后，相对 A做圆周运动，到达最低点时对轨磁通量在减小，根据楞次定律推论知导体棒有向右运动的趋 。/(m*s1) 道压力最大。设此时A、B的速度分别为vx、vn, 则mv?=mv?+mvμ, 2mu2=÷mu2+÷mcn3, 整理得vg=v?,vx=0, 2.0年势，摩擦力水平向左。t?～2t。时间内磁通量增大，同理可判断 =,1.9 导体棒有向左运动的趋势，摩擦力水平向右，选项A错误；0～ 1.8 所用时间1=÷-3昼1.内的感应电流1,=贵=s金R-s~2,时间内的感 应电流I?=長=S△R=S2R,选项B错误；在t~21,时间 内，通过电阻R的电荷量Q=I·△=SAR·△=A= .选项C借民；由Q-FN册Q-Q+Q-1fRx+ 1.7鲁 1.6 设此时圆弧轨道对B的支持力大小为F,A对水平面的压 4.(1)一(2)÷md(3)-2+2t√1.5 力为F、,则 Fs-mg=m贵· 1.4 1.3 解析(1)由几何关系得R=—“=2√3a 由洛伦兹力提供向心力得oB-R· 联立得到易一最一· 1.2崔 F=mg+Fv,代入数据得A对水平地面压力的大小为F= 70 N。1.11.08270203040366070269707. 仿真测试卷(三) 1.RA=2SR,选项D正确。 (3)由子=-21+v,可知图像的斜率k=- 2, 1.B 解析 铀-239发生的衰变为β衰变，实质是原子核内的中子转化为一个质子和一个电子，故B正确；铀—239转变为 解得a=-2k=2.0m/s2。 Yt 钚—239,质量数不变，质子数增大2,则经历了2次β衰变，故 A错误；铀—239发生衰变的过程中，电荷数守恒，质量数守 恒，但质量不守恒，故C错误；核反应过程中，生成物比反应物 稳定，则钚(2Pu)裂变生成为两个中等质量的核，钚核的比结 合能小于生成的两个核的比结合能，故D错误。 8.BC 解析 A→B过程中，压强不变，体积变大，温度升高，则 气体分子的平均速率变大，碰撞力变大，而气体的分子数密度 减小，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少，A错误；B →C过程中，气体体积不变，压强减小，温度降低，则分子内能 减小，B正确；状态 A和状态C,气体的温度相同，则气体分子 平均动能相同，C正确；D→A过程气体温度不变，内能不变， 气体体积减小，外界对气体做功，则放出热量，D错误。 12.(1)5000.0 (2)D (3)见解析 (4)9.0 E 解析(1)当电流表 A,满偏时，两端电压为U=Ir? =0.5 V, N」 因此需要把电阻销的阻值调为R-“二4=5000.00。 0? 2.B 解析 由合力提供向心力得F-f=mw2r,由于弹力F不 变，角速度增大，则摩擦力减小直到为0;之后角速度继续增 大，则摩擦力反向增大，B正确。 M>30R0 xP(2)用滑动变阻器R,控制电路时，用限流式接法，但滑动变阻 器R,的最大阻值远大于待测电阻的阻值，不便于调节，不能 使用；滑动变阻器R,和R。的最大阻值都小于待测电阻的阻 值，则用分压式接法，当选择R,时，回路中的最大电流Im= 3 0, (2)设MN之间距离为L,所以L=R=2③d, 则最小的半圆是以MN 为直径的， 所以最小面积S=π()2= 3.B 解析 由图乙知x=1km处质点在t=0时刻振动方向向 上，结合图甲可知，波沿x轴负向传播，A错误；根据图像可知， 波长A=4 km.0.2s=(÷+n)T(a=0,1,2,3,⋯),则波速v= 9.BD 解析 设A、B两颗星体的轨道半径分别为rivr?,双星之 间的万有引力提供向心力，则有=m,①.一 M号②.联立两式得m,=-M?③,OA>0B,即h>r,所以 0.2+×A<1A不会超过准动的极电流 当选择R,时，回路内的最小电流约为1.′=0.2+TA>1A 超过滑动变阻器R。的额定电流，因此选择D。 合=5(4n+1)km/s(n=0,1,2,3,⋯),当n=1时，v= 25km/s,故B正确；当n=0时，速度最小v=5km/s,则传 播10 km距离所需的最长时间为1=言s=2 s,C错误；x= 2 km处质点与x=1km处质点平衡位置间距离不等于半波长的 奇数倍，所以不会出现一个在波谷另一个在波峰的现象，D错误。 (3)设ON之间的距离为h.则h=R-Ros 60=4, 从N到P粒子做类平抛运动，设时间为t?,则有 n=÷×R×t2, 那么得时间4一答、, 有m<M,A错误；联立①②两式可得两颗星的周期为T= L" (3)因改装电压表内阻已知，所以采用电流表外接法，可以算 出R,的实际电流，没有系统误差，电路图如图所示。2π√M+m),若m缓慢增大，其他量不变，由上式可知周 期T变小，故B正确，C错误；由几何关系r?+r?=L,结合③ A) R - 4.D 解析 一9和十q在B产生的场强等大,为E—,夹角为 120°,故 B点的电场强度大小为E=,A错误；根据等量异种 电荷的电场线分布特点可知，将一正试探电荷从F沿FH、HG 移到G点，其电势能逐渐增大，B错误；根据等量异种电荷的电 场线分布特点可知，DBHE为等势面，所以沿直线 DH移动正 电荷，电场力不做功，C错误；根据等量异种电荷等势面分布可 知，DBHE也是+Q和-Q产生电场的等势面，所以B、H两 点电势相等，故D正确。 式可得n=M1,若m缓慢增大，其他竖不变，由上式可知 A的轨道半径将缓慢减小，D正确。 在第二条限班费的间务(,周， 所以总时间t=4+4-2B+2d√ R, R?LE 10.ACD 解析 图甲中滑块所受的摩擦力为fr=2mgsin45°— s mg=(√2-1)mg,故选项A正确；以滑块与斜面体组成的整 体为研究对象，根据平衡条件可知水平方向有，斜面受到地面 的摩擦力f=Tcos45°=竖mg,方向水平向左，故B错误；图 乙中小球做圆锥摆运动，小球竖直方向没有加速度，则有 Tcos0=mg,可得绳子拉力T°=20,对滑块，根据平衡条件 得：滑块受到的摩擦力f:=2mgsin 4S-T“=√7mg- 显然θ=45°,则fz=0,若θ<45°,小球转动角速度逐渐减小， θ就越小，则fz将沿斜面向下且逐渐增大，故选项CD正确。 (4)根据电路图，有I(r?+R)=(I?-I)R, 因为 I?远大于I,故 I?(r?+R)=I?R, 用1=1π· 15.(1)4N(2)0.2s (3)70 N 解析(1)设当力为F?时，B刚好能运动到圆弧轨道的最高 点，此时A与B的速度相同， 设为v,撤去拉力时，B的速度为v,, 则F?L=÷mv2,mv=2mv 2mw2=÷×2+mgR, 整理得F;=2mzR,代入数据得F=4N。 根据图像的斜率可得，FR-8.×10×10°, 5.A 解析 设飞船的质量的为m,由图像可知，该星球的半径 ,探测器受到的万有引力提供向心力有Cm=m二，即v= 图料单为人用k-CM.根据密度公式C一限立 可得p一·A正油；根据已知条件无法求得该星自转周 期，B错误；该星表面上质量为m'的物体受到的万有引力和重 力相等，即 C=0g,解得该星表面的重力加速度为g= 解得R=9.0 Ω。 13.(1√F (2 解析 (1)画出光路图如图， (2)B离开圆弧轨道后，沿竖直方向的分运动为竖直上抛，继 续上升的高度h=H-R, 从最高点下落到圆弧轨道的时间t?, h=号k”,解得?=0.1%, 所以A在空中的运动时间t=2t?=0.2s。 60° 11.(1)一=-÷u+v,(2)图见解析(3)2.0 307 解析 (1)沿斜面向下是匀加速运动，反过来也可以看成是初 速度为v,的沿斜面向上的匀减速运动，由位移公式有x= t+≥at2, 由于要画亡-1图像，所以可将上式变形得÷=-2+v。 B- F C -A.c备议，飞船烧该星球表面做匀速图周逐动的发选因光线在D点的入射角为i=60°,由几何关系可得在D点的折射角r=30°, (3)设撤去拉力时B的速度为v;,B到达圆弧轨道最高点时速 度为v?,其竖直分速度为v,,水平分速度为v,,则此时A的速 度为v, 折射率n=sin60° 度等于该星球的第一字宙速度，得G=m一，解得a= √-√.D错误。 sin30o=y3 (2)光在介质中的速度加一方一后· 则mv?=2mc,,2m?2=×2mo,2+mgh, 72～高考一轮通关卷·物理