第十一章 电磁感应-【勤径学升】2025年高考一轮复习物理通关卷

的变化关系如图乙所示，期在1=0到=的时间内 D导体棒心开始话动后任一时刻，拉力F的功率总等平异体伸 第十一章电磁感应 h和电阳R。的发热历率之和 4.如解所示，再个线圈浇在同一根铁芯上， 4常，阳身 右例线周与电脚，滑动变阻器，开美连规 电路，左侧线圈与灯卷连成国路。餐个 一、击择整：本题共10小题，共旧分。在每小题的出的四个选明 过程中灯泡不绕坏，下列，法正确的是 中，第1一？题见有一痕符合题日要求，每小避4分：第8一10盟 A,调环中的多废电瓷方角光替顺时针方向后沿逆时计方向 A.隔合开关厨间，灯淑亮，通过灯泡的电流方向由右其左 有多填符合题日要求，每小巡6分，全第选对得G分，选对但不 队属环历受安培力大小降：时斜为零外，其她时刻不为零 玉用合开美并保持一夏川闻后，灯泡亮，通过灯泡的电流方向山 全的得3分，有选桶的得0分。 左利右 1,《其章毒离区一隔)线间修制在圆柱形镜艺上，道过诗线与电麦 G图环中的盛成电成大小且5 心.用合开关并保持一段时可后，滑动变阻器滑片P向右滑动的 计连接组成闭合曰路。条形磁体的轴线和铁芯的轴线及连楼线 过程中，灯泡亮，通过灯激的电葡方向由左向右 圆和电德计的异线在可一平而内，铁芯，线圆及条恳磁体的儿何 D网环中产生的裤量为丛RS 包 D闭合开关一段时可后，真断开开关的时间，灯图亮，通过灯形 容打 中心均在与段忘看直的PQ连线上。条形壁体分以与线面相 5.如图所示，边长为L的单原均匀金属线配置于 电域方向由左向右 平行或相互舞直政置，使北沿QP方向靠近线面，若电液从电藏 光滑本半桌面上·在较力作用下以恒定速度酒 9,(广家影1如图所示，本平焦自（女y半出）下 计“斗”接线柱颜人电流什指针向右偏转，在如下情形中能昆 过宽度为D,方向是直向下的有界匀溪鞋场，阀 有一根平行于￥且罪有恒定电减【的长直界 察判明装的电道感应现象，且图中标出的电觉计指针偏转方向 轻的边长L小于有界场的宽度D,在整个过 提.P,M和N为地面上的三点，P点位于导 正确的是 程中线摆的动边始答与腰场的边界平行，若风 线正上方，MN平行于y结，PN平行于x 目品 F表示拉力，以U表示视瓶壶两点间的电势差，【表示通进线面 销。一闭合的图形金属线圈，阅心在P点，可 的电瓷（绳定逆时量为正，顺时计为角），P表示拉力的功率，划下 语不风方向以相间的速率敬匀建直线道动，运动过碧中线测平 列反旋这些物限量精时阿变化的图像中正请的是 面给峰与跑面平行，下列说法正情的有 A,N点与M点的题感应强度大小相等，方向相同 2.《球毒摇藏)如图所示，空问中某区域内存在圆 血血血 乱线图沿PV方向岳动时，等过线面的盘酒量不蜜 直向下的匀强链场，将一水予枚置的金属棒0 C,线围从P点开的竖直向上运动对，线陶中无感应电南 从磁场外螺陆隐场边撞以某一一建度水平抛出 D线潮从P到M过程的塘发电动势与从P到N过程的够成电 不计空气阳力，金属W在写动过程中始毫保招 6如图甲所常，N=00夏的 动势相等 水平且末离开整场区域。下列说法正确的是 欲图（图中只斯了2：）电口 10,(事有起)如国，间距1，=1m的复 =20,其两端与个R 形金属导机，一衡接有01口的定 A.点电势比6点高 8力的电阻相连，线温内 5 算电阻R,园定在高k=Q.8m的绝 以从抛出到落地的过程中，电子不所从6向是向移司 有垂直纸面向里的磁场，圆 缘水平桌面上，衡量均为a1kg C,单位时间内a动扫过的由面中的避通量是定自 通量檀图乙新承规律变化 的匀质导体根鱼和b静止在导轨上，再异体棒与异就核触良好 D电场力使象照棒两斋分料机累了正，负电萄 下列说法正确的是 且始终与导转重直，接人电路的园值均为0,1口.与导轨司的动 3.《深圳两检》在水平光滑绝缘桌面上有一边长 A电阻R两湘：点比：点电晓高 摩擦国数均为0.1（授量大静厚擦力等干滑动摩餐力），体棒 为L的正方形线艇ucd,被限制在置ub方向 我电阻R再端的电压大小为0 距商导轨最右端，74m,整个空何存在整直向下的匀强磁场 的水平直轨道上自由赞动。边右朝有等 C,1时间内丰静电力所做的功为0,2J (图中来属出)，胜结应强度大小为01T。用下一0,5N铅吊我 管直角三角影匀强造场民域g,直角边 D.Q1s时可内罐过电阻取的电荷量为00对C 水平向右的恒力拉导体棒，当导体棒运动到导轨最右端到， 和：/的长包等于上，脑场方向竖直问下，其的税图细图所示，线 1,《网挂钱用市物斯)如图所示，在水平面内园 导体爆例要带动，抛去F.导体棒离开早轨后落到水零泡面 摆在水早拉力作用下向右匀速家过意场区域.若从围公位置开 定着U形老准金属导我.轨道间鹿为d■ 上，重力加速厦章10m/:,不计空气阳，不计其他电丽。下 静计时，没9时料方向为电藏的正方角。喇下列？一锋正确 1m,一电为R一t口，质量为m一4kg全属 列说法正确的是 的是（时同单仪为兰 导棒棒b,横放在导轨上，定值电阳良，=口 A.导体得夏离开导轨至落泡过程中，水平位移为久4四 (导航其衡部分电阻不计》，且与导轨接触自好，在光希金属导 队导体韩血离开导物至落电窗，其感应电动势不发 轨区城有经直向下的磁感应强度为引=？T的匀条磁场：金属行 C:导体梅厦在导镜上运动的过程中，体棒有陶右运动的 M6在承直千杆向右的拉力F作用下，出静止开常以加渔度山一L5m 趋势 向右做匀速直提运动，8：后保持这力下的功事不变，直到 口导体棒静在导轨上近动的过程中：通过电则尽的电黄量为 杆以量火速度融匀违直线运动，联下列说法中正编的是( 0.56C A,导体悍场开始运动后，电目尼，中的电宽方向是从P速问 留号 5 规戴成率径为R的属环，垂直则环面的磁场充满其内接正方形， 乱8s术时刻控力F的解时功率为6.4W =0时酷感应强度的方向如图甲所示，题多应强度B随时间( C,导体棉6运动的最大速度为6世/ 高考一轮通关基·物厘实29 图昆北酒排熙能绘补香红蜗源的督能学习快什，突装一蛇雾习避， 二，非速择题，本题坞1小恶，其5分 (41拓展皮用：如图2所示是一种延时煤电器 《2)若眉8同路产生的总焦耳热为1」，求前8金属任在悠 11.《8分)在~探究电随够应的产生条件”的实传中，实物连线后 的示度阁。线芯上有两个规陶入和书。线淘 场中运动的位移大小， 甲所示。已知电流由螺个接线柱流人·指针就向军边偏转， A和电源连接，线测B与直导线语将规一不 感应线周组内外线漏的瓷线方内妇图乙翻线所示 用合国路。弹簧K与面铁D相连，D的右圈 性头C造援工作电路（未满出），开关S而合 较卷下，工作电路必于导通就务。3斯开丽可，延时功能启动 此时雀导线语中的电德方向为 (选频”同6成”多到 (3求定值电用尽与金属杆的闭值的比值 4“。说明延时摧电落的”延时工作原理： 3,(10分)（江系者新富帝棉就）如眉所示，足撼 (1)接通电图，闭合开关.G表指针会有向左的偏转，几秒后G 长光滑特我镇韩收置，导箱平面与衣平面夹角 表指针停在同不动。将滑动变阳器的触头迅速向右滑动时： 8一7”，异轨间压L一0.4m,其下德连接一个 G表指针 《这填不动”“右偏“左细”或“不停根动” 定值电目R一4口，其能电阻不计。两导轨可家 15,《8分)知所示：金属轮 存在垂直于？轨平而利下的匀程墙场，城感皮所度自=1于。 A和绝峰轮A,,可绕各自 迅遮盐出铁艺时，行表指针 《选第“不动“右偏”“ 所量为刚一（网g的导体棉6看直于导轨较置，现绮绿体伟 中心金国轴(，開)转动： 偏”成”不停探清) (2)断开开美和电藏，将铁器重新植人内线周中，把直流输出改 由静止释故.取重力们速度g=10m,,37=0,6,x37 以和)半行且水半数置。 为交德输尚（交流电颜*较低），其佳均不变。接通电源，周合 -0.8。求 入，金属轮由三限金国辐条 (1)号体伟下滑的量大度 和金属环组成。A轮的辐 开关，G表指 (这镇一不磷”“右偏”左编”发“不停限 条长为r、电阻为R,连接 动”. 辐条的金国环的电阳可以 ()仅用一限异线，如判判斯：表内常线面是否斯了？ 复略，三银到条互我120角，在图中120的扇悬区城内存在平 行于轴向细的匀强延场：惠感应强度大小为日。绝橡轮入的 ()特体棒从静止加速到尊■4m/s的过程中，道过段的电量 半径为2：习一半径为的愧袋同盘A与A同轴且周连在一 2.(指分)探究驾亿电流方向的实特所需器材包括，桑形蓝体，电流 g一02C.期程产生的鹅量慎。 越，一轻幅阄的一端周定在A,边缘上的某点，在A,上绕是够 表.线国，录线、一节干电法（用来查明线圈中电流的藿向与电 电数后，是挂一质量为种的重物P。当P下落时，酒过相绳带 阖表中指叶偏转方向的关系) 幼A和A,绕转转动，转劝过程，A,,A禄持接触，无相 (1)实验观单：抽图1所示.在四种情成下，将实骑结果填人 对滑动，A轮的轴0和金属环通过就与两平行的足够长 下表 的金测导物雀接，导我慎角为0，其上放置一质量为w,电阻为 R,长度为上L的金属摔EF,推与角通问的闭摩擦因数为，转通 14,《12分)1有韩照数)如 可存在沿料面向下的匀程蓝场，面感应强度大小也为，不司 导线电阻 图甲所示，两条相和 1当P的速度为时，求金属棒EF两端的电压 2m的水平相随导轨左 端接一定植电阻R一 线圈内遮通量增如时的情况 10.1=0时，一质量 分 丽号有磁场方向感隐电流的方利 m=2kg,有效阻值为的会属杆，在水平外力的作用下由静止 感良电流的慰场方 开给向右写动，5末到进N,WN右侧为一列第题场，醴 2全国佛EF州好开始运动计为Q时刻，经过时间1重物P下溶 经直构下 迪时计（腑规 吸直南上 应程度B=.8T,方有垂直纸面向里。金国杆到达W《禽 落高度为A,金属韩下仍在轨道上品动，豫此时全属棒EF的 经直料上 精时针5前视) MV后，保持外力的功书P不变，金属任进入随场，8末开始 速度： 做匀速直线运动。菌个过程金国杆的零一闲像知图乙斯尽 2线周内暗通量减少时的情况 导轨电阳忽略不计，杆和号轨静终套直且接触良好，国器之间 感良电流的方利 感度电道的组场方有 的动摩额因数从一0.1.重力加速度g=0/。 经直自下 精时针《前说) 经直向下 (1来金属杆进人弦场后外力F的功率P (3舒为使金属棒EF不龄真轨道，物道的镇角0满足的条件 T 经直的上 控时针解漫) ()实验结论：当穿过用合线圆的经通慧增相时，感应电瓷的聪 场与原道畅方向 (这填~相同域“相反”) (3)成结抛饰：然应电流具有这样的方向，即暴夜电流的登场B 要阻俱引起感定电流的 30实高考一轮递其基·种理见此图标酮微信/抖音扫码 添加智能学习伙伴，突破一轮复习难点。 第十一章电磁感应 U.=1R=÷BL0,技力的功率为P=Fv=E,故B正确， 线圈的磁通量变化量相同，依题意从P点到M点所用时间较 从P点到N点的时间长，根据法拉第电磁感应定律，可知两次 的感应电动势不相等，故D错误。 (3)B,′’=4k+2×10?T,其中k=0,1,2,3,⋯ 1.A 解析 A、B图中，当磁体向线圈靠近时，穿过线圈的磁通 量向下增加，根据楞次定律和安培定则可知，线圈中产生的感 应电流从正极流入电流计，则电流计指针向右偏转，故 A正 确，B错误；当磁体按C、D图中所示的方式靠近线圈时，由对 称性可知，穿过线圈的磁通量总是零，线圈中不会有感应电流， A、C、D错误。解析 (1)粒子从O到C在电场中加速， 由动能定理qEx=号md, 得 v=400 m/s, 6.C 解析 由图乙可知，线圈中的磁通量增加，根据楞次定律， 可知线圈中产生逆时针方向的电流，所以电阻R两端b点比a 点电势低，A错误；线图产生的感应电动势为E=N立一 10.BD 解析 导体棒a在导轨上向右运动，产生的感应电流向 里，流过导体棒b的电流向里，由左手定则可知安培力向左， 则导体棒b有向左运动的趋势，故C错误；导体棒b与电阻R 在三角形区域内部，带电粒子在磁场 B?中做匀速圆周运动， 轨迹如图所示， 故 C、D错误。 并联，有1=6.比·些导体棒血运动到导轨最右端时，导体 棒b刚要滑动，有B·去·L=pmg,联立解得导体棒a的速 度为v=3m/s,导体棒a离开导轨至落地前做平抛运动，有 x=u,h=÷gl2,联立解得导体棒a离开导轨至落地过程中 200×0016.401 V=10 V,电图R两缝的电压大小为U=2.C 解析 根据右手定则可以判断，a点电势比b点低，A错 误；从抛出到落地的过程中，ab与外部并没有形成闭合回路， 没有电流流过，导体棒两端的电势差恒定，B错误；由于ab在 水平方向做匀速直线运动，所以它在单位时间内扫过的曲面 在水平面的投影面积恒定，又因为穿过曲面中的磁通量等于 穿过曲面在水平面投影面的磁通量，因此单位时间内ab扫过 的曲面中的磁通量是定值，C正确；洛伦兹力使金属棒两端分 别积累了正、负电荷，D错误。 ? R÷E=9.6 V.B错误，根据动能关系可知，非静电力所做的 功转化为电路的电能，有W=El=RF/=0.2J,0.1s时间 内通过电阻R的电荷量为q=F-9GC=0.02 C,C正确，D 错误。 CtM N 水平位移为x=1.2m,故A错误；导体棒a离开导轨至落地 前做平抛运动，水平速度切割磁感线，则产生的感应电动势不 变，故 B正确；导体棒 a在导轨上运动的过程中，通过电路的 电荷量方q=T·x=2.;章-0181217c=1.16 C. 导体棒b与电阻R并联，则通过电阻R的电荷量为qc=立= 7.C 解析由右手定则可知，导体棒ab开始运动后，电阻R。 中的电流方向是从M流向P,选项A错误；由牛顿第二定律可 知F一度+R-mm,85水时刻拉力F的瞬时功率为P-Fa., 3.D 解析 在0~一时间内，根据楞次定律可判断出线框中感 应电流沿遵时针方向，为正值，BC翻误。在0～一时间内，线 框bc边有效切割长度为l=L-u,感应电动势 E=Blv= 由几何关系可知R?=台=0.6 m, 解得P=14.4W,选项B错误；当达到最大速度时F′= B2d2vm由QoB,=m员· 0.58 C,故D正确。R+p”,此时P=F'v,联立解得v.=6m/s,选项C正确， 体棒ab开始运动后，拉力F做的功一部分转化为导体棒ab和 电阻R。的发热量，另一部分转化为导体棒的动能，选项 D 错误。 代入数据得 B?≈6.7×10~?T。 B(L-w)0,由于口恒定，放E均匀减小，感应电流；一贵均匀 减小；同理，在合～时间内，根据楞次定伴判断出感应电流 沿顺时针方向，为负值，感应电流均匀减小，A错误，D正确。 11.(1)左偏 右偏 (2)不停振动 (3)见解析 (2)由题意可知B?=3B?=2×10~T, 解析(1)将滑动变阻器的触头向右滑动时，电路中电阻减 小，从B端流入的电流增大，磁场增强，根据题图和楞次定 律，电流应从A端流入线圈，G表指针左偏；迅速抽出铁芯 时，磁场变弱，G表指针偏转应与之前相反，右偏。 柱子在磁场B,中做匀述圆周运动Gdb,=m元。 则R=☆=0.2 m, 8.ACD 解析 闭合开关瞬间，右侧线圈中电流增大，电流产生 的磁场方向向左，穿过左侧线圈的磁通量增加，由楞次定律可 知，通过灯泡的电流方向由右向左，故A正确；闭合开关并保 持一段时间后，右侧线圈中的电流恒定，此电流产生的磁场不 变，穿过左侧线圈的磁通量不变，则左侧线圈中不产生电流，灯 泡不亮，故B错误；闭合开关并保持一段时间后，滑动变阻器 滑片P向右滑动的过程中，右侧线圈中的电流减小，电流产生 的磁场减小且方向向左，由楞次定律可知，通过灯泡的电流方 向由左向右，故C正确；闭合开关一段时间后，再断开开关的 瞬间，右侧线圈中的电流减小，电流产生的磁场减小且方向向 左，由楞次定律可知，通过灯泡的电流方向由左向右，故 D 正确。 4.C 解析 根据B-t 图像，由楞次定律可知，线圈中感应电流 方向一直为顺时针方向，A错误；由于圆环没有在磁场中，不 受安培力，B借误；由间合电路政姆定律得1=号，又根据法拉 第电磁感应定律得 E=AQ=PL,正方形的边长L=、/TR,X 根据电图定律得r=m,联立解得1-日代，C正确，圆环 中产生的热量；Q=Tr·2a,=15.D错误。 (2)改为交流输出后，磁场在不断发生变化，根据楞次定律，可 知感应磁场也在不断变化，G表指针不停振动。由题意可知，粒子由O到C在电场中做匀加速直线运动， 则x=≥at,,得到t=0.01s, 粒子在磁场中B,中的周期T;=2E, 则粒子在磁场B,中的运动时间t==3×10°s, 粒子在磁场B.中的运动周期T?=2B., 粒子在磁场 B,中的运动时间t=160++1aT= (3)晃动G表，观察指针偏转程度；用导线将正负极短接，晃 动G表，观察指针偏转程度，若两次偏转程度相同，短接以后 偏转程度没有减小，则说明内部线圈已经断了。 12.(1)①竖直向下 ②竖直向上 (2)相反 (3)(磁场)磁通量 的变化 (4)a到b S断开瞬间，线圈B中产生感应电流，保 持铁芯中的磁性，所以衔铁不会马上被弹簧拉起，达到延时的 作用5.B 解析 设线框每边电阻为R,线框的边长为L,线框的速度 为v。线框进入磁场过程，产生的感应电动势为E=BLw,线框 中的电流为1=E,方向为顺时针方向(负方向),拉力F大 小为F-F?-ILB-F,方向为造时针方向(正方向):a、 两点间的电势差为U?=1·3R=二BL0,拉力的功率为P= Fv=B2L2z2”4R。线框完全进入磁场过程，U=E=BLv,F=0.1 解析 (1)①图乙中条形磁体S向下插入线圈，则向上穿过线 圈的磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流的磁场竖直 向下； 5.5×10-3s, 9.AC 解析 依题意，M、N两点连线与长直导线平行，两点与 长直导线的距离相等，根据右手螺旋定则可知，通电长直导线 则粒子在复合场中运动的总时间t=2t?+1?+t?=2.85× 10-2s。 ②图丁中条形磁体S向上拔出线圈，则向上穿过线圈的磁通 在 M、N两点产生的磁感应强度大小相等、方向相同，故 A正 确；根据右手螺旋定则，线圈在P点时，穿进线圈的磁感线与 穿出线圈的磁感线相等，磁通量为零，在向N点平移的过程 中，穿进线圈的磁感线与穿出线圈的磁感线不再相等，线圈中 的磁通量会发生变化，故B错误；根据右手螺旋定则，线圈从P 点竖直向上运动的过程中，穿进线圈的磁感线与穿出线圈的 磁感线始终相等，线圈的磁通量始终为零，没有发生变化，线圈 无感应电流，故C正确；线圈从P点到M点与从P点到N点， 量减小，根据楞次定律可知，感应电流的磁场竖直向上。 (3)设挡板外磁场变为B?',粒子在磁场 B?'中的轨迹半径为 r,则有qeB′=m, (2)实验结论：当穿过闭合线圈的磁通量增加时，感应电流的 磁场与原磁场方向相反。 (3)总结提炼：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场 总要阻碍引起感应电流的(磁场)磁通量的变化。 根据已知条件分析知，粒子可以垂直于MA经孔P回到O 点，需满足条件合=(2k+1)r,其中k=0,1,2,3⋯, 解得B′=42×10~*T,其中k=0,1,2,3.⋯。 =0,P=0。线框离开磁场过程，产生的感应电动势为E= BLw,线框中的电流为1一，方向为质时针方向(负方向), 拉力F大小为F=F?=1LB=”0、b两点间的电势差为 (4)S断开瞬间，延时功能启动，此时穿过线圈B的磁通量向 下减小，根据楞次定律可知，线圈B中产生的感应电流的磁 场方向向下，则此时直导线ab中电流方向为a到b。延时继 64～高考一轮通关卷·物理 电器的“延时”工作原理：S断开瞬间，线圈B中产生感应电 流，保持铁芯中的磁性，所以衔铁不会马上被弹簧拉起，达到 延时的作用。 13.(1)6m/s(2)0.16 J 解析 (1)当导体所受的合外力为零时，速度最大， 则mgsin Q=ILB, 1=k联立解得o=6 m/s。 (2)设该过程中电流的平均值为了，则q=Tix.T一吾 F一M由能量守恒定律可得mg-sin0=÷2+Q, 联立解得Q=0.16 J。 14.(1)20W(2)9m (3)3 解析 (1)在0～5s内，由图像可得a=A=1m/s2, 由牛顿第二定律得F?-μmg=ma, 则到达MN边界时，拉力的功率P=Fv?, 代入数据解得 P=20 W。 (2)在0～5s内，金属杆做匀加速直线运动，根据位移时间关 系可得金属杆的位移为x?=÷at,2=12.5m. 在5～8s内，设金属杆在磁场中运动的位移为x?,时间为t? =3 s, 对金属杆，在前8s,由动能定理得 F?x?+Pl?-μmg(x?+x?)-W?=÷mc?2, 又W支=Q,代入数据解得x?=9m。 (3)金属杆进入磁场后功率为P=20 W,最后匀速运动，根据 平衡条件可得∵-Fx+gmg, 共中F-B1,电流1-R平， 联立以上各式解得r=号 a. 则定值电理R与金展杆的阻值广的比值为尽=3. 15.(1)Br(2)(sn 0-s stt(3)c 解析 (1)当P的速度为v时，A。转动的角速度a,=一， 两盘接触点的线速度为v?=w?·2r=2v, 辐条的电动势E=÷B·4ro,=4Bro 回路总电阻R=号R, 总电流I-E-R, 金属棒 EF两端电压U=1·登=Bro。 见此图标眼微信/抖音扫码 添加智能学习伙伴，突破一轮复习难点。 (2)对金属棒 EF受力分析，由动量定理得 [mgsin O-μ(mgcos O-BIgL)]△t=mu-0, I=, 4.A 解析 对圆环受力分析，圆环 M:× 兴省 受重力、水平向左的安培力及绳 60 子的拉力，如图所示，依据矢量的F 合成法则，结合三角知识，有FA N mg=mgtan 60°,而 F= BIL,I= 長,E=·一，整理可得：1= √3mgR,故选项A正确，B、C、D错误。πk2 经过的时间为1一毫，流过OA的电荷量为q=1=张，收C 错误；转过受角度过程中，外力做的功为P=El=☆,故 D正确。 代入得(wgsin Q-mgcos OrtEg-m, 其中V△t=h, 代入得u=(in0-yos0sgx+ 9.AB 解析 线框的加速度a=F=2m/s2=2m/s2,磁场宽 度d=÷at,2=4m,A正确；当线框全部进入磁场的瞬间有： F?-F=ma,Fx=PR=ER,L=a,解得B=(3)当金属棒 EF与导轨的弹力为0时，金属棒 EF刚好要离 开导轨，设此时重物 P下落的速度为v?, 此时有mxos Q=F?,F?=H, 联立得n=“F°, 5.A 解析 由洛伦兹力等于向心力·qcB=m一·=,。由 它们在磁场中的径迹可知，两个带电粒子M和N轨迹半径关 系rw>rx,如果一，则w>ax,选项A正确。由它们在 磁场中的径迹可知，两个带电粒子M和N在匀强磁场中轨迹 均为半个圆周，运动时间为半个周期。如果一然，由T= 可为，而个带也校子M和N在匀医磁场中运动用期相等， 则运动时间相等，选项B错误。由0uB=m号，解得a= 如果aw=,则<,选项C错误。由1=三一可知，如 √2T,B正确；线框穿过磁场的过程中，通过线框的电荷量为 零，线框产生的热量Q-W-÷md′>1J,C、D错误。 10.AD 解析 要使没有粒子从OC边界射 . .C 出，沿如图路线运动的粒子不离开磁场，.若金属棒 EF限制在导轨上运动，设重物 P可能达到的最大 建度务心由接有关系可骨 · 满足号1·sn 60°=gE,可得v=G,· · 60。A"s故A正确，B错误；粒子速度x=√3Bgl4m 其中E.-1Bm,代入精得 要使得金属棒 EF不脱离轨道，需满足v?>vm, 代入解得cos ①>亡。 从OA边界离开磁场时高S最远距高d=2R=Asin 60°=竖/, 故C错误，D正确。 11.(1)见解析 (2)①右 ②左 (3)BD 滚动检测卷五 磁场 电磁感应 果tw=1,则一，选项D错误。 解析 (1)将电源、开关、滑动变阻器、小螺线管 A串联成一 1.C 解析由楞次定律可知a、b杆将相互靠拢，A错误；将磁 体、支架、导轨和金属杆看成一个整体，磁体处于失重状态，整 体对电子秤的压力减小，磁体会受到下方回路中感应电流产 生的磁场的阻力作用，并不是完全失重，B、D错误；磁体对导 轨产生向下的力，因此导轨对电子秤的压力变大，C正确。 6.C 解析 设恒流源的电流为I,则图甲中F?=BIL,在图乙 中，因cd的电阻小于cabd部分的电阻，可知I>I,因L+ 个回路，再将电流计与大螺线管B串联成另一个回路，电路 图如图所示。 I=I,可知L>÷1,则F?=BIL,F?=BLL,则F>÷F, F?>F?,F?=F?+F?,故选C。 2.D 解析因小球受到的洛伦兹力随小球速度变化而变化，为 使带电小球能在场内做直线运动，必须满足小球的速度大小 不能变化的条件，即小球受力平衡，做匀速直线运动，故 A、C 错误。小球共受到三个力的作用：重力、电场力和洛伦兹力，三 力处于平衡状态，洛伦兹力垂直ab斜向左上方，重力竖直向 下，则受到的电场力的方向不一定水平向右，B错误；从a到b 的过程中，小球的动能不变，根据动能定理有△E=W。+ W电场+W??兹=0其中洛伦兹力不做功，重力做正功，所以电 场力必须做负功，即克服电场力做功，故D正确。 7.A 解析线框向右匀速穿越磁场区域的过程可分为三个阶 段：第一阶段(进入过程),ab是电源，设电动势为 E,外电阻为 R=3r(每一边的电阻为r),则路端电压U。为Ua=2E。第二 阶段(线框整体在磁场中平动过程),ab及dc都是电源，并且 是完全相同的电源，回路中虽无感应电流，但路端电压U。= (2)闭合开关，通过螺线管A的电流变大，穿过螺线管B的磁 通量增加，指针向右偏转。将线圈A迅速插入线圈B,磁通量 增加，则灵敏电流计的指针将向右偏转一下。线圈A插入线 圈B后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电阻增大，则电流 减小，穿过线圈B的磁通量减小，则灵敏电流计指针向左偏 转一下。 E。第三阶段(离开过程),dc是电源，外电阻仍为R=3r,路端 电压为U=三E,因此U。仅为U的÷,即U=E,故 (3)如果线圈B与灵敏电流计断开，线圈B中仍有磁通量的 变化，仍会产生感应电动势，不会有感应电流存在，但是可根 据楞次定律来判定线圈B两接线柱的电势高低，判断出感应 电动势的方向，故 B、D正确，A、C错误。 选 A。 3.C 解析 由对称性可知，f、a点磁感应强度大小相等，但是方 向不相同，A错误；设每根直导线的电流为1.则B=学，若正 方形边长为L,则c点磁感应强度大小B,一空，点磁感应强 变大小 B,=√2k,大小之比为√2:1,B错误；a、b、c、e、f五个 点中c点距离两通电导线距离都是最近的位置，且两根通电导 线在c点的磁场方向相同，都沿着b→c方向，则合成后磁感应 强度最大，C正确，D错误。 8.AD 解析 由右手定则判断出OA中电流方向O→A可知流 过电阻R?的电流方向为 P→R?→O,故A正确；OA产生的感 应电动势为E=BLo=BH一，将OA当成电源，外部电路R,与 R,并联，则OA间的电势差为U-R+R×E-6,故B错 误；流过OA的电流为1一R+E—3R,转过受角度过程 12.(1)不 (2)向右 (3)向右 不 向左 (4)不 解析 题干条件下，与线圈A构成的回路中产生逆时针方向 增大的感应电流，由安培定则可知穿过C的磁场向左增大， 结合楞次定律可知电流从右向左通过灵敏电流计，灵敏电流 计的指针向左偏。(1)闭合K?、断开K?,条形磁体插入线圈 后静止不动，滑动变阻器的滑动触头向左加速滑动，穿过线圈 高考一轮通关卷·物理～65