内容正文:
专题突破练(十五) 电磁感应中能量、动量的综合问题
1.(多选)(2023·福建龙岩模拟)如图所示,足够长的光滑导轨倾斜放置,其上端接有电阻R,匀强磁场垂直于导轨所在平面向上,始终垂直于导轨的导体棒EF接入电路的有效电阻为r,导轨和导线电阻不计,在导体棒EF沿着导轨下滑的过程中,下列判断正确的是( )
A.感应电流在导体棒EF中方向从F到E
B.导体棒受到的安培力方向沿斜面向下,大小保持恒定
C.导体棒的机械能一直减小
D.导体棒克服安培力做的功等于电阻R消耗的电能
AC 解析:根据右手定则知,感应电流的方向为从F到E,A正确;下滑过程中,根据左手定则知,安培力的方向沿斜面向上,由于导体棒下滑的过程中速度增大,则感应电动势增大,电流增大,安培力增大,B错误;导体棒向下运动的过程中,除重力做功外,安培力做负功,则导体棒的机械能一直减小,C正确;根据功能关系知,导体棒克服安培力做功等于整个回路产生的电能,D错误。
2.(2023·北京海淀一模)如图所示,空间中存在竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场。边长为L的正方形线框abcd的总电阻为R。除ab边为硬质金属杆外,其他边均为不可伸长的轻质金属细线,并且cd边保持不动,杆ab的质量为m。将线框拉至水平后由静止释放,杆ab第一次摆到最低位置时的速率为v。重力加速度为g,忽略空气阻力。关于该过程,下列说法正确的是( )
A.a端电势始终低于b端电势
B.杆ab中电流的大小、方向均保持不变
C.安培力对杆ab的冲量大小为
D.安培力对杆ab做的功为mgL-mv2
C 解析:由右手定则可知,杆ab切割磁感线产生的感应电流方向为b→a,则a端电势始终高于b端电势,A错误;杆ab运动过程中,垂直磁场方向的分速度大小发生变化,则感应电流大小变化,B错误;安培力对杆ab的冲量大小为I=BI感Lt=BL∑I感t=BLq,又有q=t、=和=,可得q==,则安培力对杆ab的冲量大小为I=,C正确;设安培力对杆ab做的功为W,由动能定理有mgL+W=mv2,解得W=mv2-mgL,D错误。
3.(多选)(2023·湖南名校模拟)如图所示,水平间距为L、半径为r的二分之一光滑圆弧导轨,bb′为导轨最低位置,aa′与cc′为最高位置且等高,右侧连接阻值为R的电阻,圆弧导轨所在区域有磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场。现有一根金属棒在外力的作用下以速度v0从aa′沿导轨做匀速圆周运动至cc′处,金属棒与导轨始终接触良好,金属棒与导轨的电阻均不计,则该过程中( )
A.经过最低位置bb′处时,通过电阻R的电流最小
B.经过最低位置bb′处时,通过金属棒的电流方向为b→b′
C.通过电阻R的电荷量为
D.电阻R上产生的热量为
BC 解析:金属棒从位置aa′运动到轨道最低位置bb′处的过程中,水平分速度即有效切割速度逐渐增大,由E=BLv可知,金属棒产生的感应电动势增大,则通过R的电流大小逐渐增大;金属棒从轨道最低位置bb′运动到cc′处的过程中,水平分速度即有效切割速度逐渐减小,由E=BLv可知,金属棒产生的感应电动势减小,则通过R的电流大小逐渐减小,故经过最低位置bb′处时,通过电阻R的电流最大,A错误;由右手定则可知,经过最低位置bb′处时,通过金属棒的电流方向为b→b′,B正确;通过电阻R的电荷量为q=Δt=Δt==,故C正确;金属棒做匀速圆周运动,切割磁感线的有效速度为v=v0cos θ=v0sin ωt,θ是金属棒的速度与水平方向的夹角,则金属棒产生的感应电动势为E=BLv0sin ωt,则回路中产生正弦式交变电流,可得感应电动势的最大值为Em=BLv0,有效值为E=Em=BLv0,由焦耳定律可知,R上产生的热量Q=t=×=,D错误。
4.(2023·江苏盐城三模)如图所示,在光滑水平面上MN的左侧存在一个足够大的匀强磁场,一个质量为m电阻为R的单匝正方形线框ABCD在该平面内以大小为v0的初速度向右运动时,恰好可以滑出磁场,线框的边长为L,且该过程中AB与MN始终保持平行,求:
(1)该过程正方形线框产生的热量Q;
(2)匀强磁场的磁感应强度B。
答案:(1)mv (2)
解析:(1)线框滑出磁场的过程由动能定理有
-W克安=0-mv
解得Q=W克安=mv
(2)线框滑出磁场过程中,有q==
由动量定理有-BL·t=-mv0,即-BqL=-mv0
解得B=。
5.(2023·湖南卷)如图所示,两根足够长的光滑金属直导轨平行放置,导轨间距为L,两导轨及其所构成的平面均与水平面成θ角,整个装置处于垂直于导轨平面斜向上的匀强磁场中,磁感应强度大小为B。现将质量均为m的金属棒a、b垂直导轨放置,每根金属棒接入导轨之间的电阻均为R。运动过程中金属棒与导轨始终垂直且接触良好,金属棒始终未滑出导轨,导轨电