内容正文:
素养提升课(一) 动量
1.理解滑块—木板模型的特点及规律,学会结合动量和能量知识处理有关问题。
2.理解滑块—弹簧模型的特点及规律,学会结合动量和能量知识处理有关问题。
3.理解滑块—曲面模型的特点及规律,学会结合动量和能量知识处理有关问题。
“滑块—木板”碰撞模型
1.模型图示
2.模型特点
(1)若子弹未射穿木块或滑块未从木板上滑下,当两者速度相等时木块或木板的速度最大,两者的相对位移(为子弹射入木块的深度)取得极值(完全非弹性碰撞拓展模型)。
(2)系统的动量守恒,但机械能不守恒,摩擦力与两者相对位移的乘积等于系统减少的机械能。
(3)根据能量守恒定律知,系统损失的动能ΔEk=Ek0,可以看出,子弹(或滑块)的质量越小,木块(或木板)的质量越大,动能损失越多。
(4)该类问题既可以从动量、能量角度求解,相当于非弹性碰撞拓展模型,也可以从力和运动的角度借助图示求解。
【典例1】 (2022·湖北荆州期末)如图所示,长木板C质量为mC=0.5 kg,长度为L=2 m,静止在光滑的水平地面上,木板两端分别固定有竖直弹性挡板D、E(厚度不计),P为木板C的中点,一个质量为mB=480 g的小物块B静止在P点。现有一质量为mA=20 g的子弹A,以v0=100 m/s的水平速度射入物块B并留在其中(射入时间极短),已知重力加速度g取10 m/s2。
(1)求子弹A射入物块B后的瞬间,二者的共同速度;
(2)A射入B之后,若与挡板D恰好未发生碰撞,求B与C间的动摩擦因数。
[解析] (1)子弹射入物块B的过程系统动量守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得mAv0=(mA+mB)v1
代入数据解得v1=4 m/s。
(2)由题意可知,B与D碰撞前达到共同速度,A、B、C系统动量守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得
(mA+mB)v1=(mA+mB+mC)v2
由能量守恒定律得
(mA+mB)v=(mA+mB+mC)v+μ(mA+mB)g·
代入数据解得μ=0.4。
[答案] (1)4 m/s (2)0.4
滑块—木板模型是通过板块之间的滑动摩擦力发生相互作用的,当系统所受合外力为零时,系统的动量守恒,但机械能一般不守恒,多用能量守恒定律求解,需要注意的是,滑块若不滑离木板,意味着二者最终具有共同速度。
[跟进训练]
1.如图所示,质量为m的子弹以水平速度v0射入放在光滑水平桌面上质量为M的木板,子弹没有射出。此过程中木板的位移为s,子弹进入木板的深度为Δs,若将子弹在射入木板的过程中受到的阻力视为恒力,则关于s和Δs的大小关系,正确的说法是 ( )
A.s>Δs B.s=Δs
C.s<Δs D.不能确定
C [方法一:设子弹和木板相互作用的时间为t,子弹和木板的共同速度为v,由匀变速直线运动的规律,有s=t,Δs=t-t=t,因为v0>v,所以s<Δs,故选项C正确。
方法二:由动量守恒定律,有mv0=(m+M)v,由动能定理,对木板Ffs=Mv2,对子弹-Ff(s+Δs)=mv2-mv,联立解得s=Δs<Δs,故选项C正确。]
2.如图所示,一质量为m=1 kg的滑块以初速度v0从光滑平台滑上与平台等高的静止的质量为M=9 kg的小车,小车和滑块间的动摩擦因数为μ=0.2,小车长L=1 m,水平地面光滑,若滑块不滑出小车,滑块初速度v0应满足什么条件?(g=10 m/s2)
[解析] 滑块以初速度v0从平台滑上小车,刚好滑到小车的最右端,此时两者速度相同设为v
由动量守恒定律得mv0=(M+m)v
从滑块滑上小车到两者速度相同,系统损失的动能为
ΔEk=μmgL=mv-(M+m)v2
解得v0=m/s
若滑块不滑出小车,滑块的初速度应满足
v0≤m/s。
[答案] v0≤m/s
“滑块—弹簧”碰撞模型
1.模型图示
2.模型特点
(1)两个或两个以上的物体与弹簧相互作用的过程中,若系统所受外力的矢量和为0,则系统动量守恒。
(2)在能量方面,由于弹簧形变会使弹性势能发生变化,系统的总动能将发生变化;若系统所受的外力和除弹簧弹力以外的内力不做功,系统机械能守恒。
(3)弹簧处于最长(最短)状态时两物体速度相等,弹性势能最大,系统动能通常最小(完全非弹性碰撞拓展模型)。
(4)弹簧恢复原长时,弹性势能为0,系统动能最大(完全弹性碰撞拓展模型,相当于碰撞结束时)。
【典例2】 (2022·江苏盐城一中期中)如图所示,光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C。B的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计)。设A以速度v0朝B运动,压缩弹簧,当A、B速度相等时,B与C恰好相碰并粘接在一起,然后继续运动。假设B和C碰撞过程时间极短,求从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中:
(1)B和C碰前瞬间B的速度;
(2)整个